物理（河北卷）-学科网2022届高三11月大联考考后强化卷

( ………………○……………… 外 ………………○……………… 装 ………………○……………… 订 ………………○……………… 线 ………………○……………… ) ( ………………○……………… 内 ………………○……………… 装 ………………○……………… 订 ………………○……………… 线 ………………○……………… ) ( 此卷只装订 不密封 ) ( ………………○……………… 内 ………………○……………… 装 ………………○……………… 订 ………………○……………… 线 ………………○……………… ………………○……………… 外 ………………○……………… 装 ………………○……………… 订 ………………○……………… 线 ………………○……………… … 学校： ______________ 姓名： _____________ 班级： _______________ 考号： ______________________ ) 绝密★启用前 学科网2021年高三11月大联考考后强化卷（河北卷） 物 理 本卷满分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．学习物理除了知识的学习外，更重要的是领悟并掌握处理物理问题的思想与方法，下列关于思想与方法的说法中不正确的是 A．根据速度定义式，当非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法 B．在不需要考虑物体本身大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法 C．加速度定义式，该定义应用了比值定义法 D．在“探究两个互成角度的力的合成规律”时用到了等效替代的思想 2．如图所示，餐厅服务员托举菜盘给顾客上菜．若菜盘沿水平方向向左加速运动，则 A．手对菜盘的摩擦力方向向右 B．手对菜盘的作用力等于菜盘的重力 C．菜盘对手的作用力方向斜向右下 D．菜盘对手的作用力方向斜向左下 3．如图所示，两块相同木板做成两个倾角相同的斜面，斜面倾角，斜面长度为L=6.25 m，滑块从一侧斜面的底端以初速度v0=10 m/s滑上斜面，恰好越过最高点并从另一侧面滑下，g取10 m/s2，，下列说法正确的是 A．滑块与斜面间的动摩擦因数为0.3 B．物块上滑时处于失重状态 C．滑块在斜面上滑行的时间约为2 s D．滑块上滑和下滑过程斜面对地面的压力相等 4．在距地面高H处由静止释放一小球，小球向下运动过程中受到的阻力不能忽略，以地面为重力势能的零势能面，小球的机械能E随小球到地面的高度h的变化关系图像如图所示，图中纵坐标b、c为已知数据，重力加速度为g。根据图像判断下列说法正确的是 A．小球的质量等于 B．当时，小球的动能等于 C．运动过程中小球受到的阻力大小恒为 D．小球运动的加速度等于 5．随着手机逐渐走进每个人的生活，有些人喜欢躺着看手机，偶尔会出现手机滑落砸到脸的情况（如图）。若某手机（可视为质点）的质量为200 g，从距人脸上方约20 cm的高度无初速掉落，砸到脸后经0.1 s手机停止运动。忽略空气阻力，取重力加速度g=10 m/s2，下列分析正确的是 A．脸受到的平均撞击力大小约为6.2 N B．脸受到的平均撞击力大小约为5.8 N C．全过程手机重力的冲量大小约为0.2 N·s D．全过程手机重力的冲量大小约为0.6 N·s 6．质量为m的小明坐在秋千上摆动到最高点时的照片如图所示，对该时刻，下列说法正确的是 A．小明的速度为零，所受合力为零 B．小明的加速度为零，所受合力为零 C．秋千对小明的作用力小于 D．秋千对小明的作用力大于 7．如图所示，在M点分别以不同的速度将两个小球水平抛出，两小球分别落在水平地面上的P点、Q点。已知O点是M点在地面上的竖直投影，∶＝1∶3，且不考虑空气阻力的影响，下列说法中正确的是 A．两小球的下落时间之比为1∶3 B．两小球的下落时间之比为1∶4 C．两小球的初速度大小之比为1∶3 D．两小球的初速度大小之比为1∶4 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．如图所示，两个物体1和2在光滑水平面上以相同动能相向运动，它们的质量分别为m1和m2，且m1<m2，经一段时间两物体相碰撞并粘在一起，则 A．碰撞后两物体将向左运动 B．碰撞后两物体将向右运动 C．碰撞过程中两物体组成的系统损失能量最大 D．此过程遵守机械能守恒定律 9．2021年6月11日，我国在太原卫星发射中心用“长征二号”丁运载火箭成功将“北京三号”卫星送入预定轨道，变轨过程简化为如图所示，轨道Ⅱ与轨道I相切于轨道I的远地点M，与圆轨道Ⅲ相切于N点。下列说法正确的是 A．卫星从轨道I进入轨道Ⅱ，需要在M点加速 B．卫星从轨道Ⅱ进入轨道Ⅲ，需要在N点加速 C．卫星在轨道I中运动的周期可能与轨道Ⅲ中运动的周期相等 D．卫星在轨道Ⅱ中从M点运动到N点的过程中，其机械能逐渐减小 10．在一段直线公路上，甲、乙两车在同一车道上同向行驶，甲车在前，乙车在后，速度均为20 m/s，相距45 m。在t=0时刻，甲车司机发现前方有一只小狗，于是马上采取措施，以下甲乙两图分别是甲乙两车的运动图像，取初速度方向为正方向，则下列说法正确的是 A．在2~6 s内，甲车做匀速直线运动 B．在0~6 s内，甲乙两车不会相撞 C．甲乙两车在4 s末距离最近 D．甲乙两车在6 s末距离最近 三、非选择题：共54分。 11．（6分）在做“打点计时器测速度”的实验中，某同学用打点计时器打出了一条纸带。他从比较清晰的点起，选取了O、A、B、C、D五个计数点，每相邻两计数点间还有4个计时点未画出，打点计时器打点时间间隔为0.02 s，如图所示。下列问题（2）、（3）中计算结果均保留到小数点后两位。 （1）打下B、C两计数点的时间间隔为_________； （2）B、C两点间的平均速度大小为_________； （3）打C点时的瞬时速度大小为_________。 12．（9分）某实验小组采用如图1所示的实验装置做“验证机械能守恒定律”实验。实验的主要步骤为：一细线一端固定在O点，另一端连接一小球，记录下小球自由垂落时球心的位置A点，在A处放置一光电门；将小球拉起到球心距A点高h处由静止释放，记录小球通过光电门的挡光时间。已知当地的重力加速度为g。请回答下列问题： 图1 图2 （1）如图2所示，用游标卡尺测得小球的直径___________mm。 （2）若等式___________（用h、、g、d表示）成立，说明小球下摆过程中机械能守恒。 （3）经过多次实验后，发现（2）中的验证等式代入数据后出现较大偏差，实验小组猜测可能是因为小球经过最低点时对细线的拉力___________小球自由垂落时对细线的拉力，多次实验后细线的长度发生了较大变化，使小球下摆过程的重力势能减小量测量值___________实际值。（均填“大于”、“等于”或“小于”） 13．（11分）如图所示，质量为m=2 kg的物体，受到F=20 N的方向与水平方向成37°角的拉力作用，由静止开始沿水平面做直线运动，物体与水平面间的动摩擦因数为=0.4，当物体运动t=2 s后撤去外力F，则： （1）求2 s末物体的速度大小； （2）撤去外力后，物体还能运动多远。（g=10 m/s2） 14．（12分）如图所示，光滑水平面MN的左端M处固定有一能量补充装置P，使撞击它的物体弹回后动能在原来基础上增加一定值。右端N处与水平传送带恰好平齐且靠近，传送带沿逆时针方向以恒定速率v=6 m/s匀速转动，水平部分长度L=9 m。放在光滑水平面上的两相同小物块A、B（均视为质点）间有一被压缩的轻质弹簧，弹性势能Ep=9 J，弹簧与A、B均不粘连，A、B与传送带间的动摩擦因数μ=0.2，物块质量mA=mB=1kg。现将A、B同时由静止释放，弹簧弹开物块A和B后，迅速移去轻弹簧，此时A还未撞击P，B还未滑上传送带。取g=10 m/s2，求： （1）求A、B刚被弹开时的速度大小； （2）B被弹簧弹开后滑上传送带到返回到左端N的过程中B与传送带间因摩擦而产生的热量； （3）若B从传送带上回到光滑水平面MN上与被弹回的A发生碰撞后，滑上传送带。则P应给A至少补充多少能量才能使B从右端滑离传送带？ 15．（16分）如图所示，表面粗糙的足够长的浅色传送带以速度v0=8 m/s顺时针匀速转动，传送带的右端有一固定的斜面，斜面底端B与传送带由一长度可忽略的光滑圆弧连接，现将一质量m=1 kg的黑色小滑块从距离B点x0=10 m的A处无初速度地放在传送带上，已知小滑块与传送带间的动摩擦因数为μ1=0.4，斜面倾角θ=37°，斜面足够长，小滑块与斜面的动摩擦因数为μ2=0.45，重力加速度g=10 m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求： （1）小滑块滑上斜面之前在传送带上留下的划痕长度L1； （2）小滑块第一次滑上斜面后能够到达的最高点P距B点的距离L2； （3）小滑块从斜面上第三次返回斜面底端时的速度大小。 物理试题 第3页（共6页） 物理试题 第4页（共6页） 物理试题 第5页（共6页） 物理试题 第6页（共6页） 学科网（北京）股份有限公司 $ 物理-学科网2021年高三11月大联考考后强化卷（河北卷） 物理·全解全析 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 B C B D D C D AC AC BC 1．B【解析】A．速度的定义式，表示平均速度，当非常小时，表示物体在t时刻的瞬时速度，是采用数学上极限思想方法，故A正确，不符合题意；B．在不需要考虑物体本身大小和形状时，用质点来代替物体的方法是理想化模型法，故B错误，符合题意；C．加速度定义式，该定义应用了比值定义法，故C正确，不符合题意；合力和分力是等效关系，在“探究两个互成角度的力的合成规律”时用到了等效替代的思想，故D正确，故选B。 2．C【解析】对菜盘受力分析，有竖直向下的自身重力、竖直向上的支持力和水平向左的静摩擦力。其中手对菜盘的作用力为支持力与静摩擦力的合力，方向为斜向左上，不等于菜盘的重力。根据牛顿第三定律，可知菜盘对手的作用力方向斜向右下，故ABD错误；C正确。 3．B【解析】根据题意，设滑块上滑时加速度为a1，由运动学公式，解得，根据牛顿第二定律有，解得，A错误；同理下滑时设其加速度为，根据牛顿第二定律有，解得，上滑用时，设下滑用时，则有，解得，滑块在木板上滑行时间，C错误；滑块上滑过程处于失重状态，滑块下滑过程也处于失重状态，但其加速度大小和方向均不同，故斜面对地面压力大小不相等，B正确，D错误。 4．D【解析】A．在距地面高H处小球的机械能与重力势能相等，则有mgH=c，解得小球的质量为，故A错误；CD．阻力对小球做的功等于小球机械能的变化，则有，可知图像斜率的绝对值表示阻力的大小，则有，根据牛顿第二定律有mg–f=ma，联立各式可解得加速度，故C错误，D正确；B．从释放小球到运动到的过程中，根据动能定理可得，联立方程，解得，故B错误。 5．D 【解析】AB．由题意知砸到脸前一瞬间手机速度为：，故由动量定理有：，解得，故AB错误。CD．手机下落时间为：，故全过程手机重力的冲量大小为：，所以C错误，D正确。故选D。 6．C【解析】A．小明的速度为零，说明其向心力为零，设此时秋千与竖直方向夹角为，合力为重力的沿切线方向的分力，即，故A错误；B．同理，小明的向心加速度为零，合力不为零，故B错误；CD．根据A选项分析，可知秋千对小明的作用力为，故C正确，D错误。 7．D【解析】AB．依题意两小球下落高度相同，根据公式，所以两小球的下落时间之比为1∶1，故AB错误；CD．两小球的水平分位移之比为，又，解得，故C错误；D正确。 8．AC【解析】AB．物体的动量，已知两物体动能Ek相等，m1<m2，则，两物体组成的系统总动量方向与物体2的动量方向相同，即向左，由动量守恒定律知，两物体碰撞后动量向左，两物体将向左运动，B错误，A正确；CD．两物体碰撞后粘合在一起，发生的碰撞是完全非弹性碰撞，两物体组成的系统损失的机械能最大，C正确，D错误。 9．AC 【解析】AB．卫星从低轨道向高轨道变轨时，需要加速，从而使万有引力不足以提供向心力而做离心运动；卫星从高轨道向低轨道变轨时，需要减速，从而使万有引力大于所需的向心力而做近心运动。因此卫星从轨道I进入轨道Ⅱ，需要在M点加速，从轨道Ⅱ进入轨道Ⅲ，需要在N点减速，故A正确，B错误；C．由题图可知轨道I的半长轴与轨道Ⅲ的半径可能相等，根据开普勒第三定律可知卫星在轨道I中运动的周期可能与轨道Ⅲ中运动的周期相等，故C正确；D．卫星在轨道Ⅱ中从M点运动到N点的过程中只受万有引力作用，其机械能守恒，故D错误。故选AC。 10．BC【解析】A．由甲的a–t图像可知，在0~2 s内速度减小量为20m/s，即2s末速度减为零，在2~6 s内，甲车做匀加速直线运动，A错误，；BCD．因在t=2s时刻，甲的速度为零，乙开始减速，其加速度大小为，当速度相等时，解得∆t=2 s，即在t=4 s时刻两车距离最近，最近距离为，解得∆s=5 m，即两车不会相撞，BC正确，D错误。 11．（1）（2分） （2）（2分） （3）（2分） 【解析】（1）每相邻两计数点间还有4个计时点，即每五个点取作一个计数点，因此计数点之间的时间间隔为； （2）由图可知，则B、C之间的平均速度大小为； （3）B、D间的距离为，打C点时的瞬时速度大小为。 12．（1）10.6（2分） （2）（3分） （3）大于（2分） 小于（2分） 【解析】（1）用游标卡尺测得小球直径； （2）小球下摆过程中重力势能减少量为，下摆到最低点A处的速度可取，动能增加量为 ，若机械能守恒，则有，整理得； （3）小球下摆过程做圆周运动，到最低点时小球受到的向心力由细线拉力和小球重力的合力提供，故在最低点时小球对细线的拉力大于小球自由垂落时对细线的拉力；多次实验后细线变长，实际下摆高度变大，重力势能减小量的测量值偏小。 13．（1）12.8 m/s （2）20.48 m 【解析】（1）根据牛顿第二定律得 （2分） 代入数据解得（1分） 2s末物体的速度大小为 v=at=6.4×2 m/s =12.8 m/s（2分） （2）物体撤去拉力后，根据牛顿第二定律得 （2分） 故加速度大小为 （2分） 则物体还能滑行的距离为 （2分） 14．（1）3 m/s 3 m/s （2）36 J （3）13.5 J 【解析】（1）弹簧弹开的过程中，系统的机械能守恒，则（1分） 取向左为正方向，由动量守恒有（1分） 联立以上两式，代入数据解得，（1分） （2）B滑上传送带向右匀减速运动，时间为，由动量定理得（1分） 向右匀减速因摩擦产生的热量为（1分） B向左匀加速运动时，时间为，则有（1分） B返回传送带N端的速度大小（1分） 向左匀加速运动因摩擦产生的热量为（1分） 联立以上式子，代入数据解得（1分） （3）设装置P应补充的最小能量为，则有（1分） 当A、B为弹性碰撞时，装置P应补充的能量最小，设P给A补充能量后，A速度为，由动量守恒有 由机械能守恒有 B要从右端滑出，由能量守恒定律有（1分） 由以上各式联立解得（1分） 15．（1） （2） （3） 【解析】（1）小滑块在传送带上先加速运动，设加速度为，则 （1分） 加速至，发生的位移 （1分） 此时传送带发生的位移（1分） 故划痕的长度（2分） （2）由于小滑块滑上斜面时做减速运动，设加速度大小为，由牛顿运动定律可得（1分） （1分） 联立解得（2分） （3）由于（1分） 所以滑块到达最高点后会向下加速运动，返回斜面底端。下滑过程根据牛顿第二定律有（1分） 第一次返回斜面底端时的速度为，由运动学公式可得（1分） 滑块返回斜面底端后，返回斜面底端时速度仍然为 第二次上滑过程 第二次下滑过程（1分） 第三次上滑过程 第三次下滑过程（1分） 联立解得第三次返回斜面底端时的速度大小（2分） 物理全解全析 第5页（共5页） 学科网（北京）股份有限公司 $O 学利网 绝密★启用前 0 学科网2021年高三11月大联考考后强化卷（河北卷） 50 7777777777777777777777777777777777 物 理 A.滑块与斜面间的动摩擦因数为0.3 本巷满分100分，考试时间75分钟。 B.物块上滑时处于失重状态 注意事项： C.滑块在斜面上滑行的时间约为2s 1,答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 D.滑块上滑和下滑过程斜面对地面的压力相等 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡 4在距地面高H处由静止释放一小球，小球向下运动过程中受到的阻力不能忽略，以地面为重力势能的 皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 零势能面，小球的机械能E随小球到地面的高度h的变化关系图像如图所示，图中纵坐标b、c为已知 3,考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选搭题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个近暖中，只有一项是符合题 数据，重力加速度为g。根据图像判断下列说法正确的是 目要求的。 1.学习物理除了知识的学习外，更重要的是领悟井掌握处理物理问题的思想与方法，下列关干思想与方法 的说法中不正确的是 A、根据速度定义式，会，当非常小时，：就可以表示物体在1时刻的瞬时速度，该定义应用了极 限思想方法 A。小球的质量等于后 B。在不需要考虑物体木身大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法 B。当山：号时，小球的动能特于号 c.加速度定义式a= △ 该定义应用了比值定义法 C。运动过程中小球受到的阻方大小恒为分 D,在“探究两个互成角度的力的合成规律“时用到了等效替代的思想 D。小球运动的加速度等于： 2,如图所示，餐厅服务员托举菜盘给顾客上菜.若菜盘沿水平方向向左加速运动，则 5随着手机逐渐走进每个人的生活，有些人喜欢躺着看手机，偶尔会出现手机滑落砸到脸的情况（如图）。 若某手机（可视为质点）的质量为200g,从距人险上方约20cm的高度无初速掉落，砸到脸后经0.1s 手机停止运动。忽略空气阻力，取重力加速度g=10ms2,下列分析正确的是 0 A,手对菜盘的摩擦力方向向右 B.手对菜盘的作用力等于菜盘的重力 C.菜盘对手的作用力方向斜向右下 D,菜盘对手的作用力方向斜向左下 A.脸受到的平均撞击力大小约为62N 3.如图所示，两块相同木板做成两个倾角相同的斜面，斜面倾角日=37°，斜面长度为一625m,滑块从 B.脸受到的平均撞击力大小约为5.8N 一侧斜面的底端以初速度6=10ms滑上斜面，恰好越过最高点并从另一侧面滑下，名取10m含， C.全过程手机重力的冲量大小约为0.2Ns n37°=0.6，下列说法正确的是 D.全过程手机重力的冲量大小约为0.6Ns 物理试题第1页（共6页） 物理试题第2页（共6页） 学利 co 6.质量为m的小明坐在秋千上摆动到最高点时的照片如图所示，对该时刻，下列说法正确的是 9,2021年6月11日，我国在太原卫星发射中心用“长征二号”丁运载火箭成功将“北京三号”卫星送入预定 轨道，变轨过程简化为如图所示，轨道Ⅱ与轨道I相切于轨道I的远地点M,与圆轨道相切于N点。 下列说法正确的是 轨道1 轨道Ⅲ A.小明的速度为零，所受合力为零 年 轨道Ⅱ B.小明的加速度为零，所受合力为零 C.秋千对小明的作用力小于g A.卫星从轨道I进入轨道Ⅱ，需要在M点加速 D.秋千对小明的作用力大于g B,卫星从轨道I进入轨道Ⅲ，需要在N点加速 7,如图所示，在M点分别以不同的速度将两个小球水平抛出，两小球分别落在水平地面上的P点、Q点。 C,卫星在轨道I中运动的周期可能与轨道中运动的周期相等 已知O点是M点在地面上的竖直投影，OP:PO=1:3,且不考虑空气阻力的影响，下列说法中正确 D.卫星在轨道中从M点运动到N点的过程中，其机械能逐渐减小 游 的是 10.在一段直线公路上，甲、乙两车在同一车道上同向行驶，甲车在前，乙车在后，速度均为20s,相 距45m。在0时刻，甲车司机发现前方有一只小狗，于是马上采取错施，以下甲乙两图分别是甲乙 两车的运动图像，取初速度方向为正方向，则下列说法正确的是 4a/(m/s) v/(m/s) 6 A.两小球的下落时间之比为1：3 B,两小球的下落时间之比为1：4 -0 C.两小球的初速度大小之比为1：3 A.在26s内，甲车做匀速直线运动 D.两小球的初速度大小之比为1：4 B.在068内，甲乙两车不会相撞 二、多项德所题：本题失3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选碳中，有两个或两个以上 C,甲乙两车在4号末距离最近 选灭符合题目要求。全部选对的很6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 D.甲乙两车在6s末距离最近 8.如图所示，两个物体1和2在光滑水平面上以相同动能相向运动，它们的质量分别为1和1，且m<m2, 三、非选择题：共54分。 经一段时间两物体相碰撞并粘在一起，则 11。(6分)在做“打点计时器测速度“的实验中，某同学用打点计时器打出了一条纸带。他从比较清晰的 点起，选取了O、A、B、C、D五个计数点，每相邻两计数点间还有4个计时点未画出，打点计时器 777777777777777777777 打点时间间隔为0.02：，如图所示。下列问题(2)、(3)中计算结果均保留到小数点后两位。 A.碰撞后两物体将向左运动 0cm I 2 4 56 7 9101112 B.碰撞后两物体将向右运动 C,碰撞过程中两物体组成的系统损失能量最大 D.此过程遵守机械能守恒定律 (1)打下B、C两计数点的时间间隔为 物理试恩第3页（共6页） 物理试题弟4项（共6须） 空学利网 (2)》B、C两点间的平均速度大小为 m/st (1)求A、B刚被弹开时的速度大小： (3)打C点时的臊时速度大小为m/s。 (2)B被弹簧弹开后滑上传送带到返回到左瑞N的过程中B与传送带间因摩擦而产生的热量2： 0 12.(9分)某实验小组采用如图1所示的实验装置做“验证机械能守恒定律”实验。实验的主要步骤为：一 (3)若B从传送带上回到光滑水平面MN上与被弹回的A发生碰撞后，滑上传送带。则P应给A至 细线一指固定在O点，另一端连接一小球，记录下小球自由垂落时球心的位置A点，在A处放置一光 少补充多少能量才能使B从右端滑离传送带？ 电门：将小球拉起到球心距A点高h处由静止释放，记录小球通过光电门的挡光时间△1。己知当地的 重力加速度为g。请回答下列问题： 777777777777777777777 I cm TTTTTT 15.(16分)如图所示，表面粗债的足够长的浅色传送带以速度，8s顾时针匀速转动，传送带的右端 光 有一固定的斜面，斜面底端B与传送带由一长度可忽略的光滑圆弧连接，现将一质量=1kg的黑色 小滑块从距离B点x。0m的A处无初速度地放在传送带上，已知小滑块与传送带间的动摩擦因数为 图1 图2 40,4,斜面领角0=37°，斜面足够长，小滑块与斜面的动摩擦因数为40.45，重力加速度g10s2, (1)如图2所示，用游标卡尺测得小球的直径d= mm。 sin37°-0.6，cos37-0.8,求： (2)若等式 (用么△M、g、d表示)成立，说明小球下摆过程中机械能守恒。 (1)小滑块滑上斜面之前在传送带上留下的划痕长度L: (3)经过多次实验后，发现(2)中的验证等式代入数据后出现较大偏差，实验小组猜测可能是因为 (2)小滑块第一次滑上斜面后能够到达的最高点P距B点的距离L: 小球经过最低点时对细线的拉力 小球自由垂落时对细线的拉力，多次实验后细线的 (3)小滑块从斜面上第三次返回斜面底端时的速度大小。 长度发生了较大变化，使小球下摆过程的重力势能减小量测量值 实际值。（均填“大 于”、“等于”或“小于) 13.(11分)如图所示，质量为=2kg的物体，受到P=20N的方向与水平方向成37角的拉力作用，由 静止开始沿水平面做直线运动，物体与水平面间的动摩擦因数为“=0,4，当物体运动=28后撤去外力 P,则： (1)求2s末物体的速度大小： (2)撤去外力后，物体还能运动多远。(g=10mVg2) 平F 0 777777777777777 14.(12分)如图所示，光滑水平面MN的左端M处固定有一能量补充装置P,使撞击它的物体弹回后动 能在佩来基础上增加一定值。右端N处与水平传送带恰好平齐且靠近，传送带沿逆时针方向以恒定递 率1=6s匀速转动，水平部分长度L=9m。放在光滑水平面上的两相同小物块A、B(均视为质点) 间有一被压缩的轻质弹簧。弹性势能，=9J,弹簧与A、B均不粘连，A、B与传送带间的动摩擦因数 O,2,物块质量mA==1kg。现将A、B同时由静止释放，弹簧弹开物块A和B后，迅速移去轻弹 0 簧，此时A还未撞击P,B还未滑上传送带。取g10ms3,求： 物理试题第5页（共6页） 物理试题第6页（共6页）物理-学科网2021年高三11月大联考考后强化卷（河北卷） 物理·全解全析 2 3 4 5 6 8 0 10 B B D C D AC AC BC 1.B【解析】A.速度的定义式v=A 表示平均速度，当△t非常小时，表示物体在t时刻的瞬时速度， 是采用数学上极限思想方法，故A正确，不符合题意；B.在不需要考虑物体本身大小和形状时，用质 点来代昔物体的方法是理想化模型法，故B错误，符合题意：C、加速度定义式a=灯该定义应用了 比值定义法，故C正确，不符合题意；合力和分力是等效关系，在“探究两个互成角度的力的合成规律” 时用到了等效替代的思想，故D正确，故选B。 2.C【解析】对菜盘受力分析，有竖直向下的自身重力、竖直向上的支持力和水平向左的静摩擦力。其中 手对菜盘的作用力为支持力与静摩擦力的合力，方向为斜向左上，不等于菜盘的重力。根据牛顿第三定 律，可知菜盘对手的作用力方向斜向右下，故ABD错误；C正确。 3.B【解析】根据题意，设滑块上滑时加速度为，由运动学公式=2aL,解得a=8m/s2,根据牛 顿第二定律有gsin0+ung cos8=a,解得u=0.25,A错误；同理下滑时设其加速度为a2,根据牛 顿第二定律有吧血0-e600=m,解得4=4m/S,上治用时4=2兰-125，设下滑用时5，则 Vo 有L=4,解得4,1,7s,滑块在木板上滑行时间1=(+5≈3.028，C错误：滑块上滑过程处于失 重状态，滑块下滑过程也处于失重状态，但其加速度大小和方向均不同，故斜面对地面压力大小不相等， B正确，D错误。 4.D【解析】A.在距地面高H处小球的机械能与重力势能相等，则有g-c,解得小球的质量为m=C 8H, 故A错误：CD.阻力对小球做的功等于小球机械能的变化，则有△E=f△h,可知图像斜率的绝对值表 示阻力的大小，则有了，根据牛顿第三定律有g,联立各式可解得加速应α：6 二8，故C 错误，D正确：B,从释放小球到运动到h-?的过程中，根据动能定理可得mg弓！-了Ⅱ=4-0。 1 2 联立方程，解得E= 2,故B错误。 b 5.D【解析】AB.由题意知砸到脸前一瞬间手机速度为：v=√2gh=√2×10×0.2ms=2m/s,故由动量定 v2 理有：（F-g)t=-0,解得F=6N,故AB错误。CD.手机下落时间为：= =0.2s,故全 g10 物理全解全析第1页（共5页） 过程手机重力的冲量大小为：I=g(41+t)=0.2×10×(0.2+0.1)N.s=0.6N.s,所以C错误，D正确。故 选D。 6.C【解析】A.小明的速度为零，说明其向心力为零，设此时秋千与竖直方向夹角为日，合力为重力的沿 切线方向的分力，即F参=gsB,故A错误；B.同理，小明的向心加速度为零，合力不为零，故B 错误；CD.根据A选项分析，可知秋千对小明的作用力为F=g cos0<g,故C正确，D错误。 7.D【解析】AB.依题意两小球下落高度相同，根据公式h=号g,所以两小球的下落时间之比为1：1， 敌A特：GD。同场的本平分位移之北为子那而子又=，解得5} e4,故C错误， D正确。 8.AC【解析】AB.物体的动量p=√2mE,,已知两物体动能E相等，1<2，则乃<P2,两物体组成的 系统总动量方向与物体2的动量方向相同，即向左，由动量守恒定律知，两物体碰撞后动量向左，两物 体将向左运动，B错误，A正确：CD.两物体碰撞后粘合在一起，发生的碰撞是完全非弹性碰撞，两物 体组成的系统损失的机械能最大，C正确，D错误。 9.AC【解析】AB.卫星从低轨道向高轨道变轨时，需要加速，从而使万有引力不足以提供向心力而做离 心运动；卫星从高轨道向低轨道变轨时，需要减速，从而使万有引力大于所需的向心力而做近心运动。 因此卫星从轨道I进入轨道Ⅱ，需要在M点加速，从轨道Ⅱ进入轨道ⅢI,需要在N点减速，故A正确， B错误：C.由题图可知轨道I的半长轴与轨道Ⅲ的半径可能相等，根据开普勒第三定律可知卫星在轨 道I中运动的周期可能与轨道Ⅲ中运动的周期相等，故C正确；D.卫星在轨道Ⅱ中从M点运动到N点 的过程中只受万有引力作用，其机械能守恒，故D错误。故选AC。 10.BC【解析】A.由甲的4t图像可知，在0-~2s内速度减小量为20/s,即2s末速度减为零，在2~6s 内，甲车做匀加速直线运动，A错误，；BCD.因在仁2s时刻，甲的速度为零，乙开始减速，其加速度 大小为a= 20-0 4 m/S2=5ms2,当速度相等时a2△t=%-az△t,解得△2s,即在4s时刻两车距 离最近，最近距离为△s=5,+ 61 2a+24Ar-4+oA1-A),解得A百m,即两车不会相撞，BC 正确，D错误。 11.(1)0.1(2分)(2)0.36(2分)(3)0.42(2分) 【解析】(1)每相邻两计数点间还有4个计时点，即每五个点取作一个计数点，因此计数点之间的时 间间隔为T=0.1s: 物理全解全析第2页（共5页） (2)由图可知xc=(7.20-3.60)cn=3.60cm=0.036m,则B、C之间的平均速度大小为 =xe-0.036 m/s=0.36m/s: T0.1 (3)B、D间的距离为xD=(12.00-3.60)cm=8.40cm=0.084m,打C点时的瞬时速度大小为 6=2=0.084 m/s=0.42m/s。 2r0.2 12.(1)10.6(2分)(2)28h=()(3分)(3)大于(2分)小于(2分) Λf 【解析】(1)用游标卡尺测得小球直径d=10mm+0.1×6m=10.6mm: 《2②》小球下摆过程中重力势能减少量为mh,下摆到最低点4处的速度可取是，动能增加量为 )(,若机械能守恒，则有msh=,C只，整理得2gh=(; 2 Ai 2 Ai △t (3)小球下摆过程做圆周运动，到最低点时小球受到的向心力由细线拉力和小球重力的合力提供，故 在最低点时小球对细线的拉力大于小球自由垂落时对细线的拉力；多次实验后细线变长，实际下摆高 度变大，重力势能减小量的测量值偏小。 13.(1)12.8m/s(2)20.48m 【解析】(1)根据牛顿第二定律得 Fcos37°-u(g-Fsin37）=a(2分) 代入数据解得a=6.4m/s2(1分) 2s末物体的速度大小为 1=at-6.4×2m/s=12.8m/s(2分) (2)物体撤去拉力后，根据牛顿第二定律得 umg=ma'(2分) 故加速度大小为 d=ug=4m/s2(2分) 则物体还能滑行的距离为 v212.8)2 x=2a2×4 m=20.48m(2分) 14.(1)3m/83m/s(2)36J(3)13.5J 【解析】(1)弹簧弹开的过程中，系统的机械能守恒，则E。=。m,+m,(1分) 1 2 21 取向左为正方向，由动量守恒有aVA-myg=0(1分) 物理全解全析第3页（共5页） 联立以上两式，代入数据解得V4=3m/s,V。=3m/s(1分) (2)B滑上传送带向右匀减速运动，时间为(1，由动量定理得-8=0-m'g(1分) 向右匀减速因摩擦产生的热量为Q=m8(兰专+话)(1分) B向左匀加速运动时，时间为t2,则有t,=t(1分) B返回传送带N端的速度大小V1=Vg=3m/s(1分) 向左匀加速运动因摩擦产生的热量为Q=,84,一)(1分) 联立以上式子，代入数据解得9=2，+2，=36J(1分) (3》设装置P应补充的最小能量为△8，则有4-心-号m发1分) 1 当A、B为弹性碰撞时，装置P应补充的能量最小，设P给A补充能量后，A速度为V41,由动量守恒 有4VA1+Vg1=4+gg 由机核侯守恒有则防+店一方m-方心 1 2 B要从右端滑出，由能量守恒定律有二v'?≥8L(1分) 21 由以上各式联立解得△E=13.5J(1分) 10 15.(1)Z=8m(2)4=3m (3)%=1m/s 【解析】(1)小滑块在传送带上先加速运动，设加速度为4，则 48=a(1分) 加速至%=8m/s,发生的位移 =8m(1分) x224 此时传送带发生的位移x2=2x=16m(1分) 故划痕的长度L1=x,-x=8m(2分) (2)由于小滑块滑上斜面时做减速运动，设加速度大小为4，由牛顿运动定律可得 mgsin 0+umg cose=ma,(1) -2a2L2=-v6(1分) 物理全解全析第4页（共5页） 联立解得么-m(2分》 (3)由于tan8=0.75>42=0.45(1分) 所以滑块到达最高点后会向下加速运动，返回斜面底端。下滑过程根据牛顿第二定律有 mg sin e-u,nig cose=nia (1) 第一次返回斜面底端时的速度为y,由运动学公式可得，2=2aL,（1分) 滑块返回斜面底端后，返回斜面底端时速度仍然为y 第二次上滑过程=2a2L 第二次下滑过程片=2，L(1分) 第三次上滑过程v2=2a2L, 第三次下滑过程=24L4(1分) 联立解得第三次返回斜面底端时的速度大小y=1/s(2分) 物理全解全析第5页（共5页）