山西省晋中市部分学校2025-2026学年高三上学期11月检测物理试题

GE 2026届高三年级11月阶段检测 4,宇宙中，两颗盘得比较近的框屋，只受到彼此之问的万有引力作用，分别围绕其连线上的 物理试题 某一点做周期相同的匀速圆周运动，称之为双屋系统。由缸显A与恒五B组成的双屋系 统烧其连议上的O点做匀速圆周运动，如图所示，已知它们之间的距离为L,周期为丁， 住宜本项： 轨道半径之比rA·r。=3·5,引力常量为G,则下列判断正确的是 1.答卷的，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上， AA,B的线速度大小之比为A1。=5·3 2回容选择题时，选出每小题容案后，用铅笔把答题卡上对应题目的容案标号涂思，如需改 806 动，川像皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将容案写在容题卡上，写在 BA、B的质量之比为mA·m。=3.·5 木试卷上无效. 3,考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 CAB的总质量为祭 考试时间为75分钟，满分100分 D,A、B的总质量一定的情况下，L越大，T越小 5如图所示，A、B两篮球从相同高度抛出后直接落人蓝筐，落人蓝筐时的速度方向相同，若 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项 两次抛出蓝球的速度大小分别为A,。,两次篮球运动的最大高度分别为hA,A。,两次蓝 中，只有一项是符合题目要求的。 球从地出到落人篮筐的时何分别为A,‘。,不计空气阻力，两篮球未发生碰擅，下列判断 1.8月6日，南京城市交通迎米了重大利好消息，备受期特的地快5号线正式通车，若以 正确的是 20m/s的初速度在平直轨道上行驶的列车，匀减速运行20s后停止，则减速运动中其加 速度的大小为 A.0.1m/s B.0.4m/s C.1.0m/s D.1.5 m/s' 2山出上有一块风动石，无风时风动石静止，风动石与地面的接触面可以近似看作斜面 PQ,则地面对风动石的作用力的方向 AA大于n B.hA小于h。 C.a等于ta D,A和va的水平分量相等 6.如图所示，某次跳跃中床运动员从距离水平网面A高处自由下落，着网后沿竖直方向 留回到距离水平同面高处，双脚与同面何的作用时间为：，网面对他的平均神击力大小 为F,,在另一次跳妖中，该运动员从距离水平同面4h高处自由下落，着网后沿竖直方向 A竖直向上 B沿斜面向上 扇回到距离水平网面4h高处，双脚与同面间的作用时问仍为：，网面对他的平均冲击力 C沿斜面向下 D.垂直斜面向上 大小为F,。不计空气阻力，则 3.如图所示，将飞颂以大小为。的速度水平射出，飞辄插人墙面 时速度与整直方向夹角为60°，若不考虑所受的空气阻力，则飞 佩在空中的运动时向为 n 号 A C③ 2g 器 A.F-7F B.F.-IF C.F>TF D.F<TF: 2026届高三年红11月阶段检测物理流题系1重（共8页） 2026届高三年低11月价段位测物理议题第2页（共8页） 7川调根等长、不可伸长的轻质细线1,2将质量为m的小球悬挂在水平天花板上，小球处 9如图，可汉为质点的小球用细战悬于O点，使小球在水平面内以O为列心做匀速圆周运 于静止状卷，两根细线与水平方向的夹角均为0，细线1的拉力大小为F,:剪断细线2的 动，忽略空气阻力。悬挂小球的帽长【保持不变，改变悬点O到圆心O的距离A,则小球 解间，细线1的拉力大小为F,:小球物至最低点时，细线1的拉力大小为F,,不计空气 做匀速圆周运动的角速度、周期T、向心加速度大小▣、绳对小球的拉力大小F随h变 刚力，已知F,=2F,则下列表达式正确的是 化的关系图像中可饱正确的是 Λ.0=30°，F,=2F: B.0=45°，F,=2F, C0=45',F,-2F D.0=30',F,-5F, 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项 中，有两个成两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分。 10.如因甲所示，长木板A静置于光滑的水平面上，质量m=2kg的小滑块B(可视为质点) 8,中国自主研发的“攻击一11“隐身攻击无人机，最大飞行速度接近0.9马林，最大航程超过 以某一初速度滑上A的左物，从B帝上A开始计时，B相对A的速度va随时间：的变 4000公里，作战半径超过1500公里，能够携带多种精确制导式器，对敌方高价值日标实 化如图乙所示，已知B恰好来从A上滑出，达到共速的过程中B的位移大小是A的位 施情确打击。某次测试中，=0时刻，无人机由静止开始沿竖直方向做直线运动，以竖直 移大小的4倍，g取10m/,下列说法正确的是 向上为正方向，其速度v或加速度。随时同：按正弦规律变化，如图所示。在0一2：，时间 内，下列说法正确的是 A长木板A的长度为0.5m A.若为a4图像，则2。时刻速度最大 BA,B之间的动摩擦因数为0.1 B若为！图像，则24。时刻距离出发点最远 C,若为”t图像，则在0~，时间内无人机先超重后失重 C,达到共速的过程中A的动能增加了号」 D.若为t图像，则0一，时间内与t,一2：，时间内的平均速度相同 D若仅使滑块B的初速度增加，则达到共速过程系统机械能的减少量增加 2026届高三年级11月卧段检测物理试题第3页（共8页） 2026届高三年复1山月阶段检测物理议题第4页（共8页） BE ⑥E 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 间△，测出小球释放前球心到光电门中心的高度方。改变光电门的位置，仍然将小球从 11.(6分)某实验小组通过如图甲所示装置探究轻质橡皮舫弹力与长度的关系，实验步露 相同位置由静止释放，测得多组与h。则小球通过光电门时的速度大小可表示为世= 如下： (用已知及测得物理量的相应字母表示)。已知重力加速度为g,忽略阳力，以 I,将橡皮筋一端困定在长木板的左纳，测出像皮筋的原长【。，橡皮筋另一增系一段铜 h为横坐标 (选填山(a)名酸”)为纵坐标作直线图像，若所得 线，细线跨过长木板右端的光滑定滑轮与小桶相莲 图像过原点，且斜串为 (用d和g表示)，即可证明小球在运动过程中机械能 Ⅱ.用帮有刻度的杯子量取V,=50mL的水，短慢倒人小桶，稳定后测量橡皮筋的长 守恒。 度l 异数装置 Ⅲ，重复上述步骤Ⅱ，获得多组对应的数值： V.以小桶中水的体积V为横坐标，橡皮筋的仲长量x为纵坐标，根据实验数据拟合成 如图乙所示的直线， 定的 数字计时器 材料 完成下列填空， 甲 (2)第二次设计的实验装置如图乙所示，不可伸长的轻质细线上端系于量角器的圆心O 几皮药细 点，下端拴接小球，可绕O点在竖直面内做圆周运动，在小球轨迹最低点放置光电门， 品 已知小球的直径为d、细线长度为L,小球由静止释放，测量释放时细战与竖直方向的夹 乙 角。、小球通过光电门的挡光时问△，已知重力加速度为g,则该实验中验证机械健守 (1)不挂小桶时，用刻度尺测量像皮筋的原长，刻度尺读数如图丙所示，该读数为 cm. 恒的表达式为 (用上述物理量的相应字母表示)，实验中发现小球减 n 少的重力势能略大于小球增加的动能，列出一条可能的原因： 丙 (2)已知水的密度为1.0×10kg/m',重力加速度g取9.8m/,图乙中图线的斜率为 4.0X10m,截距为5.5X10-。m,则可以求得橡皮筋的劲度系数为N/m,小 形角器 桶质量为kg。(结果均保留三位有效数字) 12.(9分)某实验小组借助光电门设计实验来验证机械能守恒定律。 (1)第一次设计的实验装置如图甲所示，实验装置固定，每次将直径为d的小球从相同 光地 位登由静止释放，通过安装在正下方的光电门时，数字计时器记下小球通过光电门的时 2026届高三年红11月阶段检测物理该题第5面（共8页） 2026届高三年线11月价及检测物理议廷第6页（共8页） 13.(9分)某码头用传送带传送物品，如图所示，传送撞以v=4m/s的速度逆时针匀速软 15,(16分)如图所示，领角▣=30的足够长的倾斜轨道与光滑水平轨道平滑连接，水平轨道 动，传送带AB之间长度为7m,与水平面之间的夹角0=37”。将一定质量的小物块（视 右侧有一竖直困定挡板。小物块甲从颜斜轨道上距其底酒x一16m处由静止释放，小 为质点)轻放在传送带的上情B点，小物块与传送带之间的动摩擦因数：=0.25，认为最 物块乙在水平轨道上以2：=4m/s的初速度向左运动，甲和乙总是在水平轨道上发生 大静像擦力和滑动擦力相等，sn37'=0.6,cos37”=0.8,g取10m/s',求， 弹性碰擅，乙与挡板每次碰擅后速度大小都变为碰前的一半，已知甲、乙质量扣等，印与 (1)小物块开始下滑厨间的加速度大小： 顿斜轨证间的动摩擦因数一号，重力加造度尽取10m/,求， (2)小物块运动到底消A的速度大小， (1)甲从释放到第一次经过斜面底烟的时间： (2)甲，乙发生第一次碰值后速度大小分别是多少， (3)整个过程中，甲在倾斜轨道上运动的总路程（结果保留两位小数）。 14.(14分)如图所示，竖直光滑半圆形轨道与光滑水平面相切，光滑水平面上质量为m的 小球1以速度。向质量为2m的静止小球2（与径弹簧栓接）运动，小球】滑上半圆形轨 道后，除最高点外不会脱离轨道。重力加速度为君，求： (1)弹簧的最大弹性势能： (2)小球1与弹簧分开时的迪度大小， (3)半圆形轨道的半径R调足的条件， 2026届高三年L11月阶段位副物理拔题第7页（共8面） 2026届高三年低1】月阶段性副物理优题第8页（共8页） ⑥⑥加 2026届高三年级11月阶段检测 物理参考答案及评分意见 1.C【解析】根据速度一时间关系0一v=一at,其中vo=20m/s,t=20s,可得减速运动中其加速度的大小为a= 1.0m.s2,C正确。 2.A【解析】地面对风动石的作用力指的是弹力和摩擦力的合力，因风动石处于平衡状态，则地面对风动石的作用 力跟重力相平衡，其方向竖直向上，A正确。 3.D【解析飞镖做平弛运动竖直分速度也一an603,由于，一，侧时间1二，D正确。 3 3g 4.C【解析】双星绕O点做周期为T的匀速圆周运动，角速度相等，根据v=wr,可得线速度大小之比为vA： ”=1A:rB=3:5,A错误：双星绕0点做匀速圆周运动，由两者之间的万有引力提供向心力，有Gm”B= L2 mAarA,GmAnB=nw2TB,L=rA十r,a 朵联立求得质量之比为mA·m5:3,m4十m一4红 GT?,双星 4π2L3 系统的周期T=√G(mA千m。A,B的总质量一定的情况下，L越大，T越大，C正确，B,D错误。 5.A【解析】若研究两个过程的逆过程，可看作是从篮筐沿同方向斜向上的斜抛运动，落到同一高度上的A、B两 点，则A上升的高度较大，即hA大于hB,高度决定时间，可知A运动时间较长，即tA大于tg,B、C错误；因为两 球抛射角相同，A的射程较远，则A球的速度较大，即vA大于vB,A正确；A球的水平分速度较大，D错误。 6.C【解析】设第一次跳跃中脚着网瞬间的速度大小为v,取竖直向上为正方向，根据动量定理得(F,一G)·t= m0-(-mo),同理在第二次跳跃中有(F2一G)·t=2mv-（-2mw),则F2-G=2(F1-G),即F2=2F1一 G<2F1,即F>2F2,C正确。 7.A【解析】细线与水平天花板的夹角为0，由受力分析可知2F1si0=mg;剪断其中一根的瞬间，小球只受重力、 未剪断细线的拉力，将重力沿细线和垂直于细线方向分解后，满足mgsnθ=F2;在摆至最低点的过程中，由动能 定理可得mg11一5m0)-2m,在最低点得E,-mg=m,联立F,=2F,解得0=30，P,=2,A正确 8.BC【解析】若为a-t图像，0~t。时间内，无人机先做加速度增加的加速运动，后做加速度减小的加速运动，t。时 刻速度达到最大，t。~2。时间内，无人机先做加速度增大的减速运动，后做加速度减小的减速运动，2t。时刻速 度减为零，此过程一直向上运动，2t。时刻距离原点最远，A错误，B正确；若为t图像，则在0~t。时间内无人 机先向上加速再向上减速，先超重后失重，C正确：若为t图像，0~t。时间内与t。~2to时间内的平均速度方向 相反，D错误。 9.BD【解析】设细线与OO'方向的夹角为0，对小球受力分析，水平方向根据牛顿第二定律可得Fsin0= a?=2=Lf凰‘阁制V·名广=m能搏不郑·8u=0so0H撒世/考太甲回厚‘0us1,w ,B正确； √几2-h2 小球水平合外力提供向心力得gan9=ma,且tan9三上，解得a=g么一，C错误，绳对小球的拉力 h F-。,D正确。 10.AC【解析】B相对A的位移由题图乙面积可以求得△x=0.5m,则长木板A的长度l=0.5m,A正确；从B 物理答案第1页（共4页） 滑上A到共速的过程中B的位移大小是A的位移大小的4倍，则”-X名即共同速度。一号-号m,可 知B的加速度ag=o一”-2， t =?ms,又aB一g,所以A、B之间的动摩擦因数为5B错误：A的加速度aA= 1 1 ，3m/s,又Q解得m=4kg达到共速的过程中A的动能增加量△E:2mA二号J,C正确 mA 根据能量守恒可知，系统机械能的减少量等于系统在该过程产生的内能，整个过程系统产生的内能等于mgl, 故仅增加滑块B的初速度，整个过程系统机械能的减少量不变，D错误。 11.(1)2.05(或2.04、2.06)(2分)(2)24.5(2分)0.0138（或1.38×10-2）(2分) 【解析】(1)刻度尺的最小分度为1mm,则读数l。=2.05cm。 (2)设小桶质量为m,当小桶中水的体积为V时，由平衡条件可知kx=mg+Vg,变形可得x-览V+,以 小桶中水的体积V为横坐标，橡皮筋伸长量x为纵坐标，则图线的斜率及-受，代入数据解得k=24.5N/m: 直线的截距么-，代入数据解得n≈0.0138kg。 12.1分) 2分器2分)(22a+号}1-o)-( (2分)见解析(2分，合理即 可得分) 【解析】(1)小球通过光电门时的速度可表示为v= ;根据机械能守恒可得mgh= ,整理可 △t 2mw2=1nd） -2mAi 1 2g 得（△t) 九，可知为验证机械能守恒定律成立，作出（△）一h图像，只需在误差允许范围内验证（△）一力 2g 图像的斜率k= d2。 (2②)若小球由释放点到最低点的过程中机械能守恒，减小的重力势能转化为动能，则mgL+)1一60s) ,整理得2g+号)1-cos-() 。实验中发现小球减少的重力势能略大于小球增加的动能， 可能的原因是存在空气阻力。 13.(1)8m/s2(2)8mfs 【解析】(1)根据牛顿第二定律有ng sin0+mg cos0-ma1(2分) 解得a1=8m‘s2(1分) (2)设小物块由静止到与传送带共速用时为1，则有1=”(（1分) a 解得t=0.5s 小物块的位移x'=21分) 解得x'=1m 由于ng sin0>umg cos0(1分) 则小物块继续加速运动，根据牛顿第二定律有ng sin0一mg cos0=ma2(1分) 解得a2=4ms 物理答案第2页（共4页） 根据速度-位移公式有v'2-v2=2a2(L一x')(1分) 解得v'=8m's(1分) 13m@肾R高或0R≤ 【解析】(1)当1、2小球共速时，弹簧的弹性势能最大，根据动量守恒定律可得mv。=(m十2m)v共(2分) 解得心胃 由能量守恒定律有E,=m时-m十2m加(2分》 1 解得E。=3mw(1分） (2)设小球1与弹簧分开时，小球1、2的速度分别为1,2，整个过程满足动量守恒定律，则有 mwo=mo1十2mu2(1分) 由能量守恒得吃moi-2mi+安·2m(2分) 1 1 2 联立解得w1=一3w:=30 则小球1的速度大小为？1分) 《3)若小球1刚好能上升到与圆心等高的位置，由动能定理可得一mR,=0一m(日广(2分) 解得R,=18g ,m(1分） 若小球恰好能通过半圆轨道的最高点，在最高点则有加g=m尺： 从最低点到最高点，由动能定理可得-2maR:=2u。一子n合广1分) 1.1 解得R:一45g 则有R或0R≤1分y 15.(1)4s(2)4m/s8m/s(3)20.27m 【解析】(1)甲下滑过程中，有mngsin a-ng cos a=ma甲(1分) 1 又x=2a甲t(1分) 代入数据解得a甲=2m/s2 t=4s(1分) (2)甲与乙第一次碰撞前的速度大小为v甲1=a甲t(1分) 代人数据解得v甲=8ms 甲、乙第一次碰撞过程，有mv甲1一mvz1=mv甲'十mz1′(1分) 1 1 1 2m0,十2m吃=2m00,十2mv无(1分) 物理答案第3页（共4页） 解得v甲1′=一4ms,vz1′=8m/s,表明碰后甲、乙交换速度 甲、乙速度大小分别为4m/s、8ms(2分) (3)碰后甲将沿倾斜轨道上滑，乙将与挡板发生碰撞，对甲有mng sin a十ng cos a=ma甲'(1分) 解得a甲'=8m's 对甲上滑时有v'1=2a甲'x1(1分) 下滑时有o屏2=2a甲.x1(1分) 解得，=1m,甲：=2ms一2甲：'1，以此类推可知甲每次滑下斜面的速度是其滑上斜面速度大小的，1分) 乙与挡板碰后2：-2-4m 同理，甲、乙第二次碰后它们仍将交换速度，即v甲2'=v乙2=4m/s,vz2'=0即2=2m/s(1分) 第三次碰前o甲a=2mfs,v乙3=1mfs 第三次碰撞后v甲a'=1mfs,vz3'=2mfs 1 第四次碰前v甲(=2ms,wz=1ms 1 第四次碰撞后v甲4'=1ms,v24'= 2 m./s …… 可知，甲物块连续两次以相同的速度沿倾斜轨道上升后，又连续两次以另一速度沿倾斜轨道上升，且后者的速 度大小总是前者的，进而可知，后者沿斜面上升的距离总等于前者的后1分) 故有=+，+++中)=+[++++]1分) 304 代入数据求得s= 15m≈20.27m(1分) 物理答案第4页（共4页）