第1章 学案3 反冲运动与火箭-【智学校本学案】2025-2026学年高中物理选择性必修第一册（鲁科版）

2.B[设氢原子核与未知原子核的质量分别为m1、m2,根据动 新知生成 量守恒定律有m1v0=m1(-v1)十m2v2,其中v0=7.0× 1.(2)内力外力 10°m/s,1=1.0X10°m/s,2=4.0X10m/s,解得”m2=2, 2.(2)动量守恒动量守恒 m1 3.(1)反冲作用 故B正确。] 新知应用 3.B[小球做平抛运动，下落时间为一√ 2h =2s,小球落到车厢 1.C[乌贼喷水过程所用时间极短，内力远大于外力，乌贼和 喷出的水组成的系统水平方向动量守恒，故A错误；乌贼与 底板前瞬间，竖直方向速度大小为0，=g=10X2m/s= 喷出的水之间的相互作用力使得乌贼向前运动，故B错误； 20m/s,小球落到车厢底板前瞬间的速度大小是0=25m/s,则 根据动量守恒定律有mu=Mu',解得m≈0.19kg,故C正 小球水平方向的速度大小为v,=√-=√252-20m/s 确；对乌贼根据动量定理有I=Mu',解得I=7.5N·s,故D =15m/s,小球与车在水平方向上动量守恒，以向右为正方 错误。] 向，由动量守恒定律有Mo。一m0,=(M十m)v共，解得v兵= 2.A[炮弹离开炮口时，炮弹和炮车在水平方向受到的外力相 3m/s,故B正确。] 对于内力可忽略不计，则系统在水平方向动量守恒，取炮车 课堂达标 后退的方向为正方向，对炮弹和炮车组成的系统为研究对 1.B[由题知，地面光滑，车厢水平底板粗楚，弹簧处于压缩状 态，故将细线剪断，则弹簧伸长，故滑块会向右运动，小车会 象，根据水平方向动量守恒有(M一m)v'一mucos0=0,可得 向左运动，两者相对滑动，产生滑动摩擦力，但弹簧的弹力和 炮车后退的速度大小为=c0s0,故选A] M-m 两者间的滑动摩擦力都是内力，故系统动量守恒，但两者产 活动二 生了相对位移，滑动摩擦力对整体做负功，故系统机械能不 新知导学 守恒。故选B。] 提示：1.古代火箭与现代火箭的运动都是反冲运动。 2.A[取水平向左为正方向，根据动量守恒定律有m甲v一mzv 2.火箭飞行利用了反冲原理，靠向后连续喷射高速气体获得反 十mv=0,解得0=0.6m/s,v>0表示小船速度方向向 左，故A正确。] 冲力飞行。 新知生成 2 3.B[由题图乙可知碰前VA= 4m/s=5m/s,在t=4s时发 1.反冲运动向前 28-20 2.负荷喷气速度 生碰撞，碰后*=8-fm/s=2m/s,由动量守恒定律有 3.喷气速度燃料燃尽时的质量 mAvA=（mA十mB)V共，可得mB=3kg,故B正确。] 新知应用 4.[解析]两个小车及磁铁组成的系统在水平方向不受外力 1.[解析](1)若三级火箭一次把燃料喷完，设运载物获得速度 作用，两车之间的磁力是系统内力，系统动量守恒，设向右为 大小为 正方向。 由动量守恒定律得Mv十3m(一vo十v)=0 (1)v=3m/s,vz=-2m/s 根据动量守恒定律得mu甲十mv2=mv甲'，代入数据解得 3mvo 解得v=M+3m 甲'=v十02=(3-2)m/s=1m/s,方向向右。 (2)若三级火箭逐渐向后喷气，设运载物获得的速度大小依 (2)两车的距离最近时，两车速度相同，设为'，由动量守恒 次为1、2、℃3，由动量守恒定律得第一级火箭喷完时： 定律得 (M+2m)v1+m(-vo+v1)=0 mup十muL=mo'十md',解得-mvp十mw2-g十uL 2m 2 mvo 3- 解得u1=M+3m 2m/s=0.5m/s,方向向右。 第二级火箭喷完时：(M+m)v2十m(一o+2)=(M十 [答案](1)1m/s方向向右(2)0.5m/s方向向右 2m)u1 学案3反冲运动与火箭 解得02一01=M+2m 课堂活动 第三级火箭喷完时：Mv3十m(一v。十v3)=(M十m)v2 活动一 mvo 新知导学 解得0一v2=M十m 提示：1.章鱼的运动属于反冲运动。 mvo mvo mvo 2。章鱼喷水过程所用的时间极短，内力远大于外力，章鱼和喷 所以，=M十m+M+2m+M+3m 出的水组成的系统动量守恒，由动量守恒定律得0=(M一m)v 3mvo mvo mvo (3)和=M+3m,由于M+m>M+2m>M+3m,所以v> m。,可得章鱼喷水后瞬间逃跑的速度大小为v一M一m0。 2 ,即分次喷出时可使火箭获得更大速度。 31 3mvo mvo 新知应用 1.[解析](1)A、B两部分落地的时间为 (3)见解析 2.BC[“水火箭”和水组成的系统受到的合外力不为零，但“水 一号-82s 火箭”喷出水时，水和“水火箭”的相互作用力远大于重力，重 炸成A、B两块时，根据在水平方向动量守恒有 力可以忽略不计，所以“水火箭”和水组成的系统可以近似看 mAUA-MBUB 作动量守恒，故A错误，B正确；取竖直向上为正方向，根据 其中mB=0.1kg-0.06kg=0.04kg 动量守恒定律有M一m,=0,解得=，故C正确；“水 解得vB=45m/s 炸成A、B两块后，两部分沿相反方向做平抛运动，则两部分 火箭”做竖直上抛运动，根据运动学规律可知2=2gH,可得 水平位移大小分别为 大膏上齐的最大高症为H-形藏D特】 LA=VAt=60 m L8=vBt=90 m 活动三 则A、B两部分落地时的距离 新知导学 L=LA+LB=150m。 提示：1.因为小孩与小船组成的系统动量守恒，当小孩向左运 (2)由题意可知 动时，小船向右运动。设小孩的速度？的方向为正方向，当小 △EX30%=EM+EB 孩速度为v时，mu一Mn'=0,解得'- M 其中E4=2mAi=27J 2.由人船系统始终动量守恒可知 1 mv一Mv'=0,故当小孩的位移大小为s时，有 EB=2mBo后=40.5J ms一M=0,解得-得 解得△E=225J。 [答案](1)150m(2)225J 又小孩与小备的位移大小与质量成反北，即宁一以。 m 2.BD[设甲、乙两球质量分别为m1、m2,刚分离时两球的速 度分别为v1、v2,取向右为正方向，由动量守恒定律可得(m1 4.s+'=L,解得s=M十m。 十m2),=m10十m:,又02-1=子，联立解得u1= t 一0.1m/s,v2=0.8m/s,可知刚分离时，甲球的速度方向水 平向左，乙球的速度方向水平向右，A、C错误，B正确：爆炸过 程中释藏的能量为△迟=弓m,时十宁m,d-召Cm十侧)， 解得△E=0.027J,D正确。] 新知应用 课堂达标 1.BD[人和船组成的系统动量守恒，系统总动量为零，故人和 1.B[①园林的喷灌装置能够一边喷水一边旋转，属于反冲现 船运动方向始终相反，故A错误；由动量守恒定律有Mv 象。②用枪射击时，子弹向前飞，枪身后退，属于反冲现象。 mv人，又M>m,故v人>v,故B正确；由人船系统动量守恒 ③用力向后蹬地，人向前运动，不属于反冲现象。④章鱼向 且系统总动量为零知，人走船走，人停船停，故C错误；由动 某个方向喷出水，身体向相反的方向运动，属于反冲现象。 量守恒有M兰=m会，又5人十5=L,可得s人一M件，故 ML 故选B。] 2.B[火箭的推力来源于燃料燃烧时产生的向下喷出的炽热 D正确。] 燃气对火箭的反作用力，故A错误；在燃气喷出后的瞬间，万 2D[设人的质量为m1,气球的质量为m2,系统所受重力与 户及其所携设备组成的系统内力远大于外力，系统动量守 浮力平衡，合外力为零，根据系统动量守恒得m1℃1=m2v2, 恒，设火箭的速度大小为，规定火箭运动方向为正方向，由 人与气球运动的距离分别为h=01t=20m,x球=02t,联立可 动量守恒定律得(M一m)v一mv。=0,解得火箭的速度大小 将会产又人十1，入数批条得花表至少为=0m做 m心。，故B正确；喷出燃气后，万户及其所携设备做 为u=M一m 选D。] v2 m2vo 活动四 竖直上抛运动，上升的最大高度h=2g2gMm,故C 新知生成 错误；在火箭喷气过程中，燃料燃烧时产生的向下喷出的炽 1.守恒 热燃气对万户及其所携设备做正功，所以万户及其所携设备 2.增加 机械能不守恒，故D错误。] 14 3.C「小物体与斜面体组成的系统在水平方向上动量守恒，以 则有m1s1=m1s2十m25g 水平向左为正方向，设小物体在水平方向上对地位移大小为 代入数据可得m1:m2=5g:(51-52)=55.68:(44.48 51,斜面体在水平方向上对地位移大小为52，根据动量守恒定 35.20)=6：1。 h 律有0=ms1一Ms2,且s1十s2= tana,解得2- [答案](1)小球做平抛运动的时间相同（其他表述意思正确 即可)(3)26：1 CM+m)tana,故C正确。] mh 活动二 3+ 4.D[取向右为正方向，根据动量守恒有m0=一 新知应用 31, 1.[解析](1)遮光条的宽度d=3mm十5×0.05mm 解得甲的速度为01=4，由能量守恒定律，可得爆炸过程释 =3.25mm。 效的能量为E=名×，+号×(40)-m2= (2)滑块通过光电门1的时间大于通过光电门2的时间，说明 滑块通过光电门1的速度小于通过光电门2的速度，轨道左 3mv,故选D] 低右高，应使轨道左端适当升高一些，使导轨水平。 学案4科学验证：动量守恒定律 (3)要使滑块A与滑块B碰撞后反弹，则滑块A的质量应小 于滑块B的质量。 课堂活动 活动一 (4④)滑块A与滑块B碰撞前的速度大小，= ,则滑块A与 新知生成 2.毫米刻度尺 滑块B碰撞前的动量大小p1=m40,=D4 ,滑块A、B碰撞 t 3.m1v=m1v1'+m2v2 milop=milou+mzloN 过程中，不受外力作用，动量守恒，则mA1=mB2一mAV3, 4.(1)天平(2)水平(4)点C 石一行，综合可得4-mam4 又因为= d 7.(2)同一点(3)大于 t3 t2 t1 新知应用 [答案](1)3.25(2)升高(3)<（④mdmB_mA 1.[解析](1)在检验斜槽末端是否水平时，将小球轻轻地放 t1 t2 t1 在斜槽末端，若小球静止则表明斜槽的末端水平。 2.[解析](1)由xt图像的斜率表示速度可知，两滑块的速度 (2)为了防止入射球碰后反弹，一定要保证入射球的质量大 在t=1.0s时发生突变，此时发生了碰撞。 于被碰球的质量，即m1>m2;由于小球每次离开斜槽末端后 (2)x-t图像斜率的绝对值表示速度大小，由题图乙可知，碰 均做平抛运动，又由于竖直方向下落的高度相同，所以小球 离开斜槽末端到落地的时间均相同，而碰撞后瞬间的速度等 撞前A的速度大小为4=二=(60-10)X102 m/s= △L 1.0 于平抛运动的初速度，由x=v0t,即水平位移与初速度成正 0.50m/s。 比，所以不需要测量小球在空中运动的时间，即不需要测量 (3)由题图丙可知，碰撞前瞬间B的速度大小为VB= 斜槽末端到水平面的高度。 (110-90)×10-2 m/s=0.20m/s,碰撞后A的速度大小为 (3)设碰撞前入射球的速度大小为U。,碰撞后入射球的速度 1.0 大小为1，被碰球的速度大小为2，若碰撞过程中系统动量 04'-110-60)X10 -m/s≈0.36m/s,由题图丙可知，碰撞 守恒，由动量守恒定律得m1v。=m101十m2v2,小球做平抛 2.4-1.0 运动的时间t相等，两边同时乘以t,则有m1℃ot=m11t十 后B的速度大小为。'=90,20)X10 -m/s=0.50m/s, 2.4-1.0 m2v2t,即m1xop=m1xoM十m2xoN。 对A和B的碰撞过程，以向右为正方向，由动量守恒定律有 [答案](1)静止(2)>不需要(3)m1xop=m1xoM十 m2XON mAA十mBB=mAA'十mBvB',代入数据解得A≈2。 mB 2.[解析]（1)小球离开轨道后做平抛运动，由于抛出点的高 [答案](1)1.0(2)0.50(3)2 度相等，小球做平抛运动的时间相等；小球做平抛运动的水 活动三 平位移与初速度成正比，可以用水平位移间接地来代替小球 新知应用 碰撞前、后的速度。 (3)根据实验操作可知，入射小球未发生碰撞时落在位置2。 1.[解析](1)长木板与小车之间有摩擦力，用木片将长木板一 设入射小球未发生碰撞时的平抛初速度为⑦。，发生碰撞后入 端垫起的目的是让重力的分力与摩擦力平衡，从而减小实验 射小球的平抛初速度为1，被碰小球的平抛初速度为V2,由 误差。 动量守恒定律有 (2)如果纸带上打出的点间隔均匀，那么就说明小车在下滑 m1vo=m1v1+m2v2 过程中做匀速直线运动，也就是说，小车所受的合外力趋近 可得m1ot=m11t十m2v2t 于0，那么就表明(1)中的目的已达到。 510反冲运动与火箭 学案3 学案3反冲运动与火箭 听 学匀住多 记 1.知道什么是反冲运动和火箭的工作原理。 2.能利用动量守恒定律解释反冲现象。 3.理解人船模型及其应用。 4.知道爆炸过程中遵循的物理规律，能熟练运用动量和能量的观点解决有关爆炸问题。 ◆课堂活动 3.反冲现象的应用及防止 (1)应用：航天员无绳太空行走是通过太空服背 部的喷气推进装置实现的；有的自动喷水装置 活动一认识反冲运动 喷水时，水流的 可使喷水管旋转起来，！ D新知导学 这样就能达到多角度喷洒的目的。 (2)防止：射击时子弹向前飞去，枪身会向后反！ 一只悬浮在水中的章鱼，当外套膜吸满水后，它的 冲，枪身的反冲会影响射击的准确性；用高压水 总质量为M,突然发现后方有一只海鳗，章鱼迅 枪灭火时，水高速喷出，高压水枪向后反冲，消！ 速将体内的水通过短漏斗状的体管在极短时间内 防队员必须牢牢抓住水枪将身体稍向前倾以保 向后喷出，喷射的水力强劲，从而迅速向前逃窜。 持平衡。 1.章鱼的运动属于什么运动？ 【归纳总结】讨论反冲运动应注意的两个问题 (1)速度的方向性：对于原来静止的整体，可任意 规定某一部分的运动方向为正方向，则反方向运！ 动的另一部分的速度就要取负值。 2.若喷射出的水的质量为m,喷射速度大小为 (2)速度的相对性：反冲问题中，若已知相互作用 v。,则章鱼喷水后瞬间逃跑的速度多大？ 的两物体的相对速度，先将各速度转换成相对同： 一参考系的速度，再列动量守恒方程。 D新知应用 1.(24一25·辽宁丹东期末)乌贼被称为“海中火 箭”，其“外套膜”能够迅速收缩，将海水高速喷 D新知生成 出进而向另一方向加速冲刺，可轻易加速到： 1.反冲运动 15m/s。一质量为0.5kg(不含体内水)的乌 (1)一个静止的系统在内力的作用下分裂为两 贼初始时静止，某时刻开始以相对于地面恒为 部分，一部分向某个方向运动，另一部分必然向 40m/s的速度水平喷水，不计水的阻力且不考： 相反的方向运动的现象。 虑竖直方向的运动和受力变化，则()： (2)规律：系统 很大， 可以忽 A.乌贼喷水过程中乌贼和喷出的水组成的系 略，遵循动量守恒定律。 统水平方向动量不守恒 2.反冲运动的三个特点 B.乌贼向后喷水，喷出的水对周围的水产生一 (1)物体的不同部分在内力作用下向相反方向 个作用力，周围的水对喷出的水的反作用力！ 运动。 使乌贼向前运动 (2)反冲运动中，系统不受外力或内力远大于外 C.若乌贼要极短时间内达到15m/s的速度， 力，遵循 定律或在某一方向 则要一次性喷出约0.19kg的水 上 D.若乌贼要极短时间内达到15m/s的速度， (3)反冲运动中，由于有其他形式的能转化为机 此过程中乌贼受到它喷出的水的作用力的 械能，所以系统的机械能增加。 冲量大小为20N·s 910 鲁科版物理选择性必修第一册 听 2.(24一25·重庆黔江阶段练 (2)明确两部分物体初、末状态的速度的参考系是 习)如图所示，装有炮弹的炮 否为同一参考系，如果不是同一参考系要设法予 笔 车总质量为M,炮弹的质量 以转换。 为m,炮弹射出炮口时对地速率为v,若炮管与 (3)列方程时要注意初、末状态动量的方向。 水平地面的夹角为0，水平地面光滑，忽略火药 D新知应用 燃烧损耗的质量，则炮车后退的速度大小为 1.(24一25·云南玉溪阶段练习)如图所示为多级 火箭结构示意图，发射时先点燃第一级火箭，燃 A.mucos 料用完后，空壳自动脱落，然后下级火箭开始工 M-m B.M一m 作，多级火箭能及时把空壳抛掉，使总质量减 c D.mcs0 少，从而达到很高的速度。若某三级火箭的运 M 载物质量为M,每一级火箭的燃料及空壳质量 活动二 火 箭 为m,燃料相对运载物速率为v。,求： 运载物 少新知导学 第三级 我国早在宋代就发明了火箭，在箭杆上捆一个前 端封闭的火药筒，火药点燃后生成的燃气以很大 >第二级 的速度向后喷出，火箭就会向前运动；现在，我国 “长征”家族系列运载火箭不断壮大。 一级 1.古代火箭与现代火箭的运动是否为反冲运动？ 多级火箭结构示意图 (1)若三级火箭一次把燃气喷完，运载物获得的 2.火箭飞行利用了怎样的工作原理？ 速度大小； (2)若三级火箭逐渐向后喷气，运载物最终获得 的速度大小； (3)试通过计算说明：火箭不是一次把燃气喷完 而是逐渐向后喷气以获得更大反冲速度的 新知生成 道理。 1.原理：火箭发射是典型的 火箭点火 后，燃料燃烧产生的高速气流从火箭尾部喷出， 使火箭 飞行。 2.影响火箭获得速度大小的因素：火箭 越小 越大、燃料越多，火箭能达到的 速度就越大。 3.火箭的最终速度主要取决于两个条件：一是 ；二是质量比，即火箭开始飞行时的质量 与 之比。 【归纳总结】分析火箭类问题应注意的三点 (1)火箭在运动过程中，随着燃料的燃烧，火箭本 身的质量不断减小，故在应用动量守恒定律时，必 须取在同一相互作用时间内的火箭和喷出的气体 为研究对象。注意反冲前、后各物体质量的变化。 1110 反冲运动与火箭学案3 2.（多选)某兴趣小组制作了 3.小孩和船的位移大小与两者质量有什么关系？ 听 如图所示的“水火箭”，实验 课 时瓶内的高压气体将水快 记 速喷出，由于反冲作用，“水 4.若小孩从船头移动到船尾，船长为L,小孩的位 火箭”便会冲向天空。已知 移为多大？ “水火箭”质量为M(不包 含水)，“水火箭”内装有质量为m的水，发射时 在极短的时间内将水以相对地面大小为。的 D新知生成 速度竖直向下喷出。已知重力加速度为g,空 1.“人船模型”问题 气阻力忽略不计，“水火箭”内的空气质量忽略 两个原来静止的物体发生相互作用时，若所受 不计，下列说法正确的是 ( ) 外力的矢量和为零，则动量守恒。 A.“水火箭”喷出水时，由于“水火箭”和水组成 2.人船模型的特点 的系统受重力作用，所以系统一定不能看作 (1)两物体满足动量守恒定律m人x人一m船V解=！ 0,在相互作用的过程中，任一时刻两物体的速 动量守恒 度大小与质量成反比。 B.“水火箭”喷出水时，由于内力远大于外力， (2)运动特点：人动船动，人停船停，人快船快， 所以“水火箭”和水组成的系统可以近似看 人慢船慢，人左船右，人、船位移比等于它们质 作动量守恒 C“水火箭”获得的最大速度大小为号 量的反比，即之=整。人从船头走到船尾时， S船m人 人和船的位移满足s人|十s|=L(L为船 2vo 长)。 D.“水火箭”上升的最大高度为 gM2 【归纳总结】处理“人船模型”问题的两个关键 (1)利用动量守恒，确定两物体的速度或者位移大 活动三探究人船模型 小的关系。 (2)画出两物体的运动草图，找出它们相对地面的 少新知导学 位移的联系。 如图所示，一质量为M的小船静止在水面上，站 新知应用 在船尾的质量为m的小孩，从静止开始向左运动 1.(多选)(24一25·山东潍坊 的过程中。 期中)如图所示，质量为M、 长度为L的船停在平静的湖 22222222222222222 面上，船头站着质量为m的人，M>m,现在人 1,船向哪运动？当小孩速度为v时，船速多大？ 由静止开始由船头走到船尾。不计水对船的阻 力，则 ) A.人和船运动方向相同 B.船运动速度小于人的行进速度 2.当小孩向左移动了s时，船的位移多大？ C.由于船的惯性大，当人停止运动时，船还要 继续运动一段距离 D.人相对水面的位移为M十m ML 111 鲁科版物理选择性必修第一册 听 2.(23一24·湖北武汉期中)如图 (1)A、B两部分落地时的距离L; 课 所示，大气球质量为25kg,载 (2)第二响释放的能量△E。 记 有质量为50kg的人，静止在 空中距地面20m高的地方，气 球下方悬一根质量可忽略不计 灰 的绳子，此人想从气球上沿绳慢慢下滑至地面， 为了安全到达地面，则绳长至少为（不计人的身 高，可以把人看作质点) ( A.20mB.40mC.50m D.60m 活动四探究爆炸问题 D新知生成 物理学中爆炸问题的几个规律 1.动量 :由于爆炸是在极短的时间内完 成的，爆炸物体间的相互作用力远大于受到的 外力，所以在爆炸过程中系统的总动量守恒。 2.动能 :在爆炸过程中，由于有其他形式 的能量（炸药的化学能）转化为动能，所以爆炸 后系统的总动能增加。 3.位移不变：爆炸的时间极短，因而作用过程中物 体产生的位移很小，一般可以忽略不计，可以认 为爆炸后物体仍然从爆炸前的位置以新的动量 开始运动。 2.(多选)(24一25·陕西西 新知应用 安阶段练习)如图所示， !1.(23一24·山西长治期中)双响爆竹，其一响之 光滑水平面上甲、乙两球间粘少许炸药，一起以 后，腾空再发一响，因此得名二踢脚。质量为 速度0.5m/s向右做匀速直线运动。已知甲、 0.1kg的二踢脚竖立在地面上被点燃后发出 乙两球质量分别为0.1kg和0.2kg。某时刻 一响，向下喷出少量高压气体（此过程位移可忽 炸药突然爆炸，分开后两球仍沿原直线运动，从 略)后获得20m/s的速度竖直升起，到达最高 爆炸开始计时经过3.0s,两球之间的距离为x 点时恰好发生第二响，立即被炸成A、B两块， =2.7m,则下列说法正确的是 () 其中质量mA=0.06kg的A部分以A= A.刚分离时，甲、乙两球的速度方向相同 30m/s的速度向南水平飞出。已知第二响释 B.刚分离时，甲球的速度大小为0.1m/s,方向 放的能量有30%转化为A、B的机械能，不计 水平向左 二踢脚内火药的质量和所受的空气阻力，取g C.刚分离时，乙球的速度大小为0.3m/s =10m/s2,求： D.爆炸过程中释放的能量为0.027J 0112 反冲运动与火箭 学案3 A.火箭的推力来源于空气的浮力 课堂小结 听 B.在燃气喷出后的瞬间，火箭的速度大小 Γ内容 mvo 反冲运动 规律：内力远大于外力，动量 守恒 为M一m 课笔记 特点 C,喷出燃气后，万户及其所携设备能上升的最 L应用与防止 大高度为 m2vi (M-m)2 火箭 原理：反冲运动 反冲运动 影响因素：负荷、喷气速度、 D.在火箭喷气过程中，万户及其所携设备的机 与火箭 燃料 械能守恒 人船模型 特点：m人人=m船船，m人人 3.如图所示，一个倾角为 =m船’5船十5人=L α的直角斜面体静置于 光滑水平面上，斜面体 动量守恒 mmnamammmaia 爆炸问题 动能增加 质量为M,顶端高度为 -位移不变 h。现有一质量为m的小物体（可视为质点）， 沿光滑斜面下滑，当小物体从斜面顶端自由下 滑到底端时，斜面体在水平面上移动的距离是 课堂达标 ) 1.下列属于反冲现象的是 ( mh Mh ①园林的喷灌装置能够一边喷水一边旋转 A.M+m B.M+m ②用枪射击时，子弹向前飞，枪身后退 mh Mh ③用力向后蹬地，人向前运动 C.(M+m)tan a D.(M+m)tan a ④章鱼向某个方向喷出水，身体向相反的方向 4.(23一24·黑龙江哈尔滨期末)一个质量为m 运动 的小型炸弹自水平地面朝右上方射出，在最高 A.①②③ B.①②④ 点以水平向右的速度v飞行时，突然爆炸为质： C.②③④ D.①③④ 量相等的甲、乙、丙三块弹片，如图所示。爆炸 2.(24一25·浙江杭州期末) 之后乙自静止自由下落，丙沿原路径回到原射： 火箭发射领域“世界航天第 出点。若忽略空气阻力，则爆炸过程释放的能 一人”是明朝的士大夫万 量为 ( 户，他把47个自制的火箭 丙 绑在椅子上，自己坐在椅子 上，双手举着大风筝，设想 利用火箭的推力，飞上天 空，然后利用风筝平稳着陆。假设万户及其所 携设备（火箭、燃料、椅子、风筝等）的总质量为 M,点燃火箭后在极短的时间内，质量为m的 17 6 mu? A. B.8 炽热燃气相对地面以的速度竖直向下喷出 h%2 忽略空气阻力的影响，重力加速度为g,下列说 C.1 法正确的是 ( 2 mv 时 课后反思 1310