精品解析：吉林省延边朝鲜族自治州延吉市延边第二中学2025-2026学年高二上学期11月期中物理试题

延边第二中学2025-2026学年度第一学期期中考试 高二年级物理试卷 一、选择题（本题共10小题，共46分。第1-7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8-10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。） 1. 生活中有很多情景都属于振动和波的现象，下列关于四种情景中的说法正确的是（ ） A. 甲图中火车鸣笛通过站台边站着的工作人员时，工作人员听到的笛声音调先变低后变高 B. 乙图中如果孔的大小不变，使波源的频率增大，能观察到更明显的衍射现象 C. 丙图中手掌摩擦龙洗盆盆耳使得水花飞溅，是因为摩擦力较大 D. 丁图为干涉型消声器的结构示意图，同一声波通过上下两通道后相遇的路程差应为该声波半波长的奇数倍 【答案】D 【解析】 【详解】A．甲图中火车鸣笛通过站台边站着的工作人员时，火车与人的间距先减小后增加，根据多普勒效应可知，工作人员听到的笛声音调先变高后变低，故A错误； B．乙图中如果孔的大小不变，使波源的频率增大，波长变小，则不能观察到更明显的衍射现象，故B错误； C．丙图中用手掌摩擦盆耳，起初频率非常低，逐渐提高摩擦的频率，当摩擦的频率等于水的固有频率时，会发生共振现象，此时振幅最大，使水花飞溅，故C错误； D．丁图为干涉型消声器的结构示意图，根据波的干涉原理，波长为的同一声波通过上下两通道后相遇的路程差应该为半波长的奇数倍，叠加后振动减弱，起到消声的目的，故D正确。 故选D。 2. 两根材料相同、横截面半径之比为3：1的均匀直导线P、Q按如图所示的方式接入电路。当电路中通入恒定电流时，流过P、Q的自由电子定向移动的平均速率之比为（　　） A. 1：9 B. 1：3 C. 3：1 D. 9：1 【答案】A 【解析】 【详解】根据 可得 可知流过P、Q的自由电子定向移动的平均速率之比为1:9。 故选A。 3. 图甲为测绘小灯泡伏安特性曲线实验电路图，图乙为实验所得伏安特性曲线，小灯泡额定电压为2.4V。则以下说法正确的是（ ） A. 开关闭合前滑动变阻器的滑片应该置于最右端 B. 图线表明小灯泡的电阻随温度的升高而增大 C. 小灯泡正常工作时的电阻为 D. 由于电压表分流影响，小灯泡电阻的测量值始终大于真实值，该误差为系统误差 【答案】B 【解析】 【详解】A．开关闭合前，为了保护电路应该尽可能使电路中电阻大，故滑动变阻器的滑片应该置于最左端，故A错误； B．图线表明图像与原点连线的斜率在变小，即变小，即电阻在增大，故小灯泡的电阻随温度的升高而增大，故B正确； C．小灯泡正常工作时电压为2.4V，如图所示 可知此时电阻为，故C错误； D．由于电压表分流影响，小灯泡电流的测量值大于流过灯泡的真实值，故电阻测量值始终小于真实值，该误差为系统误差，故D错误。 故选B。 4. 如图所示，带电小球A固定在足够高的空中，带电小球B用绝缘细线悬于O点，O点在小球A的正上方，两小球均处于静止状态，细线的拉力大小为，两球的库仑力大小为F，小球的大小忽略不计，现将悬点O缓慢竖直向下移靠近小球A的过程中（ ） A. 变大，F变小 B. 变大，F变大 C. 变小，F变小 D. 变小，F变大 【答案】B 【解析】 【详解】设细线长为L，OA距离为h，A、B间距离为r，A、B两球的带电量分别为、，小球B的质量为m，根据相似三角形有 即 由于h变小，L一定，mg一定，、一定，因此变大，r变小，库仑力变大。 故选B 5. 位于的波源从时刻开始振动，形成的简谐横波沿轴正负方向传播，在时波源停止振动，时的部分波形如图所示，其中质点的平衡位置，质点的平衡位置下列说法正确的是（ ） A. 时，波源的位移为负 B. 沿轴正负方向传播的波发生干涉 C. 时，质点沿轴正方向振动 D. 在到时间内，质点运动总路程是 【答案】C 【解析】 【详解】A．由图可知，波的波长，由题意可知0.1s内波传播四分之一波长，可得 解得 由波形图可知，时，如果波源还在振动，此时处于波峰位置，由于 可知波源的起振方向向上；由于，可知时，波源处于平衡位置上方且向上运动，即位移为正，故A错误； B．波从波源发出后，沿轴正负方向传播的波不会相遇，不会发生干涉，故B错误； C．波波速 波源停止振动到质点a停止振动经历的时间 即时，质点a还在继续振动，根据 可知时，质点在平衡位置上方沿轴正方向振动，故C正确； D．波传到质点所需的时间 在0到1s内，质点振动的时间为 则质点b运动总路程，故D错误 故选C。 6. 如图所示，在匀强电场中，有边长为10cm的等边三角形，三角形所在平面与匀强电场的电场线平行，点为该三角形的中心，三角形各顶点的电势分别为，，，电子电荷量为，下列说法正确的是（ ） A. 电场强度的方向由指向 B. 匀强电场的电场强度大小为 C. 将电子由点移到点，电子所受电场力做功为 D. 在三角形外接圆的圆周上，电势最低点的电势为 【答案】D 【解析】 【详解】AB．取AC中点为D点，结合题意可知 可知BD连线为等势线，根据几何关系以及沿电场线电势降低可知电场强度的方向为由C指向A，电场强度大小为，故AB错误； C．将电子由A点移到C点，电子所受电场力做功为，故C错误； D．根据几何关系，三角形ABC外接圆的半径为 在三角形外接圆的圆周上，电势最低点的电势为 联立解得，故D正确。 故选D。 7. 如图所示，两个可看作点电荷的带电绝缘小球紧靠着塑料圆盘边缘，小球A固定不动（图中未画出）。小球B绕圆盘边缘在平面内从沿逆时针缓慢移动，测量圆盘中心处的电场强度，获得沿方向的电场强度随变化的图像（如图乙）和沿方向的电场强度随变化的图像（如图丙）。下列说法正确的是（ ） A. 小球A带负电荷，小球B带正电荷 B. 小球A、B所带电荷量之比为 C. 小球B绕圆盘旋转一周过程中，盘中心处的电场强度先增大后减小再增大 D. 小球B绕圆盘旋转一周过程中，盘中心处的电场强度最小值为0 【答案】C 【解析】 【详解】A．由乙、丙两图可知，当时，小球B在O点正上方，此时， 则说明小球A一定在y轴上固定；当时，有 小球B在O点正右侧，而水平方向场强方向为x轴负向，则说明小球B为正电荷，此时 说明竖直方向的场强方向为y轴负向，若小球A在O点正上方固定，则小球A带正电荷，若小球A在O点正下方固定，则小球A带负电荷，所以小球A的带电性质不能确定，故A错误； B．由于两小球都紧靠在塑料圆盘的边缘，所以到O点的距离r相同，当时有、 由，可得，故B错误； C．盘中心O处的电场强度为小球A和小球B在O点产生的场强的矢量和，随着小球B从转到2π的过程中，和大小都不变，和的夹角在增大的过程中，当时，O处的合场强最大；当时，O处的合场强最小；所以小球B从转到2π的过程中，中心O处的合场强先增大后减小再增大，故C正确； D．小球B绕圆盘旋转一周过程中，当时，O处的合场强最小，其值大小为，故D错误。 故选C。 8. 2025年9月3日，纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利80周年阅兵在北京天安门隆重举行，我国自主研发的东风-61陆基洲际战略核导弹等武器首次亮相。导弹内部固定安装有多种类型的传感器，其中电容式导弹加速度传感器原理如图所示，质量块左、右侧分别连接电介质和轻质弹簧，弹簧与电容器固定在导弹身体内部，质量块套在光滑且平行于弹簧轴线的固定直杆上，质量块可带动电介质移动从而改变电容。下列说法正确的是（ ） A. 电介质插入极板间越深（深度不超过极板长度），则电容器电容越小 B. 若导弹沿弹簧轴线方向做变加速运动，则以上电路中有电流 C. 若导弹沿弹簧轴线方向向右匀加速运动过程中突然开始匀速运动，稳定后弹簧长度会变长 D. 导弹由静止突然沿弹簧轴线方向向右加速时，以上电路中有顺时针方向的电流 【答案】BD 【解析】 【详解】A．根据电容器的电容公式可知，当电介质插入极板间越深，则电容器电容越大，故A错误； B．若导弹沿弹簧轴线方向做变加速运动，根据牛顿第二定律可知，弹力大小改变，则导致插入极板间电介质的深度改变，电容改变，根据可知，极板间的电量改变，电路中有电流，故B正确； C．若传感器原来向右匀加速运动变为向右匀速运动，质量块受到向右的弹簧的弹力将变小，弹簧长度会变小，故C错误； D．导弹由静止突然沿弹簧轴线方向向右加速时，质量块要向左运动，导致插入极板间电介质深度变大，因此电容会增大，由于电压不变，根据可知，极板间的电量增大，电容器处于充电状态，因此电路中有顺时针方向电流，故D正确。 故选BD。 9. 两个固定等量同种正点电荷所形成电场的电场线如图实线所示。其中A与A'、B与B'、C与C'均关于两点电荷连线中点O对称。则以下说法正确的是（　　） A. C与C'两点一定在同一等势面上 B. A点与B点电场强度有可能相同 C. 电子在B点获得一个合适初速度，将可能做匀速圆周运动 D. 电子在B点获得沿BO方向的初速度后，将在BB'间做往复运动 【答案】AC 【解析】 【详解】A．根据等量同种电荷等势线分布的对称性，可知C与C'两点的电势大小相等，两点一定在同一等势面上，故A正确； B．根据等量同种电荷电场线分布情况和对称性，可知A点场强的方向水平向右，而B点的场强的方向竖直向上，故B错误； C．电子在B点获得一个合适初速度，若该电子速度的方向与该平面垂直，而且满足电场力刚好等于所需向心力，将可能做匀速圆周运动，故C正确； D．根据等量同种电荷等势线分布的对称性，可知B与B'两点的电势大小相等，两点一定在同一等势面上，所以电子在B点获得沿BO方向的初速度后，到达B'后仍然具有速度将继续向下运动，所以电子不可能在BB'间做往复运动，故D错误。 故选AC。 10. 如图所示，在地面上方的水平匀强电场中，一个质量为、电荷量为的小球，系在一根长为的绝缘细线一端，可以在竖直平面内绕点做圆周运动。为圆周的水平直径，为竖直直径。已知重力加速度为，电场强度。下列说法正确的是（ ） A. 若小球在竖直平面内绕点做圆周运动，则它运动的最小速度为 B. 若小球在竖直平面内绕点做圆周运动，则小球运动到点时的机械能最大 C. 若将小球在点由静止开始释放，它将沿直线运动到点 D. 若将小球在点以大小为的速度竖直向上抛出，它将能够到达点 【答案】BCD 【解析】 【详解】A．小球所受的电场力为 所受的合力 故若小球在竖直平面内绕O点做圆周运动，设它运动最小速度为v，由牛顿第二定律得 解得，故A错误； B．若小球在竖直平面内绕O点做圆周运动，则小球运动到B点时，电场力做功最多，所以到B点时的机械能最大，故B正确； C．小球受合力方向与电场方向夹角45°斜向下，故若将小球在点由静止开始释放，它将沿直线运动到点，故C正确； D．小球运动的最小速度为，若将小球在A点以大小为的速度竖直向上抛出，小球将不会沿圆周运动，因此小球在竖直方向做竖直上拋，水平方向做匀加速，当竖直上拋合位移为零时用时间 此时水平位移 即小球刚好运动到B点，故D正确； 故选BCD。 二、实验题（本题共2小题，共16分） 11. 某物理兴趣小组测定一段金属丝的电阻率，该金属丝的电阻约为。 （1）然后用螺旋测微器测其直径______mm，再用游标卡尺测其长度为______cm。 然后进行较准确测量，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下 A.电压表（量程，内阻约为） B.电压表（量程，内阻约为） C.电流表（量程，内阻约为） D.电流表（量程，内阻约为） E.滑动变阻器 F.滑动变阻器 G.电源E（电压为） H.电阻箱 I.开关S，导线若干 （2）选择合适的器材，在虚线框内设计最合理的电路图，并在电路图中标注所选的器材符号______。 （3）实验过程中，调节滑动变阻器，测出6组电压和电流的数据，根据数据作出图像如图所示，图线的斜率为，测得该金属丝的长度为，该金属丝的电阻率______（用、、表示）。 【答案】（1） ①. 4.700 ②. 10.050 （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 [1]螺旋测微器的精确值为0.01mm，由图可知直径为 [2]20分度游标卡尺的精确值为0.05mm，由图可知长度为 【小问2详解】 由于电源电动势为3V，所以电压表应选择V1；该金属丝的电阻约为6Ω，则有A 可知电流表应选择A2；为了调节方便，使电表示数变化明显，滑动变阻器应选择阻值较小的R1为了使电表调节范围大一些，滑动变阻器采用分压接法；由于待测电阻较小，电流表应采用外接法，则电路图如图所示 【小问3详解】 根据欧姆定律可得 根据电阻定律可得 联立可得该金属丝的电阻率为 12. 某待测电阻的阻值在之间，现要测量其电阻的阻值，实验室提供如下器材： A.电流表（量程、内阻，其读数用表示） B.电流表（量程、内阻约为，其读数用表示） C.电流表（量程、内阻约为，其读数用表示） D.电压表（量程、内阻约为，其读数用表示） E.定值电阻 F.滑动变阻器，最大阻值约为 G.电源（电动势） H.开关、导线若干 （1）图中电表应选______，图中电表应选______；（选填字母） （2）用已知量和测量的量表示的表达式______。 【答案】（1） ①. A ②. B （2） 【解析】 【小问1详解】 [1][2] 由于电源电动势为4V，不到所给电压表量程的三分之一，电压表量程太大不能使用，故从并联电路中电流与阻值成反比的角度来考虑测电阻，需要另一已知阻值的定值电阻与两只电流表，由于待测电阻阻值为，所以估算出电路中的最大电流为 C量程过大，故不能用C测电流。定值电阻与被测电阻并联后可使电路中电流达到一百多毫安，由于内阻未知且其量程较大，故可用测量干路电流，测通过的电流，即电表应选A，电表应选B。 【小问2详解】 由并联电路两端电压相等有 解得 三、解答题（本题共3小题，共38分。其中13题10分，14题12分，15题16分。解答应写出必要的文字说明、原始公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位。） 13. 用一根长的轻质柔软绝缘细线拴一个质量为、电荷量为的小球，细线的上端固定于点，现加一水平向右的匀强电场，平衡时细线与竖直方向成（取，，）. （1）求细线对小球的拉力大小； （2）求匀强电场的场强为多大； （3）把小球从点移到点，，此时细线与竖直方向成，求电场力对小球做的功和小球电势能的变化量。 【答案】（1）细线对小球的拉力大小为 （2）匀强电场的场强为 （3）电场力对小球做的功为，小球电势能增加 【解析】 【小问1详解】 小球静止时受力平衡，竖直方向 解得 【小问2详解】 小球静止时受力平衡，水平方向受到向右的电场力与拉力的水平分量平衡 解得 【小问3详解】 沿电场线方向的位移 电场力与位移方向相反，电场力做负功 小球电势能的变化量 14. 一列简谐横波沿轴正方向传播，在时刻，相距的两质点、的位移分别为和，质点正沿轴负方向运动，质点正沿轴正方向运动，如图所示。已知质点的振动方程，质点、的运动方向始终相反，质点在时第一次回到平衡位置。求： （1）该简谐横波的周期。 （2）该简谐横波的传播速度的大小。 【答案】（1）6s （2）m/s（n=0，1，2…） 【解析】 【小问1详解】 在时刻，a质点正沿y轴负方向运动，由质点a的振动方程 当时，cm，代入解得 当时，第一次回到平衡位置，则有，代入得cm 又 联立解得该简谐横波的周期为s 【小问2详解】 质点a、b的运动方向始终相反，则有=30m（n=0，1，2…） 该简谐横波的传播速度为 联立解得m/s（n=0，1，2…） 15. 如图甲所示，电子加速器的加速电压为（未知），偏转电场的板长为。大量电子由静止加速后，不断地从两板正中间沿水平方向射入偏转电场。两板不带电时，电子通过两板的时间为，当在两板间加如图乙所示的周期为、最大值为的变化电压时（时刻，上极板带正电），偏移量最大的电子恰从两极板右边缘射出。电子的电荷量为e，质量为m，不计电子重力和它们之间相互作用力，求： （1）加速电场的电压； （2）偏转电场的板间距离d； （3）若电子进入偏转电场时的速度不变，但考虑在偏转电场中电子所受重力，且，求时射入偏转电场的电子离开偏转电场时距两板间中线的距离。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 设电子经过加速电场加速后获得的速度为，根据动能定理，可得 由于电子进入偏转电场后水平方向不受力的作用做匀速直线运动，则有 解得 【小问2详解】 由分析可知，电子在偏转电场中分段做类平抛运动和类斜抛运动，其中水平方向始终是匀速直线运动，速度为 竖直方向的运动为分段的匀变速直线运动，其图像如图所示 从图中可以看出，在（，，）时刻进入偏转电场的电子出偏转电场时偏移量最大。设电子刚进入偏转电场时的加速度为，根据牛顿第二定律有 偏移量最大的电子就是在0、、…时刻进入偏转电场的电子，恰好从两极板的右边缘射出，根据对称性可得 联立解得 【小问3详解】 若电子进入偏转电场时的速度不变，但考虑在偏转电场中电子所受重力，且；对于时射入偏转电场的电子，从内对电子由牛顿第二定律有 解得 这段时间竖直方向上的位移为 这段时间末竖直方向的速度为 从内对电子由牛顿第二定律有 解得 这段时间竖直方向上的位移为 这段时间末竖直方向的速度为 同理内电子竖直方向上的位移也为 则时射入偏转电场的电子离开偏转电场时距两板间中线的距离为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $