单元过关(十五) 交变电流 传感器-【衡水真题密卷】2026年高考物理单元过关检测(广东专版)

今天的劳力，是为了明天的不后悔 2025一2026学年度单元过关检测（十五）》 A.若抽掉电感线圈L内部的铁芯，则L2变亮 班级 B.若增大电容器C两极板间距，则L1变亮 卺题 物理·交变电流传感器 C.若增大交流电源的叛率，则L1比La暗 D.若增大照射在光敏电阻R上的光强，则L3变暗 姓名 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 3.某同学利用压力传感器设计水库水位预警系统。如图所示，电路中的R:和R2,其中一 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有 个是定值电阻，另一个是压力传感器（等效为可变电阻）。水位越高，对压力传感器的压 一项是符合题目要求的。 得分 力越大，压力传感器的阻值越小。当a、b两端的电压小于U:时，控制开关自动开启高 题号 1 2 3 5 6 7 水位预警：当a、b两端的电压大于U:时，控制开关自动开启低水位预警。已知U1,U 答案 为定值，下列说法正确的是 预警系统 () 1.如图所示，在<-之和≥区城中，存在垂直0平面向里、磁感应强度大小为B的 A.U>U B.R:为压力传感器 挖制开关 匀强磁场（阴影表示磁场的区域），边长为2d。的正方形金属线圈中心与坐标原点O重合， C.定值电阻的阻值越小，开启低水位预警时的水位越低 ab边垂直于y轴。从图中位置（线圈位于xOy平面内）开始，线圈以y轴为转轴匀速转 D,定值电阻的阻值越大，开启高水位预警时的水位越低 动，下列描述线圈内产生的交变电动势随时间变化的图线（实线）正确的是 () 4.在如图所示的电路中，M是理想自耦变压器，电表均为理想电表，R。是定值电阻，R为 滑动变阻器，在a,b两端加上电压为U的正弦交流电，则下列说法正确的是() A,仅将滑片P,沿顺时针方向转动，电压表示数变大 B.仅将滑片P沿顺时针方向转动，整个电路消耗的功率变大 C.仅将滑片P2向下移动，电流表示数变大 D,仅将滑片P:向下移动，变压器的输人功率一定变大 5.如图甲所示为远距离输电示意图，变压器均为理想变压器。升压变压器原线圈匝数为150 B 匝，副线圈匝数为1500匝，其输入电压如图乙所示，远距离输电线的总电阻为20Ω。降压 变压器右侧电路中R,为定值电阻，R,为滑动变阻器，则下列说法正确的是 () 升压变压器 降压变压器 2502 远距离输电线】 电站 0.0m0.00.03d 250w2 C D 2.如图所示，在恒压交流电源的两端接上电容器C、电感线圈L和光敏电阻R,稳定后，电路中 A.降压变压器副线圈输出的交流电频率为100Hz 三个相同的灯泡均发光，且亮度相同。已知光敏电阻的阻值随着光照强度的增加而减少，则 B.若升压变压器的输入功率为75kW,远距离输电线路损耗功率为9kW () C.当滑片P向a端滑动时，电阻R:上的电压变小 D.当滑片P向a端滑动时，输电线上的电流变大 6.图甲是某小型发电机的简易图，图乙是线框的剖面图。N匝线框abcd的总电阻为r,以 图多②1 角速度仙在磁场中匀速转动，OO'为线框的对称轴，ab边的长度为L1,bc边的长度为 单元过关检测（十五）物理第1页（共8页） 真题密卷 单元过关检测（十五）物理第2页（共8页） ) L。线框处在如图乙所示的磁场中，且ab,cd边经过的磁感应强度大小均为B,导线框 440W2 可在两金属半圆E、F内侧自由转动，E、F经导线和电阻R相连。当线框逆时针匀速 D 转动时，闭合开关S,其余电阻不计，下列说法正确的是 () 0.5 15 210) L⑧ -4405 甲 A.电压表V的读数为88V B.灯泡L两端电压的有效值为22,2V C.当滑动变阻器R的滑片P向下滑动时，两电流表的示数均减小 D.原线圈接入的交变电压的瞬时值表达式为u-440sin(100πt)V 9.如图所示为某台式电脑的电源部分电路图，变压器可视为理想变压器，已知变压器初级线 A.产生的感应电动势e=NBL1L2 wsin wt 圈匝数为n1,两端接电压U1=220V的交流电源，次级有两个绕组，匝数分别为n2和n1, 输出电压分别为U2=12V和U3=5V,电路工作时流过每个绕组的电流分别为I1,I:、 且线圈转动了，电阻R产生的热量为"L 4(R十r)8 I:,两个绕组的输出功率分别为120W和60W。则下列说法正确的是 () A.初级线圈和次级线圈内的磁通量变化率不相同 C线圈转动T,通过R的电荷量为R, B12 D.线框转到图乙所示位置时，ab边所受的安培力方向向左 n35 7,如图所示为模拟远距离输电实验电路图，两理想变压器的匝数n1=m4<n2=a,四根模 拟输电线的电阻R、R2R、R,的阻值均为R,A、Az为相同的理想交流电流表，L、L C14-品Al:-10A,-12N 为相同的小灯泡，灯丝电阻R>2R,忽略灯丝电阻随温度的变化当A,B端接入低压交 D.110 流电源时 () 10.如图甲所示，在匀强磁场中，一闭合矩形金属线圈可绕与磁感线垂直的中心轴OO',逆 A.A1、A:两表的示数相同 B.L1、L2两灯泡的亮度相同 时针匀速转动，线圈两次以不同的转速转动产生的正弦式交变电动势图像如图乙中图 C.R,消耗的功率小于Rs消耗的功率 线1、2所示，则 () D,R,两端的电压大于R,两端的电压 R 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多 ,图线1 ,图线2 项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 题号 8 9 10 答案 8.如图甲所示，理想变压器原、副线圈匝数比n1:n:=10：1,原线圈接有电流表A1,副线 A.两次1=0时刻线圈平面均与磁场方向平行 圈电路接有电压表V、电流表A:、滑动变阻器R等，所有电表都是理想交流电表，二极 B.图线甲，乙对应的线圈转速之比为2：1 管D正向电阻为零，反向电阻无穷大，灯泡L的阻值恒定，当原线圈接入如图乙所示的 C.将转轴移至与线圈ab边共线，则相同转速下交变电动势的峰值不变 交变电压时，下列说法不正确的是 () D.若线圈电阻为0.1Q,则线圈电动势按图线2规律变化时的发热功率为10W YJ 单元过关检测（十五）物理第3页（共8页） 真题密卷 单元过关检测（十五）物理第4页（共8页）】 三、非选择题：本题共5小题，共54分，考生根据要求作答。 A.电源E(电动势12V,内阻可忽略) 11.(7分)某同学要进行“探究变压器原，副线圈电压与匝数的关系”的实验。实物图如图 B.电流表A1(满偏电流10mA,内阻r1=10n) 所示。 C.电流表Az(量程0一1.0A,内阻r8约为0.5) 铁芯横梁 D.滑动变阻器R,(最大阻值为10Ω E.滑动变阻器R:(最大阻值为5002) F.定值电阻R,=990 G.单刀单掷开关，单刀双掷开关各一个，导线若干 (1)关于实验，下列说法正确的是 (1)若要求热敏电阻两端的电压可以从零开始调节，应选择接人电路中的滑动变阻器 A.为确保实验安全，实验中要求原线圈匝数小于副线圈匝数 为（填器材前的字母），请在图甲中将电路图补充完整。 B.为了确保人身安全，只能使用低于12V的电源 (2)物理实验小组用I1表示电流表A:的示数，I:表示电流表A2的示数，通过实验画 C.通电情况下不可以用手接触裸露的导线、接线柱 出两个热敏电阻接人电路时的I1-1:图线如图乙中a、b所示。若将图线b所代表 (2)为了探究n1=400匝、m:一200匝的变压器原、副线圈电压与匝数的关系，请用笔画 的元件直接接在一个电动势E=10V,内阻r=102的电源两端，则该元件的实际 线代替连线，将图中的实物连接补充完整。 功率为 W(结果保留2位有效数字)。 (3)在实验中，两个电压表的读数记录如表所示 I/mA 电压次数 1 2 3 5 10 U/V 2.54.57.0 9.010.5 U:/V 1.22.23.44.4 5.2 该同学多次实验后发现原、副线圈的电压之比总是 (填“稍大于”“等于”或 者“稍小于”)原、副线圈的匝数之比，试分析其原因： o由A 020.40.60.810 12.(9分)随着技术创新和产业升级，我国新能源汽车强势崛起实现“换道超车”，新能源汽 (3)在汽车电路中常用热敏电阻与其他元件串联起来接入电路，用于防止其他元件两 车对温度控制有非常高的要求，控制温度时经常要用到热敏电阻。物理实验小组找到 端的电压过大，从而保护电路和设备，你认为应该选用 (填“PTC”或 两个热敏电阻，一个是PTC热敏电阻，其电阻随温度的升高而增大：另一·个是NTC热 “NTC”)热敏电阻，请简述该热敏电阻防止电压过大的原因： 敏电阻，其电阻随温度的升高而减小。该实验小组想利用下列器材来探究这两个热敏 电阻（常温下阻值约为10.0）的电学特性及作用。 PTC 13.(9分)如图所示是小型交流发电机的示意图，线圈绕垂直于匀强磁场方向的水平轴 O)沿逆时针方向匀速转动，角速度为细，匀强磁场磁感应强度大小为B,线圈匝数为 N,面积为S,总电阻为r,外接电阻为R,电压表V为理想交流电压表。在t=0时刻， 穿过线圈的磁通量为零 (1)写出发电机产生的电动势瞬时值表达式，并求交流电压表的示数。 (2)从t=0时刻开始线圈转过30°的过程中，求通过电阻R的电荷量， (3)求电阻R上的热功率」 单元过关检测（十五）物理第5页（共8页） 真题密卷 单元过关检测（十五）物理第6页（共8页） ) 剂 15.(16分)推动绿色转型，发展绿色低碳产业，积极稳妥推进“碳达蜂”“碳中和”，牢固树立 和践行绿水青山就是金山银山的理念，草原上具有丰富的风能，因此草原上的风力发 电具有广阔的前景.如图甲所示为风力发电的简易图，通过变速箱，转轴的转速能达到 扇叶转速的5倍，转轴带动线框以恒定的转速在匀强磁场中做匀速圆周运动，已知线 框的匝数V=100匝，线框的面积S=2.5m,磁场的磁感应强度大小B= 40元T,结果 线框能从4b间输出U1=250V的电压，且该电压输入升压变压器的原线圈，如图乙 所示，升压变压器原，副线圈的匝数比为K:,并通过电阻R=4Ω的输电线向用户送 电，到达用户端时通过匝数比K:=4:1的降压变压器为额定电压U。=220V、额定功 14.(13分)如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比1n:=1:3,定值电阻R:接在原线 率P。=4.4kW的用电器供电。求： 圈回路中，允许调节的最大阻值为1000的滑动变阻器R和定值电阻R:串联接在副 (1)扇叶的转速n: 线圈回路中，已知R,=10Q,R2一20n,原线圈一侧接在输出电压U。=28V的正弦交 (2)K,的值： 流电源上。开始时，调节滑动变阻器的滑片，使滑动变阻器接入电路的电阻值最大。 (3)远距离输电的输电效率（结果保留三位有效数字）。 匀强磁场 (1)求此时滑动变阻器消耗的功率。 1叶 转轴×x十 (2)若调节滑动变阻器滑片，能够使变压器输出功率达到最大值，当变阻器接人电路的 变速器 用户 阻值为多少时，变压器输出功率最大？最大值为多少？ 线框 升压变压器 降压变压器 YJ 单元过关检测（十五）物理第7页（共8页） 真题密卷 单元过关检测（十五）物理第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 Q-Q-zmgh 8 又Qp5:Qx5=1:2 32 当乙锁定后，易证明金属杆甲离开宽为2L的磁 解得Qs=2187mgh 场区域后不会再回到该区域 则Q甲=Q1十Q甲2+Q甲3十Q甲4十Q甲5= 1 644 Q5=Q甲5+Q25三2m11729mgh (1分) 2187mgh。 (1分) 2025一2026学年度单元过关检测（十五） 物理·交变电流传感器 一、单项选择题 E 1.D【解析】从图中位置（线圈位于xOy平面内） 欧姆定律知，a、b两端的电压U=R,十RR1 开始，线圈以y轴为转轴匀速转动，开始时刻穿 R,定值电阻R:的阻值越小，a、b两端电压 E 过闭合线圈的磁通量最大，线圈位于中性面，产 1 生正弦交流电，瞬时值表达式为e-Esin wt,当 为U2时，压力传感器R1阻值需要越小，则水位越 线圈转过60°时，此时线圈中产生感应电动势的 高，C错误；同理，定值电阻R2的阻值越大，a、b 醉时位e=Esn60-E,在线图转动一周的过 两端的电压为U1时，压力传感器R1阻值需要越 大，则水位越低，D正确。 程中，线圈从60°转动到120°，240°到300°的过程 4.A【解析】将变压器和副线圈负载看成一个等效 中，穿过线圈的磁通量一直为0，根据法拉第电磁 感应定律可知，线圈中无感应电动势产生，结合选 电，则有R:=(阳)'R,仅将清片B沿瓶时针 项图像，D正确。 方向转动，副线圈匝数n2减小，由U=I1R。十 2.A【解析】若抽掉电感线圈L内部的铁芯，线圈 的自感系数减小，由XL=2元fL可知，感抗减小， ()1R可知，原线圈息流I减小，对R。两弦 使得通过灯泡L2的电流增大，所以灯泡L2变 电压减小，电压表示数变大，整个电路消耗的功率 亮，A正确；若增大电容器C两极板间的距离， P总=UI1,可知整个电路消耗的功率变小，A正 确，B错误；仅将滑片P2向下移动，R变大，根据 根据C三4知，电容器的电容减小，由X。号 2fC可知，容抗增大，使得通过灯泡L的电流减 1 U=IR+()1R,可知原线圈电流1减小， 小，所以灯泡L变暗，B错误；若增大交流电的频 =”2可知，副线圈电路中的电流1，变小， 根据， 率，电容器容抗减小，电感线圈感抗增大，使得通 则电流表示数变小，变压器输入功率P=UI1一 过灯泡L1的电流将比L2的大，所以灯泡L将比 IR。,由于P与I1是非单调关系，因此不能确定 L2更亮，C错误；若增大照射在光敏电阻R上的 变压器输入功率如何变化，C、D错误。 光强，光敏电阻的阻值减小，通过L3的电流变大， 5.D【解析】由题图乙知交流电的周期为0.02s, L3变亮，D错误。 1 所以频率∫=下=50Hz,A错误，由题图乙知，升 3.D【解析】由题意知，控制开关自动开启低水位 预警时，水位越低，压力传感器的阻值越大，压力 压交压器输入端电压有效值U=2502V=250V, √2 传感器两端电压越大，定值电阻两端电压越小，根 据串联电路分压特，点可知，R1为压力传感器，高 若升压变压器的输入功率为75kW,则11=U 水位时压力传感器的电阻值较小，压力传感器R 75×103 两端电压较小，U2>U1,A、B错误；根据闭合电路 A=300A,根据理想变压器原、副线图电 250 ·19· YJ 真题密卷 单元过关检测 有1-九2-1500 U 流与亚数的关系有7”-50，所以1，=30A, ,(2RK+尺)-(2R+R,) R 所以远距离输电线路损耗功率△P=IR=302X 2RK+K 20W=18kW,B错误；对输电回路有U2=I2R十 (K-1)(2RK-R) ,因为R.>2R,K<1,可知 K U3,根据理想变压器原、副线圈电压与匝数的关系有 -,根搭理想变压器原、副线圈电流与匝数的关 (2RK+是)-(2R+R)-K-少2K-R U4n41 RL 有_I=,对用电回路有U,=L4(R,十R), 系有了一工。 0,即有(2RK+K)>(2R+R),故Ie>IA,A 错误；(2RK2+RL)-(2R十RL)=2R(K2-1), 联立可得U=1,R+()1,R+R,)-1,R+ 因为K<1,可知(2RK2+RL)-(2R+R)=2R n3 (K2-1)<0,即有(2RK2++RL)<(2R+RL), ”1,R,十R),当滑片P向a端滑动时，R:减小， 可得I1>IA2,B错误；电阻R1、R3相等，且IA2> 升压变压器副线圈两端电压U2不变，则I2、I4增 IA1,根据公式P=IR,可知R1消耗的功率小于 大，电阻R1上的电压变大，C错误，D正确。 R?消耗的功率，C正确；电阻R2、R4相等，且 6.C【解析】由题图乙可知，线框转动的线速度方 IA2>IA1,根据闭合电路欧姆定律知U=IR,可知 R2两端的电压小于R4两端的电压，D错误。 向时刻与磁场方向垂直，故此发电机产生大小恒 二、多项选择题 定的感应电动势，大小e=NBSw=NBL1L2ω，A 8.ACD【解析】由题图乙可知，理想变压器原线圈输 特误；线周特动写，根搭焦耳定律有Q=1严R× T U 入电压的有效值U=V=440V,根据元， E=NBLL",其中T=2x, 2 又电流I=R十，=R+r ,可得副线圈的输出电压U2=44V,电压表V 解得电阻R产生的热量Q=NBLL元R n2 B 2(R+r)2 的示数为有效值，即为44V,A错误；设灯泡L两 错误；线圈转动时间T,根据q=IT,且电流I= 端电压的有效值为U',灯泡L的阻值为r,交变电 E=NBL0,其中T=2 流的周期为T,因为二极管的单向导电性，根据有 ,联立解得通过R R+ R十r U:T U2 的电荷量q= 2NBπLL2,C正确；由题知，线框 效值的定义有，·2-，T,解得U=25V, R十r B正确；当滑动变阻器R的滑片P向下滑动时，滑 逆时针匀速转动，则线框转到题图乙所示位置时， 动变阻器R接入电路的阻值减小，则由欧姆定律 αb边的线速度方向为水平向左，根据右手定则可 可知电流表A2的示数增大，因为理想变压器输入 知，ab边的电流方向为垂直纸面向里，根据左手定 功率与输出功率相等，所以电流表A1的示数也增 则，可知所受的安培力方向向右，D错误。 2π2π 大，C错误；根据u=行-0.O2rad/s=100mrad/s, 7.C【解析】设变压器原、副线圈数比为K(K< 1),A、B端接入的电压为U,则L2两端的电压 可知原线圈接入的交变电压的瞬时值表达式为 U u=440√2sin(100πt)V,D错误。本题选择不 U,-2R。,电流表A:的示数1e=2R十R,】 正确的选项，故选A、C、D。 对于变压器电路，升压变压器副线圈两端的电压 9.BC【解析】由于初级线圈和次级线圈绕在同一 U 铁芯上，所以通过线圈的磁通量相等，即磁通量的 为K,设通过L的电流为1，则L两端的电压为 变化快慢一样，A错误；由法拉第电磁感应定律E I1RL,电流表A的示数IA1=KI1,降压变压器原 d,可知：-012 △Φ =n 线圈的电压为1R,剥有只-2RK1,=是 nU=5,B正确；由P=UI可 RL, K 知，绕组n2输出电流I2=10A,绕组n3输出电 U KU 流I3=12A,理想变压器的输入、输出功率相 解得1=2RK+R,则1IAu=K11=2RK+R 等，即P1=P2十P3,所以绕组1输入电流I1 YJ ·20· ·物理· 参考答案及解析 9 =立A,C正确；由功率关系P1-P,十P,可知 副线圈匝数比，即说明副线圈的电压偏低，导致 这种现象的原因是漏磁、铁芯发热、导线发热等 1-a1+,斯以爱经-四D买 能量损耗，使副线圈两端电压偏低。 12.(1)D(1分)图见解析(2分)(2)2.5(2分)(2.4 10.BC【解析】两次t=0时刻，感应电动势均为零， ~2.6均可)(3)PTC(2分)在汽车电路中，当 通过线圈的磁通量最大，线圈平面均与磁场方向 温度升高，PTC热敏电阻的电阻会增大，由串联 垂直，A错误；由题图乙可知T甲=4×10-2s, 分压可知，可以防止其他元件两端的电压过大， Te=8X102s根据m2=可知因线1,2 从而保护电路和设备(2分)（意思对即可） 【解析】(1)因为要求热敏电阻两端的电压从零 对应的线圈转速之比n甲：nz一Tp:T 11 -=2:1, 开始逐渐增大，所以滑动变阻器采用分压接法， 为了便于调节，应选用阻值较小的滑动变阻器，D B正确；交变电动势的峰值Em=NBSw= 正确，如图所示。 2πNBSn,可知将转轴移至与线圈ab边共线，则 PT● 相同转速下交变电动势的峰值不变，C正确；由 题图乙可知Um甲=2V,根据Em=NBSw= NTO Uap=甲，则U2=1V,乙线图 2NBSn,可得Ua2-n乙 A 感应电动势的有效值U _Unt_V2 V,线圈电 √2 2 动势按图线2规律变化时的发热功率P U (2)由测量电路，可知热敏电阻电压U= R I1(R3+r1)=1000I1,热敏电阻的电流I=I2- 5W,D错误。 I1≈I2,把I1I2图像转换为UI图像，并做出电 三、非选择题 动势E=10V,内阻r=102的电源的U-I图 11.(1)BC(1分)(2)图见解析(2分)(3)稍大于 线，如图所示。图像中电源的U-I图线与图线b (2分)变压器不是理想变压器或漏磁或涡流或 的交，点坐标的乘积即为该元件的实际功率P= 电阻等(2分)（意思对即可） UI=4.4×0.56W≈2.5W。 【解析】(1)为确保实验安全，实验中要求原线圈 ◆UV 匝数大于副线圈匝数，A错误；变压器的工作原 10 理是电磁感应，原线圈两端应接交流电，为了人 身安全，只能使用低压交流电源，所用电压应不 超过12V,B正确；连接好电路后，要先检查电 路是否正确，然后再接通电源，通电时，若用手接 触裸露的导线、接线柱，这样无形之中，将人体并 联在电路中，导致所测数据不准确，也不符合用 0 0.20.40.60.81.0 电安全规范，C正确。 (3)在汽车电路中，当温度升高，PTC热敏电阻的 (2)连接实物图如图所示。 电阻会增大，由串联分压可知，可以防止其他元 铁芯横梁 件两端的电压过大，从而保护电路和设备，所以 应该选用PTC热敏电阻。 NBSwR NBS 13.(1)e=NBSwcos wt √2(R+r) (2)2R+7) (3)NB'S'o'R ③》原制线周的臣致比会：一器-子遇过分新实 2(R+r)2 【解析】(1)交流发电机产生的电动势最大值 验数据发现原、副线圈的电压比总是稍大于原、 Em=NBS@ (1分) ·21· YJ 真题密卷 单元过关检测 电动势随时间的变化关系式为 整理得 e=Emcos wt U P 即e=NBSwcos wt (1分) Tn1) (R2+R)-R1 线圈中电流的有效值 n2 +4R Em (R2+R) I-(R+r） (1分) 交流电压表显示的是路端电压有效值，故示数 当()'(R,十R,)=R,时，变压器喻出功率装大 U=IR (1分) (1分) 解得U= NBSoR (1分) 即Rz=702 2(R+r) 变压器最大输出功率 (1分) (2)从t=0时刻开始线圈转过30°的过程中，通 U 过电阻R的电荷量 Pm一4R1 =19.6W。 (1分) N△Φ 15.(1)4/5(2)8 △t N△Φ (3)97.8% g=I△L=R十，△M=R十，△ R+r (1分) 【解析】(1)输入升压变压器原线圈的电压为 又△Φ=BSsin30°-0 U1=250V,则风力发电产生感应电动势的最 NBS 解得q一2(R十r) (1分) 大值 (3)电阻R上的热功率 Um=√2U1=250√2V (1分) P=IR (1分) 设转轴的转速为n,则由题意知 解得P=N2BS2wR Um=NBSw 2(R+r)2· (1分) w=2πn (1分) 14.(1)16W(2)70219.6W 解得n=20r/s (1分) 【解析】(1)设原线圈中电流大小为I,则 结合题意可知扇叶的转速 I_2 (1分) -号-4 (1分) I2 n 解搭1。=号 (2)由题意可知，降压变压器副线圈的电流 (1分) 1是- A=20A (1分) 则副线圈两端电压 4-6R+R,号 由变压器的工作原理知 (2分) U3_3=K2 U ns (1分) 设原线圈两端电压为U1 Un 得降压变压器原线圈的电压 (1分) U2 n2 U3=880V (1分) 对原线圈回路有 (1分) U。=U1+IR1 (1分) 好品= 可得I=1.2A (1分) 得I3=5A 此时滑动变阻器消耗的功率 输电线上损失的电压 P-(g)》R=16w △U=I,R=5×4V=20V (1分) (1分) 升压变压器副线圈的输出电压 (2)设变阻器接入电路电阻为R,则有 U2=U3+△U=(880+20)V=900V (1分) U=U+R=1()‘(R+R)+1R11分) U_m 则由U2ne 变压器输出功率 可知升压变压器原、副线圈的匝数比 P-()(R:+R) 5 (1分) K1一18 (1分) YJ ·22· ·物理· 参考答案及解析 (3)输电线上损失的功率 远距离输电的效率 △P=IR=52×4W=100W (1分) 7-号×10% (1分) 用户得到的电功率 P。=4400W (1分) 代入数据解得 发电机的输出功率 7=97.8%。 (1分) P=P。+△P=(4400+100)W=4500W (1分) 2025一2026学年度单元过关检测（十六） 物理·热学 波粒二象性原子与原子核 一、单项选择题 1.B【解析】根据布朗运动的特点可知，炭粒越小， 温度越高，布朗运动越明显，A、D错误；小炭粒在 不停地做无规则运动，这种运动就是布朗运动，B 正确；水分子很小，在光学显微镜下看不到水分 子，C错误。 2.D【解析】由辐射强度图线可知，向外辐射相同 5.A【解析】根据雪花具有形状规则的几何形状， 波长的电磁波的辐射强度随温度的变化而不同， 且雪花在熔化时，吸收热量温度不变，具有确定的 同一黑体在不同温度下向外辐射相同波长的电磁 熔点，所以雪花是单晶体，则单晶体具有各向异性 波的辐射强度随温度的升高而增大，A、B错误； 的物理性质，A正确，B错误；平均动能与温度有 同一黑体在不同温度下随温度的增加向外辐射的 关系，故0°C雪花的水分子的平均动能与0°C液 最大辐射强度的电磁波的波长向短波方向偏移，C 态水分子的相同，C错误；雪花是固体颗粒，飞舞 错误，D正确。 时，是宏观上的机械运动，不能说明分子在做无规 3.D【解析】半衰期与元素的化学性质、物理环境 则运动，D错误。 均无关，可知发生火灾时温度升高，Am的半衰 6.C【解析】直线AB对应的电压是在A、K两端 加不同频率光对应的遏制电压，由动能定理和光 期不变，A错误；α射线贯穿本领弱，这种报警装置 电效应方程有eU=Ek,Ek=hv一W。,解得eU= 应用了a射线电离能力强的特点，B错误；Am 发生α衰变过程中将要释放能量，C错误；根据电 hu一W,变形得=后U十 南题毒有后-， 荷数、质量数守恒可知，Am发生α衰变的核反 应方程为阳Am→28Np十He,D正确。 =,解得五=名即。=，A错误：由题因己 h 4.B【解析】由题图像Epr可知，分子间距为r2 可知，D,点和C点对应的电压相同，D,点对应的入 时分子势能最小，分子间的作用力为零，A、C错 射光频率更大，但形成的光电流的大小还与入射 误；r1变到r2的过程中，分子间距增大，分子间的 光的强度有关，由题图乙无法判断两种情况下的 入射光强度，故D,点条件下形成的光电流不一定 引力与斥力均减小，B正确；在r由r1变到10r2 比C点条件下形成的光电流大，B错误；由光电效 的过程中，作分子间作用力F与分子间距离”的 应方程和动能定理知，满足D点条件的光电子 关系图像，从1变到r2的过程中，分子力先表现 到达A极的最大动能EkD=eU1十hy1一W。,解 为斥力，分子力逐渐减小到零，再变为引力，从2 变到10r2的过程中，分子间的作用力先增大后减 得Ew=U1e+后(-)，C正确，因为存在饱 小，D错误。 和电流，所以在光照强度相同的情况下，沿直线从A ·23· YJ