精品解析：上海市金山区健桥实验中学2024-2025学年九年级下学期3月月考物理试卷

2024学年上海市金山区健桥实验中学初三物理第二学期3月月考试卷 （满分70分 时间60分钟） 一、选择题（共12分） 1. 下列各种粒子，不带电的是（ ） A. 原子核 B. 质子 C. 中子 D. 电子 【答案】C 【解析】 【详解】A．原子核带正电荷，故A不符合题意； B．质子带正电荷，故B不符合题意； C．中子不带电，故C符合题意； D．电子带负电荷，故D不符合题意． 2. 区分不同老师的声音，主要根据声音的（　　） A. 响度 B. 音色 C. 音调 D. 音量 【答案】B 【解析】 【详解】不同的人发出声音的音色不同，所以可以根据声音的音色区分不同老师的声音。 故选B。 3. 四冲程汽油机工作时，将内能转化为机械能的冲程是（ ） A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程 【答案】C 【解析】 【详解】热机的四个冲程中，压缩冲程和做功冲程有明显的能量转化，压缩冲程将机械能转化成内能，做功冲程将内能转化成机械能，故C符合题意。ABD不符合题意。 故选C。 4. 某物体通过凸透镜在距离透镜10厘米的光屏上成缩小的像，透镜的焦距可能为（　　） A. 4厘米 B. 6厘米 C. 12厘米 D. 20厘米 【答案】B 【解析】 【详解】根据凸透镜成像规律可知，当物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像，此时像距大于一倍焦距且小于二倍焦距，则有 解得焦距范围为 故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 5. 甲、乙两车分别从P、Q两点同时沿同一直线运动，它们的图像分别如图（a）和（b）所示。经过10秒，两车相距3米。则P、Q间的距离可能为（　　） A. 2米 B. 3米 C. 7米 D. 9米 【答案】C 【解析】 【详解】由图（a）（b）可知，甲、乙的速度分别为 甲乙两车运动10s，各行驶的路程为 当甲、乙两车相对而行时，若甲乙不相遇，甲走过的路程与乙走过的路程之和再加3m，即为P、Q两点间的距离 若甲乙相遇后再错开 当甲与乙向同一方向行驶时，甲出发点在乙出发点后面，10s时，只能是乙在甲前，才能使两车距离3m，即甲运动距离加3m，等于乙运动距离加PQ距离，即 若甲出发点在乙出发点前面，10s时，甲车在乙车前，即 故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 6. 在下图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，可能使电流表示数与电流表A示数比值不变的操作是（　　） A. 将滑动变阻器滑片向右移 B. 将滑动变阻器滑片向左移 C. 将滑动变阻器滑片向右移且用阻值比大的电阻替换 D. 将滑动变阻器滑片向左移且用阻值比大的电阻替换 【答案】C 【解析】 【详解】分析电路可知，、并联，电流表测电流，电流表A测干路电流。 A．将滑动变阻器滑片向右移，阻值变大，则电流变小，电流表示数不变，根据并联电流规律，则电流表A示数变小，所以电流表示数与电流表A示数比值变大，故A不符合题意； B．将滑动变阻器滑片向左移，阻值变小，则电流变大，电流表示数不变，根据并联电流规律，则电流表A示数变大，所以电流表示数与电流表A示数比值变小，故B不符合题意； C．将滑动变阻器滑片向右移，会使得电流表A示数变小，而用阻值比大的电阻替换，则电流表示数变小，所以若将滑动变阻器滑片向右移且用阻值比大的电阻替换，可能使电流表示数与电流表A示数比值不变，故C符合题意； D．将滑动变阻器滑片向左移会使得电流表A示数变大，而用阻值比大的电阻替换，则电流表示数变小，所以若将滑动变阻器滑片向左移且用阻值比大的电阻替换，则会使电流表示数与电流表A示数比值变小，故D不符合题意。 故选C。 二、填空题（共24分） 7. 家用电水壶正常工作时两端的电压为______伏，其工作时将______转化为内能。额定功率为1000瓦的电水壶正常工作0.5小时，耗电______度。 【答案】 ①. 220 ②. 电能 ③. 0.5 【解析】 【详解】[1]在我国家庭电路两端的电压通常为220伏。 [2]电水壶工作时将电能转换为内能。 [3]额定功率为1000瓦的电水壶正常工作0.5小时，耗电 8. 上海地铁5号线列车启动时，以站台为参照物，列车是 _______的（选填“运动”或“静止”），加速过程中，列车的动能 _______，车厢内座椅的惯性 _______（后两空均选填“增大”“不变”或“减小”）。 【答案】 ①. 运动 ②. 增大 ③. 不变 【解析】 【详解】[1]当列车启动时，以站台为参照物，列车与站台之间的位置不断发生变化，所以列车是运动的。 [2]列车加速过程中，其质量不变，速度增大，因此列车的动能增大。 [3]列车加速过程中，车厢内座椅的质量不变，只是速度的变化，则座椅的惯性不会变化。 9. 如图（a）（b）所示，分别用力F1、F2匀速提升重为20牛的物体A。图中的滑轮可以看作等臂杠杆的是 ______（选填“a”或“b”），将物体A提升0.2米，F1做功______焦；图（b）中，若不计摩擦和滑轮重力，力F2的大小为 ______牛。 【答案】 ①. a ②. 4 ③. 10 【解析】 【详解】[1]由图知，（a）中滑轮不随物体一起升降是定滑轮，本质是等臂杠杆；（b）中滑轮是动滑轮，本质是动力臂为阻力臂两倍的省力杠杆。 [2]当物体A上升0.2m的过程中，（a）中绳子的拉力为 F1＝G＝20N 绳端向下移动的距离s＝0.2m，力F1所做的功为 W＝F1s＝20N×0.2m＝4J [3]若不计摩擦和滑轮重力，动滑轮可以省一半的力，所以力F2的大小为 10. 某导体两端的电压为3伏，通过它的电流为0.2安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为____________库，电流做功为____________焦；当该导体两端的电压为10伏时，它的电阻为____________欧。 【答案】 ①. 2 ②. 6 ③. 15 【解析】 【详解】[1]10秒内通过该导体横截面的电荷量为 [2]电流做的功为 [3]根据欧姆定律可得，电阻的阻值大小为 电阻是导体的性质，与材料、长度和横截面积有关，与导体两端的电压和通过的电流无关，因此该导体两端的电压为10伏时，导体的电阻不变，仍然是15Ω。 11. 科学家托里拆利是物理学历史上最先用实验测定了___________的值。运动员挥拍用力击打乒乓球主要是为了改变球的___________。我国第一艘两栖攻击舰——“海南舰”满载时从长江驶入东海，舰身会________（选填“上浮一些”、“位置不变”或“下沉一些”）。 【答案】 ①. 大气压强 ②. 运动状态 ③. 上浮一些 【解析】 【详解】[1]托里拆利用托里拆利实验，第一个准确测量了大气压的值。 [2]运动员挥拍用力击打乒乓球时，乒乓球的运动速度大小和方向都发生了变化，球的运动状态发生了改变，这说明力可以改变物体的运动状态。 [3]因为攻击舰处于漂浮状态时，浮力等于自身的重力，因此当这艘攻击舰满载时从长江驶入东海时，浮力保持不变，由于东海的海水密度大于长江水的密度，由可得，液体密度变大，排开液体的体积变小，故舰身会上浮一些。 12. 在图所示的电路中，已知电源电压为U且保持不变，两电阻阻值均为R0。当开关S由断开到闭合后，两个电表中只有一个电表的示数发生了变化，且电路中只有电阻R1或R2发生了故障。请根据相关信息写出两电表的示数及对应的故障：________。 【答案】电压表V示数为U，电流表A示数为，则电阻R2短路 【解析】 【详解】由图知，断开开关，电压表、电阻R2、电源、电流表串联在一起，所以电压表测量的是电源电压；闭合开关，两只电阻串联，电流表测量电路电流，电压表测量R1两端电压。 （1）如果断开开关时，电压表串联接入电路中，电压表测量的是电源电压，电压表示数为U，电流表示数为0；开关闭合后，电压表测量R1两端电压，若电压表示数不变，电流表示数必须变化，则此时电流表示数为，则表明电路出现了短路现象，故障是R2短路。 （2）如果断开开关时电压表示数为零，电流表示数为0，说明该电路是断路的，所以故障是R2断路；但闭合开关电路仍是断路，两表都为0，没有发生变化，不符合题意；而如果R1断路，开关闭合后电压表示数不变，仍然为零，电流表无示数，不符合题意；如果R1短路，则电压表原来有示数，电流表无示数，闭合开关，电压表示数变为0，电流表有示数，两个都变化了，不符合题意。故两电表的示数及对应的故障：电压表V示数为U，电流表A示数为，则电阻R2短路。 13. 小宝同学根据经验常识，对影响浮力大小的因素做出了猜想，如下表。 序号 常识 猜想 ① 人从泳池浅水区走向深水区，感觉身体变轻 与浸入液体的深度有关 ② 轮船从长江驶入东海，船身会上浮一些 与液体的密度有关 ③ 木头漂在水面，铁块沉在水底 与物体的密度有关 为了验证上述猜想，小宝同学用装有沙子的玻璃瓶做了如下实验（实验步骤如图所示）： A．B．C．D．E． （1）根据A、B、C的结果，可得猜想①是______（选填“正确”或“错误”）的；根据A、C、D的结果，可得猜想①是______（选填“正确”或“错误”）的。深入分析上述现象，可得：浮力大小与______无关，与______有关； （2）根据A、D和E______（选填“能”或“不能”）对猜想②进行验证； （3）为验证猜想③小宝将瓶子中的沙子倒掉一些以减小物体密度，接着仿照步骤D进行实验，发现测力计示数小于1.8N。依据此数据能否验证猜想③？若“能”，请说明理由；若“不能”，请指出实验中存在的问题。______（选填“能”或“不能”），理由/问题：______。 【答案】 ①. 正确 ②. 错误 ③. 浸入液体的深度 ④. 浸入液体的体积 ⑤. 能 ⑥. 不能 ⑦. 没有仿照步骤A进行测量，无法得到浮力大小 【解析】 【详解】（1）[1]B、C实验中（物体在水中的深度不同），测力计示数不同，由称重法可知，B、C实验中受到的浮力不同，因此根据A、B、C的结果，可得猜想①是正确的。 [2]C、D实验中，浸入液体的深度不同，而C、D两实验中，测力计示数相同，由称重法，C、D两实验中受到的浮力相同，一次根据A、C、D的结果，可得猜想①是错误的。 [3][4]B、C实验中排开液体的体积不同，而C、D实验中排开液体的体积相同，深入分析上述现象，可得：浮力大小与浸入液体的体积有关，与浸入液体的深度无关。 （2）[5]研究浮力与液体的密度有关，要控制排开液体的体积相同，只改变排开液体的密度，故根据A、D和E能对猜想②进行验证。 （3）[6][7]根据称重法测浮力 将瓶子中的沙子倒掉一些以减小物体密度，则此时瓶子（含沙子）的重力小于2.8N，为验证猜想③，即浮力与物体的密度有关，应测量出此时瓶子（含沙子）的重力，故小明在该实验环节中存在的问题是没有仿照步骤A进行测量，没有测量出此时瓶子（含沙子）的重力，无法得到浮力大小，不能验证猜想③。 三、作图题（共4分） 14. 在图中，根据给出的反射光线OB画出入射光线AO，并标出入射角的大小。 【答案】 【解析】 【详解】由图知，反射角为60°，根据光的反射定律，可得入射角也为60°，在法线左侧画出入射光线，标出入射角60°，如图所示 15. 根据图中通电螺线管附近小磁针静止时N极的指向，标出图中磁感线的方向，并在括号内标出电源的正、负极。 【答案】 【解析】 【详解】由图可知，小磁针右侧为N极，异名磁极相互吸引，所以电磁铁左侧为S极，右侧为N极，磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，由右手螺旋定则可知，电源左侧是正极，右侧是负极，如图所示 四、综合题（共30分） 16. 质量为1千克的铝块温度升高了100℃，求铝块吸收的热量[c铝=0.9×103焦/（千克·℃） 【答案】9×104J 【解析】 【详解】解：铝块吸收的热量 Q吸=c铝mΔt=0.9×103J/(kg·℃)×1kg×100℃=9×104J 答：铝块吸收的热量为9×104J。 17. 一架起重机在120秒内把重1×105牛的物体匀速向上提升了6米，求： （1）起重机对重物做的功； （2）起重机做功的功率． 【答案】（1）6×105J（2）5×103W 【解析】 【详解】(1)起重机对物体做的功: W=Gh=1×105N×6m=6×105J (2)起重机做功的功率: P= = =5×103W 答：(1)起重机对物体做的功是6×105J； (2)起重机做功的功率5×103W． 18. 如图所示电路，电源电压为3V且保持不变，定值电阻R1的阻值为30Ω。当开关S闭合时，电流表A的示数为0.4A．求： （1）电流表A1的示数； （2）滑动变阻器R2连入电路的阻值； （3）适当改变滑片P的位置，使电流表A示数的变化量恰好等于A1的示数时，求此时R2连入电路可能的阻值。 【答案】（1）0.1A；（2）10Ω；（3）7.5Ω或15Ω 【解析】 【详解】解：（1）根据电路图可知，闭合开关S时，R1、R2并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量通过R1的电流，电流表A1的示数 （2）因为并联电路中，各支路上的用电器工作时互不影响，因此通过R1的电流不变，即I1=0.3A，根据并联电路的电流特点可得，通过R2的电流 I2=I-I1=0.4A-0.1A=0.3A 又因为并联电路各支路两端的电压相等，所以由可得，R2连入电路的阻值 （3）因为并联电路中，各支路上的用电器工作时互不影响，因此通过R1的电流不变，即I1=0.1A，根据并联电路的电流特点可知电流表A示数的变化量恰好等于A1的示数，即 ∆I=I1=0.3A 时，则电流表A的示数 I′=I+∆I=0.4A+0.1A=0.5A 电流表A的也可能是 I″=I-∆I=0.4A-0.1A=0.3A 所以，当I′=0.5A时，通过R2的电流 I2′=I′-I1=0.5A-0.1A=0.4A 由可得，R2连入电路的阻值 当I″=0.3A时，通过R2的电流 I2″=I′″-I1=0.3A-0.1A=0.2A 由可得，R2连入电路的阻值 答：（1）电流表A1的示数为0.1A； （2）滑动变阻器R2连入电路的阻值为10Ω； （3）适当改变滑片P的位置，使电流表A示数的变化量恰好等于A1的示数时，此时R2连入电路的阻值可能为7.5Ω或15Ω。 19. 如图所示，薄壁容器甲、乙所受重力、底面积均相同，置于水平面上。甲是柱形容器，盛有水，乙容器中盛有A液体。 （1）若甲容器中水的质量为3千克，求水的体积V水； （2）现从两容器内分别抽出深度相同的液体。若水的质量为m0，抽出前、后，液体对容器底部压强、容器对水平面压强的部分数据见表； ①求容器乙中A液体的密度A； ②求容器所受重力G容。 压强 容器甲 容器乙 抽出前 抽出后 抽出前 抽出后 液体对容器底部的压强 p 0.5p p 0.6p 容器对水平面的压强 2p / 3p / 【答案】（1）；（2）；（3）m0g 【解析】 【详解】解：（1）由可得，甲容器中水的体积 （2）①分析数据表，由p=ρgh可得，容器甲中抽出水后，其压强变化为 容器乙中抽出液体后，其压强变化为 由题意知，甲乙中抽出液体的深度相同，则 由①②③可得 ②当甲容器中抽出水之前，水对容器底部的压强为p，由于其为规则圆柱体，则其中水对容器底部的压力等于其中水受到的重力，由可得，甲容器的底面积为 其对水平面的压力等于水受到的重力和容器受到的重力之和，即 由可得，容器甲对水平面的压强 由④⑤可解得 容器所受重力为m0g。 答：（1）若甲容器中水的质量为3千克，则水的体积为； （2）①容器乙中A液体的密度为； ②容器所受重力为。 20. 小王做“测定小灯泡的电功率”实验，现有电源（电压有4、6、8伏三挡）、待测小灯泡（标有“”字样）、滑动变阻器（标有“”字样）、电流表、电压表、开关及导线若干。他正确连接电路，选择一挡电源电压，按正确步骤操作。闭合开关后，电压表与电流表的示数如图（a）（b）所示。他发现无法使小灯泡正常发光。经过思考后，他调整了电源电压的挡位，测出了小灯泡正常发光时的电流，如图（c）所示。 （1）分析在未换电源挡位前，小灯泡无法正常发光的原因。 （2）通过计算说明小灯泡正常发光时的电源电压U。 （3）计算小灯泡的额定功率。 【答案】（1）未换电源挡位前，因电源电压过大，闭合开关时，通过灯泡的电流大于灯的额定电流，灯两端的电压大于额定电压，由于滑动变阻器全部阻值已接入电路，无法分去更多的电压，使灯两端的电压降到2.5V，故小灯泡无法正常发光；（2）4V；（3）0.6W 【解析】 【详解】解：（1）略。 （2）灯泡正常发光时两端的电压为2.5V，通过的电流为0.24A。 ①若电源电压为8V，则灯正常发光时，滑动变阻器接入电路中的电阻应为 大于滑动变阻器的最大阻值，故电源电压不可能为8V。 ②若电源电压为6V，则灯正常发光时，滑动变阻器接入电路中的电阻应为 大于滑动变阻器的最大阻值，故电源电压不可能为6V。 所以小灯泡正常发光时电源电压为4V。 （3）小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡正常发光时的电流为0.24A，则小灯泡的额定电功率为 答：（1）未换电源挡位前，因电源电压过大，闭合开关时，通过灯泡的电流大于灯的额定电流，灯两端的电压大于额定电压，由于滑动变阻器全部阻值已接入电路，无法分去更多的电压，使灯两端的电压降到2.5V，故小灯泡无法正常发光； （2）小灯泡正常发光时电源电压为4V； （3）小灯泡的额定电功率为0.6W。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2024学年上海市金山区健桥实验中学初三物理第二学期3月月考试卷 （满分70分 时间60分钟） 一、选择题（共12分） 1. 下列各种粒子，不带电的是（ ） A. 原子核 B. 质子 C. 中子 D. 电子 2. 区分不同老师的声音，主要根据声音的（　　） A. 响度 B. 音色 C. 音调 D. 音量 3. 四冲程汽油机工作时，将内能转化为机械能的冲程是（ ） A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程 4. 某物体通过凸透镜在距离透镜10厘米的光屏上成缩小的像，透镜的焦距可能为（　　） A. 4厘米 B. 6厘米 C. 12厘米 D. 20厘米 5. 甲、乙两车分别从P、Q两点同时沿同一直线运动，它们的图像分别如图（a）和（b）所示。经过10秒，两车相距3米。则P、Q间的距离可能为（　　） A. 2米 B. 3米 C. 7米 D. 9米 6. 在下图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，可能使电流表示数与电流表A示数比值不变的操作是（　　） A. 将滑动变阻器滑片向右移 B. 将滑动变阻器滑片向左移 C. 将滑动变阻器滑片向右移且用阻值比大的电阻替换 D. 将滑动变阻器滑片向左移且用阻值比大的电阻替换 二、填空题（共24分） 7. 家用电水壶正常工作时两端的电压为______伏，其工作时将______转化为内能。额定功率为1000瓦的电水壶正常工作0.5小时，耗电______度。 8. 上海地铁5号线列车启动时，以站台为参照物，列车是 _______的（选填“运动”或“静止”），加速过程中，列车的动能 _______，车厢内座椅的惯性 _______（后两空均选填“增大”“不变”或“减小”）。 9. 如图（a）（b）所示，分别用力F1、F2匀速提升重为20牛的物体A。图中的滑轮可以看作等臂杠杆的是 ______（选填“a”或“b”），将物体A提升0.2米，F1做功______焦；图（b）中，若不计摩擦和滑轮重力，力F2的大小为 ______牛。 10. 某导体两端的电压为3伏，通过它的电流为0.2安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为____________库，电流做功为____________焦；当该导体两端的电压为10伏时，它的电阻为____________欧。 11. 科学家托里拆利是物理学历史上最先用实验测定了___________的值。运动员挥拍用力击打乒乓球主要是为了改变球的___________。我国第一艘两栖攻击舰——“海南舰”满载时从长江驶入东海，舰身会________（选填“上浮一些”、“位置不变”或“下沉一些”）。 12. 在图所示的电路中，已知电源电压为U且保持不变，两电阻阻值均为R0。当开关S由断开到闭合后，两个电表中只有一个电表的示数发生了变化，且电路中只有电阻R1或R2发生了故障。请根据相关信息写出两电表的示数及对应的故障：________。 13. 小宝同学根据经验常识，对影响浮力大小的因素做出了猜想，如下表。 序号 常识 猜想 ① 人从泳池浅水区走向深水区，感觉身体变轻 与浸入液体的深度有关 ② 轮船从长江驶入东海，船身会上浮一些 与液体的密度有关 ③ 木头漂在水面，铁块沉在水底 与物体的密度有关 为了验证上述猜想，小宝同学用装有沙子的玻璃瓶做了如下实验（实验步骤如图所示）： A．B．C．D．E． （1）根据A、B、C的结果，可得猜想①是______（选填“正确”或“错误”）的；根据A、C、D的结果，可得猜想①是______（选填“正确”或“错误”）的。深入分析上述现象，可得：浮力大小与______无关，与______有关； （2）根据A、D和E______（选填“能”或“不能”）对猜想②进行验证； （3）为验证猜想③小宝将瓶子中的沙子倒掉一些以减小物体密度，接着仿照步骤D进行实验，发现测力计示数小于1.8N。依据此数据能否验证猜想③？若“能”，请说明理由；若“不能”，请指出实验中存在的问题。______（选填“能”或“不能”），理由/问题：______。 三、作图题（共4分） 14. 在图中，根据给出的反射光线OB画出入射光线AO，并标出入射角的大小。 15. 根据图中通电螺线管附近小磁针静止时N极的指向，标出图中磁感线的方向，并在括号内标出电源的正、负极。 四、综合题（共30分） 16. 质量为1千克的铝块温度升高了100℃，求铝块吸收的热量[c铝=0.9×103焦/（千克·℃） 17. 一架起重机在120秒内把重1×105牛的物体匀速向上提升了6米，求： （1）起重机对重物做的功； （2）起重机做功的功率． 18. 如图所示电路，电源电压为3V且保持不变，定值电阻R1的阻值为30Ω。当开关S闭合时，电流表A的示数为0.4A．求： （1）电流表A1的示数； （2）滑动变阻器R2连入电路的阻值； （3）适当改变滑片P的位置，使电流表A示数的变化量恰好等于A1的示数时，求此时R2连入电路可能的阻值。 19. 如图所示，薄壁容器甲、乙所受重力、底面积均相同，置于水平面上。甲是柱形容器，盛有水，乙容器中盛有A液体。 （1）若甲容器中水的质量为3千克，求水的体积V水； （2）现从两容器内分别抽出深度相同的液体。若水的质量为m0，抽出前、后，液体对容器底部压强、容器对水平面压强的部分数据见表； ①求容器乙中A液体的密度A； ②求容器所受重力G容。 压强 容器甲 容器乙 抽出前 抽出后 抽出前 抽出后 液体对容器底部的压强 p 0.5p p 0.6p 容器对水平面的压强 2p / 3p / 20. 小王做“测定小灯泡的电功率”实验，现有电源（电压有4、6、8伏三挡）、待测小灯泡（标有“”字样）、滑动变阻器（标有“”字样）、电流表、电压表、开关及导线若干。他正确连接电路，选择一挡电源电压，按正确步骤操作。闭合开关后，电压表与电流表的示数如图（a）（b）所示。他发现无法使小灯泡正常发光。经过思考后，他调整了电源电压的挡位，测出了小灯泡正常发光时的电流，如图（c）所示。 （1）分析在未换电源挡位前，小灯泡无法正常发光的原因。 （2）通过计算说明小灯泡正常发光时的电源电压U。 （3）计算小灯泡的额定功率。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $