第18章 第2节 第2课时 额定功率 实际功率&第3课时 电功率的测量-【中考123】2025-2026学年九年级下册物理全程导练(人教版·新教材)

第十八章 电功率 第2课时 额定功率 实际功率 [答案P2] 知识要点分类练学” (1)“220V”表示 (选填“额定”或“实 际”)电压，甲灯的额定功率是 W,当 知识点额定电压额定功率 两灯均正常发光时，较亮的灯是 （选 1.(多选)一个标有“220V1000W”的电热器，根 填“甲灯”或“乙灯”)。 据铭牌推算，下列说法正确的是 (2)将甲灯接到200V的电压下工作（不计温度 A.额定电压为220V 对灯丝电阻的影响)，电灯的实际功率 B.额定功率为1000W 额定功率，其亮度 正常工 C.正常工作时的电阻为4842 作时的亮度；通过电灯的实际电流 D.一度电可以供它正常工作1h 额定电流。（均选填“大于”“小于”或 2.『易错点混淆额定功率和实际功率 “等于”) 关于用电器的额定功率和实际功率，下列说法正 (3)若甲灯正常工作，则甲灯的实际电压是 确的是 V,甲灯的实际功率 (选填 A.额定功率大的用电器，其实际功率一定大 “大于”“小于”或“等于”)额定功率，此时通 B.实际功率大的用电器，其额定功率一定大 过甲灯的电流是 A。 C.用电器的实际功率会随它两端电压的改变而 6.(教材“例题”改编)下图是某电热水壶的铭牌。 改变 假设电热水壶的电阻不变，求： D.用电器的额定功率会随它两端电压的改变而 (1)电热水壶的电阻。 改变 (2)电热水壶正常工作5min消耗的电能。 3.小明假期随父母出国旅游时，发现该国的电压 (3)当电热水壶实际工作电压为110V时，它的 比220V低。小明一家携带的一个标有“220V 实际功率。 1000W”的吹风机，在该国家使用时相比在家使 用时 ( 额定电压：220V A.额定功率减小 B.额定电流不变 额定功率：1000W C.实际功率增大 D.电流做功变快 频率：50Hz 容量：1.2L 4.下图是一只普通照明灯泡的铭牌，其中“220V” 指的是该灯泡的」 电压是220V,“25W” 6题图 指的是该灯泡的 功率是25W。 20 谢×大 4题图 5.小明家中有两只白炽电灯，其铭牌如图所示，甲灯 “PZ220V-44W”,乙灯“PZ220V-100W”,请 回答(1)~(3)题。 光明牌 光明牌 甲灯 乙灯 5题图 见此图标跟微信扫码进人初小智慧学园鱼 全程导练·九年级物理·下册 能力提升综合练单： 时两端的电压低于220V,则它的实际功率 (选填“大于”“小于”或“等于”)60W。 7.将一只标有“220V40W”字样的灯泡L接在如 9.(重庆中考)如图所示的电路，电源电压恒为6V, 图所示的电路中，灯泡L的电阻不变，则灯泡L所 白炽灯泡L,标有“5V0.25A”,白炽灯泡L2标 消耗的实际功率为 ( 有“6V3W”,R的阻值为102。忽略温度对灯 A.40W B.20W C.15W D.10W 丝电阻的影响，只闭合开关S,时，灯泡 220V40W 更亮；只闭合开关S2时，R的功率为 W 110V 7题图 8题图 8.如图所示，是一款大功率节能环保LED灯泡，上 面标有“220V60W”字样，其中的“60W”表示 9题图 它的 是60W;在用电高峰，此灯泡工作 微专题 灯泡的亮度问题 1.三个灯泡L,“220V 100W”、L2“110V 下列说法错误的是 100W”、L,“36V100W”均正常发光时 A.乙灯泡能正常工作 ( B.甲灯泡的电阻大 A.L更亮 B.L2更亮 C.乙灯泡更亮 C.L更亮 D.三个灯一样亮 D.两灯泡的总功率等于4.5W 2.分别标有“6V3W”和“6V6W”字样的灯 4.甲、乙两个小灯泡上分别标有“6V3W”和 L,和L2（(假设两灯灯丝电阻不变)，若将它们串 “4V2W”的字样，现在把它们按不同方式接 在不同电路中（不考虑灯丝电阻的变化），下列 联在某电源上，使其中一个灯正常发光时，下列 判断错误的是 说法正确的是 ( A.若把它们串联在10V电路中，两灯都可以正 A.通过灯L,和L,的电流之比为1：2 常发光 B.灯L,和L2两端的电压之比为2：1 B.若把它们串联在10V电路中，甲灯比乙灯亮 C.灯L2和L,的发光亮度相同 C.若把它们并联在6V电路中，两灯都可以正 D.能够正常发光的灯应是灯L? 常发光 3.将分别标有“6V3W”和“3V1.5W”字样 D.若把它们并联在6V电路中，甲灯正常发光 的甲、乙两只灯泡，并联在电压为3V的电路 中。闭合开关，不考虑温度对灯丝电阻的影响， 见此图标暖微信扫码进人初中智慧学园巢 第十八章电功率 第3课时 电功率的测量 [答案P2] 知识要点分类练典： 数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，则 小灯泡的额定功率为 W。 多知识点1用电能表测电功率 (4)进行相同实验的另一同学，检查电路发现导 1.下列各组仪器中，可以用来测量电功率的是( 线连接正确且开关闭合，但灯座上忘记安装 ①电能表和电压表②电能表和电流表③电能 小灯泡，此时观察到 表的指针有明 表和秒表④电压表和电流表 显偏转。 A.①② B.③④ C.①④ D.②③④ 能力提升综合练， 2.小明想测量家中烘干机（如图甲所示）的电功率， 于是他将家中其他用电器关闭，只让烘干机单独 4.某同学用图甲电路测量额定电压为2.5V的小灯 工作。 泡的电功率，电源电压为3V。 心了式单相心能表 儿了式单相心能表 05647回 05648o kW·h>O kW·hDO 0.6 20V10(40)A50H 220V10(40)A50Hz 3 000 imp/(kWh) 3000 imp/(kW.h) 乙 内 2题图 【设计与进行实验】除了电能表之外，还需要的测 4题图 量工具是 0 经过30min,电能表的示数 (1)图甲中，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右 从图乙变成了图丙，则烘干机在这30min内消耗 移动时小灯泡变亮，请你将电路连接完整。 (2)连接电路时，开关要 的电能为 kW·h,电能表的灯闪烁了 (选填“闭合”或 次，烘干机的电功率是 W。 “断开”)，本实验中滑动变阻器的作用是 【分析论证】考虑到电路中的电线会消耗一部分 (3)闭合开关后，若电流表有示数，电压表无示 电能，小明测得的烘干机的电功率 (选 数，则故障原因可能是小灯泡 填“偏大”“偏小”或“准确”)。 (4)该同学进行了3次测量，并将相关数据记录 知识点2用电流表、电压表测电功率 在下面表格中。他完成第1次实验后，要测 3.（湖南中考)小霞用如图甲所示的器材测量小灯 小灯泡的额定功率，需将滑动变阻器滑片向 泡的额定功率。已知电源电压为3V且保持不 移；当电压表示数为2.5V时，电流 变，小灯泡额定电压为2.5V。 表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 2 a wlww 06 实验 电压 电流 电功率 小灯泡 次序 U/V I/A P/W 的亮度 /°08 1 1.5 0.24 0.36 较暗 乙 3题图 2 2.5 正常 (1)请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物图 3 3.0 0.32 0.96 很亮 连接完整，要求导线不得交叉。 (5)根据实验目的分析实验数据及现象，可以得 (2)正确连接好电路，闭合开关前，应将滑动变阻 端。 出结论：小灯泡的亮度随着实际功率的增大 器的滑片P移到最 (选填“亮”或“暗”)。 (3)闭合开关后，移动滑片P,观察到电压表的示 而变 见此图标跟微信扫码进人初小智慧学园通全程导练·九年级物理·下册 10.0.0140 (2)电热水壶正常工作5min消耗的电能： 11.解：(1)由题图可知，空调在前5min内，其功率为 W=Pt=1000W×5×60s=3×103J: 0.22kW,此时空调处于送风状态， (3)电热水壶实际工作电压为110V时，它的实际功 通过它的电流：山，== P2_0.22×1000W=1A: U室2(110V)2 220V 率：P实=R=48.40 =250W。 (2)由题图可知，1h内空调制冷时间：t,=40min 答：(1)电热水壶的电阻为48.42：(2)电热水壶正常 -号h,送风时间：6=20m血=号， 工作5min消耗的电能为3×10J:(3)当电热水壶实 际工作电压为110V时，它的实际功率为250W。 则1h内空调消耗的电能：W=P,4,+P22=2.2kW 【能力提升综合练】 ×号h+0.2kwx写h=1.54kW.h。 7.D 8.额定功率小于 答：(1)空调在前5min内处于送风状态，此时通过 9.L10.4 它的电流为1A;(2)在1h内，空调消耗的电能为 1.54kW·ha 微专题灯泡的亮度问题 12.解：(1)第28s红灯两端的电压为100V,由图甲可 1.D2.B3.D4.C 知，此时红灯的功率P红=200W,由P=UI可得， 第3课时电功率的测量 P红_200W」 【知识要点分类练】 通过红灯的电流：红100V-2A: 1.B (2)由图甲、乙可知，红灯和绿灯在0~20s内的总 2.【设计与进行实验】秒表0.515001000 功率P1=200W,在20~25s内总功率P2=0W, 【分析论证】偏大 在25~30s内总功率P,=200W+200W=400W, [解析]【设计与进行实验】烘干机消耗的电能： 所以0~30s内红灯和绿灯消耗的总电能：W-W W=5648kW·h-5647.5kW·h=0.5kW·h。 +W2+W3=P1t1+P22+P3t3=200W×20s+0W 电能表上显示3000imp/(kW·h),消耗0.5kW·h ×5s+400W×5s=6000J。 的电能，电能表的灯闪烁了30O0imp/(kW·h)× 答：(1)此时通过红灯的电流为2A:(2)0~30s内 0.5kW·h=1500imp。烘千机的电功率：P=严= 红灯和绿灯消耗的总电能为6000J。 【素养探究创新练】 0.5kW,b=1kW=1000W。【分析论证】电路中 0.5h 13.88200 的电线会消耗一部分电能，所以会造成测得的电能 第2课时额定功率 实际功率 【知识要点分类练】 偏大，根据P=,测得烘于机的电功率偏大。 1.ABD 2.C 3.B 3.(1)如答图所示 4.额定额定 5.(1)额定44乙灯 (2)小于小于小于 (3)220等于0.2 6,解：D根据P=可得，电热水壶的电阻： 3题答图 U2_(220V)2 (2)左(3)0.75 P新1000W=48.42: R= (4)电压 ·2· 参考答案及解析■ 【能力提升综合练】 5.0.50.75 4.(1)如答图所示 6.(1)0.3 解：(2)由图可知R、R2串联，电压表测R,两端的 电压，根据欧姆定律可得，电阻R,的阻值： U1-1.8y=60: R1=7=0.3A (3)滑动变阻器R2两端的电压： U2=U-U1=3V-1.8V=1.2V, 4题答图 滑动变阻器R2的电功率： (2)断开保护电路和改变小灯泡两端的电压 P2=U2I=1.2V×0.3A=0.36W。 (3)短路（4)右0.75(5)亮 答：(2)定值电阻R,的阻值为62：(3)此时滑动变 第3节跨学科实践：为家庭节约用电提建议 阻器R2的电功率为0.36W。 【知识要点分类练】 7.B8.C 1.B2.B 9.D[解析]A.由图像可知，当L,两端的电压 3.9×105[解析]全国一天因此浪费的电能为W总= U1=2V,通过的电流1，=0.5A时，L1的实际功率 1 P卷‘g=4×18×10×0.1×10-3kW×20h=9× 为1W,故A错误；C.由图乙知，两灯并联，电流表 10kW·h。 测千路电流，因为并联电路中各支路两端的电压相 等，所以电源的电压U=U2=U,=2V,故C错误； 【能力提升综合练】 D.由图像可知，当U2=2V时，通过L2的电流I2= 4.10080[解析]1kW·h的电能可供一盏标有 0.3A,所以L2的实际功率P2=U22=2V×0.3A= “220V10W”的LED灯正常发光的时间为t= 0.6W,故D正确；B.因并联电路中千路电流等于各 "出100h,灯的发光效率号于电能转 支路电流之和，所以电流表的示数I=I1+L2=0.5A 化为光能的功率与消耗电能的功率之比，即？= +0.3A=0.8A,故B错误。故选D。 10.30.918 ,因D灯与白炽灯在正常发光时亮度相当，即 11.C P光相等，则P白7白=PLED TLED,即100W×8%= 12.解：(1)只闭合S,滑动变阻器滑片位于最左端时，R、 I0W×nD,解得该LED灯的发光效率T1D= R,R串联，R的电功率：P,=”=0」=8W t-10s 80%。 (2)设电源电压为U,只闭合S、S1,滑动变阻器滑 5.解：(1)根据P=U1可得，这个家庭的干路电流： 片位于最右端时，R2、R3被短路，电路为R,的简单 1台--01A: 电路，电流表A测电路中的电流， (2)该社区每天因为用电器待机而浪费的总电能： 只闭合S、S2,滑动变阻器滑片位于最左端时，R,、 W=1000Pt=1000×0.022kW×20h=440kW·h; R2被短路，电路为R,的简单电路，电流表A,测电 (3)用电器不使用时，要及时拔下插头（断电）。 路中的电流， 答：(1)这个家庭的干路电流为0.1A;(2)该社区每 由欧姆定律可知，定值电阻R与R的比值： 天因为用电器待机而浪费的总电能约为440kW·h。 ◇ RI1123A3 专题1串、并联电路中电功率的分析与计算 R=U=1=1A=1 1.D2.AB3.C4.C 12 ·3