课时测评18 分离定律的题型突破（Word练习）-【金版新学案】2026年高考生物高三总复习大一轮复习讲义（人教版 单选）

课时测评18　分离定律的题型突破 (时间：45分钟，满分：60分) (本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！) 1－12题每小题3分。 1.(2025·江苏盐城高三模拟)玉米是雌雄同株异花的植物，籽粒黄色对白色为显性。若有一粒黄色玉米，判断其基因型简便的方案是(　　) A.用显微镜观察该玉米细胞中的同源染色体，看其上是否携带等位基因 B.种下玉米后让其作母本与白色玉米植株杂交，观察果穗上的籽粒颜色 C.种下玉米后让其作亲本进行同株异花传粉，观察果穗上的籽粒颜色 D.种下玉米后让其作亲本进行自花受粉，观察果穗上的籽粒颜色 答案：C 解析：对于植物鉴定基因型的最简单的方法是自交，玉米是雌雄同株异花的植物，所以自交是进行同株异花传粉，观察后代表型及比例，C符合题意。 2.(2025·黄山高三模拟)南瓜果实的颜色有黄色和白色两种，由一对等位基因(A和a)控制，用一株黄果(果实颜色为黄色)和一株白果(果实颜色为白色)杂交，子代(F1)中果实颜色既有黄色也有白色，让F1自交产生的F2表型类型如图所示。下列说法不正确的是(　　) A.由①②可知黄果是隐性性状 B.由③可以判定白果是显性性状 C.F2中，黄果与白果的理论比例是5∶3 D.P中白果的基因型是aa 答案：D 解析：由图示可知，①过程亲本黄果与白果杂交，F1既有黄果，又有白果，说明亲本之一为杂合子，另一个是隐性纯合子，又因为②过程F1黄果自交后代均为黄果，说明黄果是隐性性状，A正确；③过程F1白果自交后代发生了性状分离，说明白果是显性性状，B正确；F1中黄果(aa)占1/2，白果(Aa)也占1/2，F1黄果自交得到的F2全部是黄果，F1白果自交得到的F2中黄果∶白果＝1∶3，所以F2中黄果与白果的理论比例是(1/2＋1/2×1/4)∶(1/2×3/4)＝5∶3，C正确；亲本中黄果的基因型为aa，白果的基因型为Aa，D错误。 3.(2025·安徽黄山模拟)现有两瓶世代连续的果蝇，甲瓶中的个体全为灰身，乙瓶中的个体既有灰身也有黑身。让乙瓶中的全部灰身果蝇与异性黑身果蝇交配，若后代都不出现性状分离，则可以认为(　　) A.甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为杂合子 B.甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为纯合子 C.乙瓶中果蝇为甲瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为杂合子 D.乙瓶中果蝇为甲瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为纯合子 答案：D 解析：假设果蝇的灰身、黑身性状由一对等位基因B、b控制。若甲瓶中果蝇为乙瓶中的亲本，乙瓶出现性状分离，可推出灰身对黑身为显性，故甲瓶中果蝇的基因型为Bb，乙瓶中果蝇的基因型为B_和bb，让乙瓶中的全部灰身果蝇与异性黑身果蝇交配，后代会出现性状分离，不符合题意；若乙瓶中果蝇为甲瓶中的亲本，由子代未出现性状分离且均表现为灰身可知，灰身对黑身为显性，故乙瓶中果蝇的基因型为BB(灰身)和bb(黑身)，甲瓶中果蝇的基因型为Bb，让乙瓶中的全部灰身果蝇与异性黑身果蝇交配，后代不会出现性状分离，符合题意，D正确。 4.直翅果蝇经紫外线照射后出现一种突变体，表型为翻翅，已知直翅和翻翅这对相对性状完全显性，其控制基因位于常染色体上，且翻翅基因纯合致死(胚胎期)。选择翻翅个体进行交配，F1中翻翅和直翅个体的数量比为2∶1。下列有关叙述错误的是(　　) A.紫外线照射使果蝇的直翅基因结构发生了改变 B.果蝇的翻翅对直翅为显性 C.F1中翻翅基因频率为1/3 D.F1果蝇自由交配，F2中直翅个体所占比例为4/9 答案：D 解析：紫外线照射使果蝇基因结构发生了改变，产生了新的等位基因，A正确；由题意分析知，翻翅为显性基因，B正确；若用A、a表示相关基因，则F1中Aa占2/3、aa占1/3，A的基因频率为2/3×1/2＝1/3，C正确；F1中Aa占2/3、aa占1/3，则产生A配子的概率为2/3×1/2＝1/3、a配子概率为2/3，F2中aa为2/3×2/3＝4/9、Aa为1/3×2/3×2＝4/9、AA为1/3×1/3＝1/9(致死)，因此直翅所占比例为1/2，D错误。 5.(2024·吉林长春质检)某哺乳动物毛发颜色由常染色体上基因De(褐色)、Df(灰色)、d(白色)控制，这三个基因的显隐性关系未知。现有一只褐色雌性个体和一只灰色雄性个体杂交，F1的表型及比例为褐色∶灰色∶白色＝1∶2∶1。下列有关叙述正确的是(　　) A.基因De、Df和d的遗传遵循自由组合定律 B.基因De、Df和d的显隐性关系是Df＞d＞De C.控制该动物毛发颜色的基因型共有6种 D.亲本褐色个体的基因型为DeDe 答案：C 解析：F1的表型及比例为褐色∶灰色∶白色＝1∶2∶1，说明基因De、Df和d属于复等位基因，基因的遗传遵循分离定律，A错误；一只褐色雌性个体(De_)和一只灰色雄性个体(Df_)杂交，由于F1中出现白色个体，说明亲本的基因型为Ded(褐色)、Dfd(灰色)，后代的基因型、表型及比例为Ded∶(Dfd＋DfDe)∶dd＝褐色∶灰色∶白色＝1∶2∶1，由此可知，基因De、Df和d的显隐性关系是Df＞De＞d，B、D错误；控制该动物毛发颜色的基因型有DfDf、DfDe、Dfd、DeDe、Ded、dd，共6种，C正确。 6.(2024·广东惠州联合检测)家蚕蛾体色的遗传是由常染色体基因控制的从性遗传，即相同的基因型在不同性别中表现出不同的表型。已知家蚕蛾的体色由基因A、a控制，纯合白家蚕蛾(♀)与纯合黑家蚕蛾(♂)杂交，F1均表现为白家蚕蛾，F1中雌、雄个体杂交，F2的表型及比例为白家蚕蛾(♀)∶白家蚕蛾(♂)∶黑家蚕蛾(♂)＝4∶3∶1。下列相关叙述错误的是(　　) A.家蚕蛾体色的遗传不具有交叉遗传的特点 B.该家蚕蛾种群中，雌、雄黑家蚕蛾出现的概率相等 C.出现这一现象的原因不仅与基因有关，还可能受环境因素的影响 D.选择基因型为aa的白家蚕蛾与黑家蚕蛾杂交，根据子代体色即可判断其性别 答案：B 解析：家蚕蛾体色的遗传属于从性遗传，不具有交叉遗传的特点，A正确；设相关基因为A、a，根据题干信息可知，F1的基因型为Aa，F1中雌、雄个体杂交，F2中雌性个体的表型只有白家蚕蛾，F2中雄性个体的表型及比例为白家蚕蛾(1AA＋2Aa)∶黑家蚕蛾(1aa)＝3∶1，其中黑家蚕蛾只在雄性中出现，因此雌、雄黑家蚕蛾出现的概率不相等，B错误；该现象说明表型与基因和环境(如内部环境因素性激素的作用)都有关系，C正确；选择基因型为aa的白家蚕蛾与黑家蚕蛾(aa)杂交，根据子代体色即可判断其性别，其中黑色为雄性，白色为雌性，D正确。 7.(2025·成都模拟)植物的花色中红花对白花为显性，由一对等位基因控制，当存在某种基因或基因型致死时，杂交子代会出现异常的比例。下列几种情况对应的杂交比例，正确的是(　　) A.当红花基因纯合致死时，红花自交后代为红花∶白花＝1∶1 B.当含红花基因的雄配子致死时，红花自交后代为红花∶白花＝2∶1 C.当含红花基因的雌配子致死时，红花与白花的正反交结果相同 D.当含白花基因的配子存活率为50％时，杂合红花自交后代白花比例为 答案：D 解析：当红花基因(A)纯合致死时，红花基因型为Aa，自交后AA(致死)∶Aa∶aa＝1∶2∶1，即红花∶白花＝2∶1，A错误；当红花基因(A)雄配子致死时，雄配子只有a基因，而雌配子中，A基因∶a基因＝1∶1，所以红花自交后红花∶白花＝1∶1，B错误；当红花基因(A)雌配子致死时，红花(♂)×白花(♀)子代中红花∶白花＝1∶1，红花(♀)×白花(♂)子代全为白花，C错误；当含白花基因的配子存活率为50％时，Aa自交，配子种类及比例为A∶a＝2∶1，即a配子比例为1/3，所以后代白花(aa)比例为×＝，D正确。 8.(2024·广东惠州调研)研究发现基因家族存在一种“自私基因”，该基因可通过杀死不含该基因的配子使分离比例偏离正常值。若E基因是一种“自私基因”，在产生配子时，能杀死体内2/3不含该基因的雄配子。现将某基因型为Ee的亲本植株自交获得F1，F1个体随机授粉获得F2。下列相关叙述错误的是(　　) A.亲本产生的雄配子中，E∶e＝3∶1 B.F1中三种基因型个体的比例为EE∶Ee∶ee＝3∶4∶1 C.F2中基因型为ee的个体所占比例约为5/32 D.从亲本→F1→F2，基因e的频率逐代降低 答案：C 解析：E基因是一种“自私基因”，在产生配子时，能杀死体内2/3不含该基因的雄配子，因此，基因型为Ee的植株产生的雄配子比例为3/4E和1/4e，A正确；基因型为Ee的植株产生的雌配子比例为1/2E和1/2e，根据雌、雄配子的随机结合，F1中三种基因型个体的比例为EE∶Ee∶ee＝3∶4∶1，B正确；据上述分析可知，F1产生的雄配子比例为3/4E和1/4e，雌配子比例为5/8E和3/8e，因此基因型为ee的个体所占比例为3/32，C错误；E基因在产生配子时，能杀死体内2/3不含该基因的雄配子，因此从亲本→F1→F2，基因e的频率逐代降低，D正确。 9.(2025·江苏海安高三模拟)某植物按株高(一对基因控制)分成高、矮两类，将纯种高、矮两品系植株杂交，分别统计亲本(甲、乙)、F1及F2中不同株高的植株数量，结果如图所示。下列相关叙述错误的是(　　) A.矮秆对高秆为显性性状 B.该植物的株高大于205 cm的为高秆性状 C.F2中高秆∶矮秆约为1∶3 D.F2中矮秆植株随机传粉，后代矮秆占8/9 答案：B 解析：将某植物的甲品系(矮秆纯合子)与乙品系(高秆纯合子)进行杂交，得到的F1的株高与甲品系(矮秆纯合子)十分接近，说明矮秆性状为显性性状，A正确。矮秆性状为显性性状，该植株由一对基因控制，F1为杂合子，F2中高秆∶矮秆约为1∶3；当该植物的株高大于215 cm时，矮秆的株数为4＋25＋38＋71＋128＋136＋76＝478株，高秆的株数为30＋33＋49＋37＋8＋1＝158株，478∶158≈3∶1，即高秆∶矮秆约为1∶3，符合F2比例，故该植物的株高大于215 cm的为高秆性状，B错误，C正确。假设控制矮秆的基因用A表示，控制高秆的基因用a表示，则F2中矮秆植株的比例为1/3AA、2/3Aa，产生配子的基因型及比例为A∶a＝2∶1，随机传粉，后代高秆(aa)占1/3×1/3＝1/9，后代矮秆占1－1/9＝8/9，D正确。 10.(2024·广东一模)苯丙酮尿症是一种常染色体隐性遗传病，该病在人群中的发病率为1/10 000。则一健康女子(父母健康，但弟弟患苯丙酮尿症)与一健康男子结婚，所生子女患该病的概率为(　　) A.1/101 B.1/202 C.1/303 D.1/404 答案：C 解析：苯丙酮尿症是一种常染色体隐性遗传病，设致病基因为a，则正常基因为A。该病在人群中的发病率为1/10 000，即aa的基因型频率为1/10 000，则a的基因频率为1/100，A基因频率为99/100。健康女子的父母健康，但弟弟患苯丙酮尿症，则女子的基因型及概率为1/3AA、2/3Aa，健康男子的基因型只能是AA或Aa，概率为AA＝AA概率/(1－aa概率)＝99/101、Aa＝2/101，则所生子女患苯丙酮尿症的概率为2/3×2/101×1/4＝1/303，C正确，A、B、D错误。 11.(2024·九江高三联考)外显率是指一定环境条件下，群体中某一基因型个体表现出相应表型的百分率。黑腹果蝇的正常翅脉(I)和间断翅脉(i)是一对相对性状，基因型为II和Ii的个体外显率为100％，基因型为ii的个体90％表现为间断翅脉，10％表现为正常翅脉。一对黑腹果蝇杂交后，F1中正常翅脉个体占31/40，间断翅脉个体占9/40。饲养果蝇的环境条件始终不变，下列相关叙述错误的是(　　) A.该饲养条件下，基因型为ii的个体外显率为90％ B.这对黑腹果蝇的表型均为正常翅脉，且均为杂合子 C.F1正常翅脉个体中，纯合子所占比例为10/31 D.F1随机交配，所得F2中正常翅脉个体仍占31/40 答案：C 解析：根据外显率的定义可知，基因型为ii的个体90％表现为间断翅脉，10％表现为正常翅脉，即基因型为ii的个体外显率为90％，A正确；一对黑腹果蝇杂交后，F1中正常翅脉∶间断翅脉≈3∶1，说明两亲本均为杂合子，而杂合子的外显率为100％，即表型为正常翅脉，B正确；亲本基因型为Ii×Ii，子代中II∶Ii∶ii＝1∶2∶1，由于基因型为ii的个体外显率为90％，所以F1中，正常翅脉∶间断翅脉＝31∶9，正常翅脉中10/31为II，1/31为ii，20/31为Ii，故纯合子所占比例为11/31，C错误；F1随机交配，所得F2中II∶Ii∶ii＝1∶2∶1，因此，所得F2中正常翅脉个体仍占31/40，D正确。 12.(12分)(2024·全国甲卷) 袁隆平研究杂交水稻，对粮食生产具有突出贡献。回答下列问题。 (1)用性状优良的水稻纯合体(甲)给某雄性不育水稻植株授粉，杂交子一代均表现雄性不育；杂交子一代与甲回交(回交是杂交后代与两个亲本之一再次交配)，子代均表现雄性不育；连续回交获得性状优良的雄性不育品系(乙)。由此推测控制雄性不育的基因(A)位于　　　　(填“细胞质”或“细胞核”)。 (2)将另一性状优良的水稻纯合体(丙)与乙杂交，F1均表现雄性可育，且长势与产量优势明显，F1即为优良的杂交水稻。丙的细胞核基因R的表达产物能够抑制基因A的表达。基因R表达过程中，以mRNA为模板翻译产生多肽链的细胞器是　　　　。F1自交子代中雄性可育株与雄性不育株的数量比为　　　　。 (3)以丙为父本与甲杂交(正交)得F1，F1自交得F2，则F2中与育性有关的表型有　　　　种。反交结果与正交结果不同，反交的F2中与育性有关的基因型有　　　　种。 答案：(1)细胞质　(2)核糖体　3∶1　(3)1　3 解析：(1)由题意可知，雄性不育株在杂交过程中作母本，在与甲的多次杂交过程中，子代始终表现为雄性不育，即与母本表型相同，说明雄性不育为母系遗传，即控制雄性不育的基因(A)位于细胞质中。(2)以mRNA为模板翻译产生多肽链即合成蛋白质的场所为核糖体。控制雄性不育的基因(A)位于细胞质中，基因R位于细胞核中，核基因R的表达产物能够抑制基因A的表达，则丙的基因型为A(RR)或a(RR)，雄性不育乙的基因型为A(rr)，子代细胞质来自母本，因此F1的基因型为A(Rr)，核基因R的表达产物能够抑制基因A的表达，因此F1表现为雄性可育，F1自交，子代的基因型及比例为A(RR)∶A(Rr)∶A(rr)＝1∶2∶1，因此子代中雄性可育株与雄性不育株的数量比为3∶1。(3)丙为雄性可育，基因型为A(RR)或a(RR)，甲也为雄性可育，基因型为a(rr)，以丙为父本与甲杂交(正交)得F1，F1基因型为a(Rr)表现为雄性可育，F1自交的后代F2可育，即F2中与育性有关的表型有1种。反交结果与正交结果不同，则可说明丙的基因型为A(RR)，甲的基因型为a(rr)，反交时，丙为母本，F1的基因型为A(Rr)，F2中的基因型及比例为A(RR)∶A(Rr)∶A(rr)＝1∶2∶1，即F2中与育性有关的基因型有3种。 13.(12分)(2025·湖北武汉模拟)某二倍体雌雄同株植物雄性育性受一组复等位基因(位于同源染色体的相同位点上的两种以上的等位基因)控制，其中M为不育基因，Mf为恢复可育基因，m为可育基因，且其显隐性强弱关系为Mf＞M＞m。该种植物雄性不育植株不能产生可育花粉，但雌蕊发育正常。如下表为雄性可育植株的杂交组合及结果，请分析回答问题。 杂交组合 亲本 子代植株 雄性可育 雄性不育 1 甲×甲 716株 242株 2 甲×乙 476株 481株 3 甲×丙 936株 0株 (1)该种植物雄性不育与可育的遗传　　　　(填“遵循”或“不遵循”)基因的分离定律。 (2)据表分析，雄性可育植株甲、乙、丙亲本的基因型分别为　　　　、　　　　、　　　　。 (3)该种雄性不育植株在进行杂交实验人工授粉前，母本　　　　(填“需要”或“不需要”)去雄处理。 (4)现有某雄性不育植株丁，请从甲、乙、丙三种雄性可育植株中选择合适的材料来鉴定植株丁的基因型。简要写出实验思路并预期实验结果及结论。 ①实验思路：　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 ②预期实验结果和结论： 若子代植株　　　　　　　， 则植株丁的基因型为MM； 若子代植株　　　　　　　， 则植株丁的基因型为Mm。 答案：(1)遵循　(2)MfM　mm　MfMf　(3)不需要　(4)①选择丁(母本)和乙(父本)进行杂交，统计子代植株的表型及比例　②全部表现为雄性不育　雄性可育∶雄性不育＝1∶1 解析：(1)该种植物雄性育性受一组复等位基因控制，其遗传遵循基因分离定律。(2)依据题意，复等位基因的显隐性强弱关系为Mf＞M＞m，雄性可育植株的基因型有4种：MfMf、MfM、Mfm和mm。依据表格数据，分析判断雄性可育植株甲、乙和丙的基因型。由杂交组合1可知，子代发生性状分离，且表型比例约为3∶1，由此可推知甲的基因型为MfM；由杂交组合2可知，子代表型比例约为1∶1，则乙的基因型为mm；由杂交组合3可知，子代全为雄性可育植株，则丙的基因型为MfMf。(3)对于雌雄同株的植物而言，在人工杂交时通常需对母本进行去雄处理，若以雄性不育品系作母本，则不需要进行去雄处理。(4)①雄性不育植株丁的基因型为MM或Mm，为鉴定其基因型，可选择丁(母本)和乙(父本mm)进行杂交，统计子代植株的表型及比例。②若子代植株全部表现为雄性不育，则丁的基因型为MM；若子代植株中雄性可育∶雄性不育＝1∶1，则丁的基因型为Mm。 学生用书⬇第131页 学科网（北京）股份有限公司 $