第二章 第9讲 力的合成与分解-【衡中学案】2026年高考物理一轮总复习学案

核心考点·重点突破 摩擦力，大小不一定为umgcos a,B处妈蚁受到的摩擦力大小为 例1：C当墨条速度方向水平向左时，由相对运动方向可知，砚台 mgsin B,故C错误，D正确。 对其的摩擦力方向水平向右，A错误；由牛顿第三定律可知，墨名师讲坛·素养提升 条对砚台的摩擦力方向水平向左，砚台静止，则桌面对砚台的例3：C最大静摩擦力等于滑动摩擦力，所以A与地面间的最大 摩擦力方向水平向右，墨条和桌面对砚台的摩擦力是一对平衡： 静摩擦力为FmA=uFA=0.25×50N=12.5N,B与地面间的最 力，B错误，C正确：桌面对砚台的支持力等于墨条对砚台的压 大静摩擦力为Fms=uFxB=0.25×60N=15N,此时弹簧的弹 力和砚台的重力之和，D错误。 力为F弹=x=400×0.02N=8N,弹簧弹力的大小小于物体受 跟踪训练1：A白纸相对于水平桌面向右运动，受到水平桌面的： 到的最大静摩擦力的大小，物体处于静止状态，根据平衡条件， 滑动摩擦力方向水平向左，而桌面相对白纸向左运动，故桌面 A受到的静摩擦力大小为8N,方向向右，B受到的静摩擦力也 受到白纸的滑动摩擦力方向水平向右，故A正确，D错误；课本 是8N,方向向左。当与水平方向成60°角的拉力F=6N,作用 相对于白纸水平向左运动，受到白纸的摩擦力方向水平向右， 在木块B上，假设物体B仍静止，则B受到的摩擦力为11N,此 故B错误：课本受到白纸的支持力是因为白纸发生了弹性形 时的最大静摩擦力为Fs'=u(mg-Fsin60°)≈13.7N,小于 变，故C错误。故选A。 此时的最大静摩擦力，则B仍然静止，摩擦力方向向左，施加F 跟踪训练2：C对题图甲中的笔受力分析，受到手指的压力、重 力、摩擦力，假设没有受到摩擦力，笔就会顺着手指滑下来，故A 后，弹簧的形变量不变，则A受力情况不变，A受到的摩擦力大 小仍为8N,方向向右，C项正确。故选C。 错误；对题图乙中的笔受力分析，受到重力、支持力和摩擦力， 假设没有受到摩擦力，笔就会顺着手指滑下来，故B错误；因为 :例4：AB地面对B的最大静摩擦力为Fa=kt1,A、B相对滑动后， 题图甲和题图乙中的笔都是静止状态，所以手对笔的作用力应 力传感器的示数保持不变，则FAB=ht2-Fm=k(t2-1),A、B 与重力大小相等，方向相反，故C正确；题图甲中的笔受到的是 两项正确：由于A、B的质量未知，则B和4不能求出，C、D两 静摩擦力，其大小等于重力沿笔方向的分力，与手的握力大小 项错误。 无关，故D错误。 :例5：C物块水平方向受力平衡，F=F、=5t,滑动摩擦力方向竖 跟踪训练3：C当小车水平向左启动时，加速度α的方向向左，金 直向上，F,=uF=0.4×5t=2t。所以Fr-t图像是过原点的倾 属桶受到向左的摩擦力，A错误；当小车水平向右启动时，加速 斜直线，斜率k=2,当物块静止时，物块受到静摩擦力作用F= 度α的方向向右，金属桶受到水平向右的摩擦力，B错误；当小： mg=4N,当F,<mg=4N,物块做加速运动，当F,>mg=4N 车水平向右减速运动时，加速度a的方向向左，金属桶受到水平 时，物块做减速运动到速度为零，物块静止，其所受静摩擦力为 向左的摩擦力，再由牛顿第三定律知，金属桶对小车的摩擦力 F=mg=4N,即物块先做加速度减小的加速运动，后做加速度 水平向右，C正确：当小车水平向左减速运动时，金属桶受到的 摩擦力水平向右，D错误。 增大的减速运动，有型=mg,得F=8N=2,知t=4s,故C 2 例2：C每本书受到的摩擦力的合力与重力平衡，因为每本书的 正确，A、B、D错误。 质量相等，则每本书受到的摩擦力的合力大小相等，A错误；越例6：BD当小木块速度小于传送带速度时，小木块相对于传送带 靠外侧，书与书间的摩擦力越大，B错误：以这一摞书为研究对 向上滑动，小木块受到的滑动摩擦力沿传送带向下，加速度α 象，每只手对其最大静摩擦力为Fn=uF=60N,这一摞书受 gsin0+gcos0;当小木块速度与传送带速度相同时，由于4< 力平衡，则2Fa=n1mg,解得n1=60,但书与书间的最大静摩擦 tan0,即mgcos0<mgsin0,所以速度能够继续增大，此时滑动 力为F。=山Fx=40N,除了左右两侧跟手接触的两本书，以剩 摩擦力的大小不变，而方向突变为向上，且a=gsin0-gcos0, 下的这一部分书为研究对象，由平衡条件有2F。=n2mg,解得 加速度变小，则v-t图像的斜率变小，所以B、D正确 n2=40,加上与手接触的两本书，共42本书，C正确，D错误。 跟踪训练4：BD用85N的水平力可使沙发保持匀速直线运动 第9讲力的合成与分解 则沙发与地面间的滑动摩擦力F,=85N,由F,=uF、=uG可 基础梳理·易错辨析 知，沙发与地面之间的动摩擦因数μ=G =0.17,A错误：由于知识梳理 当水平推力大小为90N时沙发恰好开始运动，可知最大静摩擦 一、1.(1)产生的效果合力分力(2)等效替代 2.同一点延长线 力为90N,B正确；100N的水平推力大于最大静摩擦力，沙发 所受摩擦力为滑动摩擦力，即85N,C错误：由于沙发处于运动 3.(1)合力(2)共点力大小方向首尾相接 4.(1)分力(2)平行四边形三角形(3)效果 状态，所以即使缩小水平力的大小，其所受摩擦力仍为滑动摩 擦力，则沙发所受的摩擦力大小为85N,D正确 二、1.方向平行四边形定则2.没有代数法则 跟踪训练5：AD由于砝码处于静止状态，则k△x=mg,所以有k= 易错辨析 m竖_100×103×10Vm=500Vm。书恰好能匀速运动时，有 1.×2.V3.V4.V5.V6.×7.×8.×9.× △x 2×10-3 10.× kAx'=m'g,代入数据解得u=0.2。故选AD。 核心考点·重点突破 跟踪训练6：D根据题意，对蚂蚁受力分析，设蚂「、 跟踪训练1：ABC两个2N的力的合力范围为0~4N,然后与 蚁所在位置和圆心连线与竖直方向夹角为0，如 3N的力合成，则三力的合力范围为0~7N,由于最大静摩擦力 图所示，由平衡条件可得N=ngcos0,F,= 为5N,因此可判定选项A、B、C正确，D错误。 mgsin6,由于a>B,则A处蚂蚁受到的支持力比 跟踪训练2：B先以力F,和F,为邻边作平行四边形，其合力与 B处蚂蚁小，B处妈蚁受到的摩擦力比A处蚂蚁 Ymg F3共线，合力大小F2=2F,,如图所示，F2再与第三个力F3合 小，故A、B错误；妈蚁与轮胎之间保持静止，则A处蚂蚁受到静 成求合力F合，可得F合=3F,故选B。 497 将滑轮B向上移动时，0变大，两绳的合力变小，A的轴所受压 力变小，故D错误。 例5：B设甲、乙两物体的质量均为m,对0点进行受力分析，右 侧细绳上的拉力大小为mg,左侧细绳上的拉力大小为F,O点 下方的细线上的拉力大小为mg,系统平衡时对力进行水平和竖 直方向的正交分解可得Fsin B=mgsin a,Fcos B+mgcos a 跟踪训练3：A根据对称性可知，OB绳与OA绳拉力大小相等 mg,解得B=55°，选项B正确。 由平衡条件得Pc=2Feos受，当衣物足够重时0C绳先断。 第10讲牛顿第三定律受力分析共点力的平衡 说明Fx>Fs,则2 Focos号>Fm,解得a<120°，故A正确。 基础梳理·易错辨析 知识梳理 例1：A按照实际作用效果分解。对 一、1.相互2.相反同一条直线上 小球进行受力分析，杆对小球的弹 二、1.受力分析图 力F方向沿杆斜向上与水平方向 2.(1)重力(2)弹力(3)摩擦力(4)电磁力 成30°角，斜面对球的弹力F、方向 垂直于斜面斜向上与水平方向成 三、1.静止匀速直线 3.(1)大小相等，方向相反(2)其余两个力的合力 30°角，重力方向竖直向下。将重力 (3)其余几个力的合力 按实际作用效果分解，如图所示 易错辨析 由几何关系可知两个分力夹角为120°，则根据几何知识，使小 1.×2.×3.×4.×5.×6.×7.V8.V9.V 球压轻杆和压斜面的力G,=G,=G,斜面和轻杆受到小球的作 10.V 用力大小都等于G,选项A正确 例2：D弹性轻绳被拉长了x,同一根轻绳拉 核心考点·重点突破 37 力大小相等，即FB=FE=kx,将FAB、FE分 跟踪训练1：B手与飞行器没有接触，手对飞行器没有作用力，空 别正交分解，如图，则F=FAg cos37°+ 气对飞行器的作用力与飞行器所受的重力是一对平衡力，选项 A错误，B正确；空气对飞行器的作用力和飞行器对空气的作用 DE 力是一对作用力和反作用力，选项C错误；由牛顿第三定律可 =子：，则耳朵受到的口罩带的作用力F=√下+=72， 知，螺旋桨对空气的作用力和空气对螺旋桨的作用力大小相 等，选项D错误。 =1,即作用力方 跟踪训练2：A环在竖直方向上受重力及箱子内的杆对它的竖直 设作用力方向与水平方向夹角为0，tan0= 向上的摩擦力F,受力情况如图甲所示，根据牛顿第三定律可 向与水平方向夹角为45°，故D正确。 知，环应给杆一个竖直向下的摩擦力F',故箱子竖直方向上受 3:C如图所示，因为R=号r> 重力Mg、地面对它的支持力F、及环给它的摩擦力F',受力情 况如图乙所示，以环为研究对象，有mg-F=ma,以箱子为研 Fsin30°，故F,的大小有两种可能情 30° 究对象，有Fx=F'+Mg=Fr+Mg=Mg+mg-ma。根据牛顿 况，由余弦定理可得F22=FP+F2- 第三定律可知，箱子对地面的压力大小等于地面对箱子的支持 2 3 力大小，即Fx'=Mg+mg-ma,故A项正确 2FEos30,化简可得F2-5FE,+3P=0,解得Fn=号 R2p。放选C。 名师讲坛·素养提升 Mg 例4：AC由于题图甲中轻杆OA为“定杆”，其0端光滑，可以视 7immmmmmni7 为活结，两侧细线中拉力大小相等，都等于mg,由力的平衡条件 乙 可知，题图甲轻杆中弹力为F甲=2 mgcos45°=√2mg,故A正 例1：C题图甲中，根据整体法可知，木块B除了受重力外，一定 确：题图乙中轻杆O'A'可绕A'点自由转动，为“动杆”，另一端O' 受到墙面水平向右的弹力和竖直向上的静摩擦力，隔离B分 光滑，可以视为活结，0'两侧细线中拉力大小相等，“动杆”中弹 析，其一定还受到A的弹力，隔离A分析，A受到重力、水平向 力方向沿“动杆”方向，“动杆”OA'中弹力大小等于O'两侧细 左的推力、B对其垂直于接触面斜向右下的弹力，这样的三个力 线中拉力的合力大小，两细线夹角不确定，轻杆中弹力无法确 不可能使A平衡，所以A一定还要受到B对其沿接触面斜向右 定，∠BO'A'可能等于30°，故B、D错误；根据共点力平衡条件， 上的静摩擦力才能平衡，可知B一定受到A沿接触面斜向左下 题图甲中轻杆弹力与细线OB中拉力的合力方向一定与竖直细 的静摩擦力，故B共受5个力的作用：题图乙中，根据整体法可 线的拉力方向相反，即竖直向上，故C正确。 知B与墙面间既无弹力也无摩擦力，所以B受重力和A的弹力 跟踪训练4：C滑轮A的轴所受压力为BA方向的拉力和物体P 及摩擦力共3个力的作用。则在此两种方式中，木块B受力个 重力的合力，BA方向的拉力与物体P的重力大小相等，设两力 数之比为5：3，故选C。 方向的夹角为0，其变化范围为90°<0<180°，根据力的合成法跟踪训练3：AC如图在沿杆和垂直杆方 则可知，滑轮A的轴所受压力不可能沿水平方向，0的大小不确 向建立直角坐标系，当F=5N时，F在 定，滑轮A的轴所受压力可能大于物体P的重力，也可能小于 y轴上的分力F,=Fsim53°=4N,F与 或等于物体P的重力，故A、B错误：当只将滑轮A向右移动时 重力在y轴上的合力刚好为0，所以杆 0变小，两绳的合力变大，A的轴所受压力变大，故C正确：当只 与小球只接触不挤压，无弹力和摩擦 498第9讲力的合成与分解 县础梳理·易错鞯析 4.力的分解 知识梳理 (1)定义：求一个已知力的 的过程。 一、 力的合成与分解 (2)遵循原则： 定则或 1.合力与分 定则。 (1)定义：如果一个力 跟几个共 (3)分解方法：①按力产生的 分解；②正 点力共同作用产生的效果相同，这一个力就叫作那几 交分解。 个力的 原来那几个力叫作 二、矢量和标量 (2)关系：合力和分力是 的关系。 1.矢量 2.共点力 既有大小又有 的量，相加时遵从 作用在物体的 或作用线的 交 _o 于一点的力。如下图所示均是共点力。 2.标量 只有大小 方向的量，求和时按 相加。 028 易错韩析 m 1.两个力的合力一定大于任何一个分力。（ D26 3.力的合成 2.两个分力大小一定时，夹角0越大，合力越小。（) (1)定义：求几个力的 的过程。 年 3.合力一定时，两等大分力的夹角0越大，两分力越 (2)运算法则 大。 () 新 ①平行四边形定则：求两个互成角度的 4.不考虑力的实际效果时，一个力可以对应无数对分 的合力，可以用表示这两个力的线段为邻边做平行四 力。 () 计 边形，这两个邻边之间的对角线就表示合力的 5.将一个力F分解为两个力F、F2,F是物体实际受 衡 如图甲所示。 到的力。 () m 学 ②三角形定则：把两个矢量 从而求6.合力与分力可以同时作用在物体上。 () 出合矢量的方法。如图乙所示。 7.2N的力能够分解成6N和3N的两个分力。() 8.如果合力是阻力，则它的每一个分力都是阻力。 F,平移 ( ) 9.位移是矢量，相加时可以用算术法直接求和。() 10.有方向的物理量一定是矢量。 ( 核考点·重点突破 考点1力的合成 (2)计算法：几种特殊情况的共点力合成 (基础考点·自主探究) 类型 作图 合力的计算 1.共点力合成的常用方法 (1)作图法：从力的作用点起， F=√F'+F, 按同一标度作出两个分力F,和F ①互相垂直 tan F 的图示，再以F和F2的图示为邻 B 边作平行四边形，画出过作用点的 0 对角线，量出对角线的长度，计算出合力的大小，量出 对角线与某一力的夹角确定合力的方向（如图所示）。 (计算法求合力)如图所示为某 ②两力等大， F=2F cos 2 同学设计的简易晾衣装置，一轻 夹角0 F与R,夹角为号 绳两端分别固定于天花板上A、B两 点，通过光滑轻质动滑轮和另一根轻 绳将衣物竖直悬挂在空中，两根轻绳 所能承受的最大拉力相同，若晾晒的 ③两力等大 120° 合力与分力等大 衣物足够重时绳OC先断，则（ 0 且夹角120° F=F A.<120° B.a=120° C.a>120° 2.两个共点力的合力 D.不论为何值，总是绳OC先断 (1)两个力的大小不变时，其合力随夹角的增大 喜点2力的分解 而减小。 (能力考点·深度研析) (2)两个共点力合力的范围 1.力的分解的两种常用方法 ①当两个力方向相同时，合力最大，Fx=F,+F2。 (1)按力的效果分解 ②当两个力方向相反时，合力最小，Fmn=IF,-F2l。 (2)正交分解法 ③合力大小的变化范围为IF,-F2I≤F≤F,+F2。 ①方法：物体受到多个力作用F、F2、F3…,求合 3.三个共点力的合力的最大值与最小值 力F时，可把各力沿相互垂直的x轴、y轴分解。 (1)最大值：当三个分力同方向时，合力最大，即 x轴上的合力： Fmg =F1+F2+F3o F:=Fa+F2+Fa+. (2)最小值：如果一个力的大小处于另外两个力的 y轴上的合力： 合力大小范围内，则其合力的最小值为零，即Fm=0;如 果不处于，则合力的最小值等于最大的一个力减去另 F,=F,+F2+Fa+… 外两个力的大小之和，即Fmm=F,-(F2+F3)(F为 合力的大小：F=F2+F, 三个力中最大的力)。 合力方向：与x轴夹角为0，则an8=了。 总 【跟踪训练】 ②建立坐标轴的原则：一般选共点力的作用点为 角合力状的货大快袋防为$量 原点，在静力学中，以少分解力和容易分解力为原则 物 (即尽量多的力在坐标轴上)。 理 将水平面内三个力同时作用于物体的同一点，三个力 2.力的分解中的唯一性和多解性 的大小分别为2N、2N、3N。下列关于物体的受力情 029 况和运动情况判断正确的是 ( 条件 解的组数 A.物体所受静摩擦力可能为2N 分解一个力，若分力没有附加条件 无数组解 B.物体所受静摩擦力可能为4N 已知合力和两个分力的方向 唯一解 C.物体可能仍保持静止 已知合力和一个分力 唯一解 D.物体一定被拉动 已知合力和两分力的大小，并且F,-F,<F 己用选素合的初快水 两组解 <F,+F,(在同一平面内)》 F<Fsin 0 无解 方格边长相等)，则下列说法正确的是 已知合力F和F的大小 F=Fsin 0 唯一解 F 及F,的方向，F,与合力 Fsin 0<F<F 两组解 1---1--↓-1- F的夹角为0 F≥F 唯一解 ●考向1力的效果分解法 口如图所示，一光滑小球与一过球心的轻杆连 A.三力的合力有最大值F+F2+F3,方向不确定 接，置于一斜面上静止，轻杆通过光滑铰链与 B.三力的合力有唯一值3F3,方向与F3同向 竖直墙壁连接，已知小球所受重力为G,斜面与水平地 C.三力的合力有唯一值2F3,方向与F3同向 面间的夹角为60°，轻杆与竖直墙壁间的夹角也为 D.由题给条件无法求合力大小 60°，则轻杆和斜面受到球的作用力大小分别为() 佩戴好口罩后弹性轻绳被拉长了x,此时AB段与水平 方向的夹角为37°，DE段与水平方向的夹角为53°，弹 60 性绳涉及的受力均在同一平面内，忽略一切摩擦，已知 60 sin37°=0.6，cos37°=0.8，则下列说法正确的是 Z77K7KZZ77277777777777 A.G和G 2G和3 B. 6 A.口罩带对耳朵的作用力方向与水平方向夹角 为37 c和}c C③ D.√3G和2G B.口罩带对耳朵的作用力方向与水平方向夹角 反思提升 为53° 按照力的实际作用效果分解的步骤 C.耳朵受到的口罩带的作用力为2x 第一步 根据力的实际作用效果确定两个分力的方向 D.耳朵受到的口罩带的作用力为7 5 第二步一根据两个分力的方向画出平行四边形 ●考向3力分解中的唯一性和多解性 第三步一由三角形知识求出两个分力的大小 例回已知方力F的一个分力R,限F成0角，大小未 ●考向2力的正交分解法 ②如图所示为一侧耳朵佩戴 知，另一个分力F,的大小为，方向未知，则 口罩的示意图，一侧的口罩 F的大小可能是 带是由直线AB、弧线BCD和直线 DE组成的。假若口罩带可认为是 ①③r 3 ②3F ③23r ④5F 030 2 段劲度系数为k的弹性轻绳，在 A.①② B.②④ C.①③ D.①④ 名师讲坛·素美提升 年 度 “动杆”和“定杆”与“活结”和“死结”问题 设 考向1“动杆”和“定杆”模型 B 30⊙ 衡 模型 “动杆”模型 “定杆”模型 学 案 模型 302 结构 而D A.图甲轻杆中弹力大小为V2mg 轻杆用光滑的转轴或铰 B.图乙轻杆中弹力大小为√2mg 结构 轻杆被固定在接触面上， 链连接，轻杆可围绕转轴 C.图甲轻杆中弹力与细线OB中拉力的合力方向 特点 不能发生转动 或铰链自由转动 定沿竖直方向 D.图乙中∠B'0'A'不可能等于30° 当杆处于平衡状态时，杆 【跟踪训练】 弹力 杆所受的弹力方向不一定 所受的弹力方向一定 如图为一小型起重机，A、B 特点 沿杆，可沿任意方向 沿杆 为光滑轻质滑轮，C为电动 机。物体P和A、B、C之间用不可 例 ④（多选）图甲中轻杆OA的A端固定在竖直墙 伸长的轻质细绳连接，滑轮A的轴 壁上，另一端0光滑，一端固定在竖直墙壁B固定在水平伸缩杆上并可以水平C签 点的细线跨过O端系一质量为m的重物，OB水平；图 移动，滑轮B固定在竖直伸缩杆上 乙中轻杆0'A'可绕A'点自由转动，另一端0'光滑；一 并可以竖直移动。当物体P静止时 A.滑轮A的轴所受压力可能沿水平方向 端固定在竖直墙壁B′点的细线跨过O'端系一质量也 B.滑轮A的轴所受压力一定大于物体P的重力 为m的重物。已知图甲中∠B0A=30°，以下说法正确 C.当只将滑轮A向右移动时，A的轴所受压力变大 的是 D.当只将滑轮B向上移动时，A的轴所受压力变大 ●考向2“活结”和“死结”模型 “活结”把绳子分为两段，且可 “死结”把绳子分为两 模型 “活结”模型 “死结”模型 结构 沿绳移动，“活结”一般由绳跨 段，且不可沿绳移动， 过滑轮或绳上挂一光滑挂钩 特点 “死结”两侧的绳因结 而形成，绳子因“活结”而弯 而变成两根独立的绳 模型 曲，但实际为同一根绳 结构 弹力 “活结”两侧的绳子上的张力 “死结”两侧的绳子上 特点 大小处处相等 张力不一定相等 列 ⑤如图，悬挂甲物体的细线拴牢在一不可伸长的 结点0为死结，O 轻质细绳上O点处：绳的一端周定在墙上，另广 点两侧绳上的拉 端通过光滑定滑轮与物体乙相连。甲、乙两物体质量相 力不一定相等 B3 等。系统平衡时，O点两侧绳与竖直方向的夹角分别为 滑轮处为活结模 &和B。若a=70°，则B等于 型，滑轮两侧绳子 A.459 B.55 C.609 D.70° 180°-4 上拉力相等，则向 下的mg与右侧的F'大小相等 则1绳子在2,3的角平分线上， 可计算B=180°a 反思提升 [答案] A 绳上的“死结”与“活结”模型的答题技巧 规范答题] 对 (1)无论“死结”还是“活结”一般均以结点为研究对象 滑轮受力分析如图甲 所示，由于跨过滑轮的 进行受力分析。 绳子拉力一定相等，即 (2)如果题目搭配杆出现，一般情况是“死结”搭配有转轴 F,=F2,由几何关系易 的杆即“动杆”，“活结”搭配无转轴的杆即“定杆”。 知绳子拉力方向与竖 【跟踪训练】 直方向夹角相等，设为 轮总复习 0,可知 如图所示，在竖直放置的穹形 支架上，一根长度不变且不可 F1=F2=2c0s0 mg ① 物 伸长的轻绳通过轻质光滑滑轮悬挂 如图乙所示，设绳长为L,由几何关系得 一重物G。现将轻绳的一端固定于支 sin 0=L d ② 03 架上的A点，另一端从B点沿支架缓 其中d为两端点间的水平距离，由B点向C点移 慢地向C点靠近(C点与A点等高)。 G 动过程中，d先变大后不变，因此0先变大后不变，由 则在此过程中绳中拉力 ( ①式可知绳中拉力先变大后不变，故A正确。 A.先变大后不变 B.先变大后变小 C.先变小后不变 D.先变小后变大 温馨提示：复习至此，请完成练案[9 第10讲 牛顿第三定律 受力分析 共点力的平衡 县础梳理·易错韩析 二、受力分析 知识梳理 1.受力分析 一、 牛顿第三定律 把研究对象（指定物体）在特定的物理环境中受 1.作用力和反作用力：两个物体之间的作用总是 的，一个物体对另一个物体施加了力，后一个 到的所有力都找出来，并画出 的过程。 物体一定同时对前一个物体也施加了力。 2.受力分析的一般顺序 2.内容：两个物体之间的作用力和反作用力总是 (1)先画出 大小相等，方向 ,作用在 (2)其次分析