物理（河北卷）-学科网2022届高三5月大联考考后强化卷

物理-学科网2022年高三5月大联考考后强化卷（河北卷） 物理·全解全析 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 D D B A D C C AC CD BD 1．D【解析】A．光电效应说明光具有粒子性，它是由赫兹首先发现，爱因斯坦进行了理论解释，A错误；B．卢瑟福通过对粒子散射实验的研究，揭示了原子的核式结构，B错误；C．处于能级的大量氢原子向低能级跃迁时，根据，可知最多可辐射出种不同频率的光子，C错误；D．氢原子辐射出一个光子后，电子从高轨道跃迁到低轨道，可知氢原子电势能减小，核外电子动能增大，D正确；故选D。 2．D【解析】A．质点在2~4 s内处于静止状态，故A错误；B．质点前6 s内的位移是6 m，故B错误；CD．质点前2 s内做匀速直线运动，加速度为零，速度为，故C错误，D正确。故选D。 3．B【解析】A.由于第一宇宙速度是环绕地球做圆周运动的最大环绕速度，可知“神舟十一号”在轨道Ⅱ上的速度应小于第一宇宙速度，A错误；B.为了完成对接，飞船应从比“天宫二号”所在轨道略低的轨道上加速，所以“神舟十一号”与“天宫二号”对接前，到地面的距离要小于393 km，B正确；C.根据开普勒第三定律，轨道半长轴越大则周期越大，“神舟十一号”在轨道Ⅱ上运行的周期大于在轨道Ⅰ上运行的周期，C错误；D.“神舟十一号”在轨道Ⅰ上运行的过程中，由于不计空气阻力，飞船仅靠万有引力作用就可以完成这一椭圆运动，D错误。 4．A【解析】A．发电机的输出电压U1不变，升压变压器匝数比不变，则副线圈电压U2不变，A正确；BD．当用电器增多时，功率增大，降压变压器的输出电流增大，则降压变压器原线圈电流增大，输电线上的电流增大，可知输电线上的功率损失增大、输电线上的电压损失增大，进一步导致降压变压器的输入电压U3减小，BD错误；C．用户开启的用电器增多，消耗的功率增大，发电机输出功率随之增大，C错误。 5．D【解析】当弹簧测力计的示数增大时，物体超重，加速度向上，则电梯可能加速上升，也可能减速下降。故选D。 6．C【解析】A．沿电场线方向电势降低，a点电势大于b点，故A错误；B．a点的场强方向为该点的电场线方向，向右，故B错误；C．因为是负电荷，在电势大的地方电势能小，所以在a点电势能小于b点电势能，故C正确；D．正电荷从b点运动到a点电势升高，电势能增大，则电场力做负功，故D错误。故选C。 7．C【解析】A．铰链受力如图所示 由平衡条件可得2Fsinθ=mg，解得，故A错误；BC．滑块受重力、地面的支持力、杆的压力和地面的摩擦力，如图所示 由平衡条件，由牛顿第三定律知滑块对地面的压力，故B错误，C正确；D．由平衡条件可得A、B滑块对水平面的摩擦力大小，故D错误。故选C。 8．AC【解析】A．重力做功等于重力势能的变化量，即小球重力做多少正功，它的重力势能就减小多少，A正确；B．小球重力势能与参考平面的选择有关，但重力势能的变化量与高度差有关，与参考平面的选择无关，B错误；C．平衡位置为重力与弹力等大反向的位置，小球从接触弹簧到平衡位置过程中，重力大于弹簧弹力，合外力对小球做正功，小球的动能增加，从平衡位置到最低点过程中，重力小于弹簧弹力，合外力对小球做负功，小球的动能减小。因此，小球从接触弹簧开始，动能先增加，后减小，C正确；D．接触弹簧之后，弹簧弹力对小球做负功，小球的机械能减小，D错误。 9．CD【解析】A．拉出过程切割磁感线，相当于电源，根据右手定则，电流由端流向端，故端电势高于端，A错误；BC．产生的感应电动势大小为，由闭合电路欧姆定律可知，，B错误、C正确；D．线框匀速拉出克服安培力做功，，故产生的热量为，D正确。 10．BD【解析】AB．两粒子轨迹图如下 设半径分别为 ，，转过的圆心角分别为，，由几何关系可得与 相似，假设，，可得，则由可知r与成反比，而质子从边界上的F点离开磁场，所以从E点离开磁场粒子的比荷应为质子的，故该粒子可能是氚核，该粒子不可能是粒子，故A错误，B正确；C．设两粒子在磁场中运动的圆弧长分别为s1和s2，两粒子在磁场中运动的时间为，，显然，所以，故C错误；D．根据几何关系可知，故D正确。故选BD。 11．（1）B（1分） （2）1.6（2分） （3）0.2（2分） （4）A（1分） 【解析】（1）A．弹簧测力计可以直接测量绳的拉力，不需要用天平测出砂和砂桶的总质量，A错误；B．为了使小车所受合外力等于两段绳子的拉力，定滑轮到小车间的轻绳与倾斜的长木板应平行，B正确；C．平衡摩擦力时，应去掉砂桶，调节长木板的倾角，使小车在拖动纸带的情况下在木板上能够做匀速直线运动，C错误；D．由于小车速度较快，且运动距离有限，打出的纸带长度也有限，为了能在长度有限的纸带上尽可能多地获取间距适当的数据点，实验时应先接通电源，再将小车从靠近打点计时器处释放，D错误。故选B。 （2）由题意可知相邻两计数点间的时间间隔为，根据逐差法可得小车的加速度为； （3）根据牛顿第二定律得，解得，根据图像得，解得； （4）A．没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够，则a-F关系为，即a-F图线存在横截距，故A符合题意；B．本实验中可以直接通过弹簧测力计来获取小车所受拉力大小，砂和砂桶的质量m是否远小于小车的质量M对实验无影响，故B不符合题意；C．平衡摩擦力时木板没有滑轮的一端垫的过高，即平衡摩擦力过度，则a-F关系为，即a-F图线存在纵截距，故C不符合题意；D．先释放小车，后接通电源会使纸带上的点数据较少，不会造成图线不过原点，故D不符合题意。故选A。 12．（1）10.00（或10）（1分） （2）0.10（2分） （3）3.60（2分） 0.02（2分） （4）②（2分） 【解析】（1）由于忽略S2闭合后电路中总电阻的变化，则有，其中，，，解得。 （2）扩大电流表的量程，将与A并联组成电流表，其量程为A的100倍，则有，解得。 （3）根据闭合电路欧姆定律可得，可得，结合图像可得，解得，把图像中数据，，代入方程可解得， （4）电流表满偏时，电路总电阻为，由于电源内阻、定值电阻、电流表内阻都比较小，故应选用的是②。 13．（1） （2） （3） 【解析】（1）小滑块A在圆弧轨道下滑过程，根据机械能守恒定律 （1分） 解得碰撞前A的速度大小为 （1分） 在最低点，根据牛顿第二定律 （1分） 解得轨道对滑块A的支持力大小为 根据牛顿第三定律，滑块A对轨道的压力大小为 （1分） （2）A和B碰撞过程满足动量守恒，则有 （1分） 解得碰撞后A和B整体的速度为 （1分） A与B碰撞过程中系统损失的机械能为 （1分） （3）根据动能定理 （3分） 解得A和B整体在桌面上滑动的距离为 （2分） 14．（1） （2），指向第Ⅳ象限与x轴正方向成° （3）mv0，（0，–2L–2h） 【解析】（1）设粒子在电场中运动的时间为，轴方向有 （1分） 轴方向有 ，，（1分） 联立以上各式可得 （2分） （2）设粒子到达a点时速度为，由题意知 ，（1分） 可知 （1分） 则粒子到达a点时速度的大小 （1分） 粒子到达a点时速度方向 （1分） 可得 °（1分） 即粒子到达a点时速度方向指向第Ⅳ象限与x轴正方向成°。 （3）由题意知粒子垂直进入磁场Ⅱ区，则由 （1分） 得（1分） 当R取得最大值Rmax=L时，磁场Ⅱ区的磁感应强度的最小值为 Bmin=mv0（1分） 又由题意知粒子垂直进入磁场I区时运动半径为，则 （1分） 粒子进入第三象限时沿y轴运动的距离 （1分） 粒子进入第三象限的位置坐标为（0，–2L–2h）。（1分） 15．（1）逐渐增大 先减小后增大 先增大后减小 【解析】从相距很远到开始相互接近的过程中，在有分子力的情况下，分子引力一直增大；r0是分子的平衡距离，当r大于r0时，分子力表现为引力，分子力做正功，分子动能增加，分子势能减小；当r小于r0时，分子间的作用力表现为斥力，分子力做负功，分子动能减小，分子势能增加，所以在r=r0时，分子势能最小，动能最大；r＜r0阶段，分子间的作用力表现为斥力，随r的减小，分子力做负功，分子动能减小，分子势能增加，所以分子势能先减小后增大，分子动能先增大后减小。 （2）（i） （ii）6.25×104 Pa 【解析】（1）罐内气体加热前，压强、体积和温度分别为和，加热到后，等效气体等压膨胀到V，则 （1分） 解得（1分） 加热前后，罐内气体的质量之比为 （2分） （2）自然降温后，气体的最后压强设为p，则 （2分） 解得（2分） 16．（1）5 0.5 0.5 【解析】M质点从该时刻开始，经过0.6 s第一次到达波谷位置，且波沿x轴负方向传播，故，传播周期为，由图知波长为4.0 m，则该简谐波的传播速度为。从图示时刻开始计时，x=4.0 m处的状态传播到N时，质点N第一次到达波峰位置，用时为。从图示时刻开始计时，经过2.0 s，质点M振动的路程。 （2）（i）n=1.6 （ii） 【解析】（i）根据题设条件作出光路图，如图所示，研究a光，入射角为 （1分） 折射角为 （1分） 根据折射定律可得 （2分） （ii）根据光路图可知，a、b两束光打到萤光屏上的点、的距离为 （4分） 物理全解全析 第6页（共6页） 学科网（北京）股份有限公司 $ ( ………………○……………… 外 ………………○……………… 装 ………………○……………… 订 ………………○……………… 线 ………………○……………… ) ( ………………○……………… 内 ………………○……………… 装 ………………○……………… 订 ………………○……………… 线 ………………○……………… ) ( 此卷只装订 不密封 ) ( ………………○……………… 内 ………………○……………… 装 ………………○……………… 订 ………………○……………… 线 ………………○……………… ………………○……………… 外 ………………○……………… 装 ………………○……………… 订 ………………○……………… 线 ………………○……………… … 学校： ______________ 姓名： _____________ 班级： _______________ 考号： ______________________ ) 绝密★启用前 学科网2022年高三5月大联考考后强化卷（河北卷） 物 理 本卷满分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．下列说法中正确的是 A．光电效应说明光具有粒子性，它是由爱因斯坦首先发现并加以理论解释的 B．卢瑟福通过对粒子散射实验的研究，揭示了原子核的结构 C．处于能级的大量氢原子向低能级跃迁时，最多可辐射出种不同频率的光子 D．氢原子辐射出一个光子后，氢原子电势能减小，核外电子动能增大 2．如图所示是某质点做直线运动的x-t图像，由图像可知 A．质点一直处于运动状态 B．质点前6 s内的位移是8 m C．质点前2 s内的加速度是 D．质点前2 s内做匀速直线运动，速度为1 m/s 3．如图甲所示为“神舟十一号”与距地面393 km近圆轨道上的“天宫二号”目标飞行器在太空中完成自动交会对接的情景。“神舟十一号”的一次变轨如图乙所示，其中I为椭圆轨道，II为圆轨道，A点为圆轨道与椭圆轨道的切点，B点为椭圆轨道的近地点。不计空气阻力，下列说法正确的是 A．“神舟十一号”在轨道I上的速度大于第一宇宙速度 B．“神舟十一号”与“天宫二号”对接前，到地面的距离小于393 km C．“神舟十一号”在轨道II上运行的周期小于在轨道I上运行的周期 D．“神舟十一号”在轨道I上运行的过程中，需要靠开启飞船内的动力装置才能完成 4．如图所示为远距离输电示意图，发电机的输出电压U1，输电线的电阻及理想变压器的匝数均不变，当用户开启的用电器越来越多时，下列表述正确的是 A．升压变压器副线圈电压U2不变 B．降压变压器原线圈电压U3升高 C．发电机的输出功率增小 D．输电线的电流不变 5．电梯内天花板上挂一弹簧测力计，弹簧测力计下挂一重物，当弹簧测力计的示数增大时，以下说法正确的是 A．电梯一定向上做加速运动 B．电梯一定向下做加速运动 C．电梯一定向下做减速运动 D．电梯可能向上做加速运动，也可能向下做减速运动 6．某电场区域的电场线如图所示，a、b是其中一条电场线上的两点，下列说法正确的是 A．a点的电势比b点低 B．a点的场强方向沿着a点的电场线向左 C．负电荷在a点的电势能小于于它在b点的电势能 D．正电荷从b点运动到a点电场力做正功 7．如图所示，A、B两滑块的质量均为M，放在粗糙水平面上，两滑块与两个等长的轻杆连接，两杆之间以及杆与滑块之间均用光滑铰链连接，一质量为m的重物C悬挂于两杆铰接处，杆与水平面间的夹角为，整个装置处于静止状态，重力加速度为g，下列说法正确的是 A．轻杆上的作用力为 B．A、B滑块均受到5个力作用 C．A、B滑块对水平面的压力大小均为 D．A、B滑块对水平面的摩擦力大小均为 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．一小球自空中A位置被静止释放，薄到竖直放置的轻质弹簧上，小球运动的最低点为B。关于小球从A到B运动过程中的功和能量问题，下列说法正确的是 A．小球重力做多少正功，它的重力势能就减小多少 B．小球重力势能及其变化量都与参考平面的选取有关 C．小球从接触弹簧开始，弹力对小球做负功，动能先增加，后减小 D．只有重力和弹簧弹力对小球做功，小球的机械能一直保持不变 9．一有界匀强磁场竖直向上，磁感应强度大小为，边长为的正方形金属框沿光滑水平面向左匀速拉出磁场，线框的总电阻为，拉出的速度大小为，俯视图如图所示，下列说法正确的是 A．拉出过程中点电势高于点 B．拉出过程中两点间的电压为 C．拉出过程中两点间的电压为 D．拉出过程通过线框产生的热量为 10．如图所示，在空间中存在垂直纸面向里的匀强磁场，质子和某种粒子从磁场下边界MN上的O点以相同的速度v0（v0在纸面内，θ为锐角）射入磁场中，发现质子从边界上的F点离开磁场，另一粒子从E点离开磁场。已知EO=3FO。不计粒子的重力和粒子间的相互作用力。下列说法正确的是 A．从E点飞出的可能是α粒子 B．从E点飞出的可能是氚核 C．两种粒子在磁场中的运动时间相等 D．两种粒子从磁场中射出时的速度方向相同 三、非选择题：共54分。第11~14题为必考题，每个试题考生都必须作答。第15~16题为选考题，考生根据要求作答。 （一）必考题：共42分。 11．（6分）在“探究加速度与物体所受合力的关系”实验中，实验装置如图甲所示，打点计时器所接交流电的频率为50 Hz。 （1）下列说法正确的是___________（填字母序号）； A．需要用天平测出砂和砂桶的总质量 B．定滑轮到小车间的轻绳与倾斜的长木板平行 C．挂上砂桶，调节长木板的倾角，以平衡摩擦力 D．小车先从靠近打点计时器处释放，后接通电源 （2）实验中得到的一条纸带如图乙所示，为计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出，测得计数点间距离cm、cm、cm、cm、cm、cm。根据纸带数据求出，小车的加速度为_____m/s2（结果保留两位有效数字）； （3）以弹簧测力计的读数为横坐标，通过纸带计算出的加速度为纵坐标，画出的图象如图丙所示，则小车的质量为____kg； （4）小丽同学根据测量数据作出如图丁所示的图线，该同学做实验时存在的问题是______（填写字母）。 A．没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够 B．砂和砂桶的质量m没有远小于小车的质量M C．平衡摩擦力时木板没有滑轮的一端垫的过高 D．先释放小车，后接通电源 12．（9分）某款比亚迪新能源汽车，采用的是若干节磷酸铁锂电池组合而成。从相关资料查得，该电池的型号为18650，电动势在之间，且电池的内阻应该很小。为验证并测量一节18650磷酸铁锂电池的电动势和内电阻，小李同学找到一量程为3 mA的电流表A和两个精密电阻箱、，以及一个阻值的定值电阻，设计了如图（a）的电路进行实验。 （1）测电流表A的内阻，断开S2，闭合S1，调节的阻值，使电流表A满偏；保持的阻值不变，闭合S2，调节，当的阻值为20.00 Ω时，A的示数为2.00 mA；忽略S2闭合后电路中总电阻的变化，则A的内阻为___________Ω。 （2）扩大电流表的量程，将与A并联组成电流表，其量程为A的100倍，则的阻值应调为___________Ω。（结果保留2位小数） （3）测电动势和内电阻。按（2）中的要求正确调节后保持S2闭合，再闭合S1，多次改变的阻值，记录A的示数与相应的值，作出图线如图（b）所示；由图可求得：___________V，___________Ω。（结果保留2位小数） （4）器材选择，已知两精密电阻箱的最大阻值分别是：①99.99 Ω、②9999.99 Ω，则应选用的是___________（选填“①”或“②”）。 13．（12分）如图所示，竖直平面内的四分之一圆弧轨道下端与水平桌面相切，小滑块A和B分别静止在圆弧轨道的最高点和最低点。现将A无初速度释放，A与B碰撞后结合为一个整体，并沿桌面滑动。已知圆弧轨道光滑，半径；A和B的质量均为，A和B整体与桌面之间的动摩擦因数。重力加速度取。求： （1）与B碰撞前瞬间A对轨道的压力的大小； （2）A与B碰撞过程中系统损失的机械能； （3）A和B整体在桌面上滑动的距离。 14．（15分）如图所示的平面直角坐标系xOy，在第Ⅰ象限内有平行于y轴的匀强电场，方向沿y轴正方向；在第Ⅳ象限有有间隔的、方向相反的有界匀强磁场，方向垂直于xOy平面，宽度均为L，且磁场边界与y轴平行。一质量为m、电荷量为q的粒子，从y轴上的p（0，h）点，以大小为v0的速度沿x轴正方向射入电场，通过电场后从x轴上的a（2h，0）点进入第Ⅳ象限，经磁场Ⅰ区后垂直边界进入磁场Ⅱ区，最终从y轴上的某点进入第Ⅲ象限，不计粒子所受的重力。求： （1）电场强度E的大小； （2）粒子到达a点时速度的大小和方向； （3）磁场Ⅱ区的磁感应强度的最小值和此时粒子进入第Ⅲ象限的位置坐标。 （二）选考题：共12分。请考生从2道题中任选一题作答，并用2B铅笔将答题卡上所选题目对应的题号右侧方框涂黑，按所涂题号进行评分；多涂、多答，按所涂的首题进行评分；不涂，按本选考题的首题进行评分。 15．[选修3-3]（12分） （1）（4分）两分子间的斥力和引力的合力F与分子间距离r的关系如图中曲线所示，曲线与r交点的横坐标为r0。相距很远的两分子，不考虑其他影响，仅在分子力作用下，由静止开始相互接近，在接近过程中，分子引力____________，分子势能___________，分子动能___________。（选填“逐渐增大” “逐渐减小” “先增大后减小”或“先减小后增大”） （2）（8分）中医拔火罐的物理原理是利用玻璃罐内外的气压差使罐吸附在人体穴位上，治疗某些疾病，如图所示。使用火罐时，先加热罐中气体，然后将罐的开口迅速按到皮肤上，自然降温后，火罐紧紧吸附在皮肤上，已知火罐压在皮肤上之前的气体温度为227℃，自然降温后的气体达到室内温度27℃，因皮肤凸起，内部气体体积变为罐容积的，罐内气体认为是理想气体。求： （i）加热前后，罐内气体的质量之比； （ii）自然降温后，罐内气体的压强。 16．[选修3–4]（12分） （1）（4分）如图为一列沿x轴负方向传播的简谐横波在某时刻的波形图，x=3.0 m处的M质点从该时刻开始，经过0.6 s第一次到达波谷位置，质点N的平衡位置坐标x=1.5 m，则该简谐横波的传播速度为_______m/s。从图示时刻开始计时，质点N经过_______s第一次到达波峰位置；从图示时刻开始计时，经过2.0 s，质点M振动的路程为_______m。 （2）（8分）如图所示，半圆形玻璃砖半径为R，直径与荧光屏（足够大）平行且相距为。频率相同的两束平行光a、b均以角同时射入玻璃砖，a光从圆心O入射，恰好从半圆弧的三等分点D射出，b光从半圆弧的中点C射出．不考虑光在半圆弧上的反射，，求： （i）玻璃砖的折射率； （ii）荧光屏上两光点之间的距离。（结果可用根号表示） 物理试题 第7页（共8页） 物理试题 第8页（共8页） 物理试题 第5页（共8页） 物理试题 第6页（共8页） 学科网（北京）股份有限公司 $O 学利网 绝密★启用前 0 学科网2022年高三5月大联考考后强化卷（河北卷) 地球B 物 理 本巷满分100分，考试时间75分钟。 甲 注意事项： A,“神舟十一号”在轨道I上的速度大于第一字宙速度 1,答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 B.“神舟十一号”与“天宫二号”对接前，到地面的距离小于393km 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡 C.“神舟十一号“在轨道Ⅱ上运行的周期小于在轨道I上运行的周期 皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 D。“神舟十一号“在轨道I上运行的过程中，需要靠开启飞船内的动力装置才能完成 3,考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选搭题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个近暖中，只有一项是符合题 4.如图所示为远距离输电示意图，发电机的输出电压，输电线的电阻及理想变压器的匝数均不变，当 目要求的。 用户开启的用电器越来越多时，下列表述正确的是 1.下列说法中正确的是 n.n n na A.光电效应说明光其有粒子性，它是由爱因斯坦首先发现并加以理论解释的 U. 户 B.卢瑟福通过对：粒子散射实验的研究，揭示了原子核的结构 升压变压器 降压变压器 C.处于n=4能级的大量氢原子向低能级跃迁时，最多可辐射出10种不同频率的光子 A,升压变压器剧线园电压队不变 D.氢原子辐射出一个光子后，氢原子电势能减小，核外电子动能增大 B.降压变压器原线圈电压从升高 2.如图所示是某质点做直线运动的x-1图像，由图像可知 C.发电机的输出功率增小 ◆x/m D.输电线的电流不变 5.电梯内天花板上挂一弹簧测力计，弹簧测力计下挂一重物，当弹簧测力计的示数增大时，以下说法正确 的是 d A,电梯一定向上做加速运动 B.电梯一定向下做加速运动 0 8 t/s C.电梯一定向下做减速运动 A,质点一直处于运动状态 D,电梯可能向上做加速运动，也可能向下做减速运动 B.质点前6s内的位移是8m 6。某电场区域的电场线如图所示，、b是其中一条电场线上的两点，下列说法正确的是 C.质点前28内的加速度是1ms D.质点前2s内做匀速直线运动，速度为1s 3.如图甲所示为“神舟十一号”与距地面393km近圆轨道上的“天宫二号”目标飞行器在太空中完成自动交 会对接的情景。“神舟十一号”的一次变轨如图乙所示，其中I为椭圆轨道，Ⅱ为圆轨道，A点为圆轨道 与椭圆轨道的切点，B点为椭圆轨道的近地点。不计空气阻力，下列说法正确的是 A.a点的电势比b点低 物理试题第1页（共8项） 物理试题弟2页（共8页） 学利圆 www.zxock.com B.a点的场强方向沿着a点的电场线向左 d ..0 C.负电荷在a点的电势能小于于它在b点的电势能 D.正电荷从b点运动到a点电场力做正功 7。如图所示，A、B两滑块的质量均为M,放在粗糙水平面上，两滑块与两个等长的轻杆连接，两杆之间 以及杆与滑块之间均用光滑铰链连接，一质量为m的重物C悬挂于两杆较接处，杆与水平面间的夹角 A,拉出过程中c点电势高于d点 为日.整个装置处于静止状态，重力加速度为g,下列说法正确的是 B.拉出过程中d两点间的电压为B 4 C,拉出过程中d两点间的电压为二BLm A D。拉出过程通过线框产生的热量为产凸 R K514KKK4444444444444444044444 10.如图所示，在空间中存在垂直纸面向里的匀强磁场，质子和某种粒子从磁场下边界N上的O点以相 A,轻杆上的作用力为2gsin8 同的速度。（在纸面内，0为锐角）射入磁场中，发现质子从边界上的F点离开避场，另一粒子从E B.A、B滑块均受到5个力作用 点离开磁场。己知BO=3O。不计粒子的重力和粒子间的相互作用力。下列说法正确的是 游 C小B滑块对水平面的压力大小均为：产 ×××××××× D.A、B滑块对水平面的摩擦力大小均为修 XXXXXX×X tan ×××××××× 二、多项近择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上 途现符合恶目婴求，全部选对的得6分，选对但不金的得3分，有选错的得0分。 ××××××0 ×X××××孤 8.一小球自空中A位置被静止释放，薄到竖直放置的轻质弹簧上，小球运动的最低点为B。关于小球从A ME FON 到B运动过程中的功和能量问题，下列说法正确的是 A,从卫点飞出的可能是a粒子 A--○ B,从E点飞出的可能是氚核 C.两种粒子在磁场中的运动时间相等 D.两种粒子从磁场中射出时的速度方向相同 B---- 三、非选择题：共54分。第1114题为必考题，每个试题考生都必须作答。第1516题为选考题，考生根 nnhnnnn2. 据要求作答。 (一)必考题：共42分. A,小球重力做多少正功，它的重力势能就诚小多少 11.(6分)在“探究加速度与物体所受合力的关系“实验中，实验装置如图甲所示，打点计时器所接交流电 B.小球重力势能及其变化量都与参考平面的选取有关 的频率为50Hz。 C.小球从接触弹簧开始，弹力对小球做负功，动能先增加，后减小 小刀点计时a D.只有重力和弹簧弹力对小球做功，小球的机械能一直保持不变 9。一有界匀强磁场竖直向上，磁感应强度大小为五，边长为L的正方形金属框沿光滑水平面向左匀速拉出 磁场，线框的总电阻为R,拉出的速度大小为”，帘视图如图所示，下列说法正确的是 (1)下列说法正确的是 〔填字母序号)： A.需要用天平测出砂和砂桶的总质量 物理试恩第3页（共8页） 物理试题弟4项（共8贝） 学利网 B.定滑轮到小车间的轻绳与倾斜的长木板平行 (3)测电动势E和内电阻？。按(2)中的要求正确调节R,后保持S:闭合，再闭合S,多次改变R的 C,挂上砂桶，调节长木板的倾角，以平衡摩擦力 0 D.小车先从靠近打点计时器处释放，后接通电源 阻值，记录A的示数1，与相应R的值，作出) 一R图线如图(b)所示：由图可求得： (2)实验中得到的一条纸带如图乙所示，0~6为计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出 E= V.r= 2。(结果保留2位小数) 测得计数点间距离x1=280cm、3:=440cm、x,=5.90cam、x=7.60cm、x5=915cm、 (4)器材选择，已知两精密电阻箱的最大阻值分别是：⊙99.992、⊙9999.992，则R应选用的是 x,=10.75cm。根据纸带数据求出，小车的加速度为ms2(结果保留两位有效数字)： (选填“0”或0“)。 (3)以弹簧测力计的读数F为横坐标，通过纸带计算出的加速度a为纵坐标，画出的a-F图象如图 13.(12分)如图所示，竖直平面内的四分之一圆弧轨道下端与水平桌面相切，小滑块4和B分别静止在 丙所示，则小车的质量为kg: 圆弧轨道的最高点和最低点。现将A无初速度释放，A与B碰撞后结合为一个整体，并沿桌面滑动。 (4)小丽同学根据测量数据作出如图丁所示的a-F图线，该同学做实验时存在的问题是 (填 己知圆弧轨道光滑，半径R=08m:A和B的质量均为m=0.1g,A和B整体与桌面之间的动摩擦因 写字母)。 数4=02。重力加速度取g=10m/g2。求： A。没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够 (1)与B碰撞前臊间A对轨道的压力N的大小： B.砂和砂桶的质量m没有远小于小车的质量M (2)A与B碰撞过程中系统损失的机械能： C。平衡摩擦力时木板没有滑轮的一端垫的过高 (3)A和B整体在桌面上滑动的距离1。 D.先释放小车，后接通电源 12.(9分)某款比亚迪新能源汽车，采用的是若干节磷酸铁锂电池组合而成。从相关资料查得，该电池的 型号为18650，电动势在32V~3.7V之间，且电池的内阻应该很小。为验证并测量一节18650磷酸 14.(15分)如图所示的平面直角坐标系xO,在第I象限内有平行于y轴的匀强电场，方向沿y轴正方向： 铁锂电池的电动势B和内电阻F,小李同学找到一量程为3mA的电流表A和两个精密电阻箱R、R, 在第V象限有有间隔的、方向相反的有界匀强磁场，方向垂直于xO平面，完度均为L,且磁场边界 以及一个阻值R=3.48Q的定值电阻，设计了如图（ǎ）的电路进行实验。 与y轴平行。一质量为、电荷量为q的粒子，从y抽上的卫(0，)点，以大小为o的速度沿x轴 正方向射入电场，通过电场后从x轴上的a(2h,0)点进入第V象限，经磁场I区后垂直边界进入磁 /mA 1.00 场Ⅱ区，最终从y轴上的某点进入第Ⅲ象限，不计粒子所受的重力。求： 108032.40R,/ 图(a) 图b) (1)测电流表A的内阻，断开S:,闭合S1,调节R的阻值，使电流表A满偏：保持R的阻值不变， 闭合S:,调节R2,当R的阻值为20.002时，A的示数为2.00m4:忽略S:闭合后电路中总电 (1)电场强度E的大小： 阻的变化，则A的内阻为 2。 (2)粒子到达a点时速度的大小和方向： (2)扩大电流表的量程，将R与A并联组成电流表，其量程为A的100倍，则凡的阻值应调为 (3)磁场五区的磁感应强度的最小值和此时粒子进入第Ⅲ象限的位置坐标。 D。(结果保留2位小数) 物理试题第5页（共8项） 物理试题第6页（共8页） 卫学利网 (二)选考题：共12分。请考生从2道题中任选一题作答，并用2B铅笔将答题卡上所选题目对应的题号右 ◆wcm 侧方框涂黑，按所涂题号进行评分；多涂、多答，按所涂的首题进行评分；不涂，按本选考题的首题进 0 行评分。 15.[选修3-3](12分) 02.03y0405.0im (1)(4分)两分子间的斥力和引力的合力F与分子间距离r的关系如图中曲线所示，曲线与r交点的 5.0 横坐标为。相距很远的两分子，不考虑其他影响，仅在分子力作用下，由静止开始相互接近，在接 (2)(8分)如图所示，半圆形玻璃砖半径为R,直径AB与荧光屏N(足够大)平行且相距为2R。 近过程中，分子引力 ,分子势能 ·分子动能■ 。(选填“逐渐增大 频率相同的两束平行光α、b均以53°角同时射入玻璃砖，a光从圆心O入射，恰好从华圆弧的 “逐渐减小”“先增大后减小”或“先减小后增大”) 三等分点D射出，b光从半圆弧的中点C射出，不考虑光在半圆弧上的反射，n53°=0.8，求： ()玻璃砖的折射率： ()荧光屏上两光点之间的距离。（结果可用根号表示） M (2)(8分)中医拔火襦的物理原理是利用玻璃罐内外的气压差使罐吸附在人体穴位上，治疗某些疾 病，如图所示。使用火罐时，先加热罐中气体，然后将罐的开口迅速按到皮肤上，自然降温后， 53 火罐紧紧吸附在皮肤上，己知火罐压在皮肤上之前的气体温度为227℃，自然降温后的气体达 到室内温度27℃，因皮肤凸起，内部气体体积变为罐容积的头 25 ,罐内气体认为是理想气体。 b B 求： ()加热前后，罐内气体的质量之比： (ⅱ)自然降温后，罐内气体的压强。 火锚 16.[选修3可(12分) (1)(4分)如图为一列沿x轴负方向传播的简谐横波在某时刻的波形图，x=30m处的M质点从该时 刻开始，经过0.68第一次到达波谷位置，质点N的平衡位置坐标x=15m,则该简谐横波的传橘速度 为s。从图示时刻开始计时，质点N经过s第一次到达波蜂位置：从图示时刻开始计 时，经过20s,质点M振动的路程为m。 物理试恩第7页（共8页） 物理试题弟8项（共8页）物理-学科网2022年高三5月大联考考后强化卷（河北卷） 物理全解全析 3 4 5 6 > 8 10 D D B A D C AC CD BD 1.D【解析】A.光电效应说明光具有粒子性，它是由赫兹首先发现，爱因斯坦进行了理论解释，A错误： B.卢瑟福通过对o粒子散射实验的研究，揭示了原子的核式结构，B错误；C.处于=4能级的大量氢 原子向低能级跃迁时，根据C?=6,可知最多可辐射出6种不同频率的光子，C错误；D.氢原子辐射出 一个光子后，电子从高轨道跃迁到低轨道，可知氢原子电势能减小，核外电子动能增大，D正确；故选 D。 2.D【解析】A.质点在2~4s内处于静止状态，故A错误；B.质点前6s内的位移是6m,故B错误： CD.质点前2S内做匀速直线运动，加速度为零，速度为v=A=1ms,故C错误，D正确。故选D。 △t 3.B【解析】A.由于第一宇宙速度是环绕地球做圆周运动的最大环绕速度，可知“神舟十一号”在轨道Ⅱ上的 速度应小于第一宇宙速度，A错误；B.为了完成对接，飞船应从比“天宫二号所在轨道略低的轨道上加 速，所以“神舟十一号”与“天宫二号”对接前，到地面的距离要小于393k,B正确；C.根据开普勒第三 定律，轨道半长轴越大则周期越大，“神舟十一号”在轨道Ⅱ上运行的周期大于在轨道I上运行的周期，C 错误；D.“神舟十一号”在轨道缸上运行的过程中，由于不计空气阻力，飞船仅靠万有引力作用就可以完成 这一椭圆运动，D错误。 4.A【解析】A.发电机的输出电压U1不变，升压变压器匝数比不变，则副线圈电压U2不变，A正确： BD.当用电器增多时，功率增大，降压变压器的输出电流增大，则降压变压器原线圈电流增大，输电 线上的电流增大，可知输电线上的功率损失增大、输电线上的电压损失增大，进一步导致降压变压器 的输入电压U减小，BD错误；C.用户开启的用电器增多，消耗的功率增大，发电机输出功率随之增 大，C错误。 5.D【解析】当弹簧测力计的示数增大时，物体超重，加速度向上，则电梯可能加速上升，也可能减速下 降。故选D。 6.C【解析】A.沿电场线方向电势降低，a点电势大于b点，故A错误；B.a点的场强方向为该点的电 场线方向，向右，故B错误；C.因为是负电荷，在电势大的地方电势能小，所以在α点电势能小于b 点电势能，故C正确；D.正电荷从b点运动到α点电势升高，电势能增大，则电场力做负功，故D错 误。故选C。 7.C【解析】A.铰链受力如图所示 物理全解全析第1页（共7页） 由平衡条件可得2Fsin0=mg,解得F 2sn日故A错误：BC.滑块受重力、地面的支持力、杆的压 mg 力和地面的摩擦力，如图所示 由平衡条件N=g+Fsin0=Mg+2mg,由牛顿第三定律知滑块对地面的压力N”=N=Mg+ mg, 故B错误，C正确：D.由平衡条件可得A、B滑块对水平面的摩擦力大小f=FcOs0=,mg。 2an日'故D 错误。故选C。 8.AC【解析】A.重力做功等于重力势能的变化量，即小球重力做多少正功，它的重力势能就减小多少， A正确；B.小球重力势能与参考平面的选择有关，但重力势能的变化量与高度差有关，与参考平面的 选择无关，B错误；C.平衡位置为重力与弹力等大反向的位置，小球从接触弹簧到平衡位置过程中， 重力大于弹簧弹力，合外力对小球做正功，小球的动能增加，从平衡位置到最低点过程中，重力小于弹 簧弹力，合外力对小球做负功，小球的动能减小。因此，小球从接触弹簧开始，动能先增加，后减小， C正确；D.接触弹簧之后，弹簧弹力对小球做负功，小球的机械能减小，D错误。 9.CD【解析】A.拉出过程cd切割磁感线，cd相当于电源，根据右手定则，电流由c端流向d端，故d端 电势高于C端，A错误：BC.产生的感应电动势大小为E=BL,由闭合电路欧姆定律可知1=E 么三E-=弘具-u,B误C正确：D.线框匀速拉出克限安培力做功BL R =EL故产生的热量为D正确 10.BD【解析】AB.两粒子轨迹图如下 物理全解全析第2页（共7页） XX 十 × x心x 02 十 ×××× ME ON 设半径分别为5,3，转过的圆心角分别为0,8，由几何关系可得△OO,F与△OOE相似，假设 EF=2d,F0=d,可得1=， :=行，则由r=m心可知与成反比，而质子从边界上的F点离开磁场， gB 所以从E点离开磁场粒子的比荷应为质子的}，故该粒子可能是氚核，该粒子不可能是口粒子，故A 错误，B正确：C.设两粒子在磁场中运动的圆弧长分别为51和s2,两粒子在磁场中运动的时间为5= % ,=点，显然3>S,所以4>12，故C错误；D.根据几何关系可知日=6=20，故D正确。故选BD。 11.(1)B(1分)(2)1.6(2分)(3)0.2(2分)(4)A(1分) 【解析】(1)A.弹簧测力计可以直接测量绳的拉力，不需要用天平测出砂和砂桶的总质量，A错误： B.为了使小车所受合外力等于两段绳子的拉力，定滑轮到小车间的轻绳与倾斜的长木板应平行，B正 确；C.平衡摩擦力时，应去掉砂桶，调节长木板的倾角，使小车在拖动纸带的情况下在木板上能够做 匀速直线运动，C错误；D.由于小车速度较快，且运动距离有限，打出的纸带长度也有限，为了能在 长度有限的纸带上尽可能多地获取间距适当的数据点，实验时应先接通电源，再将小车从靠近打点计 时器处释放，D错误。故选B。 (2)由题意可知相邻两计数点间的时间间隔为T==0,15,根据逐差法可得小车的加速度为 a=(10.75+9.15+7.60)×102-(5.90+4.40+2.80)×10 -m/s2=1.6m/s2: 9×0.12 (3)根据牛倾第二定律得2F=加，解得a=忌P,根据图像得子-。产kg,解得M=02kg: M0.4 (4)A.没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够，则a-F关系为a-2F」，即aF图线存在横截距，故A M 符合题意；B.本实验中可以直接通过弹簧测力计来获取小车所受拉力大小，砂和砂桶的质量m是否远 小于小车的质量M对实验无影响，故B不符合题意；C.平衡摩擦力时木板没有滑轮的一端垫的过高， 即平衡摩擦力过度，则a-F关系为a=2F+F,即a-F图线存在纵截距，故C不符合题意：D.先释放 M 小车，后接通电源会使纸带上的点数据较少，不会造成图线不过原点，故D不符合题意。故选A。 物理全解全析第3页（共7页) 12.(1)10.00(或10)(1分) (2)0.10(2分) (3)3.60(2分)0.02(2分)(4)②(2分) 【解析】(1)由于忽略S2闭合后电路中总电阻的变化，则有(I。-I)R2=IR。,其中I。=3.00mA, ′=2.00mA,R2=20.002,解得R。=10.002。 (2)扩大电流表的量程，将R2与A并联组成电流表，其量程为A的100倍，则有(100Ig-Ig)R2=IR。, 解得R'≈0.102 (3)根据闭合电路欧姆定律可得E=100IA(r+R,)+IAR。+100IAR,可得 上_10(+R)+尼+10R,结合图像可得100-00：0400v,解得E=360v,把图像 E E E 32.40-10.80 中数据 1=1.00m41,R=32.402,代入方程可解得r=0.022, (4)电流表满偏时，电路总电阻为R。13×10 .E3.60 2=12002,由于电源内阻、定值电阻、电流表内 阻都比较小，故R应选用的是②。 13.(1)3N(2)0.4J(3)1m 【解析】(1)小滑块A在圆弧轨道下滑过程，根据机械能守恒定律 mgR=mv2(1分) 2 解得碰撞前A的速度大小为 v=√2gR=4m/s(1分) 在最低点，根据牛顿第二定律 F-mg =m- (1分) R 解得轨道对滑块A的支持力大小为 F=3N 根据牛顿第三定律，滑块A对轨道的压力大小为 N=F=3N(1分) (2)A和B碰撞过程满足动量守恒，则有 v=2mv共(1分) 解得碰撞后A和B整体的速度为 v共=2m/s(1分) 物理全解全析第4页（共7页） A与B碰撞过程中系统损失的机械能为 AE=Imv-1> ×2mw=0.4J(1分) 2 2 (3)根据动能定理 -4.2mgl=0-1 2m(3分) 解得A和B整体在桌面上滑动的距离为 1=1m(2分) 14.(1) m 2gh (2)V2,指向第IV象限与x轴正方向成0=45° 3)2 gl mvo,(0-2L2h) 【解析】(1)设粒子在电场中运动的时间为t,x轴方向有 x=t=2h(1分) y轴方向有 _0+yf=h,y=,a=-E(1分) y=vt=- 2 m 联立以上各式可得 E=m世(2分) 2gh (2)设粒子到达a点时速度为v,由题意知 =%克泸5-的1分) tt 可知 y=y,(1分) 则粒子到达a点时速度的大小 v=V,2+y,=V2,(1分) 粒子到达a点时速度方向 an0=上=11分) 可得 0=45°(1分) 即粒子到达a点时速度方向指向第IV象限与x轴正方向成0=45°。 (3)由题意知粒子垂直进入磁场Ⅱ区，则由 物理全解全析第5页（共7页) 9B=n2 (1分) R 得B-侧 (1分) 当R取得最大值Rmax=L时，磁场I区的磁感应强度的最小值为 Bmin= 2 mvo（1分) gL 又由题意知粒子垂直进入磁场I区时运动半径为R,则 R=V2L(1分) 粒子进入第三象限时沿y轴运动的距离 y=2(W2-1)L+2L+2h=2V2L+2h(1分) 粒子进入第三象限的位置坐标为(0，-2√2L-2h)。(1分) 15.(1)逐渐增大先减小后增大先增大后减小 【解析】从相距很远到开始相互接近的过程中，在有分子力的情况下，分子引力一直增大；%是分子的 平衡距离，当r大于”时，分子力表现为引力，分子力做正功，分子动能增加，分子势能减小；当r 小于o时，分子间的作用力表现为斥力，分子力做负功，分子动能减小，分子势能增加，所以在= 时，分子势能最小，动能最大；r<阶段，分子间的作用力表现为斥力，随r的减小，分子力做负功， 分子动能减小，分子势能增加，所以分子势能先减小后增大，分子动能先增大后减小。 2)等 (ii)6.25×104Pa 【解析】(1)罐内气体加热前，压强、体积和温度分别为P。、V。和T,=300K,加热到T=500K后， 等效气体等压膨胀到V,则 会片 (1分) 解得=(1分) 3 加热前后，罐内气体的质量之比为 m2-5 m63(2分) (2)自然降温后，气体的最后压强设为P,则 ，45'0(2分) T To 物理全解全析第6页（共7页） 解得pn- ×1.0×10pa=6.25×104pa(2分) 8 16.(1)50.50.5 【解析】M质点从该时刻开始，经过0.6s第一次到达波谷位置，且波沿x轴负方向传播，故T=0.6s, 传播周期为T=0.8s,由图知波长为4.0m,则该简谐波的传播速度为v=二=5m/s。从图示时刻开始计 T 时，4.0m处的状态传播到N时，质点N第一次到达波蜂位置，用时为△==0.5s。从图示时刻 1) 开始计时，经过2.0s,质点M振动的路程)=44=4x5x2 -cm=0.5m。 0.8 (2)(i)n=1.6 (iD4-25R 3 【解析】(i)根据题设条件作出光路图，如图所示，研究a光，入射角为 0=53°(1分) 折射角为 02=30°(1分) 根据折射定律可得 m=sin8=8=1.6(2分) sin0,5 P P 53y a b B N (ii)根据光路图可知，a、b两束光打到萤光屏上的点P、P的距离为 d=RB Rtan53-2Rtan30=4-213 R(4分) 3 物理全解全析第7页（共7页）