周测评(六)牛顿运动定律(三)-【衡水真题密卷】2026年高三物理学科素养周测评（鲁冀粤辽鄂湘黑赣桂吉晋豫陕青宁蒙新藏渝甘黔滇川皖B版）

学习是灯，照亮前行之路 2025一2026学年度学科素养周测评（六）》 A.0',Q间细线张力的大小为2m8 班级 卺题 物理·牛顿运动定律（三） 区弹黄韩力的大小为 姓名 本试卷总分100分，考试时间40分钟。 C.若将弹簧剪断，剪断瞬间P球的瞬时加速度大小为 8 一、单项选择题：本题共5小题，每小题6分，共30分。每小题只有一个选项符合题目 得分 要求。 DP球的质量为2m 题号 1 2 3 4 5 4.在机场、车站常用传送带来传送旅客的包裹，在传送过程中同时对包裹进行安检。如图 甲所示，将一个包裹（可视为质点）轻放在水平传送带的左端，同时启动传送带，传送带向 答案 右做初速度为0的匀加速直线运动。包裹和传送带的速度一时间图像如图乙所示，t一5s 1.“水火箭”是一项深受学生喜欢的科技活动，某学习小组利用饮料瓶制作的“水火箭”如 时包裹运动到传送带的右端。下列说法正确的是 图甲所示，其发射原理是通过打气使瓶内空气压力增大，当瓶口与橡皮塞脱离时，瓶内 A,图线I反映的是包裹的运动 水向下喷出，“水火箭”获得推力向上射出。图乙是某次竖直发射时测绘的“水火箭”速 B.包裹和传送带间的动摩擦因数为0.16 度与时间t的图像，取竖直向上为正方向，其中t。时刻为“水火箭”起飞时刻，图像DE C.传送带的长度为20m 段为倾斜直线，斜率绝对值与重力加速度g大小相等，图像其余段均为曲线。下列说法 D.包裹相对传送带滑动的距离为7.5m 正确的是 () 5.彩虹滑道是一款早地仿滑雪设备，其模型如图所示。人的质量为50kg,滑板（表面平 整)的质量为10kg,开始由机械装置将人和滑板一起拉上顶端，然后让人和滑板一起从 滑道顶编由静止开始沿直线下滑，人与滑板的动章擦因数为气，由于滑道酒了肥皂水， 可认为接触面光滑，g取10m/s,下列说法正确的是 () A.在t。一t1时间内，“水火箭”处于失重状态 B.在t1一t2时间内，水对“水火箭”的作用力逐渐增大 C.在2时刻，“水火箭”刚好上升到最高点 A,上拉过程中，摩擦力对人做负功 D.在3时刻，“水火箭”内的水刚好用完 B.加速上拉过程中，拉力不能超过450N 2.城市高层建筑建设施工，往往采用配重的方式把装修材料运送到高处，精简模型如图甲 C.下滑过程中，人所受支持力的冲量为零 所示，固定于水平面上倾角为3？°的斜面，绕过顶端定滑轮的轻绳连接两小球A、B(可视 D.下滑过程中，人所受摩擦力的冲量沿斜面向下 作质点)，质量分别为M、m,B小球被固定于地面上的锁定装置锁定，某时刻解除锁定， 二、多项选择题：本题共2小题，每小题10分，共20分。每小题有多个选项符合题目要求， 安装在斜面底端的位移采集传感器采集到A在斜面上下滑的位移工与时间：的二次方 全部选对的得10分，选对但不全的得5分，有选错的得0分。 关系如图乙所示，若该图像的斜率为k,不考虑一切摩擦，g取10m/s2,sin37“=0.6,则 题号 6 A与B的质量之比为 () 答案 6.某物流公司分拣物品时通常采用传送带，为模拟分拣过程，建立如图所示的模型。让可 视为质点的有色物块位于水平传送带中线位置，且以相同速度随水平传送带向右运动， 经过一段风洞区域从侧面被吹落，滑下传送带，a、b、d、c为风洞的边界线与传送带边缘 用 的交点，已知有色物块在风洞区域中受到垂直于传送带方向的作用力F恒定，下列说 k+5 k+2 k+3 B.3一k C.3-k D.2-k 法正确的是 () 3,如图所示，P、Q两小球通过两根细线及一轻质弹簧悬挂在O、O'点。系统静止时，细线 及弹簧与竖直方向的夹角分别为30°，60°、30°。已知Q球的质量为m,重力加速度为g, 下列说法正确的是 () 学科素养周测评（六）物理第1页（共4页】 真题密卷 学科素养周测评（六）物理第2页（共4页） A.有色物块受到的滑动摩擦力方向始终与运动方向相反 属板城 B.有色物块从侧面落下的位置可能处于风洞区域之外 小车团 C.增大垂直于传送带方向的恒定作用力F,有色物块离开风洞区域的时间一定变小 D.有色物块在传送带上留下的痕迹为直线 附说图 侧视 7,如图，光滑水平桌面上有一长木板B,右侧通过轻绳及光滑轻质定滑轮与一重物C相连，木 块A放在B上，B的上表面水平，且与A之间的动摩擦因数u=0.4。A,B、C的质量分别 ①用小盘和盘中重物的总重力大小代替拉小车的轻绳拉力大小，其条件是小盘和盘中 为10kg,3kg、9kg,最初用手拉住B使系统静止。已知释放B后A不会从B上掉下，B不 重物的总质量 (填“远大于”、“远小于”或“等于”)小车和车中重物的总质量。 会到达定滑轮处，B与滑轮间的轻绳保持水平，g取10/s。下列说法正确的是() ②在盘中重物相同且保持不变的情况下，通过增减小车中的重物改变小车的质量， A日 多次进行实验，测得多组数据。把两小车质量（包括车上重物质量）之比作为横 轴，对应的两小车位移大小之比作为纵轴，作出工：m图像。该图像满足什么特 征即可说明“合力一定时，物体加速度与其质量成反比” A.若系统由静止释放，释放时A、B的加速度相同 9.(18分)如图所示，货车车头A通过水平刚性连接杆拖动车厢B,车厢内放置货物C,在 B若系统由静止释放，释放时B的加速度大小为5m/、 发动机水平牵引力F的作用下一起向左做匀速直线运动。车头A,车厢B和货物C的 质量均为m,车头A和整个车厢（含货物）在水平面上运动时受到的阻力大小始终为其 C.若给A向右的初速度，同时由静止释放B、C,释放时C的加速度大小为10m/s 重量的k倍，货物C与车厢B间的动摩擦因数为0.4k,重力加速度为g,最大静摩擦力 40 D,若给A向右的初速度，同时由静止释放B,C,释放时B的加速度大小为3m/s 等于滑动摩擦力。 (1)求水平牵引力F的大小。 三、非选择题：本题共3小题，共50分。 (2)若仅将水平牵引力F增大为匀速拉动时的1.5倍，求力F增大后水平连接杆受到A 8.(12分)(1)如图甲所示为“探究小车加速度a与受力F、质量M的关系”实验装置图。 的弹力大小。 纸带 打点计时器 10.(20分)如图所示，两个倾角分别为37°和53°的固定光滑斜面拼接在一起。斜面顶端固 定一个光滑小滑轮，斜面高度为L。质量为m的物块A和质量为2m的物块B用跨过 滑轮的轻绳连接，它们分别静止在斜面底端和顶端。质量也为m、长为L的木板C静 止在斜面底端的水平面。现释放A、B,当B到达斜面底端时，轻绳瞬间断开，B通过光 滑小圆弧滑上C,且B在C中点与C共速，共速时C右端恰好到达MN处。C在接触 ①实验中主要采用的研究方法是 MN之前始终受到水平向左的恒力F。,该力等于B、C之间滑动摩擦力的一半，当C接 A.理想模型法 B.微元法 C.控翻变量法 触MN时，该力立即消失。B在MNPQ区域内始终受到水平向左的恒力F,且F= ②关于本实验，下列说法正确的是 ,C不受该力作用。MN与PQ之间距离为kL(k>0)。已知水平面光滑，重力加速度 mg A.实验时，应先接通打点计时器的电源，耳释放小车 为g,si53°=0.8，cos53°=0.6，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，B离开MNPQ区域后 B.每次增加重物改变小车的质量，都需要重新平衡摩擦力 将被取走，求： C.平衡小车受到的摩擦力和其他阻力时，应不挂槽码 (1)B开始下滑后，绳子断裂前的拉力T的大小： ③经正确操作后获得一条如图乙所示的纸带，选取0、1、2、3、4、5、6七个计数点，建 (2)C到达MNPQ区域时的速度t1和B,C间的动摩擦因数4： 立以计数点0为坐标原点的x轴，选取的相邻计数点间的时间间隔为T,计数点0、3、 (3)B高开MNPQ区域时的速度大小u:。 6的位置坐标分别为0，L:L:。小车加速度的表达式是 (用所给字母表示)。 4 乙 (2)如图丙所示，两小车放在水平桌面上，把木板一端适当垫高平衡阻力。两小车前端 37 各自通过小盘及重物牵引，后端各系一条细线，用板擦把两条细线按在木板上，使小 车静止。抬起板擦，小车同时运动，一段时间后按下板擦，小车同时停下。 学科素养周测评（六）物理第3页（共4页） 真题密卷 学科素养周测评（六）物理第4页（共4页）·物理· 参考答案及解析 2025一2026学年度学科素养周测评（六） 物理·牛顿运动定律（三） 一、单项选择题 立解得F。=450N,可知加速上拉过程中，拉力不 1.D【解析】由题图像可知，在t。t1时间内，“水火 能超过450N,B正确；下滑过程中，根据I 箭”竖直向上加速，故处于超重状态，A错误；在 Nt,可知人所受支持力的冲量不为零，C错误；下 t1t2时间内“水火箭”的加速度减小，根据F一 滑过程中，以人和滑板为整体，根据牛顿第二定律 mg=a,可知，水对“水火箭”的作用力逐渐减 可得(M+m)gsin30°=(M十m)a',解得a'= 小，B错误；在t。~t4时间内，“水火箭”的速度始 gsin30°=5ms2,以人为研究对象，根据牛顿第 终为正，故一直竖直向上运动，C错误；题图像中 二定律可得mng sin30°-f=ma',解得人所受摩 的D点为曲线和直线的转折点，则t3时刻之后 擦力为∫=0，可知下滑过程中，人所受摩擦力的 “水火箭”只受重力，D正确。 冲量为0，D错误。 2.B【解析】解除锁定后，沿斜面方向上对A、B和轻 二、多项选择题 绳组成的系统由牛顿第二定律有Mgsin0一mg 6.BD【解析】物块受到的滑动摩擦力方向与相对 M十ma,对A由运动学规律有x-a,能合 传送带的运动方向相反，A错误：假设有色物块 从侧面落下的位置处于风洞区域之外，则s=t, 图线斜率6= 20,即a=26,联立解得4_十5 m3-k1 y=,at2,Fmg=ma,若y<L,则有色物块 B正确。 从侧面落下的位置处于风洞区域之外，B正确： 3.D【解析】对Q球受力分析，Q球受竖直向下的 根据上述分析，若增大垂直于传送带方向的恒定 重力、绳的拉力和弹簧的弹力，根据平衡条件可 作用力F,则加速度增大，若有色物块从侧面落下 得Fo0=mgc0s30°= 的位置依旧处于风洞区域之外，则运动时间不 2mg,k.x=mg sin30°= 变，C错误；有色物块相对于传送带在垂直于传 1 送带方向做匀加速直线运动，所以在传送带上留 2g,A,B错误：对P球受力分析，并进行力的 下的痕迹为直线，D正确。 分解可得k.xsin60°=Fopsin30°，mrg+ 7.BCD【解析】若系统由静止释放，释放时A、B的 3 加速度相同，则mcg一T=mca,T=(mA十mB)a, krcos60°=F0mcos30,联立解得F0m=2mg, 45 联立解得a=1m/s,木块A的最大加速度为 mp=2m,D正确：若将弹簧剪断，剪断瞬间P球 am-mA8=4mg<a,说明A,B相对滑动，加 的眸时加速度大小a=megsin30°。1 28,C 速度不同，所以mcg-T'=mca',T'-mAg= mp 25 错误。 msa',联立解得B的加速度a'=6m/s,A错 4.D【解析】传送带启动后做匀加速运动，包裹在摩 误，B正确；给A向右的初速度，同时由静止释放 擦力作用下也做加速运动，则包裹的加速度一定 小于传送带的加速度，则由题图像可知，图线I反 B,C,若B、C加速度大小相等，则mcg-T"= 映的是传送带的运动，图线Ⅱ反应的是包襄的运动， mea”,T"+mg=ma”,联立解得a”-65m 6m./s2> A箭送：包泉的加逢度a-号mg-1ms,禄据 g,说明绳上没有拉力，C只受重力，加速度ac= 10ms2,而B在水平方向只受水平向右的摩擦力， a=g可知，包襄和传送带间的动摩擦因数为 0.1,B错误；传送带的长度等于包裹的位移L= 则Ag=mug,解得a0m子，CD正确 2×5X5m=12.5m,C错误；包衰相对传送带滑 三、非选择题 1 动的距离△x= 2×5×8m-12.5m=7.5m,D 8.DC(2分)②AC2分)上9T3分) 正确。 (2)①远小于(2分)②过原点的一条倾斜直线， 5.B【解析】上拉过程中，人受到的摩擦力方向沿斜 斜率为1（意思相近即可，3分） 面向上，则摩擦力对人做正功，A错误：加速上拉 【解析】(1)①影响加速度大小的因素有木块和砝 过程中，设人和滑板刚好保持相对静止，以人和滑 码的总质量、木块和砝码所受的合外力，探究加速 板为整体，根据牛顿第二定律可得F。一(M十m)· 度与力、质量的关系，先控制其中一个物理量不 gsin30°=-(M十m)a,以人为研究对象，根据牛顿 变，探究加速度与另一个物理量的关系，本实验主 第二定律可得ngc0s30°-ng sin30°=ma,联 要应用的方法是控制变量法，C正确。②实验时， ·13· B 真题密卷 学科素养周测评 应先接通打，点计时器的电源，再释放小车，A正 【解析】(1)设轻绳断裂前A、B加速度大小均为 确；平衡摩擦力只需要平衡一次即可，每次增加重 a,对B由牛顿第二定律可得 物改变小车的质量，都不需要重新平衡摩擦力，B 2 ngsin53°-T=2ma (1分) 错误；该实验中需要把带滑轮的长木板右端垫高 对A由牛顿第二定律可得 来补偿阻力的影响，由于是利用木块重力沿木板 T-mgsin37°=ma (1分) 向下的分力来补偿阻力，所以木块不悬挂槽码，C 解得a=受，T-是m 14 (1分) 正确。③根据逐差法可知加速度a=七 (2)设B到达底端时速度大小为0o,B、C间的动 (2)①根据牛顿第二定律可得mg=(M十m)a,轻 摩擦因数为以，B在C上减速时加速度大小为 M a1,C的加速度大小为a2,B、C共速为v1:由运 绳拉力F一M十mmg,所以用小盘和盘中重物的 动学公式可得 总重力大小代替拉小车的轻绳拉力大小，其条件 L u6=2a·sin53 (1分) 是小盘和盘中重物的总质量远小于小车和车中重 格的总质亚。回根据运动学公式工=，根据 对B由牛顿第二定律可得 h·2ng=2ma1 (1分) 牛顿第二定律可得a= 整理可得x=P.1 F 对C由牛顿第二定律可得 m 2‘m μ·2ng-Fo=mag (1分) 所以两车合外力相同，运动时间相同时，有 其中F,=·2mg 2 -umg (1分) ,该图像满足过原点的一条倾斜直线，斜率为1 设共速的速度为1，则有 m2 v1=vo-ait,v1=a2t (2分) 的特征即可说明“合力一定时，物体加速度与其质 00十01 1L 量成反比”。 21-21-2 (1分) 9.(1)3kmg(2)2.95kmg 5 1/5 【解析】(1)由题意知，A、B、C一起向左做匀速直 联立解得μ=12u1=2√6gL (2分) 线运动，对整个系统，由平衡条件有 (3)B刚进入MNPQ区域时，假设B、C以大小 F=3kmg (2分) 为a。的加速度共同减速；对B、C整体，由牛顿 (2)当力F增大为匀速拉动时的1.5倍时，水平牵 引力F'=1.5F=4.5kmg (2分) 第二定体得 -3mao (1分) 假设此时A、B、C一起向左做匀加速直线运动，加 速度大小为a共，对系统，由牛顿第二定律有 解得a。= 8 (1分) F'-3kmg=3ma共 (2分) 此时B对C的摩擦力大小 解得a共=0.5kg>/=0.4kg fc=naou·2mg (1分) (2分) m 假设成立，B、C共同减速。 说明此时B与C之间发生了相对运动，假设不成 若当B进入的位移为kL时，B、C刚好静止，则 立。因此，取A、B为一个整体，由牛顿第二定律 有v=2aokL (1分) F'-3kmg-0.4kmg=2ma AB (3分) (1分) 解得aAB=0.55kg (2分) 解得长=昌 设水平连接杆受到A的弹力大小为T,对A,由牛 5 顿第二定律有F'一bmg一T=maAB (3分) 讨论：当k≥8时，B将返回从MN边界离开，故 解得T=2.95kmg。 (2分) 1 5gL (1分) 14 15 5 u,=01=2N6 10.(1)5mg(2)2/68L 12 当0<k<8时，有i=2aok (1分) 3)当≥8时，0，=2/69 (5-8k) 解得v,= N24 gL (1分) 当k<时 (5-8k) ΓV24一gL B 14·