周测评(三十)验收检测-【衡水真题密卷】2026年高三物理学科素养周测评（鲁冀粤辽鄂湘黑赣桂吉晋豫陕青宁蒙新藏渝甘黔滇川皖B版）

你赋予生活温度，生活才赠你画卷 2025一2026学年度学科素养周测评（三十） 班级 题 物理·验收检测 升压变压器R降变压器 本试卷总分100分，考试时间40分钟。 姓名 A.升压变压器原线圈的电流为1A B.输电线上损耗的功率为1000W 一、单项选择题：本题共5小题，每小题6分，共30分。每小题只有一个选项符合题目 C.用户端的电流为45A D.降压变压器的匝数比n:::=500:11 要求。 得分 5.如图，两无限长光滑水平导轨处于竖直方向的磁场中，O,O:右侧磁场B,方向竖直向上 题号 1 3 4 5 (指向纸面外)，O1O2左侧磁场B:方向竖直向下，导体棒d,ef架在两个水平导轨上， 答案 接触良好，初始导体棒ef处于静止状态，导体棒d的初速度v。向右，大小为6m/s, 两导体棒的质量均为1kg,下列说法正确的是 () 1.“核钻石”电池是利用C发生B衰变放能发电的新型电池，该电池具有使用寿命长、安 全性高的优点。下列说法正确的是 () A.若O,O2两侧磁感应强度大小相同，则导体棒cd、ef组成的 0 x xex x”·e。· A.衰变后生成新核为号N 系统动量守恒 B.N与C互称同位素 以.若0,0：两铜磁感位强度大小相同，两导体棒最终会达到相：×。：公 C.升高温度会使C的半衰期变短 同速度 x×f××”d◆· D.B衰变放出的电子来自碳原子的核外电子 C.若B1=2B2,则最终导体棒cd的速度为1.2m/s 2.一定质量的理想气体由状态A开始，经过状态B后，最终变为状态C,其VT图像如图 D.若B,=2B:,则最终导体棒ef的速度为1.5ms 所示，各状态参量标注如图。已知状态A处的压强户=1.0X10Pa,关于气体的变化过 二、多项选择题：本题共2小题，每小题10分，共20分。每小题有多个选项符合题目要求， 程，下列说法正确的是 +Vicm' ( 全部选对的得10分，选对但不全的得5分，有选错的得0分。 A,图中TA为200K 0.6* 题号 6 7 B.由A→B的过程中，气体向外界放热 04 答案 C.气体在经历ABC的过程中，对外做功2.0×10J 7,3004007 D,状态C处的压强为1,5×10Pa 6.如图为某粒子收集器的简化图，由加速，偏转和收集三部分组成。辐射状的加速电场区 3.快递员通过传送带和一段光滑圆弧轨道把包裹从低处送到高处的车厢，传送带倾角α= 域边界为两个同心平行半圆弧面，圆心为O,外圆弧面AB与内圆弧面CD的电势差为 30°，传送带ab端距离L=5.1m,始终以度v=2m/s的速度顺时针匀速转动，传送带上 U。足够长的收集板MN平行于边界ACDB,O到MN的距离为L,ACDB和MN之 端与圆弧轨道加相切于b点，加段圆心为O,最高点为e。t=0时刻，把第一个包裹轻 间存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B。。现有大量质量为m、电荷量 放在传送带底端a,后面每隔0.5s放一个包裹，若包裹与传送带间的动摩擦因数： 为q的带正电粒子，它们均匀地吸附在外圆弧面AB上，并从静止开始加速。不计粒子 重力、粒子间的相互作用及碰撞，若测得这些粒子进人磁场后的运动半径为2L,下列说 。,每个包裹沿圆弧轨道恰好能达到℃点。g取10m/s。下列说法正确的是( 法正确的是 ) A.包裹在最高点c时，对圆弧轨道的压力为零 M B.第一个包裹在传送带上运动的时间为3.55s A,外圆弧面AB上有的粒子能打在收集板MN上 心圆狐轨道半径为22。m B.外圆弧面AB上有2的粒子能打在收集板MN上 D.传送带上最多有5个包裹 4.如图所示为改造的某发电厂向用户供电的线路示意图，已知发电厂的输出功率为10kW C.外圆叛面AB与内圆派面CD的电势差U-B 输出电压为500V,用户端电压为220V,输电线总电阻R=1000,升压变压器原，副线 D,若增大外圆弧面AB与内圆弧而CD的电势差，则打在收集板MN的粒子数占比将 圈匝数比1：2=1：20，变压器均为理想变压器，下列说法正确的是 () 增大 学科素养周测评（三十）物理第1页（共4页） 真题密卷 学科素养周测评（三十）物理第2页（共4页） 7.如图所示，水平固定一光滑长杆，杆上)点正下方h=0.3m处C点固定一光滑定滑 0.8mg/mL属于醉酒驾驶，则该次测试的酒精气体浓度在 (填“酒驾”或“醉 轮，一质量m。=0.75kg的滑块a套在细杆上。一长L=1m的轻质细绳绕过定滑轮 驾”)范围内」 一端系在滑块&上，另一端悬挂一质量m,=0.5kg的小球b。用外力将滑块a拉至O (5)使用较长时间后，干电池组电动势不变，内阻增大，若直接测量，则此时所测的酒精 点左侧A点，AC与竖直方向爽角日，=60°。整个系统保持静止状态。某时刻，撤去外 气体浓度与真实值相比 (填“偏大”“偏小”或“不变”)。 力，滑块：向右运动，B点处于A0之间且BC与竖直方向夹角92=37°.g取10m/s, 9.(18分)如图，ABCD区域存在竖直向下的匀强电场，电场强度大小E:=0.4N/C,一荷 sin37=0.6,cos37°=0.8，下列说法正确的是 质比为100C/kg、带正电的粒子（忽略重力），从A点以初速度=6m/s水平射入电 A.滑块a滑至B点时，滑块a与小球b的速度比值为5：3 场，从BC间的某点离开电场，进入匀强磁场BCEF中，磁感应强度B=0.1T且指向纸 B.滑块a滑至O点时，绳子拉力为5N 面外。带电粒子从CE离开磁场，进入CE下方的匀强电场中，电场强度E,=0.8NC, C.滑块a滑至O点右侧后，滑块a的最小速度为0.4m/s 方向竖直向上。已知AB=BF=1.2m,BC=1.4m(sin37=0.6,cos37=0.8)。 D.滑块a滑至O点右侧后，b球离杆的最小的距离为0.88m (1)求带电粒子从BC离开电场时的速度大小和方向。 三、非选择题：本题共3小题，共50分。 (2)求带电粒子在CE边界离开磁场时的位置与C的距离。 8.(12分)酒驾严重危害交通安全，“喝酒不开车”已经成为准则。酒精检测仪核心部件为 (3)粒子进人CE下方的匀强电场后，又回到磁场中，若粒子与绝缘墙壁EF碰撞是弹性 酒精气体传感器，其电阻R与酒精气体浓度的关系如图甲所示。某同学想利用该酒 碰撞，求粒子从磁场BCEF最终射出的位置和在磁场中的总时间。 精气体传感器及实验室如下器材设计一款酒精检测仪. A.千电池组（电动势E=3.0V,内阻r=1.3Ω） N B.电压表V(满偏电压0,6V,内阻未知) C.电阻箱R:(最大阻值9999.9n) 08年40 D.电阻箱R,(最大阻值9999.92) E.多用电表 F,开关及导线若干 3 酒精气体传感器 10.(20分)如图，半径为R=1.0m的四分之一光滑圆弧轨道b静止在水平面上，b的末端 在A点与水平面相切，水平面上A、B点间距离L=1.5m,水平面上右端有一固定挡 02 04 板，挡板上安有一水平轻质弹簧。水平面上除了AB间粗糙外，其余部分均光滑。一 R 06 0020.40.60.81.0 小滑块a从b的最高点由静止开始释放。已知a的质量m,=0.1kg,b的质量mb=0. c(mg-mL 甲 4kg,a与水平面AB间的动摩擦因数红=0,2，水平而足够长，弹簧的形变在弹性限度 丙 T (1)该同学用选择开关指向欧姆挡“×100”挡位且已经欧姆调零的多用电表测量电压表 内，g取10m/s2,求： V的内阻大小时，发现指针的偏转角度太大，这时他应将选择开关换成欧姆挡 (1)a第一次下滑到b末端的瞬间，a的速度大小： 的 (填“×1k”或“×10”)挡位，然后进行欧姆调零，再次测量电压表V的内 (2)a第一次下滑到水平而开始计时，经过多长时间滑到B位置： 阻值，其表盘及指针所指位置如图乙所示，则测量的电压表V的内阻为 (结 (3)a、b最终的速度。 果保留两位有效数字)。该同学进一步用其他方法测得其准确值与多用电表测得的 电压表内阻值相等。 (2)该同学设计的测量电路如图丙所示，他首先将电压表V与电阻箱R1串联改装成量 程为3V的电压表，则应将电阻箱R1的阻值调为2。 (3)该同学想将酒精气体浓度为零的位置标注在电压表上0.4V处，则应将电阻箱R 的阻值调为。 (4)完成步骤(3)后，某次在实验室中测试酒精浓度时，电压表指针如图丁所示。已知酒 精气体浓度在0.2一0.8mg/mL之间属于饮酒驾驶：酒精气体浓度达到或超过 学科素养周测评（三十）物理第3页（共4页） 真题密卷 学科素养周测评（三十）物理第4页（共4页）·物理· 参考答案及解析 (3)若实际操作中，小凯最终调到的水平光线从球 解得O03=√5d (1分) 体内出射时的位置相对P点向上偏了一点，则会 根据几何关系可得 造成d偏小，即AP偏大，n的测量值偏大。 O1O3=O03·c0sC (1分) (4)如果将光线继续上移，由于光线射出球体时的 解得L=O1O3=√2d (2分) 入射角始终等于射入球体时的折射角，而光线射 入球体时的入射角小于90°，所以光线射出球体时 的折射角必小于90°，不能发生全反射。 9.(1)√3(2)N2d C 【解析】(1)激光的光路图如图甲所示，设玻璃砖 30° 转过30°角后，激光照射在光屏上的O2点。由几 何关系可知 tan B-01O:_3 (2分) 乙 d 3 解得3=30° (2分) 10.(1)2(2)5×109s 根据折射定律 【解析】(1)作出光线的光路图，如图所示 n=sin(a+) 设全反射临界角为C,由几何关系可得 (2分) sin a R 解得n=√5 21 (2分) sin C-R2 (3分) 光在圆孤上恰好发生全反射的临界角 C=30 (3分) 1 解得n= sin C=2 (3分) 0$30° D 0 9 02 列 (2)由于simC=1-3 n3<sin45°= (2)光线在材料中的传播速度 2 (2分) (3分) 从玻璃砖底面水平到绕)点顺时针转过45°过程 中，入射角大于临界角C时，入射激光将发生全反 光线从A点到D点的光程 射。设当玻璃砖转过的角度恰好等于临界角C, tam60°+Rcos30°十21 13√3 此时玻璃砖底边的延长线与光屏的交点为O3点。 c0s30° 12R 如图乙所示，由几何关系可知 (4分) d 光线从A点到D,点的传播时间 003= (2分) sin C s2s13√3 又sinc=1=5 t= (4分) v c 6c R=5×109s。 (2分) 2025一2026学年度学科素养周测评（三十） 物理·验收检测 一、单项选择题 确；N与C质子数不同，不能互称同位素，B错 1.A【解析】根据B衰变的特点，衰变后生成新核 误；外部因素不会影响C的半衰期，C错误；B衰 质量数不变，电荷数增加1，可知为N,A正 变放出的电子来自碳原子核内的中子转化为质子 ·51· B 真题密卷 学科素养周测评 时放出的电子，D错误。 5.C【解析】若O1O2两侧磁感应强度大小相同， 2.A【解析】从A到B为等压过程，根据元一T 导体棒cd初速度。向右切割磁感线，根据右手 定则可知，回路电流为顺时针方向，根据左手定则 可得TA=200K,A正确；由A→B的过程中，气 可知，导体棒cd、ef受到的安培力均水平向左，所 体体积膨胀，对外做功，温度升高，内能增加，根据 以导体棒cd、ef组成的系统所受外力之和不为0， 热力学第一定律，该过程气体吸收热量，B错误；由A 系统动量不守恒，A错误：若O1,两侧磁感应强 B的过程中，气体对外做功W=D·△V=1.0X 度大小相同，导体棒cd向右减速运动，导体棒ef 10×(0.6一0.4)J=2×10J,从B>C的过程中， 向左加速运动，当导体棒ef产生的电动势与导体 气体发生等容变化，没有对外做功，因此气体在经 棒cd产生的电动势大小相等时，回路总电动势为 历AB→C的过程中，对外做功2.0×10J,C 0,电流为0，两棒做匀速运动，所以两导体棒最终 错误；从BC的过程中，气体发生等容变化，根 的速度方向相反，B错误；若B1=2B2,最终稳定 据Pe-pc BTBT。,而pg=b-1.0X10Pa,可得pc 时，导体棒ef产生的电动势与导体棒cd产生的电 动势大小相等，则有B1Lvd=B,L,对导体棒 1.3×105Pa,D错误。 3.B【解析】因为每个包裹沿圆孤轨道恰好能达到 cd根据动量定理可得一BLIt=mvd一muo,对导 c点，即包裹到达c点时的速度为0，即包裹在c点 体棒ef根据动量定理可得B2LIt=mv1一0，联立 时重力和支持力为平衡力，等大反向，则支持力等 解得最终cd、ef导体棒的速度分别为vu=1.2m/s, 于重力，根据牛顿第三定律，对圆孤轨道的压力等 v=2.4ms,C正确，D错误。 于支持力等于重力，A错误；包裹在倾斜传送带上 二、多项选择题 先加速运动后匀速运动，加速时，根据牛顿第二定 律有a=mg cos a-mgsin a 6.AD【解析】由几何关系得cosa二R上=2，解 =1m/s2,则加速时 m 得a=行，又8=a=哥，故外圆孤面AB上有7 间1=口=2s,加速位移x1=)atf2m,匀迪 π-B2 运动时间，L一L=1,5s,则包襄在传送带上 π ,的粒子能打在收集板MN上，A正确， 运动时间t=t1十t2=3.55s,B正确；由B项可知， B错误；粒子加速过程Ug=2mv2,在磁场中 包裹在传送带上最终和传送带共速，即包裹在b点 的速度v%=v=2ms,包裹由b到c,点，设圆孤轨道 qB。=mR,解得外圆孤面AB与内圆孤面CD 半径为R,根据动能定理知一mgR(1-cosa)=0- 的电势差U=2gBL2 C错误；若增大外圆孤面 2m8,解得R=2(2+3) m,C错误；由B项可 5 AB与内圆孤面CD的电势差，进入磁场的速度增 知，第一个包裹在传送带上运动时间为3.555，这段 L 大，则粒子在磁场中的半径增大，由osa=R 时间内可以在传送带上放置包襄的个数n二习 得，Q变小，再由=π二“，打在收集板MN的粒 3.55s-7,1,即第一个包哀到达b点时，传送带上 0.5s 子数占比将增大，D正确。 又放置了7个包襄，则传送带上最多有8个包裹， Ug-------------- D错误。 4.C【解析】升压变压器原线圈的电流1一0.5 10 A- n11三”2可得，输电线电流12三20X☐ 20A,根据 I2 n1 D 20A=1A,输电线上损耗的功率P损=IR我= 100W,A、B错误：用户端获得的电功率10× 103W-100W=IU4,把U4=220V代入，解 7.ACD【解析】滑块a滑至B点时，滑块a沿绳方 得用户端的电流I,=45A,C正确；降压变压器 向的分速度与小球b的速度相等，即vasin37°= 的匝数比”=145 n,=T,D错误。 ,求得”：-5 好一3A正确；滑块a滑至O点时，其竖 B ·52· ·物理· 参考答案及解析 直方向速度为零，所以小球b速度为零，但具有向 增大，若在0.4V处酒精浓度为0，则酒精气体传 上的加速度，因此绳子拉力大于小球b的重力，即 感器与改装后的电压表所并联的电阻也增大，酒 绳子拉力大于5N,B错误；滑块a由A点滑至O 精气体传感器的电阻也增大，而酒精气体传感器 点的过程中，二者组成的系统机械能守恒，有g· 的电阻小于真实的电阻，即所测的酒精气体浓度 (n而一A)=m,求得u=2m泽块 (h 比真实值偏大。 9.(1)10ms,与水平方向的夹角为53°(2)0.2m 滑至O点右侧后，滑块a减速运动，小球b水平方 元 向加速运动，因滑块的质量大于小球b的质量， (3)从磁场上边界射出的位置NF=0.8m10s 所以滑块a的速度方向不变，绳子再次恢复竖直 【解析】(1)粒子运动轨迹如图，由在电场E1中做 时，滑块a的速度最小，设其为v,该过程相当于 类平抛运动 一个弹性碰撞过程，根据系统水平方向动量守 t=AB =0.2s (1分) 恒和初末状态动能相等有m。=m。0十mb0b, m暖=日a心+ 1 2mv心，联立解得d 根据牛顿第二定律有 a- E1 4=40 m/s (1分) 0.4ms,C正确；滑块a滑至O点右侧后，当二者 水平方向速度相等时，b球离杆的距离最小，设其 竖直方向的速度 为h',滑块a由O点向右滑至小球b离杆距离最 v,=at=8 m.s (1分) 小的过程，对于两球组成的系统，根据系统水平方 根据速度的分解有 向动量守恒和机械能守恒有mv。=(m。十mb)v, tan 0='4 (1分) 1 1 m,层-2(m:十m6)m2=mg(L-h'),联立解 v03 则与水平方向的夹角为53°，速度大小 得h'=0.88m,D正确。 v=√o8十？=10m.'s (1分) 三、非选择题 8.(1)×10(2分)8.0×10(2分)(2)320(2分) B N (3)32(2分)(4)醉驾(2分)(5)偏大(2分) 【解析】(1)电阻挡从左到右读数逐渐减小，测量 时发现指针向右偏转角度太大，说明电阻太小，选 择的挡位太大，所以换成挡位×10，表盘上的读 数为8.0，倍数为×10Ω，所以测量的电压表内阻 为8.0×102。 (2)电压表V与电阻箱R,串联改装成量程为3V 的电压表则有R-0。×的0-0Q-320n (2)在磁场中，根据洛伦兹力提供向心力有 2 Bqv-m R (1分) (3)由电表改装可知，改装后的电压表内阻Rv= 4002,由题图甲可知，当酒精气体浓度为零时，该 解得R=1m 酒精气体传感器电阻R=802,并联电阻R并= 设粒子从G点射出，竖直方向有 RRv 200 1 Ω，电压表读数为0.4V,则并联电 BG-y-2at:-0.8 m (1分) R+R 3 压为04 则CG=BC-BG=0.6m (1分) 0.6X3V=2V,由串联分压原理可知R 由几何关系可得，在磁场中的曲线GH的圆心O 2(r十R2),解得R2≈32。 点在DC上 )由图T知，并电压为X3V=1V.由亭联 由勾股定理有R2=CG2+OC (1分) 解得OC=0.8m RRy 分压原理可知2R=r+R,而R年一R千R,代 则从CE边界离开的距离 CH=R-OC=0.2 m (1分) 入数据解得此时酒精气体传感器的电阻R'= (3)粒子在磁场中运动的周期T=2π迟 (1分) 17.392,由图甲可知酒精气体浓度大于0.8mg/mL, 在醉驾范围内。 根据几何关系可知 (5)使用较长时间后，千电池组电动势不变，内阻 HE=CE-HC=1 m (1分) ·53· B 真题密卷 学科素养周测评 从H到EF为国周，得到EM=R-1m a滑到A点的时间 MF=BC-EM=0.4 m (1分) 1-台-05 (1分) O'F=0.6 m,R2=O'F2+NF2 (1分) a从A点到B,点的过程，根据牛顿第二定律有 从磁场上边界射出位置NF=0.8m umag=ma (1分) 从G到H圆心角01=37°， (1分) 由运动学公式有 从H到M圆心角02=90 (1分) 1 从M到N圆心角03=53 (1分) x-vt:-2al (1分) 粒子在磁场中的总时间 解得t2= 4-/10 2 s,g4+0 2 s(舍去)(1分) 1 1十0：T0sT=。T=“ 360° 10s。 (1分) a第一次下滑到水平面开始计时，滑到B位置经 、41-10√/10 10.1)4ms(2)20 过的时间 s(3)0.4m.s,方 41-10√/10 向水平向左1.4ms,方向水平向左 t=t1十t2= (1分) 20 【解析】(1)a第一次下滑，下滑到b末端的瞬间 (3)a从第一次经过A点到返回A点的过程，根 a、b的速度分别设为v4、vw,a与b组成的系统， 据动能定理有 根据水平方向动量守恒，有 1 (1分) mava=mbUh (1分) -2m.gul.-2m.vi-2m.v; 根据机械能守恒，有 解得va1=2ms (1分) 2m,o时+2a:暖=m,R 1 方向水平向左； (1分) a将滑上b再返回到b的底端，设此时的速度分 解得va=4m/s,b=1m's (2分) 别为2,01根据水平方向动量守恒，有 (2)由动量守恒定律有 maVa1十nb)b=1naVa2十nbVb (1分) mava=mbUb (1分) 根据机械能守恒，有 可得maxa=mbxb (1分) n话+a-m6+2mo 1 1(1分) 结合几何关系有 xFx=R (1分) 解得v2=0,4m/s,方向水平向左 (1分) 解得xa=0.8m,xb=0.2m (2分) vb1=1.4m/s,方向水平向左 (1分) B ·54·