第5单元 2 第18讲 分离定律的题型突破（课件PPT）-【金版新学案】2026年高考生物高三总复习大一轮复习讲义（人教版 多选）

该高中生物学高考复习课件聚焦分离定律专题，覆盖常规推断、显隐性判断等基础题型及显性相对性、复等位基因等9类特殊题型，对接课标“阐明分离定律、分析特殊遗传现象”要求。通过考情分析近5年全国卷及地方卷真题，明确实践应用（占比42%）和特例分析（占比38%）的高频考点，归纳亲子代推断、概率计算等6大常考题型，体现备考针对性。 课件亮点在于“真题情境+科学思维训练”，精选2024安徽卷“昆虫表型遗传”等12道高考真题，通过“问题拆解-模型构建”突破特殊题型，如用“配子致死分析模型”解析2023全国甲卷致死现象题。设置“实验设计模板”（如纯合子鉴定的3种方案）和“易错对比表”（自交与自由交配概率计算），培养学生逻辑推理能力，助力教师高效组织复习，提升学生答题得分率。

第18讲 分离定律的题型突破 第五单元 遗传的基本规律 高三一轮复习讲义 人教版　(多选) 课标要求 1.阐明分离定律，并能运用分离定律解释或预测一些遗传现象。　2.分析与分离定律有关的特殊遗传现象。 考情分析 1.分离定律的实践应用 (2024·安徽卷T12；2023·天津卷T16；2023·全国甲卷T6；2021·河北卷T20；2021·湖北卷T4) 2.分离定律的特例 (2024·湖北卷T18；2023·北京卷T19；2022·全国甲卷T32；2021·湖北卷T18) 考点一　分离定律的常规题型 考点二　分离定律的特殊题型 知识小结 真题体验 课时测评 情境命题 内容索引 分离定律的常规题型 考点一 返回 题型一　亲子代基因型和表型的推断 1.亲代基因型、表型 子代基因型、表型 必备知识 整合 2.由子代推断亲代的基因型 【针对训练】 1.(2024·广东惠州调研)人的耳垢有油性和干性两种类型，并且受一对遗传因子A、a控制。有人对某一社区670个独生子女的家庭进行了调查，结果如表所示。下列有关分析错误的是 项目 父亲 母亲 油耳男孩 油耳女孩 干耳男孩 干耳女孩 组合一 油耳 油耳 90 80 10 15 组合二 油耳 干耳 25 30 15 10 组合三 干耳 油耳 26 24 6 4 组合四 干耳 干耳 0 0 160 175 A.油耳是显性性状，干耳是隐性性状 B.组合一中，父母均为杂合子的家庭至少有25个 C.组合二中，油耳父亲的遗传因子组成是Aa D.组合三中，油耳母亲的遗传因子组成有的是AA，有的是Aa √ 分析题表中组合一，双亲都为油耳，却生出了干耳子女，说明干耳为隐性性状，油耳为显性性状，A正确；油耳夫妇若生出干耳子女，则双亲必为杂合子，由表中组合一数据可知干耳女孩和干耳男孩的数量为25，所以组合一中，父母均为杂合子的家庭至少有25个，B正确；组合二的子女中，油耳∶干耳＝11∶5，则油耳父亲的遗传因子组成是Aa或AA，C错误；组合三的子女中，油耳∶干耳＝5∶1，则油耳母亲的遗传因子组成是Aa或AA，D正确。 项目 父亲 母亲 油耳男孩 油耳女孩 干耳男孩 干耳女孩 组合一 油耳 油耳 90 80 10 15 组合二 油耳 干耳 25 30 15 10 组合三 干耳 油耳 26 24 6 4 组合四 干耳 干耳 0 0 160 175 2.(2025·河北邢台模拟)已知蝴蝶的体色由常染色体上的一对等位基因A、a控制，只有基因型为AA或Aa的雄性蝴蝶表现为黄色，其他都表现为白色。若以白色和黄色的蝴蝶作亲代进行杂交，子代中雄性全表现为黄色(假设子代数量足够多)。下列叙述正确的是 A.亲代黄色蝴蝶一定为雄性蝴蝶 B.亲代黄色蝴蝶的基因型一定为Aa C.亲代雌性蝴蝶的基因型只能是AA D.子代雌性蝴蝶的基因型可以是aa √ 只有基因型为AA或Aa的雄性蝴蝶表现为黄色，因此亲代黄色蝴蝶一定为雄性蝴蝶，A正确；若亲代雌性蝴蝶的基因型为AA，则亲代黄色蝴蝶的基因型可能为Aa或AA，B错误；若亲代雄性蝴蝶的基因型为AA，则亲代雌性蝴蝶的基因型可能是AA或Aa或aa，其子代的雄性均表现为黄色，C错误；子代雌性蝴蝶的基因型不可能是aa，因为子代若出现基因型为aa的个体，则亲代雌、雄蝴蝶的基因型为aa×Aa或Aa×Aa，两者杂交，会出现白色雄性(aa)个体，与题意不符，D错误。 题型二 性状显隐性的判断 1.“概念法”判断显、隐性性状 2.“实验法”判断性状的显隐性 【针对训练】 3.(2024·河南名校联考)玉米的常态叶与皱叶是一对相对性状。某研究性学习小组计划以自然种植多年后收获的一批常态叶与皱叶玉米的种子为材料，通过实验判断该相对性状的显隐性。 (1)甲同学的思路是随机选取等量常态叶与皱叶玉米种子各若干粒，分别单独隔离种植，观察子一代性状。若子一代发生性状分离，则亲本为______性状；若子一代未发生性状分离，则需要____________________________ _________________________________________________________________________________________________。 显性 分别从子代中各取出等量若干玉米种子，种植，杂交，观察其后代叶片性状，表现出的叶形为显性性状，未表现出的叶形为隐性性状 (2)乙同学的思路是随机选取等量常态叶与皱叶玉米种子各若干粒，种植，杂交，观察子代性状，请写出预期实验结果及相应结论。 ________________________________________________________________ ___________________________________________________。 (3)丙同学选用一株常态叶玉米与一株皱叶玉米杂交，得到的子代中既有常态叶植株又有皱叶植株，则能否判断出显隐性？若不能，请利用子代植株为材料设计一个实验来确定常态叶性状的显隐性(要求：写出实验思路和预期结果)。 ______________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。 若后代只表现一种叶形，表现出的叶形为显性性状，另一种叶形为隐性性状；若后代既有常态叶又有皱叶，则不能判断显隐性性状 不能；选择子代中常态叶植株进行自交，观察子代的性状表现，若子代中常态叶植株∶皱叶植株＝3∶1，则常态叶为显性性状；若子代全部为常态叶植株，则常态叶植株为隐性性状 题型三　纯合子与杂合子的判断和实验探究 提醒 鉴定某生物个体是纯合子还是杂合子，当被测个体是动物时，常采用测交法；当被测个体是自花传粉的植物时，上述三种方法均可，其中最简便的方法为自交法。　 【针对训练】 4.(2024·福建泉州质检)某农场主要有以下动植物：水稻、豌豆和牛。水稻的非糯性对糯性是显性(非糯性花粉遇碘液呈蓝黑色，糯性花粉遇碘液呈橙红色)，豌豆的高茎对矮茎是显性，牛的黑色对棕色是显性。如果请你设计实验方案鉴定一株非糯性水稻、一株高茎豌豆和一头黑色牛是纯合子还是杂合子，请回答： (1)可借助显微镜进行直接鉴定的是____________(填“非糯性水稻”“高茎豌豆”或“黑色牛”)，可以选取该生物的________进行检查。 非糯性水稻 花粉 在这三类生物中，水稻的非糯性花粉遇碘液呈蓝黑色，糯性花粉遇碘液呈橙红色，可以借助显微镜观察花粉的颜色直接鉴定，如果滴加碘液后没有出现橙红色花粉，则该非糯性水稻为纯合子；如果滴加碘液后出现橙红色花粉，则为杂合子。 (2)高茎豌豆和黑色牛两类生物中鉴定步骤比较简便的是____________。 高茎豌豆 豌豆是严格自花传粉植物，直接种植让其自交，然后观察后代是否发生性状分离即可鉴定，如果后代出现性状分离，该高茎豌豆为杂合子；如果没有出现性状分离，则为显性纯合子。 (3)在正常情况下，一头母牛一次只能生一头小牛，为了在一个配种季节里完成鉴定，可设计杂交实验方案：__________________________________ ________预期实验结果：__________________________________________ ______________________________________________________________________________。 选择一头健壮的黑色公牛与多头棕色母 牛交配 若后代全部为黑色牛，说明被鉴定的黑色公牛可能是纯合子；若后代中既有黑色牛，又有棕色牛，说明被鉴定的黑色公牛是杂合子 在正常情况下，一头母牛一次只能生一头小牛，为了在一个配种季节里完成鉴定，应该选择一头健壮的黑色公牛，让它与多头棕色母牛交配，这样可在一个配种季节里产生多头后代。后代可能有两种结果：①全部为黑色牛，此结果说明被鉴定的黑色公牛可能是纯合子；②既有黑色牛，又有棕色牛，此结果说明被鉴定的黑色公牛为杂合子。 题型四 自交与自由交配的概率计算 1.自交的概率计算 (1)杂合子Aa连续自交n代(如图1)，杂合子比例为()n，纯合子比例为1－()n，显性纯合子比例＝隐性纯合子比例＝［1－()n］×。纯合子、杂合子所占比例的坐标曲线如图2所示。 (2)杂合子(Aa)连续自交，且逐代淘汰隐性个体，自交n代后，显性个体中，纯合子比例为(2n－1)/(2n＋1)，杂合子比例为2/(2n＋1)。如图3所示： 2.自由交配的概率计算 如某种生物的基因型AA占1/3，Aa占2/3，个体间可以自由交配，求后代中基因型和表型的概率。 (1)列举法 基因型(♂/♀) 1/3AA 2/3Aa 1/3AA 1/9AA 1/9AA、1/9Aa 2/3Aa 1/9AA、1/9Aa 1/9AA、2/9Aa、1/9aa 结果：子代基因型及概率为4/9AA、4/9Aa、1/9aa，子代表型及概率为(4/9＋4/9)A_、1/9aa (2)配子法   子代基因型及概率为4/9AA、4/9Aa、1/9aa，子代表型及概率为8/9A_、1/9aa。 (3)遗传平衡法 先根据“一个等位基因的频率＝它的纯合子基因型频率＋(1/2)杂合子基因型频率”推知，子代中A的基因频率＝1/3＋(1/2)×(2/3)＝2/3，a的基因频率＝1－(2/3)＝1/3。然后根据遗传平衡定律可知，aa的基因型频率＝a基因频率的平方＝(1/3)2＝1/9，AA的基因型频率＝A基因频率的平方＝(2/3)2＝4/9，Aa的基因型频率＝2×A基因频率×a基因频率＝2×2/3×1/3＝4/9。子代表型及概率为8/9A_、1/9aa。 【针对训练】 5.(2024·安徽卷) 某种昆虫的颜色由常染色体上的一对等位基因控制，雌虫有黄色和白色两种表型，雄虫只有黄色，控制白色的基因在雄虫中不表达，各类型个体的生存和繁殖力相同。随机选取一只白色雌虫与一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，雄性全为黄色。继续让F1自由交配，理论上F2雌性中白色个体的比例不可能是 A.1/2 B.3/4 C.15/16 D.1 √ 由题意可知，控制白色的基因在雄虫中不表达，随机选取一只白色雌虫与一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，说明白色对黄色为显性，若相关基因用A/a表示，则亲代白色雌虫基因型为AA，黄色雄虫基因型为AA或Aa或aa。若黄色雄虫基因型为AA，则F1基因型为AA，F1自由交配，F2基因型为AA，F2雌性中白色个体的比例为1；若黄色雄虫基因型为Aa，则F1基因型为1/2AA、1/2Aa，F1自由交配，F2基因型为9/16AA、6/16Aa、1/16aa，F2雌性中白色个体的比例为15/16；若黄色雄虫基因型为aa，则F1基因型为Aa，F1自由交配，F2基因型为1/4AA、1/2Aa、1/4aa，F2雌性中白色个体的比例为3/4。综上所述，A符合题意，B、C、D不符合题意。 6.(多选)黄瓜植株中含有一对等位基因E和e，其中E基因纯合的植株不能产生卵细胞，而e基因纯合的植株产生的花粉不能正常发育，杂合子植株完全正常。现以若干基因型为Ee的黄瓜植株为亲本，下列有关叙述错误的是 A.如果每代均自由交配直至F2，则F2植株中EE植株所占比例为 B.如果每代均自由交配直至F2，则F2植株中正常植株所占比例为 C.如果每代均自交直至F2，则F2植株中正常植株所占比例为 D.如果每代均自交直至F2，则F2植株中ee植株所占比例为 √ √ √ 基因型为Ee的个体自交后代F1的基因型及比例是EE∶Ee∶ee＝1∶2∶1，F1进行自由交配时，由于E基因纯合的植株不能产生卵细胞，则产生的雌配子的基因型及比例是E∶e＝1∶2，由于ee植株产生的花粉不能正常发育，则产生的雄配子的基因型及比例是E∶e＝2∶1，则F2中，ee的基因型频率＝×＝，EE的基因型频率＝×＝，正常植株Ee所占比例为1－－＝，A、B错误；E基因纯合的植株不能产生卵细胞，而e基因纯合的植株花粉不能正常发育，因此每代中只有Ee植株可以自交，因此F2植株中正常植株Ee所占比例为，C正确；如果每代均自交直至F2，则F2植株有EE∶Ee∶ee＝1∶2∶1，其中ee植株所占比例为，D错误。 返回 分离定律的特殊题型 考点二 返回 题型五 显性的相对性 必备知识 整合 比较项目 完全显性 不完全显性 共显性 杂合子表型 显性性状 中间性状 显性＋隐性 杂合子自交子代的性状分离比　　 显性∶隐性＝3∶1 显性∶中间 性状∶隐性＝1∶2∶1 显性∶(显性＋隐性)∶隐性＝1∶2∶1 【针对训练】 7.(2024·河南名校联盟)萝卜的花色(红色、紫色和白色)由一对等位基因(A/a)控制。现选用紫花植株分别与红花、白花、紫花植株杂交，结果分别如图所示。下列相关叙述错误的是   A.白花个体基因型是aa，红花个体基因型是AA B.红花个体和白花个体杂交，后代全部是紫花个体 C.A/a位于一对同源染色体上，遵循基因分离定律 D.一紫花个体连续自交3代，得到的子代中红花个体所占的比例是7/16 √ 从第三组的紫花和紫花的杂交结果可知，紫花植株为杂合子，红花和白花植株都是纯合子，但无法确定红花(白花)是隐性纯合还是显性纯合，A错误。 题型六 复等位基因 1.概念：在一个群体内，若同源染色体的同一位置上的等位基因的数目在两个以上，称为复等位基因，复等位基因的出现是基因突变的结果。如控制人类ABO血型的IA、IB、i三个基因，ABO血型由这三个复等位基因决定。因为IA对i是显性，IB对i是显性，IA和IB是共显性，所以基因型与表型的关系如下表： 表型 A型 B型 AB型 O型 基因型 IAIA、IAi IBIB、IBi IAIB ii 2.遗传特点：复等位基因尽管有多个，但每个二倍体体细胞中含有复等位基因中的两个，遗传时仍符合分离定律，彼此之间可能是完全显性、不完全显性或共显性关系。 【针对训练】 8.(2023·全国甲卷)水稻的某病害是由某种真菌(有多个不同菌株)感染引起的。水稻中与该病害抗性有关的基因有3个(A1、A2、a)；基因A1控制全抗性状(抗所有菌株)，基因A2控制抗性性状(抗部分菌株)，基因a控制易感性状(不抗任何菌株)，且A1对A2为显性、A1对a为显性、A2对a为显性。现将不同表型的水稻植株进行杂交，子代可能会出现不同的表型及其分离比。下列叙述错误的是 A.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性＝3∶1 B.抗性植株与易感植株杂交，子代可能出现抗性∶易感＝1∶1 C.全抗植株与易感植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性＝1∶1 D.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性∶易感＝2∶1∶1 √ 根据题意可知，全抗植株有3种基因型，分别为A1A1、A1A2、A1a，抗性植株有2种基因型，分别为A2A2、A2a，易感植株的基因型为aa。全抗植株与抗性植株杂交，共有6种杂交组合，子代都不可能出现全抗∶抗性＝3∶1，A错误。抗性植株与易感植株(aa)杂交，若抗性植株的基因型为A2a，其可产生2种配子，则子代中会出现抗性∶易感＝1∶1，B正确。全抗植株与易感植株(aa)杂交，若全抗植株的基因型为A1A2，其可产生2种配子，则子代中会出现全抗∶抗性＝1∶1，C正确。全抗植株(A1a)与抗性植株(A2a)杂交，子代可能出现全抗(A1A2、A1a)∶抗性(A2a)∶易感(aa)＝2∶1∶1，D正确。 题型七　致死现象 现以亲本基因型均为Aa为例进行分析： 【针对训练】 9.(2025·河南模拟)一豌豆杂合子(Aa)植株自交时，下列叙述错误的是 A.若自交后代基因型比例是2∶3∶1，可能是含有隐性基因的花粉50％死亡造成的 B.若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，可能是隐性个体有50％死亡造 成的 C.若自交后代的基因型比例是4∶4∶1，可能是含有隐性基因的配子有 50％死亡造成的 D.若自交后代的基因型比例是1∶2∶1，可能是花粉有50％死亡造成的 √ 理论上Aa自交后代应为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，若自交后代AA∶Aa∶aa＝2∶3∶1，则可能是含有隐性基因的花粉50％死亡造成的，A正确；若自交后代AA∶Aa∶aa＝2∶2∶1，则可能是显性杂合子和隐性个体都有50％死亡造成的，B错误；若含有隐性基因的配子有 50％死亡，则自交后代的基因型比例是4∶4∶1，C正确；若花粉有 50％死亡，并不影响花粉的基因型比例，所以后代的基因型比例仍然是1∶2∶1，D正确。 10.(2024·福建八市联考)研究发现，R、r是水稻染色体上的一对等位基因，R基因编码一种毒蛋白，对雌配子没有影响，但会导致同株水稻一定比例的不含该基因的花粉死亡。现让基因型为Rr的水稻自交，F1中三种基因型的比例为RR∶Rr∶rr＝3∶4∶1，F1随机授粉获得F2。下列说法错误的是 A.Rr植株中R基因会使2/3的不含R的花粉死亡 B.F1产生的雌配子的比例为R∶r＝5∶3 C.R、r遵循分离定律，对杂合子Rr测交，正交和反交的结果相同 D.从亲本到F2，R基因的频率会越来越高 √ Rr自交，F1中RR∶Rr∶rr＝3∶4∶1，雌配子比例为R∶r＝1∶1，故判断雄配子比例为R∶r＝3∶1，即R基因会使2/3的不含R的花粉死亡，A正确；R基因编码的毒蛋白对雌配子没有影响，F1中RR∶Rr∶rr＝3∶4∶1，判断F1产生的雌配子的比例为R∶r＝5∶3，B正确；R、r遵循分离定律，对杂合子Rr测交，Rr为母本时，测交结果为1∶1，Rr为父本时，测交结果为3∶1，C错误；R会导致部分r失活，因此从亲本到F2，R基因的频率会越来越高，D正确。 题型八　从性遗传 从性遗传是指由常染色体上的基因控制的性状，在表型上受个体性别影响的现象。如绵羊的有角和无角受常染色体上一对等位基因控制，有角基因H为显性，无角基因h为隐性，在杂合子(Hh)中，公羊表现为有角，母羊表现为无角，其基因型与表型关系如下表： 基因型 HH Hh hh 公羊 有角 有角 无角 母羊 有角 无角 无角 【针对训练】 11.(2025·湖南永州模拟)人类的秃顶和非秃顶由位于常染色体上的一对等位基因B和b控制，结合下表信息，下列相关判断错误的是 √ 项目 BB Bb bb 男 非秃顶 秃顶 秃顶 女 非秃顶 非秃顶 秃顶 A.秃顶的两人婚配，后代女孩可能为秃顶 B.非秃顶的两人婚配，后代女孩可能为秃顶 C.非秃顶男与秃顶女婚配，要想避免子代秃顶，选择生女孩 D.秃顶男与非秃顶女婚配，后代男孩和女孩均有可能为秃顶 秃顶的两人婚配，基因型有两种情况：Bb和bb、bb和bb，则后代女孩的基因型可能是Bb、bb，其中bb为秃顶，A正确；非秃顶的两人婚配，基因型有两种情况：BB和BB、BB和Bb，则后代女孩的基因型可能是BB、Bb，不可能为秃顶，B错误；非秃顶男BB与秃顶女bb婚配，后代基因型为Bb，男孩都秃顶，女孩都非秃顶，因此应该选择生女孩，C正确；秃顶男的基因型为Bb或bb，非秃顶女的基因型为Bb或BB，两者婚配产生的后代基因型可能为BB、Bb、bb，因此后代男孩和女孩均有可能为秃顶，D正确。 项目 BB Bb bb 男 非秃顶 秃顶 秃顶 女 非秃顶 非秃顶 秃顶 题型九　表型模拟问题 表型模拟是指生物的表型不仅仅取决于基因型，还受所处环境的影响，从而导致基因型相同的个体在不同环境中表型有差异。 (1)生物的表型＝基因型＋环境，由于受环境影响，导致表型与基因型不符合的现象，叫表型模拟。 (2)设计实验确认隐性个体是“vv”的纯合子还是“V_”表型模拟的。 【针对训练】 12.果蝇的长翅(A)对残翅(a)为显性。将孵化后4～7 d的长翅果蝇幼虫，放在35～37 ℃(正常培养温度为25 ℃)环境中处理一定时间后，表现出残翅性状。现有一只残翅雄果蝇，让该果蝇与多只正常发育的残翅雌果蝇交配，孵化的幼虫在正常的温度环境中培养，观察后代的表现。下列说法不合理的是 A.残翅性状可能受基因组成和环境条件的影响 B.若后代出现长翅，则该果蝇的基因型为AA C.若后代表现均为残翅，则该果蝇的基因型为aa D.基因A、a一般位于同源染色体的相同位置 √ 基因A控制果蝇的长翅性状，但将孵化后4～7 d的长翅果蝇幼虫，放在35～37 ℃环境中处理一定时间后，却表现出残翅性状，这说明残翅性状可能受基因组成和环境条件的影响，A不符合题意；现有一只残翅雄果蝇(aa或A_)，让该果蝇与多只正常发育的残翅雌果蝇(aa)交配，孵化的幼虫在正常的温度环境中培养，若后代出现长翅，则该果蝇的基因型为AA或Aa，若后代表现均为残翅，则该果蝇的基因型为aa，B符合题意，C不符合题意；基因A、a为一对等位基因，等位基因一般位于同源染色体的相同位置，D不符合题意。 返回 知 识 小 结 返回 返回 真 题 体 验 返回 1.(2022·海南卷)匍匐鸡是一种矮型鸡，匍匐性状基因(A)对野生性状基因(a)为显性，这对基因位于常染色体上，且A基因纯合时会导致胚胎死亡。某鸡群中野生型个体占20％，匍匐型个体占80％，随机交配得到F1，F1雌、雄个体随机交配得到F2。下列有关叙述正确的是 A.F1中匍匐型个体的比例为12/25 B.与F1相比，F2中A基因频率较高 C.F2中野生型个体的比例为25/49 D.F2中a基因频率为7/9 √ 根据题意，A基因纯合时会导致胚胎死亡，因此匍匐型个体Aa占80％，野生型个体aa占20％，则A基因频率＝80％×1/2＝40％，a＝60％，子一代中AA＝40％×40％＝16％，Aa＝2×40％×60％＝48％，aa＝60％×60％＝ 36％，由于A基因纯合时会导致胚胎死亡，所以子一代中Aa占(48％)÷(48％＋36％)＝4/7，A错误；由于A基因纯合时会导致胚胎死亡，因此每一代都会使A的基因频率减小，故与F1相比，F2中A基因频率较低，B错误；子一代Aa占4/7，aa占3/7，产生的配子为A＝4/7×1/2＝2/7，a＝5/7，子二代中aa＝5/7×5/7＝25/49，由于AA＝2/7×2/7＝4/49致死，因此子二代aa占25/49÷(1－4/49)＝5/9，C错误；子二代aa占5/9，Aa占4/9，因此a的基因频率为5/9＋4/9×1/2＝7/9，D正确。 2.(2021·浙江1月选考)某种小鼠的毛色受AY(黄色)、A(鼠色)、a(黑色)3个基因控制，三者互为等位基因，AY对A、a为完全显性，A对a为完全显性，并且基因型AYAY胚胎致死(不计入个体数)。下列叙述错误的是 A.若AYa个体与AYA个体杂交，则F1有3种基因型 B.若AYa个体与Aa个体杂交，则F1有3种表型 C.若1只黄色雄鼠与若干只黑色雌鼠杂交，则F1可同时出现鼠色个体与黑色个体 D.若1只黄色雄鼠与若干只纯合鼠色雌鼠杂交，则F1可同时出现黄色个体与鼠色个体 √ 若AYa个体与AYA个体杂交，由于基因型AYAY胚胎致死，则F1有AYA、AYa、Aa共3种基因型，A正确；若AYa个体与Aa个体杂交，产生的F1的基因型及表型有AYA(黄色)、AYa(黄色)、Aa(鼠色)、aa(黑色)，即有3种表型，B正确；若1只黄色雄鼠(AYA或AYa)与若干只黑色雌鼠(aa)杂交，产生的F1的基因型为AYa(黄色)、Aa(鼠色)或AYa(黄色)、aa(黑色)，不会同时出现鼠色个体与黑色个体，C错误；若1只黄色雄鼠(AYA或AYa)与若干只纯合鼠色雌鼠(AA)杂交，产生的F1的基因型为AYA(黄色)、AA(鼠色)或AYA(黄色)、Aa(鼠色)，可同时出现黄色个体与鼠色个体，D正确。 3.(2021·湖北卷)浅浅的小酒窝，笑起来像花儿一样美。酒窝是由人类常染色体的单基因所决定，属于显性遗传。甲、乙分别代表有、无酒窝的男性，丙、丁分别代表有、无酒窝的女性。下列叙述正确的是 A.若甲与丙结婚，生出的孩子一定都有酒窝 B.若乙与丁结婚，生出的所有孩子都无酒窝 C.若乙与丙结婚，生出的孩子有酒窝的概率为50％ D.若甲与丁结婚，生出一个无酒窝的男孩，则甲的基因型可能是纯合的 √ 设相关基因用A、a表示。结合题意可知，甲为有酒窝男性，基因型为AA或Aa，丙为有酒窝女性，基因型为AA或Aa，若两者均为Aa，则生出的孩子基因型可能为aa，表现为无酒窝，A错误。乙为无酒窝男性，基因型为aa，丁为无酒窝女性，基因型为aa，两者结婚，生出的孩子基因型均为aa，表现为无酒窝，B正确。乙为无酒窝男性，基因型为aa，丙为有酒窝女性，基因型为AA或Aa，两者婚配，若女性基因型为AA，则生出的孩子均为有酒窝；若女性基因型为Aa，则生出的孩子有酒窝的概率为1/2，C错误。甲为有酒窝男性，基因型为AA或Aa，丁为无酒窝女性，基因型为aa，生出一个无酒窝的男孩(aa)，则甲的基因型只能为Aa，是杂合子，D错误。 4.(2021·湖北卷)人类的ABO血型是由常染色体上的基因(IA、IB和i三者之间互为等位基因)决定的。IA基因产物使得红细胞表面带有A抗原，IB基因产物使得红细胞表面带有B抗原。IAIB基因型个体红细胞表面有A抗原和B抗原，ii基因型个体红细胞表面无A抗原和B抗原。现有一个家系的系谱图(如上图)，对家系中各成员的血型进行检测，结果如下表，其中“＋”表示阳性反应，“－”表示阴性反应。 √ 个体 1 2 3 4 5 6 7 A抗原抗体 ＋ ＋ － ＋ ＋ － － B抗原抗体 ＋ － ＋ ＋ － ＋ － 下列叙述正确的是 A.个体5基因型为IAi，个体6基因型为IBi B.个体1基因型为IAIB，个体2基因型为IAIA或IAi C.个体3基因型为IBIB或IBi，个体4基因型为IAIB D.若个体5与个体6生第二个孩子，该孩子的基因型一定是ii 个体5只含A抗原，个体6只含B抗原，而个体7既不含A抗原也不含B抗原，故个体5的基因型只能是IAi，个体6的基因型只能是IBi，A正确；个体1既含A抗原又含B抗原，说明其基因型为IAIB，个体2只含A抗原，但个体5的基因型为IAi，所以个体2的基因型只能是IAi，B错误；由表格分析可知，个体3只含B抗原，个体4既含A抗原又含B抗原，个体6的基因型只能是IBi，故个体3的基因型只能是IBi，个体4的基因型是IAIB，C错误；个体5的基因型为IAi，个体6的基因型为IBi，故二者生的孩子基因型可能是IAi、IBi、IAIB、ii，D错误。 个体 1 2 3 4 5 6 7 A抗原抗体 ＋ ＋ － ＋ ＋ － － B抗原抗体 ＋ － ＋ ＋ － ＋ － 返回 雄性不育与杂种优势 情境 命题18 返回 情境素材 油菜具有两性花，去雄是杂交的关键步骤，但人工去雄耗时费力，在生产上不具备可操作性。我国学者发现了油菜雄性不育突变株(雄蕊异常，肉眼可辨)，利用该突变株进行的杂交实验如下： 角度一　考查信息的整合和理解能力 (1)由杂交一结果推测，育性正常与雄性不育性状受____对等位基因控制。在杂交二中，雄性不育为_____性性状。 命题角度 一 显 杂交一的结果说明育性正常与雄性不育性状受一对等位基因控制；杂交二的结果说明雄性不育为显性性状。 (2)杂交一与杂交二的F1表型不同的原因是育性性状由位于同源染色体相同位置上的3个基因(A1、A2、A3)决定。品系1、雄性不育株、品系3的基因型分别为A1A1、A2A2、A3A3。根据杂交一、二的结果，判断A1、A2、A3之间的显隐性关系是________________________________。 A1对A2为显性，A2对A3为显性 根据题意分析，已知杂交一与杂交二的F1表型不同的原因是育性性状由位于同源染色体相同位置上的3个基因(A1、A2、A3)决定，且品系1、雄性不育株、品系3的基因型分别为A1A1、A2A2、A3A3，则根据杂交一的结果判断，A1对A2显性；根据杂交二的结果判断，A2对A3为显性。 角度二　考查原因分析与问题解决能力 (3)利用上述基因间的关系，可大量制备兼具品系1、3优良性状的油菜杂交种子(YF1)，供农业生产使用，主要过程如下： ①经过图中虚线框内的杂交后，可将品系3的优良性状与_________性状整合在同一植株上，该植株所结种子的基因型及比例为________________。 雄性不育　 A2A3∶A3A3＝1∶1 据图分析，经过图中虚线框内的杂交后，可将品系3(A3A3)的优良性状与雄性不育(A2A2)性状整合在同一植株(A2A3)上，该植株与品系3(A3A3)杂交所结种子的基因型及比例为A2A3∶A3A3＝1∶1。 ②将上述种子种成母本行，将基因型为_______的品系1种成父本行，用于制备YF1。 A1A1 将上述种子种成母本行，将基因型为A1A1的品系1种成父本行，用于制备YF1(兼具品系1、3优良性状的油菜杂交种子)。 ③杂合子的产量往往比纯合子高，为制备YF1，油菜刚开花时应拔除母本行中具有某一育性性状的植株。否则，得到的种子给农户种植后，会导致油菜籽减产，其原因是____________________________________________ ________________________________。 母本中育性正常个体自交后代为纯合子，产量低于杂合子，故去除育性正常个体 为制备YF1，油菜刚开花时应拔除母本行(A2A3、A3A3)中育性正常的植株，否则得到的种子给农户种植后，会导致油菜籽减产，其原因是母本中育性正常个体自交后代为纯合子，其产量低于杂合子。 返回 课 时 测 评 返回 1.(2025·江苏盐城高三模拟)玉米是雌雄同株异花的植物，籽粒黄色对白色为显性。若有一粒黄色玉米，判断其基因型简便的方案是 A.用显微镜观察该玉米细胞中的同源染色体，看其上是否携带等位基因 B.种下玉米后让其作母本与白色玉米植株杂交，观察果穗上的籽粒颜色 C.种下玉米后让其作亲本进行同株异花传粉，观察果穗上的籽粒颜色 D.种下玉米后让其作亲本进行自花受粉，观察果穗上的籽粒颜色 √ 对于植物鉴定基因型的最简单的方法是自交，玉米是雌雄同株异花的植物，所以自交是进行同株异花传粉，观察后代表型及比例，C符合题意。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 2.(2025·黄山高三模拟)南瓜果实的颜色有黄色和白色两种，由一对等位基因(A和a)控制，用一株黄果(果实颜色为黄色)和一株白果(果实颜色为白色)杂交，子代(F1)中果实颜色既有黄色也有白色，让F1自交产生的F2表型类型如图所示。下列说法不正确的是  A.由①②可知黄果是隐性性状 B.由③可以判定白果是显性性状 C.F2中，黄果与白果的理论比例是5∶3 D.P中白果的基因型是aa √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 由图示可知，①过程亲本黄果与白果杂交，F1既有黄果，又有白果，说明亲本之一为杂合子，另一个是隐性纯合子，又因为②过程F1黄果自交后代均为黄果，说明黄果是隐性性状，A正确；③过程F1白果自交后代发生了性状分离，说明白果是显性性状，B正确；F1中黄果(aa)占1/2，白果(Aa)也 占1/2，F1黄果自交得到的F2全部是黄果，F1白果自交得到的F2中黄果∶白果＝1∶3，所以F2中黄果与白果的理论比例是(1/2＋1/2×1/4)∶(1/2×3/4)＝5∶3，C正确；亲本中黄果的基因型为aa，白果的基因型为Aa，D错误。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 3.(2025·安徽黄山模拟)现有两瓶世代连续的果蝇，甲瓶中的个体全为灰身，乙瓶中的个体既有灰身也有黑身。让乙瓶中的全部灰身果蝇与异性黑身果蝇交配，若后代都不出现性状分离，则可以认为 A.甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为杂合子 B.甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为纯合子 C.乙瓶中果蝇为甲瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为杂合子 D.乙瓶中果蝇为甲瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为纯合子 √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 假设果蝇的灰身、黑身性状由一对等位基因B、b控制。若甲瓶中果蝇为乙瓶中的亲本，乙瓶出现性状分离，可推出灰身对黑身为显性，故甲瓶中果蝇的基因型为Bb，乙瓶中果蝇的基因型为B_和bb，让乙瓶中的全部灰身果蝇与异性黑身果蝇交配，后代会出现性状分离，不符合题意；若乙瓶中果蝇为甲瓶中的亲本，由子代未出现性状分离且均表现为灰身可知，灰身对黑身为显性，故乙瓶中果蝇的基因型为BB(灰身)和bb(黑身)，甲瓶中果蝇的基因型为Bb，让乙瓶中的全部灰身果蝇与异性黑身果蝇交配，后代不会出现性状分离，符合题意，D正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 4.直翅果蝇经紫外线照射后出现一种突变体，表型为翻翅，已知直翅和翻翅这对相对性状完全显性，其控制基因位于常染色体上，且翻翅基因纯合致死(胚胎期)。选择翻翅个体进行交配，F1中翻翅和直翅个体的数量比为2∶1。下列有关叙述错误的是 A.紫外线照射使果蝇的直翅基因结构发生了改变 B.果蝇的翻翅对直翅为显性 C.F1中翻翅基因频率为1/3 D.F1果蝇自由交配，F2中直翅个体所占比例为4/9 √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 紫外线照射使果蝇基因结构发生了改变，产生了新的等位基因，A正确；由题意分析知，翻翅为显性基因，B正确；若用A、a表示相关基因，则F1中Aa占2/3、aa占1/3，A的基因频率为2/3×1/2＝1/3，C正确；F1中Aa占2/3、aa占1/3，则产生A配子的概率为2/3×1/2＝1/3、a配子概率为2/3，F2中aa为2/3×2/3＝4/9、Aa为1/3×2/3×2＝4/9、AA为1/3×1/3＝1/9(致死)，因此直翅所占比例为1/2，D错误。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 5.(2024·吉林长春质检)某哺乳动物毛发颜色由常染色体上基因De(褐色)、Df(灰色)、d(白色)控制，这三个基因的显隐性关系未知。现有一只褐色雌性个体和一只灰色雄性个体杂交，F1的表型及比例为褐色∶灰色∶白色＝1∶2∶1。下列有关叙述正确的是 A.基因De、Df和d的遗传遵循自由组合定律 B.基因De、Df和d的显隐性关系是Df＞d＞De C.控制该动物毛发颜色的基因型共有6种 D.亲本褐色个体的基因型为DeDe √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 F1的表型及比例为褐色∶灰色∶白色＝1∶2∶1，说明基因De、Df和d属于复等位基因，基因的遗传遵循分离定律，A错误；一只褐色雌性个体(De_)和一只灰色雄性个体(Df_)杂交，由于F1中出现白色个体，说明亲本的基因型为Ded(褐色)、Dfd(灰色)，后代的基因型、表型及比例为Ded∶(Dfd＋DfDe)∶dd＝褐色∶灰色∶白色＝1∶2∶1，由此可知，基因De、Df和d的显隐性关系是Df＞De＞d，B、D错误；控制该动物毛发颜色的基因型有DfDf、DfDe、Dfd、DeDe、Ded、dd，共6种，C正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 6.(2024·广东惠州联合检测)家蚕蛾体色的遗传是由常染色体基因控制的从性遗传，即相同的基因型在不同性别中表现出不同的表型。已知家蚕蛾的体色由基因A、a控制，纯合白家蚕蛾(♀)与纯合黑家蚕蛾(♂)杂交，F1均表现为白家蚕蛾，F1中雌、雄个体杂交，F2的表型及比例为白家蚕蛾(♀)∶白家蚕蛾(♂)∶黑家蚕蛾(♂)＝4∶3∶1。下列相关叙述错误的是 A.家蚕蛾体色的遗传不具有交叉遗传的特点 B.该家蚕蛾种群中，雌、雄黑家蚕蛾出现的概率相等 C.出现这一现象的原因不仅与基因有关，还可能受环境因素的影响 D.选择基因型为aa的白家蚕蛾与黑家蚕蛾杂交，根据子代体色即可判断其性别 √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 家蚕蛾体色的遗传属于从性遗传，不具有交叉遗传的特点，A正确；设相关基因为A、a，根据题干信息可知，F1的基因型为Aa，F1中雌、雄个体杂交，F2中雌性个体的表型只有白家蚕蛾，F2中雄性个体的表型及比例为白家蚕蛾(1AA＋2Aa)∶黑家蚕蛾(1aa)＝3∶1，其中黑家蚕蛾只在雄性中出现，因此雌、雄黑家蚕蛾出现的概率不相等，B错误；该现象说明表型与基因和环境(如内部环境因素性激素的作用)都有关系，C正确；选择基因型为aa的白家蚕蛾与黑家蚕蛾(aa)杂交，根据子代体色即可判断其性别，其中黑色为雄性，白色为雌性，D正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 7.(2025·成都模拟)植物的花色中红花对白花为显性，由一对等位基因控制，当存在某种基因或基因型致死时，杂交子代会出现异常的比例。下列几种情况对应的杂交比例，正确的是 A.当红花基因纯合致死时，红花自交后代为红花∶白花＝1∶1 B.当含红花基因的雄配子致死时，红花自交后代为红花∶白花＝2∶1 C.当含红花基因的雌配子致死时，红花与白花的正反交结果相同 D.当含白花基因的配子存活率为50％时，杂合红花自交后代白花比例为 √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 当红花基因(A)纯合致死时，红花基因型为Aa，自交后AA(致死)∶Aa∶aa＝1∶2∶1，即红花∶白花＝2∶1，A错误；当红花基因(A)雄配子致死时，雄配子只有a基因，而雌配子中，A基因∶a基因＝1∶1，所以红花自交后红花∶白花＝1∶1，B错误；当红花基因(A)雌配子致死时，红花(♂)×白花(♀)子代中红花∶白花＝1∶1，红花(♀)×白花(♂)子代全为白花，C错误；当含白花基因的配子存活率为50％时，Aa自交，配子种类及比例为A∶a＝2∶1，即a配子比例为1/3，所以后代白花(aa)比例为×＝，D正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 8.(2024·广东一模)苯丙酮尿症是一种常染色体隐性遗传病，该病在人群中的发病率为1/10 000。则一健康女子(父母健康，但弟弟患苯丙酮尿症)与一健康男子结婚，所生子女患该病的概率为 A.1/101 B.1/202 C.1/303 D.1/404 √ 苯丙酮尿症是一种常染色体隐性遗传病，设致病基因为a，则正常基因为A。该病在人群中的发病率为1/10 000，即aa的基因型频率为1/10 000，则a的基因频率为1/100，A基因频率为99/100。健康女子的父母健康，但弟弟患苯丙酮尿症，则女子的基因型及概率为1/3AA、2/3Aa，健康男子的基因型只能是AA或Aa，概率为AA＝AA概率/(1－aa概率)＝99/101、Aa＝2/101，则所生子女患苯丙酮尿症的概率为2/3×2/101×1/4＝1/303，C正确，A、B、D错误。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 9.(多选)(2025·江苏海安高三模拟)某植物按株高(一对基因控制)分成高、矮两类，将纯种高、矮两品系植株杂交，分别统计亲本(甲、乙)、F1及F2中不同株高的植株数量，结果如图所示。下列相关叙述正确的是  A.矮秆对高秆为显性性状 B.该植物的株高大于205 cm的为高秆性状 C.F2中高秆∶矮秆约为1∶3 D.F2中矮秆植株随机传粉，后代矮秆占8/9 √ √ √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 将某植物的甲品系(矮秆纯合子)与乙品系(高秆纯合子)进行杂交，得到的F1的株高与甲品系(矮秆纯合子)十分接近，说明矮秆性状为显性性状，A正确。矮秆性状为显性性状，该植株由一对基因控制，F1为杂合子，F2中高秆∶矮秆约为1∶3；当该植物的株高大于215 cm时，矮秆的株数为4＋25＋38＋71＋128＋136＋76＝478株，高秆的株数为30＋33＋49＋37＋8＋1＝158株，478∶158≈3∶1，即高秆∶矮秆约为1∶3，符合F2比例，故该植物的株高大于215 cm的为高秆性状，B错误，C正确。假设控制矮秆的基因用A表示，控制高秆的基因用a表示，则F2中矮秆植株的比例为1/3AA、2/3Aa，产生配子的基因型及比例为A∶a＝2∶1，随机传粉，后代高秆(aa)占1/3×1/3＝1/9，后代矮秆占1－1/9＝8/9，D正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 10.(多选)(2024·江苏调研)研究发现基因家族存在一种“自私基因”，该基因可通过杀死不含该基因的配子使分离比例偏离正常值。若E基因是一种“自私基因”，在产生配子时，能杀死体内2/3不含该基因的雄配子。现将某基因型为Ee的亲本植株自交获得F1，F1个体随机授粉获得F2。下列相关叙述错误的是 A.亲本产生的雄配子中，E∶e＝1∶1 B.F1中三种基因型个体的比例为EE∶Ee∶ee＝3∶4∶1 C.F2中基因型为ee的个体所占比例约为5/32 D.从亲本→F1→F2，基因e的频率逐代降低 √ √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 E基因是一种“自私基因”，在产生配子时，能杀死体内2/3不含该基因的雄配子，因此，基因型为Ee的植株产生的雄配子比例为3/4E和1/4e，A错误；基因型为Ee的植株产生的雌配子比例为1/2E和1/2e，根据雌、雄配子的随机结合，F1中三种基因型个体的比例为EE∶Ee∶ee＝3∶4∶1，B正确；据上述分析可知，F1产生的雄配子比例为3/4E和1/4e，雌配子比例为5/8E和3/8e，因此基因型为ee的个体所占比例为3/32，C错误；E基因在产生配子时，能杀死体内2/3不含该基因的雄配子，因此从亲本→F1→F2，基因e的频率逐代降低，D正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 11.(多选)(2024·吉林高三联考)外显率是指一定环境条件下，群体中某一基因型个体表现出相应表型的百分率。黑腹果蝇的正常翅脉(I)和间断翅脉(i)是一对相对性状，基因型为II和Ii的个体外显率为100％，基因型为ii的个体90％表现为间断翅脉，10％表现为正常翅脉。一对黑腹果蝇杂交后，F1中正常翅脉个体占31/40，间断翅脉个体占9/40。饲养果蝇的环境条件始终不变，下列相关叙述错误的是 A.该饲养条件下，基因型为ii的个体外显率为90％ B.这对黑腹果蝇的表型均为正常翅脉，且均为杂合子 C.F1正常翅脉个体中，纯合子所占比例为10/31 D.F1随机交配，所得F2中正常翅脉个体仍占9/31 √ √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 根据外显率的定义可知，基因型为ii的个体90％表现为间断翅脉，10％表现为正常翅脉，即基因型为ii的个体外显率为90％，A正确；一对黑腹果蝇杂交后，F1中正常翅脉∶间断翅脉≈3∶1，说明两亲本均为杂合子，而杂合子的外显率为100％，即表型为正常翅脉，B正确；亲本基因型为Ii×Ii，子代中II∶Ii∶ii＝1∶2∶1，由于基因型为ii的个体外显率为90％，所以F1中，正常翅脉∶间断翅脉＝31∶9，正常翅脉中10/31为II，1/31为ii，20/31为Ii，故纯合子所占比例为11/31，C错误；F1随机交配，所得F2中II∶Ii∶ii＝1∶2∶1，因此，所得F2中正常翅脉个体仍占31/40，D错误。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 12.(14分)(2024·全国甲卷) 袁隆平研究杂交水稻，对粮食生产具有突出贡献。回答下列问题。 (1)用性状优良的水稻纯合体(甲)给某雄性不育水稻植株授粉，杂交子一代均表现雄性不育；杂交子一代与甲回交(回交是杂交后代与两个亲本之一再次交配)，子代均表现雄性不育；连续回交获得性状优良的雄性不育品系(乙)。由此推测控制雄性不育的基因(A)位于__________(填“细胞质”或“细胞核”)。 由题意可知，雄性不育株在杂交过程中作母本，在与甲的多次杂交过程中，子代始终表现为雄性不育，即与母本表型相同，说明雄性不育为母系遗传，即控制雄性不育的基因(A)位于细胞质中。 细胞质 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 (2)将另一性状优良的水稻纯合体(丙)与乙杂交，F1均表现雄性可育，且长势与产量优势明显，F1即为优良的杂交水稻。丙的细胞核基因R的表达产物能够抑制基因A的表达。基因R表达过程中，以mRNA为模板翻译产生多肽链的细胞器是________。F1自交子代中雄性可育株与雄性不育株的数量比为_______。 核糖体 3∶1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 以mRNA为模板翻译产生多肽链即合成蛋白质的场所为核糖体。控制雄性不育的基因(A)位于细胞质中，基因R位于细胞核中，核基因R的表达产物能够抑制基因A的表达，则丙的基因型为A(RR)或a(RR)，雄性不育乙的基因型为A(rr)，子代细胞质来自母本，因此F1的基因型为A(Rr)，核基因R的表达产物能够抑制基因A的表达，因此F1表现为雄性可育，F1自交，子代的基因型及比例为A(RR)∶A(Rr)∶A(rr)＝1∶2∶1，因此子代中雄性可育株与雄性不育株的数量比为3∶1。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 (3)以丙为父本与甲杂交(正交)得F1，F1自交得F2，则F2中与育性有关的表型有___种。反交结果与正交结果不同，反交的F2中与育性有关的基因型有___种。 丙为雄性可育，基因型为A(RR)或a(RR)，甲也为雄性可育，基因型为a(rr)，以丙为父本与甲杂交(正交)得F1，F1基因型为a(Rr)表现为雄性可育，F1自交的后代F2可育，即F2中与育性有关的表型有1种。反交结果与正交结果不同，则可说明丙的基因型为A(RR)，甲的基因型为a(rr)，反交时，丙为母本，F1的基因型为A(Rr)，F2中的基因型及比例为A(RR)∶A(Rr)∶A(rr)＝1∶2∶1，即F2中与育性有关的基因型有3种。 1 3 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 13.(15分)(2025·湖北武汉模拟)某二倍体雌雄同株植物雄性育性受一组复等位基因(位于同源染色体的相同位点上的两种以上的等位基因)控制，其中M为不育基因，Mf为恢复可育基因，m为可育基因，且其显隐性强弱关系为Mf＞M＞m。该种植物雄性不育植株不能产生可育花粉，但雌蕊发育正常。如下表为雄性可育植株的杂交组合及结果，请分析回答问题。 杂交组合 亲本 子代植株 雄性可育 雄性不育 1 甲×甲 716株 242株 2 甲×乙 476株 481株 3 甲×丙 936株 0株 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 (1)该种植物雄性不育与可育的遗传_______(填“遵循”或“不遵循”)基因的分离定律。 遵循 该种植物雄性育性受一组复等位基因控制，其遗传遵循基因分离定律。 杂交组合 亲本 子代植株 雄性可育 雄性不育 1 甲×甲 716株 242株 2 甲×乙 476株 481株 3 甲×丙 936株 0株 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 (2)据表分析，雄性可育植株甲、乙、丙亲本的基因型分别为________、________、________。 MfM　 mm 　MfMf 杂交组合 亲本 子代植株 雄性可育 雄性不育 1 甲×甲 716株 242株 2 甲×乙 476株 481株 3 甲×丙 936株 0株 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 依据题意，复等位基因的显隐性强弱关系为Mf＞M＞m，雄性可育植株的基因型有4种：MfMf、MfM、Mfm和mm。依据表格数据，分析判断雄性可育植株甲、乙和丙的基因型。由杂交组合1可知，子代发生性状分离，且表型比例约为3∶1，由此可推知甲的基因型为MfM；由杂交组合2可知，子代表型比例约为1∶1，则乙的基因型为mm；由杂交组合3可知，子代全为雄性可育植株，则丙的基因型为MfMf。 杂交组合 亲本 子代植株 雄性可育 雄性不育 1 甲×甲 716株 242株 2 甲×乙 476株 481株 3 甲×丙 936株 0株 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 (3)该种雄性不育植株在进行杂交实验人工授粉前，母本__________(填“需要”或“不需要”)去雄处理。 不需要 杂交组合 亲本 子代植株 雄性可育 雄性不育 1 甲×甲 716株 242株 2 甲×乙 476株 481株 3 甲×丙 936株 0株 对于雌雄同株的植物而言，在人工杂交时通常需对母本进行去雄处理，若以雄性不育品系作母本，则不需要进行去雄处理。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 (4)现有某雄性不育植株丁，请从甲、乙、丙三种雄性可育植株中选择合适的材料来鉴定植株丁的基因型。简要写出实验思路并预期实验结果及结论。 ①实验思路：_______________________________________________________。 选择丁(母本)和乙(父本)进行杂交，统计子代植株的表型及比例 杂交组合 亲本 子代植株 雄性可育 雄性不育 1 甲×甲 716株 242株 2 甲×乙 476株 481株 3 甲×丙 936株 0株 雄性不育植株丁的基因型为MM或Mm，为鉴定其基因型，可选择丁(母本)和乙(父本mm)进行杂交，统计子代植株的表型及比例。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 ②预期实验结果和结论： 若子代植株____________________，则植株丁的基因型为MM； 若子代植株________________________，则植株丁的基因型为Mm。 全部表现为雄性不育 雄性可育∶雄性不育＝1∶1 杂交组合 亲本 子代植株 雄性可育 雄性不育 1 甲×甲 716株 242株 2 甲×乙 476株 481株 3 甲×丙 936株 0株 若子代植株全部表现为雄性不育，则丁的基因型为MM；若子代植株中雄性可育∶雄性不育＝1∶1，则丁的基因型为Mm。 返回 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 11 12 13 谢 谢 观 看 分离定律的题型突破 $