周测评(十九)电路(二)-【衡水真题密卷】2026年高三物理学科素养周测评（福建专版）

真题密卷 学科素养周测评 U'=IR (1分) 10.(1)5m/s2(2)15m/s(3)7.75s 联立解得 【解析】(1)对物体受力分析，由牛顿第二定律有 RE (2分) U'=R+R。十r (1分) Fm-(mg sin 0+umg cos 0)=ma 解得a=5m/s2 (2分) (2)由题知，电子秤测量得最小质量为0；电子秤测 (2)电动机达到额定功率时P颜=UI (2分) 量最大质量时，弹簧形变量增加，由胡克定律结 又电动机有内阻，可得P出=P颜一Ir (2分) 合受力分析知 输出功率P出=1.2×104W (1分) F*=kl=mg (1分) 当电动机输出功率达到最大值时，物体做变加 解得m二 (1分) 速运动，当物体受力平衡时，速度达到最大值， g P=(mgsin 0+umg cos 0)vm (1分) 即电子秤测量范围为 联立求解得vm=15m/s (1分) 0<m<g kl (1分) (3)物体做匀加速运动能达到的最大速度为1， (3)由闭合电路得欧姆定律可得 由P出=Fmv1 (1分) E 得v1=10m/s (1分) I=R.+R+7 (1分) 所用时间为1= (1分) 当弹簧形变量增加x时，由电阻定律得 a 1 R.-e5-iR (1分) 上升高度为h=2 tisin日 (1分) 由受力分析知 之后的运动过程中，对物体有 kx-mg (1分) H-h_1 P出t2-g(H-h)-mg tan0=2mwa二2mo 又有U=IR (1分) (2分) 联立解得 联立求解得t燕=t1十t2=7.75s (1分) U=E、 (R。十r)E (1分) Rtr 2025一2026学年度学科素养周测评（十九） 物理·电路（二） 一、单项选择题 联立解得R-Y,可知题因乙中，拔长孩线 V 16 oV 1.C【解析】由电流的定义可得，闪电电流的瞬时 值约为1=9=、6 660X106A=1X105A,A错误； 导线使直径减小，导线电阻随之增大，A正确；题 长海定珠可得R-号-8X 图丙中，导线两端的电压U=IR=16pV, π2，电流不 =10,即被电 变时，拉长该段导线使直径减半，导线两端电压变 离的气柱的阻值约为104Ω，B错误；由电阻定律 为原来的16倍，B错误；题图丙中该段导线的发 可得R=0S一P,可得被电离的气柱的电阻 益功车P-1R-l5T,流过号线的电流不史】 Rπr2104×3.14×1002 改变导线直径，该段导线发热功率与直径的四次 率为p= 2·m=3.14× 1000 方成反比，C正确；题图乙中，由闭合电路的欧姆 1052·m,C正确；由于闪电前云地间的电场可看 作句强电场，可得E=V_1.0X10 定律1=。 R,子线受到的安培力F=BL,联立 1-1000 V/m=1.0× 10V/m,D错误。 解得F= BEV,可知通过改变导线直径可改 ov ,其中S=d S+rs 2.B【解析】根据电阻定律R=, l= 变导线所受的安培力，由数学知识可知当且仅 2 ·22· ·物理· 参考答案及解析 S=S时， +rS最小，此时S=√ ,最小 6.BC【解析】滑动变阻器滑片向下滑动，滑动变阻 器接入电阻减小，电路总电阻减小，干路电流增 PV 大，电源内阻与定值电阻R共同承担电压增大，则 值2rS=2r· =2√pV所，故最大安培力 滑动变阻器两端电压减小，即平行板电容器两端 1 F-2BEN 一，D正确。本题选择不正确的一 电压减小，根据C号可知，电容器极板所带电荷 项，故选B。 量减小，上极板与电源正极连接，上极板带正电， 3.B【解析】酒精气体传感器的电阻与酒精气体浓 由于电荷量减小，则上极板得电子，电子从b向a 度c成反比，若c增大，则酒精气体传感器的电阻 运动，则理想电流表A2中有从a流向b的瞬间电 减小，由全电路的欧姆定律可知电流增大，即通过 流，A错误；根据电路关系可知，定值电阻与滑动 R和R。的电流增大，而电压表的示数U=E 变阻器串联，根据部分电路的欧姆定律有U1= I(R。十r),则随着I增大，U逐渐减小，B正确。 I1R,根据闭合电路的欧姆定律有U2=E一I1r, 4.C【解析】当开关S断开时，灯泡消耗的实际电 功率为24W,即电压电流的乘积为24W,根据乙 U,=E-1(r十R),则有 U=R, △u=r+R, 图可知，电压U1=40V,电流I1=0.60A,根据闭合 电路的欧姆定律U1=E-I1R1,解得R1=1002, 兰-7可物公兰一艺>欲8延确：电超的验 根据题意，定值电阻R1=R2,故R2=100,开关 出功率P=()R= E2 一，根据 闭合后，电源和R1、R2构成一个新电源，此新电源 R十R +27 电动费和内但分别为R=(R日R)R 题意可知R外=R十R>r,根据数学对勾函数规 RR2 律可知，当滑动变阻器滑片向下滑动，滑动变阻器 (10m10)×10=50V,n1=R1R 100 =502, 接入电阻减小，电路总电阻减小，电源的输出功率 此新电源短路电流为I雄 E=1.0A,画出此新 增大，C正确；结合上述可知，干路电流增大，定值 电阻R上电压增大，即V,示数增大，根据闭合电 电源的UI图像，如图线1所示，图像与白炽灯泡 路欧姆定律，路端电压减小，即V?、V3示数均减 的伏安特性曲线交点即为灯泡的电压电流，分别 小，D错误。 为U2=26V,I2=0.46A,灯泡消耗的实际功率 三、非选择题 P2=U2I2=26×0.46W=11.96W≈12W,C 7.1.5(4分)12(4分) 正确。 【解析】滑动变阻器的功率P=（ I/A 1.00 E2 0.80 根据数学知识可知，当滑 (r+R)2 0.60 +Rp+2(r+R) Rp 0.40 动变阻器接入电路阻值Rp=r十R=6时，滑动 0.20 出出 E2 62 20406080100U八V 变阻器的有最大功率，为P,=4十R)一4X6W- 二、多项选择题 1.5W:由题图乙可知滑动变阻器的阻值Rp=3 5.BC【解析】若R1短路，相当于R:减小，灯泡A 时与阻值为R2时消耗的功率相等，则有 与R1在两条支路上，根据串反并同知灯泡A比 原来暗，A错误；若R2断路，相当于R2增大，灯泡 （友-R=(R+RR解得R=2n A与R2在两条支路上，根据串反并同知，灯泡A 8.(1)3.8(1分)0.6(1分)(2)偏小(2分)偏 比原来亮，B正确；若R?短路，相当于R3减小，灯 泡A与R2的并联部分相当于在千路上，根据串 小(2分)3)E(2分)C2分 反并同知灯泡A比原来亮，C正确；若R4断路， 【解析】(1)根据闭合电路的欧姆定律可得U=E R4在干路上，整个电路没有电流，灯泡A不亮，D I(r十R。),所以图像纵轴的截距表示电源的电动 错误。 势E=3.8V,图像的斜率的绝对值表示电源的等 ·23· 2 真题密卷 学科素养周测评 效内阻r+R。,有r十R。= △U =6.62,所以电 压表的内阻已知，可以求出电压表的电流，所以为 了减小实验误差，电流表应采用外接法，电路图如 源的内阻为r=6.6-62=0.62。 图，某次测量时，电压表与电流表的示数分别为 (2)考虑到电压表的分流作用，则有E真=U十（I十 U U、I,通过电压表的电流为Iv= ,通过R的电 Rvr.I十R十r来 Ry )r,整理可得U自 3U Ry十T真 流为1=I一Iv,则待测电阻的阻值R,=,解 可知UI图像的纵轴截距b= ·E= 3URv Rv十r真 得Rz= IRv-U° E测<E靠UI图像的斜率绝对值为 |△U △ v=r<rA,可知该实验测得的电动势与真 Rv十r真 R 实值相比偏小，内阻的测量值与真实值相比偏小。 (3)当S2接1时，误差在于电流表的分压，所测内 10.甲(3分)小于(4分)3.0(4分)大于(4分) 阻等于电源内阻与电流表内阻之和，所以内阻测 戊(3分) 量值比真实值偏大；当S2接2时，误差在于电压 【解析】(1)当电阻箱R的阻值调节为0，闭合开 表的分流，所测内阻等于电源与电压表并联的总 关S后，调节滑动变阻器R。的阻值，题图甲中电 电阻，所以内阻测量值比真实值偏小。由于UI 压表示数从0开始逐渐增加，题图乙中电压表示 图线斜率的绝对值表示内阻，即S2接1时的图线 E 数最小值U=Rv十R。十，Rv。因为电压表内阻 陡一些，可以判断图线A是利用单刀双掷开关S2 远大于滑动变阻器的最大阻值，所以电压U接近 接2中的实验数据描出的，内阻测量值比真实值 于E,超过电压表的量程，所以选择题图甲合适。 偏小。S2接1时，所测电动势为电流表与电源串 (2)调节电阻箱R的阻值，则总电阻变大，千路电 联后整体的等效电源的电动势，即S2接1时的电 流减小，内阻和滑动变阻器右部分电压减小，电 动势的测量值等于真实值，即有E=EB,由于S2 阻箱和电压表的总电压变大，即大于3V,当电压 接2时，当电路短路时，电压表没有分流，即此时 表的示数为1.5V时，电阻箱的电压大于1.5V, 的电流的测量值与真实值相等，结合上述可知，电 源的真实的UI图线是B图线纵轴交点与A图线 由于它们串联，所以电阻箱的电阻大于电压表的 EB 电阻，故电压表的实际阻值小于3.0kD。 横轴交点的连线，可知r一。 3)接A时，童程为1+)接B时，童程I 9.(1)串联(3分)600(3分)(2)见解析(3分) 3UR 1Rv-U(3分) RR1十R。,所以接A时，量程大，为3,0A (4)由于电压表的实际内阻偏小，故可知改装后 【解析】(1)把量程为1V电压表改装成3V量程 的电流表量程偏小，即当选择0.6A量程时指针 的电压表，应串联电阻箱R。,由串联电路的特点可 指在O.3A刻度时此时流过电流表的实际电流 ,解得R"w-3X30n 得 Rv Ro U 小于0.3A,即改装的电流表刻度上指示的读数 =6002。 大于实际值，故当用标准电流表与其串联时，当 (2)实验时，为了减小实验误差，且要求电表的示 标准电流表读数为0.3A时，改装的电流表显示 数从零开始调节，滑动变阻器采用分压器的接法， 的读数大于0.3A。 为了便于调节，滑动变阻器选用R1;电源电动势E (5)由于改装后的电流表内阻已知，而另一个电 压表内阻未知，所以为减小由电表内阻引起的实 二3V,通过待测电阻的电流约为1=R一20A=】 验误差，选择题图戊更合适。 25mA,为了精确测量，所以电流表选A2;由于电 2 ·24·思雅方式决定了人生的高度和深度 2025一2026学年度学科素养周测评（十九） 班级 0.0H 爸题 物理·电路（二） 0.60 0.40 0.20 姓名 本试卷总分100分，考试时间40分钟。 204060801000/y 一、单项选择题：本题共4小题，每小题8分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 A.20W B.15W C.12W D.9W 得分 题号 二、多项选择题：本题共2小题，每小题10分，共20分。每小题有多个选项符合题目要求， 1 2 3 4 全部选对的得10分，选对但不全的得5分，有选错的得0分。 答案 题号 5 6 1.肉眼看到的一次闪电，其过程是很复杂的。当雷雨云移到某处时，云的中下部是强大负 电荷中心，云底相对的下地面变成正电荷中心，云底会出现大气被强烈电离的一段气 答案 柱，半径约100米。在某一次闪电前云地之间的电势差约为1.0×10V,云地间距离约 5.如图所示，灯泡A、B均处于发光状态，后来由于电路中某个电阻发生了故障，致使灯泡 为1km;第一个闪击过程中云地间转移的电荷量约为6C,闪击持续时间约为6045。 A比原来亮一些，则发生的故障可能是 假定闪电前云地间的电场是均匀的。根据以上数据，下列判断正确的是 () A.R1短路 A☒R A.闪电电流的瞬时值约为1×10A B.R:断路 R B.被电离的气柱的阻值约为103 C.Ra短路 B☒R C.被电离的气柱的电阻率约为3.14×10n·m D.R,断路 D.闪电前云地间的电场强度约为1×103V/m 6.如图所示，电路中定值电阻R的阻值大于电源内阻？的阻值，开关S闭合，平行板电容 2.如图甲所示，取一电阻率为·的均质金属材料，将它做成横截面为圆形的金属导线，每 器中带电质点P原处于静止状态，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1,V2、V 段导线体积均恒为V。如图乙所示，将一段导线接在电动势为E,内阻为，的电源两端， 的示数变化量的绝对值分别为△U1、△U2,△U,理想电流表A1示数变化量的绝对值为 并置于方向垂直纸面向外、磁感应强度大小为B的匀强磁场中，如图丙所示，将另一段 △I1,下列说法正确的是 ) 导线接在恒流源两端，下列说法不正确的是 A.质点将向下运动，理想电流表A:中有从b流向a的瞬间 电流 △U3、U1、△U 恒流 B.AI I AI 用 L C.电源的输出功率增大 A.图乙中，拉长该段导线使直径减小，导线电阻随之增大 D,理想电压表V1、V:、Va的示数均增大 B.图丙中，拉长该段导线使直径减半，导线两端电压变为原来的8倍 三、非选择题：共48分，其中7为填空题，8~10为实验题。 C.图丙中，改变导线直径，该段导线发热功率与直径的四次方成反比 7.(8分)在如图甲所示的电路中，已知电源电动 势E=6V,内阻r=2n,定值电阻R=4n,滑 ,通过改变导线直径可改变导线所受的安培力，且最大安培力为。 动变阻器最大值为20Ω，图乙是滑动变阻器消 3.某种酒精测试仪的简化电路如图所示，电源电动势为E,内阻为，电压表为理想电压 耗的功率P与其接入电路的阻值R。的关系图 表，其示数为U,电阻R和R。均为定值电阻。已知酒精气体传感器的电阻与酒精气体 像，通过以上条件，可知图乙中滑动变阻器的最 浓度c成反比，若c增大，则 大功率为 W:图乙中电阻R2= n. A通过R。的电流诚小，U增大 8.(10分)新能源汽车已经普遍走进了我们的生活，某实验小组通过网络查找了某种知名 传感器 B.通过R。的电流增大，U减小 的电池铭牌，电池采用的是“刀片电池”技术。现将一块电芯拆解出来，测得长为 C.通过R的电流增大，U增大 960mm,宽为90mm,然后测量其电动势E和内阻r。所提供的器材有： D.通过R的电流减小，U减小 A.电压表V(量程3V,内阻约3kQ) 4.如图甲所示的电路中，定值电阻R,=R2。白炽灯泡L的伏安特性曲线如图乙所示。电 B.电流表A1(量程0.6A,内阻约0.22)》 源电动势E=100V,内阻不计。当开关S断开时，灯泡消耗的实际电功率为24W,则 C.滑动变阻器R1(阻值范围0一10n,额定电流2A) 开关闭合后，灯泡消耗的实际功率约为 ( D,保护电阻R。=6 学科素养周测评（十九）物理第1页（共4页） 真题密卷 学科素养周测评（十九）物理第2页（共4页）】 某同学采用了图甲所示的电路图，在进行了正确操作后，得到了图乙所示的UI图像 UV 甲 (1)测量内阻的电路图：在改装前，需要对电压表内阻进行测量，某探究小组的两个同 0.100,200.300.400.500.607A 学分别画出了甲，乙两个电路图。在实验过程中要求：当电阻箱R的阻值调节为 0,在闭合开关S后，通过调节滑动变阻器R。的阻值，保证电压表的指针不能够超 (1)根据图乙所示，则该电池的电动势E= V,内阻r= Ω（结果保留到 过满偏量程。则正确的电路图应该选 (填“甲”或“乙”) 小数点后一位)。 (2)测量内阻的步骤： (2)该实验测得的电动势与真实值相比 (填“偏大”“偏小”或“不变”)，内阻的测 ①选择正确的电路原理图，连接线路（保持开关S断开）： 量值与真实值相比 (填“偏大”“偏小”或“不变”)。 ②将电阻箱R的阻值调节为0，将滑动变阻器R。的滑片滑动到最左端，闭合开 (3)为了能准确地测量一块电芯的电动势E和内阻r,该同学设计了一个可以排除 关S: 电流表A和电压表V内阻影响的实验方案，如图丙所示，记录了单刀双掷开关 ③调节滑动变阻器R。的滑片，使电压表满偏（电压表示数为3.0V): S:分别接1、2对应的多组电压表的示数U和电流表的示数I,根据实验记录的 ④保持滑动变阻器R。的滑片位置不变，调节电阻箱R的阻值，使电压表的示数为 数据绘制如图丁中所示的A、B两条UI图线，综合A、B两条图线，此电芯的电 1.5V,记下电阻箱R的阻值； 动势E= ,内阻r= (用图中EA、E序、IA、IB表示)。 ⑤断开开关S,拆除导线， 9.(12分)为了精确测量阻值约为120欧姆的待测电阻的阻值，实验室提供了如下器材： 在步骤④中，当电压表示数为1.5V时，电阻箱R的阻值为3.0k2,则电压表内阻 A.待测电阻R, 的真实值 (填“大于”“等于”或“小于”)3.0k0, B.电压表V(量程1V、内阻Rv=3002) (3)改装：若要把该电压表改装成有两个量程的电流表，其中一个量程 C.电流表A(量程2A、内阻Ra≈20Q) 为0.6A,另一个量程为3.0A。设计电路图如图丙所示（虚线框 D.电流表A2(量程30mA、内阻RA≈5n) 内为改装后的电流表电路图，电阻R1和R:为根据计算选择好的 E.滑动变阻器R(0~10n) 定值电阻)，则当开关S接A端时，该改装后的电流表的量程为 接线出 F滑动变阻器R:(0~1kn) A(填“0.6”或“3.0)。 G.电阻箱R。(0-9992) (4)校对：假如把改装后的电流表和标准电流表进行校对，实验电路图该装 H.电源（电动势3V、内阻不计）、开关，导线若干 (1)该同学分析实验器材，发现电压表的量程太小，需将该电压表改装成3V量程的电 如图丁所示。把改装后的电流表（使用0.6A量程）与量程为0.6A 压表，应 (填“串联”或“并联”)电阻箱R。,并将R。的阻值调为 n. 的标准电流表串联在一起来共同测量某一段电路的电流，当标准 (2)实验时，为了减小实验误差，且要求电表的示数从零开始调节，请将设计的电路画在 电流表读数为0.3A时，该改装的电流表读数0.3A(填 虚线框中，并标出所选用“电流表”和“滑动变阻器”相应的符号。 “大于”“等于”或“小于”)。 (5)若选用另外一个量程合适的电压表（内阻未知）和此改装电流表测量未知电阻R 的阻值（约为2k),设计了如图戊，己所示的两个电路。不考虑实验操作中的偶然 误差，则使用 (填“戊”或“己”)电路可减小由电表内阻引起的实验误差。 某次测量时，电压表与电流表的示数分别为U、I,则待测电阻的阻值R,= (用已知物理量的字母表示)。 10.(18分)在实验室进行实验时，需要一个电流表进行电流的测量，但是实验室只有一量程为 3V、内阻约为几千欧的电压表，现将其改装成电流表，来进行电流的测量。实验室提供的器 材为：待测电压表（量程3.0V,内阻约为几千欧）：电阻箱R(最大阻值为99999.9)：滑动 变阻器R。(最大阻值为50.0n):电源E(电动势约7.5V,内阻很小)：开关S和导线 若干。 学科素养周测评（十九）物理第3页（共4页） 真题密卷 学科素养周测评（十九）物理第4页（共4页）