专题卷物理(八)-2025年安徽省高中物理学业水平合格考试卷

A.电磁铁上端是N极，小磁体下端是N极 B.电磁铁上端是N极，小磁体下端是S极 安徽省普通高中学业水平测试·合格考专题卷 C,电磁铁上端是S极，小磁体下端是N极 D.电磁铁上端是S极，小磁体下端是S极 6.如图所示，一通电直导线位于匀强磁场中，导线与磁场方向垂直.导线中的电流I=1A,导线长度 物理（八） L=0.2m,导线所受安培力的大小F=0.02N,磁场的磁感应强度B的大小为 () (磁场电磁感应) A.0.02T F◆B (时河60分钟满分100分) B.0.05T 一、选择题（本大题共20小题，每小题3分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题 C0.1T 目要求的) D.0.2T 1.如图所示，把一条导线平行地放在小磁针的正上方，当导线中有电流通过时，小磁针会发生转动.首 7.关于电磁波，下列说法正确的是 先观察到这个实验现象的物理学家是 ( A.电磁波可以在真空中传播 B.电磁波无法携带信息传播 C.医院利用红外线杀菌消毒 D.医院利用紫外线加热理疗 8.在图中，标出了磁场的方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受安培力F的方向，其 中正确的是 () 线A.伽利略 B.法拉第 C,奥斯特 D.牛顿 2.关于磁场，下列说法正确的是 A.磁场的基本性质是对放入其中的磁体或通电导体有力的作用 B磁场是看不见、摸不着、实际不存在的，是人们假想出来的一种物质 B D C.磁场是磁体周围或通电导体周围存在的一种物质，有小磁针放入其中时，存在磁场：无小磁针放 9.如图所示，在南北方向水平放置的长直导线的正下方，有一只可以自由转动的小磁针.现给直导线通 入其中时，磁场不存在 以由α向b的恒定电流I,则小磁针的N极将 D,磁场的存在与否决定于人的思想，想其有则有，想其无则无 A.保持不动 .条形磁体磁场的部分磁感线如图所示，一金属线圈从A位置开始沿纸面水平向右匀速移动过程中， B.向下转动 不 穿过线圈的磁通量 ( C,垂直纸面向里转动 A.逐渐增大 D.垂直纸面向外转动 B.先增大后减小 10.在地球赤道上放置一个小磁针，静止时小磁针N极指向 C.逐渐减小 要 A.地球南极 B.地球北极 D.先减小后增大 C东方 D.西方 4.某小组用如图所示电路研究电磁感应现象，开关闭合后，下列情形中 11.把一条通电直导线垂直于磁场方向放入匀强磁场中，若导线长为0.5m,电流为4A,磁场的磁感应 不会使电流表指针发生偏转的是 强度大小为1×10T,该导线受到的安培力大小为 A线圈P静止于线圈Q中 答 A.4×10-3N B.2×10-3N C.5×10-2N D.2×10-2N B.移动滑动变阻器的滑片 12.如图所示，其中正确反映两根大头针被条形磁体吸起时的真实情况的是 C.将线图P从线圈Q中抽出 人图甲 B.图乙 C,图丙 D.图乙和图丙 D,将线圈P快速插入线圈Q中 题 5.电磁式充气泵的结构示意图如图所示.当电流从电磁铁的线圈α端流人时，小磁体被吸引而向下运 动，实现充气，则此时 小体 弹性金属片固定端 橡皮碗 a 气案 电磁铁 第12题图 第13题图 空气导管 ·29· ·30· 13.先后在磁场中A,B两点引入长度相等的短直导线，导线与磁场方向垂直如图所示，图中ā，b两图线分别 20.下列宏观概念中，是量子化的为 表示在磁场中AB两点导线所受的力F与通过导线的电流I的关系.下列说法正确的是() A.物体的质量 B,弹簧振子的能量 A.A,B两点磁感应强度相等 B.A点的磁感应强度大于B点的磁感应强度 C.汽车的个数 D.卫星绕地球运行的轨道 C,A点的磁感应强度小于B点的磁感应强度 D.无法比较磁感应强度的大小 二、非选择题（本大题共3小题，共40分） 14.磁场中某区域的磁感线如图所示，则 21.(12分)一根长20cm的通电导线放在磁感应强度为0.4T的匀强磁场中，导线与磁场方向垂直， A.Q、b两处的磁感应强度的大小不等，B>B 若它受到的安培力为4×10-]N,求导线中的电流大小，若将导线中的电流减小为零，求该处的磁弥 B.a、b两处的磁感应强度的大小不等，B<B, 感应强度. C,同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力小 D.α处没有磁感线，所以磁感应强度为零 22.(14分)如图所示，线圈面积为S,线圈平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直.设图示情况下线 第14题图 第15题图 的磁通量为正值.求： (1)穿过线圈平面的磁通量为多少？若线圈为拉匝，穿过线圈平面的磁通量为多少？ 15.如图所示，闭合矩形金属线圈ABCD位于周定通电长直导线附近，线圈与导线在同一平面内.则 ( (2)若使线圈绕O)轴转过60°角，则穿过线圈平面的磁通量为多少？ A.导线周围不存在磁场 B.导线周围存在匀强磁场 (3)若从初始位置转过90°角，则穿过线圈平面的磁通量为多少？ C.线圈向右平移时，线圈中有感应电流 D.线圈向右平移时，线圈中没有感应电流 (4)若从初始位置转过180°角，则穿过线圈平面的磁通量变化了多少？ 16.如图所示，矩形线框在磁场内做的各种运动中，能够产生感应电流的是 ( 不 ×× ×XX A B 17,在研究电磁感应现象的实验中，进行以下操作时不能使线圈B中产生感应电流的是 A.开关闭合，把线圈A从线圈B中抽出时 B.开关断开，把线圈A从线圈B中抽出时 C.开关闭合，在改变滑动变阻器阻值的过程中 23.(14分)如图所示，有一匀强磁场，磁感应强度B=1T.有一段长L一0.1m的导线垂直磁场方向放 D.在开关闭合或断开解间 置，当导线中通以I=0.5A的水平向右的电流时， 18.如图所示，把一个单匝矩形线图放在匀强磁场中，开始时线圈平面与磁场方向平行， (1)判断导线所受安培力的方向是垂直导线向上还是向下： 当线圈绕O)轴转动至与磁场方向垂直时.此过程中穿过线圈平面的磁通量() (2)求导线所受到的安培力F的大小. A.增大 B.减小 C,不变 D.不能判断 X XI XX 19.关于电磁场理论的叙述正确的是 A.变化的磁场周围一定存在若电场，与是否有闭合电路无关 X XX B.周期性变化的磁场产生不变的电场 C.不变的电场和不变的磁场相互关联，形成一个统一的场，即电磁场 D.电场周围一定存在磁场，磁场周围一定存在电场 ·31· ·32(2)FE-L.0X10+×2×10N-2.0X10N. 到的安培力为F=BL,解得B=无-0,1T,故速C 感通量为零，而且当线框平动时，磕通量始终为零，没有 18.A解析：由题意，根据闭合电路欧婷定律，则有 23.答案：(1)正电(2)5×10N(3)1×10C 变化，所以没有感应电流产生，故B错误.C项线框与 E=I(R+R+r)=0.0O4×(R+R+r),E=L2(R.+ 解析：(1)对小琼受力分析如图所示 7.A解析：电磁波的传播不需要介质，可以在真空 场平行，穿过线框的磷通量为零，当线框向右平动时，磁 R+r+200)=0.003×(R+R+r+200n),把R+ 中传播，故A正确：电磁波可以携带信息传播，故B错 由图可知，静电力方向向右，与 通量保持为，淡有变化，所以没有盛应电流产生，故C R十r看成一个总电图R,别由上面两式可得，E 电场方向一政，故带电小球带正电 误：根据红外线的热效应原理可以用来加热理疗，紫外线 错误。D项线框在磁场中转动时，实过线柜的磁通量发生 2.4V,R4=600D,电流为2mA时，有E=L(R+R)= (2)由受力分析图可知 可以用来清毒、杀菌，故C,D错误，故选A 变化，产生感应电流，故D正确， 0.002×(6000+R),解得R,-6001 8.C解析：直接使用左手定则判断 Fcos0-mg,可得，F-mS 17.B解析：开关闭合，把通电的线图A从线图B cos0 19.B解析：根据闭合电路欧得定律U=E一1r,当 9.C解析：根播安培定则可知直线电流在小磁针 中物出时，线图B中的磁通量会发生变化，会产生感应电 =0时，U=E,说明图线跟轴藏距等于电源的电动势， 4×10X10N=5×10N. 处的磁场方向为是直纸而句里，文因为小磁针静止时N 0.8 流，故A错误：开关断开，把线图A从线图B中抽出时， 由图可知，两电源的电动势相等，即E一E,根据致学知 极的指向为磁场方向，所以小磁针的N极将每直纸而向 线图B中的磁通量始终为零，不会产生感应电流，款B (3)由受力分折图可知E=mgtn0,可得q 识可知，图线的钟率大小等于电源的内阻，由图可知，图 里转动.故选C, 正确：开关闭合，在改变滑动变阻器阻值的过程中，线国 线】的钟率绝对值小于图线2的料率绝对值，则<r. mgland 4×10-×10× 10.B解析：地球是一个巨大的磁体，地磁场的南 3.0×10 4C-1×10C. B中的磁通量会随着线圈A的磁场变化而变化，线图B 20.C解析：环境温度升高，热敏电阻阻值减小，总 极和北极分剂位于地球北极和南极腊近，在赤道上，地磁 中会产生感应电流，数C错误：在开关闭合或断开瞬间， 电阻减小，电流变大，灯池变亮，故A错误：环境温度升 场的方向由地理南极指向地理北极，小磁针静止时N极 物理（八》 线图A的德场会增强或诚弱，线图B中的磁通量会发生 高，热敏电阻阻值减小，总电阻减小，要正常发光，增大滑 稻向地攻北极，故选项B正确。 变化，会产生感应电流，故D错误，故选B. 1,C解析：当导线中有电流通过时，小磁针会发生 动变阻署的阻值，即向左滑动滑片，故B错误：温度降低， 11D解析：由公式F=B1L,得该导线受到的安培 18.A解析：当线图平面与磁场方向平行时穿过线 电阻变大·并向左移动滑动变租器的滑片，测电流减小。 转动，说明屯流产生了隘场，这是电流的赡效应，首先观 力大小为F一2×10-2N,故选D. 国的磁通量为零；当线图转动至与础场方向垂直时，磁通 灯泡变暗，故C正确：温度降低，电包变大，电流变小，灯 察到这个实验现象的物理季家是奥斯特，故选C 12.C解析：当大共针被磁化后，针尖部分为同名 量最大：别根据中一BSsin0可知，随着0增加，穿过线图 泡变暗，故D错误。 2.A解析：磁场的基本性质是对效入其中的磁体 磁极，相互排斥而张开.故选C 平面的磁通量增大。故选A. 21.答案：(1)1.600mm(2)0,521.3×10 或通电导体有力的作用，选项A正确：磁场虽然看不见、 13.B解析：乎线受到的安培力F一B1,对于题 19.A解析：变化的磁场周国产生电场，当电场中 解析：(1)由题图螺旋测微器知其示数为L,5mm十 摸不着，但是它是客现存在的，选项B、C,D错误. 图给出的F-【图线，直线的针单k=BL,由题图知 有闭合回路时，阳路中有电流：若无闭合四路，电场仍然 10.0×0.01mm=1.600mm 3.C解析：远离延极，磁场域隔，穿过线风平面的 k>k,丈因A,B两处导线的长度L相同，故A点的磁 存在，A正确。周期性变化的磁场产生同频率周期性变化 (2)P由因缘可知，电租租值为R-号-品品n≈ 磁感线条数诚少，磁通量减小，故A、B,D错误，C正确 感应强度大于B点的磁感应强度，选项B正确， 的电场，B错误.不变的电场周围不产生磁场，不变的磁 故选C 14.B解析：由图可知b处的磁感线较密，4处的磁 场周围不产生电场，C、D错误 0,520: 4.A解析：线圈P静止于线图Q中，穿过Q的磁 感线较疏，所以B<B,故选项A错误，迭项B正确：通 20.C解析：汽车的个数的数值只能取正整数，不 UV 通量不发生变化，漫有电流经政电流表，电流表指针不发 030 电导线在撼场中受力的大小与导线在磁场中的放莲方向 院取分数或小数，因而是不连续的，是量子化的，其他三 025 生偏转，故A正确：移动滑动变阻器的滑片，穿过Q的础 有很大关系，而不是仅仅取决于B的大小，故速项C错 个物理量的数值都可以取小数友分数，甚至取无理数也 020 通量发生变化，有电流经过电流表，电流表指针发生偏 0.15 误：德感线是用来描述磁场的，不可烧在存在磁场的区域 可以，国而是连续的，非量子化的， 0.10 转，故B错误：将线圆P从线圆Q中物出，穿过Q的磁通 内全部画偏感线，故谌项D错误。 21.答案：0.05A0.4T 0.05 0出 量发生变化，有电流经过电流袁，电流表指针发生偏转， 26A 15,C解析：根据电流的磁效应可知，通电直导线 M×10-1 解析：由B-元，得1厂瓦一dX2A-0.o5A 故C错误：将线图P快速赫入线调Q中，电流表指针发 由R=Ps=P Rd 会在其周国产生磁场，但递电长直乎战周国的磁场不是 础感应强度B与I、L、F无美，只由础场本身决定， 41 生编转，故D错误.故选A 匀强磁场，离长直导线总远，它的磁场越弱，商长直导线 故当1一0时，B不变，仍为0.4T. 5.C解析：当电流从电磁软的接线柱流入时，从 越近，它的磁场越强，故A,B错误：当线图向右移动，逐 3.14×0.52×(L.6×10-3 4×0.800 -0m1.3×10n·m 上向下看，电流为顺时针方向，由右手螺旋定则可得，电 澌远离导线时，磁场减弱，穿过线周的磁通量减小，线图 22.答案：(1)BSBS(2)号BS(3)0(1)-2BS 22.答案：(1)2×10'N/C(2)2.0×10-4N 磁铁下端为N板，上端为S极，由同名磁极相至排斥，异 中有感应电流，故C正确，D错溪.故迭C, 解析：(1)》在图示位置时，磁感线与线图平面垂直，磁 解析：(1)狐据电场强度的定义式，E-E 名磁板相互吸引可得，小磁体被吸引向下运动，所以小磁 16.D解析：A项线框在匀强磁场中运动时，穿过 通量 铁下端为N极.故选C. 线框的磁感线条数不变，即磁通量不变·液有感应电流产 0=B5 N/C-2X10 N/C. 6.C解析：根据题意，由图可知，导线在磁场中受 生，故A错误.B项图示的线狐与磁场平行，穿过线柜的 若线图为n臣，穿过线图平面的磁通量不变，即为 ·75· ·76 =BS 测力计B交到A的拉力，所以作用在B上，F是测力计 19.答案：(1)2m/g,沿斜面向下(2)6m/s.沿斜 错误， (2)若使线图绕O)轴转过60°角，穿过线图平面的 A受到B的拉力，所以作用在A上，C,D错误.因此A 面向下(3)4m.沿斜面向下 12.A解析：筒壁对衣服的弹力充当向心力，则F、 磁通量 项正确. 解析：(1)由牛额第二定律得mgsin0一ngcost0 r,别随着质量的减小，衣服受筒壁的弹力减小，逃项 市-Beos60=号Bs 13.C解析：乘坐“复兴号”从上海很快能到达北 ma,解得物休下滑的加速度a=2m/s',方向沿钟面向 A正确，B错误：竖直方向=mg,则随着质童减小，衣服 京，指月时较短，A错溪：宁泽海在100m自由泳中游得 下， 受简壁的摩擦力减小，选项C,D错误，故选A (3)从初始位置转过90°角，线闆平面与磁感线平行 最快，指速度大，B错误：运用“ABS”新技术，既保证汽车 (2)由匀变追直线运动速度时间关系v一十l1,可 13.4 穿过线阁平面的襟通量为0， 在景急到率时的安全，又能使汽车很快停下来，指追度的 得3秒末物休的逸度v=6m/s,方向沿钟而向下. 14.B解析：若空气祖力可忽略，石块运动过程机 (4)从初始位置转过180°角，磁感线奶然垂直穿过线 变化率较大，即加速度大，C正确：客机在20000m高空 (3)由匀变速直线运动位移时间关系￥一：十 图平面，只不过穿过方向改变了 核能守证，别有mgh十合m-司m,整理得7- 飞行得很快，指速度大，D错误.故选C -BS 豆，可得0~2秒末物体通过的位移为一4m,方向沿 2h十话，可知小石块落地时的逸度与初逸度大小、离地 14,D解析：弹簧测力计示数增大，说明重物处于 =一BS 外而向下， 面高度有关，域小初進度或离地面高度，小石块落地时的 超重状态，具有向上的加速度，所以电梯可能向上做加速 △=一=-2BS. 20.答案：(1)3m/s,方向水平向右(2)3m/s 速度减小.放速B 运动，也可能向下做减速运动，因此D项正确。 23.答案：(1)向上(2)0,05N 15C解析：物体做匀逸圈周运动，合力指向圆心， 15.C 解析：(1)由牛桶第二定律得F一ng=ma,解得 解析：(1)由左手定荆可以判断出，导线所交安培力 受力如图所示 16.答案：(1)1.57(2)大 a=3m/s,方向术平向右；(2)由=ul,得v-3m/s 的方向垂直导线向上 解析：()由遂益相等△r=uT,可得a=祭= 物理（十） (2)导线受到的安培力F=BIL.一1×0.5×0.1N 0.05N. 831-6.74×102m/g=1.57m/g:(2)频率小，则网 1.A2.A3.C4.D5.D 0.01 物理（九）】 期变大，继而加速度变小，剥可加测量值比实际值偏大， 6C解折旅装有-，可得一√受由于小 1.A解析：跳台跳水、自由体澡和花样滑冰比卷 17.答案：(1)竖直(2)200弹簧有自重 高度低于大人，可知小孩批出的周环落地时间短，故C 小物块受到重力、支持力和静摩擦力三个力，向心力 解析：(1)因为弹簧处于竖直状态，所以在安装刻度 正确，D错送：振据=二，可知小孩水平抛出圈环的初 是物体做圆周运动所需要的力，由静摩擦力提供，故速 中，运动员的形获大小均不可以忽略不计，均不可以把运 动员看作质点：万米长跑比赛中，运动员的形状大小可以 尺时，必须使斟度尺保持竖直状态以方便测量 速度较大，故A、B错误 16.答案：(1)打点计时器接在直流电源上(2)小于 忽略不计，可以把运动员看作质点，故选A (②)根超胡克定律可知k=AE 7-0 F△=0.04-0.005N/m 7.D解析：第一宇雷速度大小是7.9km/s故选D. 解析：(1)打点计时器摄交流电源才能正常工作，实 2.D3.B4.D =200N/m. 8.D解析：根据功的定义式，功等于力乘以物休在 脸装置中错误之处是打点计时器接在直流电源上：(2)因 5,B解析：自由落体运动是初追度为0，加追度为 国线不过原点说明设钩码时弹贵有了形变量，故说 力的方向上移动的距离，有W=Flcos0.故速D. 航带与限位孔间的摩擦和空气阻力影响，重物的动能增 重力加逸度g的匀加速查线运动.故选B 明单簧有自身的重力存在 9,B解析：根燕动能定理， 6.B解析：位移一时间国僚中国线的针率代表逸 加量一定会小于重物的重力势能减少量。 18.(1)10m/s8s(2)55m 对物体1：一出g=0-E1① 17.答案：(DAB(2)C(3)mghn m(hc-ha) 度，甲，乙做匀速直线运动，甲图线针率大，则甲的速度更 解析：(1)48末的速度为=a1 对物体2：一您m:g的=0一E2② 87 大，1时刻甲，乙相遇，A,C错误：0一1时问内，两质点的 -10m/s E (4)C(5)不正确，还需要进一步判断图像的斜率是否 位移相同，B正确：质点甲、乙做匀速直线运动，加速度均 质点减速时间为4，则=a:好 ①@两式得：头-色-能×么×得-子X 接近2g 为零，D错溪. E =1s me君 解析：(1)电磁打点计时暑需要相应的低压交流电 7.B解析：鸡蛋对石头的作用力与石头对鸡蛋的 总流动时间1一十十4一88 号×是- 源，故A正确：打出纸带后，需要刻度尺进行涮量，故B 作用力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，故选B (2)质，点加逸过程位移 正确：以自由落体运动为创来险证机械能守恒定律，需要 8.B解析：提出万有引力定律的科学家是牛颜.故 10.C解析：根据W一Fcos0,因为力和位移都相 n=2a14=2×2.5×4m=20m 同，则恒力做功相等.故C正确. 验证的方程是mgh一立m心，仅比较mgh,立m心的大小 选B 9.B10.A11,A 匀速过程位移xu=。一10×3m一30m 1山.A解析：根据牛领第二定律得mg一F=m 7 关系，m可约去，不需要用天平测量重物的质量，故C 12.A解析：两个物体之间的作用力和反作用力总 错误。 减递过程位移-之4：=合×10X1m=5m 是大小相等，方向相反，作用在一条直线上，A项正确：测 其中下=mg,当车对桥项无压力时，有mg=m尺 (2)实脸操作.正确的顺序是①⑤④②③. 力计B受到A的拉力为Fg,方向向左，B项错误：Fm是 解得质点慈位移为x=和十1十x=55m, 代入数据解得'=24m/s,故A项正确，B.C,D三顶 ·77… ·78