周测评(六)牛顿运动定律(三)-【衡水真题密卷】2026年高三物理学科素养周测评（鲁冀粤辽鄂湘黑赣桂吉晋豫陕青宁蒙新藏渝甘黔滇川皖A版）

·物理· 参考答案及解析 mAg sin30°-f=mAa2 (1分) 根据v一v2=2a2x (1分) f=2N (1分) 可得v1=9m/s。 (1分) 方向沿传送带向上 2025一2026学年度学科素养周测评（六） 物理·牛顿运动定律（三） 一、单项选择题 5.C【解析】由题中a-F图像知，当F=F1时，小物 1.D【解析】由题图像可知，在t。~t1时间内，“水火 块与长木板均恰好开始相对地面滑动，则有F1= 箭”竖直向上加速，故处于超重状态，A错误；在 u2(m+M)g,当F1<F≤Fg时，小物块与长木 t1t2时间内“水火箭”的加速度减小，根据F一 板相对静止一起加速运动，有F-2(m十M)g= mg=ma,可知，水对“水火箭”的作用力逐渐减 F 小，B错误；在t0~t4时间内，“水火箭”的速度始 (m+Ma,即a一m十MA:g,站合图像的载距 终为正，故一直竖直向上运动，C错误；题图像中 的D点为曲线和直线的转折点，则t3时刻之后 有-a。=一4g,联立可解得2=00,1 g'm+M “水火箭”只受重力，D正确。 2.B【解析】解除锁定后，沿斜面方向上对A、B和轻 ,当F>F3时，小物块相对长木板滑动，对 绳组成的系统由牛顿第二定律有Mgsin0一mg= 物块有FH1mg=m,整理得a= 41g,结 M十ma,对A由运功学规拿有E=ar,始合 m 20,即a=2k,联立解得4_k十5 合图像有 1 mF,-F,则小物块的质量m 图线斜率k= m3-k’ F3-F ,对长木板根据牛顿第二定律有41mg一 B正确。 3.D【解析】对Q球受力分析，Q球受竖直向下的 重力、绳的拉力和弹簧的弹力，根据平衡条件可 H:(M+m)g=M1,联立解得M=E ao Feemgcos 30mg in 30 ,万可你 P一B,由题中a-F图像知aE aiF2 2g,A、B错误；对P球受力分析，并进行力的 1 得M=F,-F 1=(F3-F2)g C正确。 分解可得kxsin60°=Fopsin30°，mrg+ 二、多项选择题 6.AD【解析】物块P先向下做匀减速运动，t1时刻 尼zc0s60=Forcos30,联立解得Fop三mg 加速度发生变化，说明摩擦力方向发生了变化， 即t1时刻物块P与传送带共速，t1时刻之前物块 mp= 2,D正确；若将弹簧剪断，剪断瞬间P球 的速度大于传送带的速度，则一定有v0>v,A正 确；在t1时刻之前，对P、Q的整体umg cos0十 的眸时加速度大小a=mp8sin30°-1。 mp 28,C Mg-gsin0=(M十m)a1,在t1时刻之后，对 P、Q的整体Mg-mg sin0-umg cos0=(M+ 错误。 m)a2,因a1和a2可以从t图像斜率中得到，则 4.D【解析】传送带启动后做匀加速运动，包裹在摩 由两方程联立可求出P与传送带间的动摩擦因 擦力作用下也做加速运动，则包裹的加速度一定 数μ以及传送带倾角O,但不能确定M和m的大 小于传送带的加速度，则由题图像可知，图线I 小关系，D正确，B错误；由图像可知，在t2时刻 反映的是传送带的运动，图线Ⅱ反应的是包襄的运 物块P到达最低，点，然后反向沿斜面向上运动， 动，A错民：色桌的加选度a=号mg=1, 加速度一直为a2,因a2<a1,结合图像的面积等 于位移，可知物块P返回传送带顶端的时刻大于 根据a=g可知，包裹和传送带间的动摩擦因 2t2,C错误。 数为0.1，B错误；传送带的长度等于包裹的位 1 移L=2X5X5m=12.5m,C错误；包裹相对 传送带滑动的距离△x二)X5X8m-12.5m 2 7.5m,D正确。 ·13· 1 真题密卷 学科素养周测评 7.BCD【解析】若系统由静止释放，释放时A、B的 9.(1)3kmg (2)2.95kmg 加速度相同，则mcg一T=mca,T=(mA十ms)a, 【解析】(1)由题意知，A、B、C一起向左做匀速直 45 线运动，对整个系统，由平衡条件有 联立解得a=m/s,木块A的最大加速度为 F=3kmg (2分) am=mA8=4m/s2<a,说明A、B相对滑动，加 (2)当力F增大为匀速拉动时的1.5倍时，水平牵 mA 引力F'-1.5F=4.5kmg (2分) 速度不同，所以mcg-T'=mca',T'-mAg= 假设此时A、B、C一起向左做匀加速直线运动，加 msa',联立解得B的加速度a'=25 速度大小为Q共，对系统，由牛顿第二定律有 6 m/s2,A错 F'-3kmg=3ma* (2分) 误，B正确；给A向右的初速度，同时由静止释放 f pcm-0.4kg 解得a来=0.5kg>m (2分) B、C,若B、C加速度大小相等，则mcg-T”= 说明此时B与C之间发生了相对运动，假设不成 mca”,T十mg=mBa”,联立解得a”-65 m/s2 立。因此，取A、B为一个整体，由牛顿第二定律 g,说明绳上没有拉力，C只受重力，加速度ac= F'-3kmg-0.4kmg=2maAB (3分) (2分) 10m/s2,而B在水平方向只受水平向右的摩擦力， 解得aAB=0.55kg 设水平连接杆受到A的弹力大小为T,对A,由牛 40 则amAg=msaB,解得aB=3m/s,C,D正确。 顿第二定律有F'一kmg一T=maAB (3分) (2分) 三、非选择题 解得T=2.95kmg。 10.(1)0.8m/s2;1m/s2(2)2.5s;0.5m(3)见 -(3分) 8.(1)①C(2分)②AC(2分)®9T2 解析 (2)①远小于(2分)②过原点的一条倾斜直线， 【解析】(1)由牛顿第二定律，对工件 k2 ng cos37°-mg sin37°-ma (1分) 斜率为1（意思相近即可，3分） 可得a=0.8m/s2 【解析】(1)①影响加速度大小的因素有木块和砝 (1分) 对管道有 码的总质量、木块和砝码所受的合外力，探究加速 度与力、质量的关系，先控制其中一个物理量不 F+1(M+3m)gcos37°-423 mng cos37°- 变，探究加速度与另一个物理量的关系，本实验主 Mg sin37°=Ma1 (1分) 要应用的方法是控制变量法，C正确。②实验时， 可得a1=1m/s2。 (1分) 应先接通打点计时器的电源，再释放小车，A正 (2)江件1滑出边程0，-ai=d (1分) 确；平衡摩擦力只需要平衡一次即可，每次增加重 物改变小车的质量，都不需要重新平衡摩擦力，B 解得t1=√10d=2s (1分) 错误；该实验中需要把带滑轮的长木板右端垫高 此时管道的速度 来补偿阻力的影响，由于是利用木块重力沿木板 v1=ait1=2 m/s (1分) 向下的分力来补偿阻力，所以木块不悬挂槽码，C 工件1滑出后，管道的加速度a2满足 正确。回根据逐差法可知加速度a=L:二2L! F+41(M+2m)gcos37°-μ22 ng cos37°- 9T2 Mg sin37°=Ma2 (1分) (2)①根据牛顿第二定律可得mg=(M+m)a,轻 解得a2=0 M 若第2个工件滑出 绳拉力F一M十mmg,所以用小盘和盘中重物的 (1分) 总重力大小代替拉小车的轻绳拉力大小，其条件 )-d 是小盘和盘中重物的总质量远小于小车和车中重 可得0.4t-√0.4dt2+d=0 物的总质量。②根据运动学公式工一2at,根据 无实数解，说明未滑出，二者共速。 所以v共=a1t1=at1十at2 (1分) ,整理可得x=F.1 F 1 牛顿第二定律可得a= 2‘m 解得t=√10d=0.5s 所以两车合外力相同，运动时间相同时，有2= 该过程相对滑动 x1 !,该图像满足过原点的一条倾斜直线，斜率为1 =ot-(a+ai）=d<d m2 工件3相对管道滑动的时间 的特征即可说明“合力一定时，物体加速度与其质 .5 4+t=4√10d=2.5s (1分) 量成反比”。 A ·14· ·物理· 参考答案及解析 工件3相对管道滑动的距离 s1+s>d (1分) d+d-d-0.5m (1分) 即ve>√8d=√3.2m/s (1分) 经分析，当√3.2m/s<v.<2m/s时，工件1滑 (3)若传送带速度 出后，管道仍与传送带匀速，若工件2能滑出管 v.<v1=√10d=2m/s (1分) 道，则 则工件1滑出前，管道与传送带已经共速，此过 s1+s2>d+d (1分) 程用时=一0‘ 所以v管>√16d=√6.4m/s,由于v管最大为 2m/s,所以不可能滑出，工件2、3与管道相对 此时工件1的速度v1=at1=0.8v 滑动 此过程工件与管道相对滑动 51+52=0.125w (1分) -20,-7a=0.10 1 综上：①若v。<√3.2m/s,三个工件均不能滑 出管道，工件1、2、3与管道相对滑动0.125v。 经分析，之后管道与传送带一起匀速，若工件1 (1分) 与管道共速，则v.=0.8v。十at2 ②若√3.2m/s<v.<2m/s,只有工件1能滑出 解得-子 管道，工件1与管道相对滑动0.4m,工件2、3 与管道相对滑动0.125v2。 (1分) 工件与管道相对滑动 ③若v>2m/5,只有工件1能滑出管道，工件1 a=-0.804+7ag） 40 与管道相对滑动0.4m,工件2、3与管道相对滑 动0.5m。 (1分) 即若要工件1滑出管道，则 2025一2026学年度学科素养周测评（七）】 物理·抛体运动 一、单项选择题 员机械能守恒，C错误；设运动员在O点的竖直 1.B【解析】打水漂过程中石块做平抛运动，第一次 分速度为？0，因为运动在竖直方向上做匀变速 打水漂，h1=45cm,在竖直方向有v1=2gh1解 直线运动，设在C点时竖直速度为V,c,取向下 得v1=3m/s,根据速度夹角关系有tan37°= 为正方向，则有v3c-vo=2 gLsin a>0,可知 1,解得u。=4m/s,第二次打水漂，设石块刚落 v,c>v0,因为重力瞬时功率P=Fv=mgy,故 00 在C点重力的瞬时功率最大，D错误。 到水面时竖直方向的速度为v,2,根据速度夹角 3.B【解析】斜抛运动具有对称性，把斜抛运动看成 关系有tan26.5°=02，解得2=2m/s,设此过 两个对称的平抛运动，由题图像看出，甲、乙从A ,点到落地，平抛运动的高度相等，运动时间t相 程竖直方向的高度为九2，则有h:=2=0.2m 等，水平位移之比为1：2，由水平方向位移x= 20cm,故抛出，点下移的距离△h=h1一h2= vt,故甲、乙在A点的速度大小之比为1：2，A 25cm,B正确。 错误；平抛运动速度的反向延长线经过水平位移 2.B【解析】由斜抛运动特点可知，运动员在竖直方 的中点，故甲在C点速度的反向延长线经过AO 向做匀变速运动，水平方向做匀速直线运动，则 的中点，B正确；由平抛规律可知t= 2h- 水平速度vz=Vocos a,运动员离开O点做斜抛 Ng 运动，最高点时速度最小，最小速度vmin=z= 2R ,斜抛运动时间是平抛运动时间的2倍，则 vocos a,A错误；运动员从O到C的水平分位移 x=Lc0sa,由于运动员在水平方向做匀速直线 两个斜抛运动时间均为2 2R g ,C错误；乙在N 运动，则运动时间t=Lcos a-Lcos a=L,B VocOs a vo 点的速度与水平方向的夹角设为0，根据对称性， 正确；由于不计一切阻力，只有重力做功，故运动 乙在D点的速度与水平方向的夹角也为日，根据 ·15· A学习是灯，照亮前行之路 2025一2026学年度学科素养周测评（六）》 A.0',Q间细线张力的大小为2mg 班级 卺题 物理·牛顿运动定律（三） 区弹黄韩力的大小为8 姓名 本试卷总分100分，考试时间40分钟。 C.若将弹簧剪断，剪断瞬间P球的瞬时加速度大小为 8 一、单项选择题：本题共5小题，每小题6分，共30分。每小题只有一个选项符合题目 DP球的质量为2m 得分 要求。 题号 1 2 3 4 5 4.在机场、车站常用传送带来传送旅客的包裹，在传送过程中同时对包裹进行安检。如图 甲所示，将一个包裹（可视为质点）轻放在水平传送带的左端，同时启动传送带，传送带向 答案 右做初速度为0的匀加速直线运动。包裹和传送带的速度一时间图像如图乙所示，t一5s 1,“水火箭”是一项深受学生喜欢的科技活动，某学习小组利用饮料瓶制作的“水火箭”如 时包裹运动到传送带的右端。下列说法正确的是 图甲所示，其发射原理是通过打气使瓶内空气压力增大，当瓶口与橡皮塞脱离时，瓶内 A,图线I反映的是包裹的运动 水向下喷出，“水火箭”获得推力向上射出。图乙是某次竖直发射时测绘的“水火箭”速 B.包裹和传送带间的动摩擦因数为0.16 度？与时间t的图像，取竖直向上为正方向，其中t。时刻为“水火箭”起飞时刻，图像DE C.传送带的长度为20m 段为倾斜直线，斜率绝对值与重力加速度g大小相等，图像其余段均为曲线。下列说法 D.包裹相对传送带滑动的距离为7.5m 正确的是 5.如图甲所示，水平地面上有一长木板，将一小物块放在长木板上，给小物块施加一水平 外力F,通过传感器分别测出外力大小F和长木板及小物块的加速度α的数值如图乙 所示。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g,下列说法正确的是() A小物块与长木板间的动摩擦因数1-2 g B.长木板与地面间的动摩擦因数：= g A.在t。一t1时间内，“水火箭”处于失重状态 C小物块的质量m-F一E a B.在t1一t2时间内，水对“水火箭”的作用力逐渐增大 F,十F十F C.在2时刻，“水火箭”刚好上升到最高点 D,长木板的质量M= a。 D.在3时刻，“水火箭”内的水刚好用完 二、多项选择题：本题共2小题，每小题10分，共20分。每小题有多个选项符合题目要求， 2.城市高层建筑建设施工，往往采用配重的方式把装修材料运送到高处，精简模型如图甲 全部选对的得10分，选对但不全的得5分，有选错的得0分。 所示，固定于水平面上倾角为3？°的斜面，绕过顶端定滑轮的轻绳连接两小球A、B(可视 题号 6 7 作质点)，质量分别为M、m,B小球被固定于地面上的锁定装置锁定，某时刻解除锁定， 安装在斜面底端的位移采集传感器采集到A在斜面上下滑的位移工与时间：的二次方 答案 关系如图乙所示，若该图像的斜率为k,不考虑一切摩擦，g取10m/s2,sin37“=0.6,则 6.如图甲所示，一倾斜传送带以恒定速度顺时针转动，质量分别为m、M的两物块P、Q A与B的质量之比为 () 用绕过定滑轮的轻绳相连，某时刻P以速度。滑上传送带顶端，同时Q也以速度。竖 直向上运动，此后P运动的t图像如图乙所示，o、、M、m、1、t:已知。已知P与滑 轮之间的轻绳始终与传送带平行，传送带足够长，Q始终没有与滑轮相碰，重力加速度 为g,下列说法正确的是 用 k十5 k+2 k+3 B.3一k C.3-k D.2-k 3,如图所示，P、Q两小球通过两根细线及一轻质弹簧悬挂在O、O'点。系统静止时，细线 及弹簧与竖直方向的夹角分别为30°，60°、30°。已知Q球的质量为m,重力加速度为g, 下列说法正确的是 () 学科素养周测评（六）物理第1页（共4页） 真题密卷 学科素养周测评（六）物理第2页（共4页） A.一定有v。>u 属板擦 B.一定有M>m 小车团 C.物块P返回传送带顶端的时刻为2tg D.根据图像可求出P与传送带间的动摩擦因数：以及传送带倾角 附说图 侧视 7,如图，光滑水平桌面上有一长木板B,右侧通过轻绳及光滑轻质定滑轮与一重物C相连，木 块A放在B上，B的上表面水平，且与A之间的动摩擦因数：=0.4。A,B、C的质量分别 ①用小盘和盘中重物的总重力大小代替拉小车的轻绳拉力大小，其条件是小盘和盘中 为10kg、3kg、9kg,最初用手拉住B使系统静止。已知释放B后A不会从B上掉下、B不 重物的总质量 (填“远大于”、“远小于”或“等于”)小车和车中重物的总质量。 会到达定滑轮处，B与滑轮间的轻绳保持水平，g取10m/s。下列说法正确的是() ②在盘中重物相同且保持不变的情况下，通过增减小车中的重物改变小车的质量， A 多次进行实验，测得多组数据。把两小车质量（包括车上重物质量）之比作为横 轴，对应的两小车位移大小之比作为纵轴，作出m图像。该图像满足什么特 征即可说明“合力一定时，物体加速度与其质量成反比” A,若系统由静止释放，释放时A,B的加速度相同 9.(18分)如图所示，货车车头A通过水平刚性连接杆拖动车厢B,车厢内放置货物C,在 B若系统由静止释放，释放时B的加速度大小为5m/。 发动机水平牵引力F的作用下一起向左做匀速直线运动。车头A,车厢B和货物C的 质量均为m,车头A和整个车厢（含货物）在水平面上运动时受到的阻力大小始终为其 C.若给A向右的初速度，同时由静止释放B、C,释放时C的加速度大小为10m/s 重量的k倍，货物C与车厢B间的动摩擦因数为0.4k,重力加速度为g,最大静摩擦力 D,若给A向右的初速度，同时由静止释放BC,释放时B的加速度大小为智： 等于滑动摩擦力。 (1)求水平牵引力F的大小。 三、非选择题：本题共3小题，共50分。 (2)若仅将水平牵引力F增大为匀速拉动时的1.5倍，求力F增大后水平连接杆受到A 8.(12分)(1)如图甲所示为“探究小车加速度a与受力F,质量M的关系”实验装置图。 的弹力大小。 纸带 打点计时器 小军 10.(20分)如图所示，质量M=10g的管道（两端开口）内放有三个完全相同的工件1,2、 3(可视为质点)，它们的质量均为m=2.5kg,彼此间距离均为d=0.4m,工件1距管 ①实验中主要采用的研究方法是 道左侧管口距离也为d。t=0时刻把该管道连同里面的工件轻放在倾角0=37°的传 A.理想模型法 B.微元法 C.控制变量法 送带上，同时施加大小为51N,平行于传送带向上的力F,传送带足够长且顺时针匀速 ②关于本实验，下列说法正确的是 运行。其中管道与传送带间的动摩擦因数41=0.5，工件与管道间的动摩擦因数42 A.实验时，应先接通打点计时器的电源，再释放小车 0.85。运动中若有一个工件从管道内滑出，则力F大小立即变为34N,方向不变：若 B.每次增加重物改变小车的质量，都需要重新平衡摩擦力 有两个工件从管道内滑出，则力F大小立即变为17N,方向不变，sin37°=0.6，g取 C,平衡小车受到的摩擦力和其他阻力时，应不挂抽码 10m/s2。 ③经正确操作后获得一条如图乙所示的纸带，选取0、1,2、3、4、5、6七个计数点，建 (1)求t=0时刻工件1及管道的加速度 (2)若传送带运行速度足够大，求工件3相对管道滑行的时间及距离。 立以计数点0为坐标原点的x轴，选取的相邻计数点间的时间间隔为T,计数点0、3、 (3)若传送带顺时针匀速运行的速度大小取不同数值，，试讨论三个工件滑出管道的 6的位置坐标分别为0、L:L。小车加速度的表达式是 (用所给字母表示)。 可能性及与之对应的情况下三个工件分别相对管道滑动的距离。 管道 4 010203 (2)如图丙所示，两小车放在水平桌面上，把木板一端适当垫高平衡阻力。两小车前端 各自通过小盘及重物牵引，后端各系一条细线，用板擦把两条细线按在木板上，使小 车静止。抬起板擦，小车同时运动，一段时间后按下板擦，小车同时停下。 学科素养周测评（六）物理第3页（共4页） 真题密卷 学科素养周测评（六）物理第4页（共4页】