单元过关(二)相互作用-【衡水真题密卷】2026年高考物理单元过关检测(湖北专版)

真题密卷 单元过关检测 解得t3=4s x2=16m x2=16m 若行人沿AB方向逃离，当泥石流减速至与行人 行人匀速至D所用时间 速度相等时有 t-L- Um=v1-a3ls (1分) (1分) 解得t,=6s 结合上述解得t4=2.5s 上述过程泥石流与行人的位移分别为 △t十t3十t4=7.5s>t1十t2=7s (1分) 可知，行人不能到达安全区，行人被泥石流掩埋 In-VVsl (1分) 2 的位置与D点的距离 x特=Umt5 (1分) x=vm（△t+t3十t4-t1-t2) (1分) 解得x泥=84m 解得x=4m。 (1分) x行=48m (3)结合上述可知 由于x花<x0十工2十x行 (1分) t1=t3+△t=5s (1分) 可知，行人能脱离危险，泥石流与行人间的最小 即泥石流到达坡底时，行人恰好加速至最大速 距离 度，此过程行人的位移 xmin=x0十x2十x行一x泥=16m (1分) 2025一2026学年度单元过关检测（二）物理·相互作用 一、选择题 1.B【解析】手机和支架受到的力有重力、大气压 2,对托盘A、竖直杆B、水平横杆H与齿条C 力、玻璃的弹力和玻璃的摩擦力，共4个力，A错 和重物整体研究，根据平衡条件得g=2F,根据 误，B正确；前挡风玻璃给支架的作用力为弹力和 胡克定律公式F=飞△x,联立解得每根弹簧的劲 摩擦力的合力，与大气压力和重力的合力等大反 向，不可能竖直向上，C错误；受前挡风玻璃的摩 度系数及=爱B正. 擦力方向一定是与玻璃相切，不可能竖直向上， 5.D【解析】设轻质硬杆的弹力为F,与竖直方向 D错误。 夹角为日，将细线对O点的拉力按照效果分解如 2.B【解析】书与A4纸恰好一同运动，对于书和 图甲所示，竖直方向有2Fcos0=Mg,再将杆对木 A4纸组成的整体有F>μ2Mg,由于A4纸的上、 块的推力按照效果分解，如图乙所示，根据几何关 下两面均有摩擦力，要想A4纸不滑出，则F< 系有F,=Fsin0,联立解得F,=g1an0,若挡 2 2gmg,整理得241mg>4Mg,解得m>M, 板间的距离稍许减小后，角日变小，F,变小，所以 B正确。 挡板与木块间的弹力变小，A错误；若木块没有滑 3.B【解析】由题图可知，当两分力夹角为180°时， 动，对整体受力分析，由平衡条件可知两挡板的摩 两分力的合力为2N,则有|F1一F2|=2N。当两 擦力之和与整体的重力平衡，即2F:=(2m十 分力夹角为90°时，两分力的合力为10N,则有 M)g,若木块发生了相对滑动，则挡板与木块间的 √F十F=10N,联立解得这两个分力的大小分 摩擦力由静摩擦力转变为滑动摩擦力，摩擦力增 别为6N和8N,C、D错误；当两个分力方向相同 大，B、C错误；若木块没有滑动，对其中一个木块受 时，合力最大为14N,当两个分力方向相反时，合 力分析如图丙所示，竖直方向F-mg十Fcos0,联 力最小为2N,因此合力大小的变化范围是2N≤ 立解得F,=CM+2m)g,由于F,<R,则≥ F≤14N,A错误，B正确。 4.B【解析】由题图乙可知，弹簧的形变量等于齿 Mtam0,即木块与挡板间动摩擦因数至少为 2m+M 条C下降的距离，由于齿轮D与齿条C啮合，所 2m+M 以齿条C下降的距离等于齿轮D转过的孤长，根 Mtan9,D正确。 据教学知识可得：=0·号，即珠费伸长== ·4。 ·物理· 参考答案及解析 误；根据题意，D端连接两条轻绳，两条轻绳的力 不一定大小相等，且杆CD为铰链连接，为“活”杆， 杆力沿着杆的方向，根据F#cos53°=Tcos37°= meos37,解得F以=音m,C错误：当启为电动 机使重物缓慢下降时，T=mg不变，a十B变小，根 挡 据Fa=2Tcos生月，可知F#变大，D正确 02 板 绕过 B T53 F 挡 挡 D 02 板 37 一电机 0 8.BD【解析】对小球A进行受力分析，三力构成矢 丙 6.A【解析】在材料绕轴线逆时针缓慢转过90°角 量三角形，如图所示，根据三角形相似，可得瓷 的过程中，对均匀圆柱形木棒受力分析，由力的平 OAOA,缓慢运动过程0A越来越小，则F逐 F′F 衡条件可知，重力mg、槽面OA对木棒的弹力 F4和槽面OB对木棒的弹力FOB构成封闭的三 渐减小，由于OA长度不变，则轻杆对小球的作用 角形，即三力的合力是零，如图所示，在转动中两 力F'大小不变，A错误，B正确；设轻杆与水平方 弹力FA、FOB的夹角不变，可知当由题图示位置 向夹角为O,对木板B分析有N'=Mg十F'sin0, 逆时针缓慢转过30°时，槽面OA对木棒的弹力 f=F'cos0,根据上述，轻杆弹力F'大小不变， 2√3mg 日增大，则N'增大，∫减小，即地面对木板的支持 Fo有最大位，最大值Fam=3吗 力逐渐变大，地面对木板的摩擦力逐渐减小，C错 A正确；由图可知，槽面OB对木棒的弹力FB 误，D正确。 直增大，B错误；槽面OA对木棒的弹力先增大后 减小，C错误；由力平衡条件可知，槽面OA与槽 面OB对木棒弹力的合力始终等于木棒的重力，合 力大小不变，D错误。 V609 609 '0 B 777777 Q609 mg 309 9.BD【解析】对斜面、两物块与弹簧整体进行分 析，受到重力与地面的支持力，水平方向没有运动 趋势，可知斜面和水平地面间不可能有静摩擦力， A错误；对物块进行分析，物块受到重力、斜面的 7D【解析】杆AB固定于平台，杆力不一定沿杆， 支持力、斜面的静摩擦力及弹簧的弹力，重力沿斜 同一条绳的力大小相等，其合力一定在其角平分 面向下的分力为mg sin0,令弹簧弹力为F,根据 线上，由于杆力不一定沿杆，所以α不一定等于β， 平衡条件可知，撤去弹簧之前，物块所受静摩擦力 A错误；如图所示，两个力T所作力的平行四边形 为菱形，根据平衡条件可得T=mg,根据几何关 的大小为f1=√(mg sin0)+F2>mg sin0,当撤 系可得a十B=53°，对角线为F#,则杆AB受到绳 去弹簧后，由于沿斜面重力的分力为mg sin0,结 合上述可知mg sin0小于最大静摩擦力，可知，此 子的作用力大小F#=2Tc0s5≠3mg,B错 时物块所受静摩擦力大小等于mg sin0,即若将弹 ·5· 4 真题密卷 单元过关检测 簧拿掉，物块一定不会发生滑动，B正确；对A、B 50.0N/m 与弹簧组成的整体进行分析，整体受到重力、斜面 的支持力与静摩擦力，将重力沿斜面分解，根据平 12.1)AC(3分)(2)Z(3分)(3)或604分) 衡条件可知，斜面对A、B组成的系统的静摩擦力 【解析】(1)为避免摩擦影响，刻度盘必须竖直放 等于2 ng sin0,C错误；若此时A所受静摩擦力恰 置，且两轻绳必须与刻度盘平行，A正确；实验中 好为最大静摩擦力，则有fmx一uN=μng cos0,结 角度日1、日2不能太大，不能太小，B错误；实验需 合上述有fmx=f1=√(mg sin0)2+F2= 要测量拉力对应的角度，则要保证结，点O与刻度 盘圆心始终重合，C正确。 √mgsn2+(kz》,解得x=mg ucos0-sin0 k (2)在某次实验中，A、B传感器的读数分别是 F1、F2,然后用一个力传感器测量物体重力，其 即弹簧可能的最大压缩量为mgcos0-sin0 k 读数为F,根据二力平衡可知，F一定处于竖直 D正确。 方向；最后作出F1、F2的合力F,由于存在误 10.ABC【解析】若力F斜向下，且与水平方向成 差，所以F'不一定处于竖直方向，则作出的图可 日=30°时，地面对沙发的摩擦力大小F:=μ(mg十 能是题图乙。 (3)由题图丁可知，当02=0时，有F2=2N=G, Fsin30°)=50W3N,力F在水平方向的分力大 小F.=Fcos30°=503N,两个力大小相等、方 当0，=子，：=2N,设比时传感器A的示数为 向相反，故沙发做匀速运动，A正确；若力F斜向 F1,根据受力平衡可得F1sin01=F2sin02, 下，且与水平方向成日角，则最大静摩擦力大小 F:=μ(mg十Fsin0),若要物体静止不动，应该满 F1c0s0,十F:co0:=G,联立解得0，=0：=号 足Fcos0≤μ(mg+Fsin0),变形得F(cos0 usin0)≤mg,如果满足cos0-usin0<0,即 1.a2N(20≤号 日>60°，则此时无论F多大，物体都会保持静止， 【解析】(1)以圆环为对象，竖直方向根据受力平 B正确；如果力F斜向上，且与水平方向成日角， 衡可得Tcos a=mg (1分) 物体做匀速运动，则有Fcos0=u（mg 解得绳子拉力T=5N Fsin),变形可得F= umg 以物块为对象，竖直方向根据受力平衡可得 cos0+μsin0 N+Tcos B=Mg (1分) umg 1 √3 ,其中sinp= 解得支持力N=22N (1分) 1+u2 sin (0+o) √1十 2 根据牛顿第三定律，可知物块对地面的压力大小 即p=召故当0=后时，F有最小位，C正确， 为22N。 (1分) (2)若m、M大小可调，以圆环为对象，可得绳子 D错误。 mg 二、非选择题 拉力大小T= (1分) cos a 11.(1)47.0(2分)(2)7.20(1分)(3)2.00(2分) 以物块为对象，竖直方向根据受力平衡可得 50.0(49.0~51.0均可)(2分) N+Tcos B=Mg (1分) 【解析】(1)根据胡克定律可得，弹簧劲度系数 k=△F_28.8×9.8×10 解得N=Mg-mg cos (1分) cos a -N/m≈47.0N/m. △x 0.6×10-2 水平方向根据受力平衡可得 (2)刻度尺一小格为0.1cm,所以题图丙中读数 (1分) 为7.20cm。 f=Tsin B-mgsin B cos a (3)由题图丁可知，三根弹簧的总原长为6.00cm, 又f≤uN 所以一根弹簧的原长为2.00cm。三根弹簧的劲 联立可得 度系数=△E=1.0 △z76.00X10N/m,每根弹簧 ng sinβ mg cos B ≤uMg (1分) cos a cos a 1.0 的劲度系数k=3k=3X 6.00x10-2N/m= 部得≤益 (1分) 。6 ·物理· 参考答案及解析 14.(1)6N(2)16(3)8217 (2)对物块A、B构成的整体受力分析，由于 【解析】(1)当A在地面时，根据平衡关系，B所 F<(m1+m2)gsin a (1分) 受的摩擦力大小与弹簧弹力大小相等 斜面对物块B的摩擦力沿斜面向上，平行于斜面 f=F1=k(1。-U)=3×(18-16)N=6N 方向上有 (3分) F1+f2=(m1+m2)gsin a (2分) (2)当A上升到c点时，此时弹簧长度 根据牛顿第三定律可知，物块B对斜面的摩擦力 l'=√h+2 大小 (1分) 弹簧弹力 f=f. (1分) T'=k(1'-l) 解得f=14N,方向平行于斜面向下。 (1分) (1分) 设此时弹簧与水平方向夹角为Q,对A受力分 (3)设物块C的质量为m4时，物块A、B构成的 析得 整体恰好不下滑，对物块C有 (1分) F.-mg-T'sin a-uT'cos a=0 (1分) F2cos B=mag 对物块A、B构成的整体，垂直于斜面方向上有 (1分) FN2=(m1十m2)g cos a (1分) 联立解得F,=16N (1分) 平行于斜面方向上有 (3)A缓慢上升，视为平衡状态，弹簧弹力先减小 Fz十h2Fz=(m1十m2)g sin a (1分) 再增大，因为存在 仔m kg F=mg=10 N (1分) 可知在a点时弹簧处于压缩状态，在b,点时弹簧 即物块C的质量应满足 处于原长状态。在a,点时弹簧弹力斜向上，设弹 m,≥端8 (1分) 簧弹力为T,弹簧与水平方向夹角为日，则有 设物块C的质量为；时，物块A、B恰好要被拉 F-mg+Tsin 0-uTcos 0=0 (1分) 动，此时连接物块A、B的细线上的拉力大小为 解得tan0=之 1 (1分) T,对物块C有 故h.=ltan0=0.08m=8cm (1分) F3cos B=msg 对物块A受力分析，有 在b点时弹簧处于原长，有 F3cos a=T+u(m1g-F3 sin a) (1分) h,=√16-产=0.02√17m=2/17cm (2分) 对物块A、B构成的整体，平行于斜面方向上有 坐标a、b的数值分别为8、2√I7 (1分) F3+u2 F N3=(m1+m2)gsin a+2Tcos a (1) 15.(1)0.4(2)14N,方向平行于斜面向下 垂直于斜面方向上有 (3)J2 e≤n≤868ke FNs+2Tsin a=(m1+m2)gcos a (1分) 25 联立解得 【解析】(1)对物块C受力分析，竖直方向上有 F1cos B=m3g (1分) 个16 260 1860 N,F3=161 558 N,m5=805 kg 对物块A受力分析，水平方向上有 即物块C的质量应满足 Ficos a=f1 (1分) 558 竖直方向上有 m5≤g05 kg (1分) Fx+Fisin a=mig (1分) 因此物块C的质量m的取值范围为 其中f1=1Fm 12 558 (1分) 联立解得1=0.4 25 kg≤m≤805kg (1分) 7· 4学海无涯，志在干里 2025一2026学年度单元过关检测（二） 4.图甲中台秤的内部简易结构如图乙所示：托盘A、竖直杆B、水平横杆H与齿条C固定 班级 卺题 连在一起，齿轮D可无摩擦转动，且与齿条C完全啮合，在齿轮D上固定指示示数的轻 物理·相互作用 质指针E,两根完全相同的弹簧将横杆H吊在秤的外壳】上。经过调校，托盘中不放物 姓名 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 品时，指针E恰好指在竖直向上的位置。若放上质量为m的物体，指针偏转0弧度(8< 一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1~7 2π)，齿轮D的直径为d,重力加速度为g,则每根弹簧的劲度系数为 得分 题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得4 分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 题号 2 3 4 5 6 10 答案 H园 1,如图所示，在水平路面上匀速直线行驶的汽车内，一个手机通过吸盘式支架固定在倾斜 的前挡风玻璃上。若吸盘和玻璃间的空气已被排空，则手机和支架 A器 c A.共受3个力作用 5.如图所示，两相同轻质硬杆OO1,OO2可绕其两端垂直纸面的水平轴O、O1,O:转动， B.共受4个力作用 在O点悬挂一质量为M的重物，将质量为m的两相同木块紧压在竖直挡板上，此时整 C.受前挡风玻璃的作用力方向一定竖直向上 个系统保持静止。若将两挡板缓慢靠近少许距离后，OO1与竖直方向夹角为日，靠近过 D.受前挡风玻璃的摩擦力方向一定竖直向上 程保持O1、O,始终等高，则靠近过程中 () 2.一本质量为M的书平放在水平桌面上，将一张A4纸夹在书页间，如图所示。A4纸与 A,挡板与木块间的弹力变大 书页间的动摩擦因数为：1，书与桌面间的动摩擦因数为42,41=24：。现用一水平向右 B.挡板与木块间的摩擦力一定保持不变 的力F作用于A4纸上，若要使书与A4纸一同运动，则A4纸上面书页的质量m应满 C.若木块没有滑动，则两挡板的摩擦力之和大于(2m十M)g 足（最大静摩擦力等于滑动摩擦力，A4纸的质量忽略不计） () A.nM B.mM A4纸 D者木块设有滑动，则木块与挡板间动率案因数至少为 6.沿轴线切除一部分后的圆柱形材料水平放置，该材料的横截面如图所示，O为其圆心， Cm>若M 1 D.m>8M ∠AOB=60°，质量为m的均匀圆柱形木棒沿轴线放置在“V”形槽中。初始时，A、O、C 三点在同一水平线上，不计一切摩擦，重力加速度为g。在材料绕轴线逆时针缓慢转过 3.如图所示为两个大小不变、夹角日变化的力的合力F的大小与日角之间的关系图像 90°角的过程中，下列说法正确的是 (0°≤≤360)，下列说法中正确的是 ( A,合力大小的变化范围为0≤F≤10N A槽面0A对木棒的弹力的最大值为2,3mg 3 B.合力大小的变化范围为2N≤F≤14N B.槽面OB对木棒的弹力先增大后减小 C.这两个分力的大小分别为2N和6N C.槽面OA对木棒的弹力一直增大 1Y270 D.这两个分力的大小分别为2N和8N D.箱面OA与槽面OB对木棒弹力的合力先减小后增大 单元过关检测（二）物理第1页（共8页） 真题密卷 单元过关检测（二）物理第2页（共8页） 7.如图甲的玩具吊车，其简化结构如图乙所示，杆AB固定于平台上且不可转动，其B端 9.质量均为m的两物块A和B之间连接着一个轻质弹簧，其劲度系数为k,现将物块A、 固定一光滑定滑轮：轻杆CD用饺链连接于平台，可绕C端自由转动，其D端连接两条 B放在水平地面上一斜面的等高处，如图所示，弹簧处于压缩状态，且物块与斜面均能保 持静止，已知斜面的倾角为，两物块和斜面间的动摩擦因数均为：，设最大静摩擦力等 轻绳，一条轻绳绕过定滑轮后悬挂一质量为m的重物，另一轻绳缠绕于电动机转轴O 于滑动摩擦力，重力加速度为g,则下列说法正确的是 () 上，通过电动机的牵引控制重物的起落。某次吊车将重物吊起至一定高度后保持静止， A.斜而和水平地面间可能有静摩擦力 DwWwT 此时各段轻绳与杆之间的夹角如图乙所示，其中两杆处于同一竖直面内，OD绳沿竖直 B.若将弹簧拿掉，物块一定不会发生滑动 方向，Y=37,0=90°，sin37°=0.6，c0537°=0.8，重力加速度为g,则 () C.斜面对A,B组成的系统的静摩擦力大于2 mg sin0 D.弹簧可能的最大压缩量为ng cos0一sin0 10.春节前夕，某同学需移开沙发，清扫污垢。质量m=10kg的沙发放置在水平地面上， 动机 沙发与地面间的动摩擦因数：-，该同学用力F=10N推沙发，认为大静座擦力 等于滑动摩擦力，g取10m/s。下列说法正确的是 () A.a一定等于B A.若力F斜向下，且与水平方向成0角，当0=30°时沙发做匀 B.杆AB受到绳子的作用力大小为3mg 速直线运动 C.杆CD受到绳子的作用力方向沿∠ODB的角平分线方向，大小为mg B.若力F斜向下，且与水平方向成0角，当0>60时，无论力F 多大，沙发都不会动 D,当启动电动机使重物缓慢下降时，杆AB受到绳子的作用力将逐渐增大 C,若力F方向能随意改变，让沙发匀速运动，F斜向上与水平方向成30时，F最小 8.如图所示，木板B放置在粗糙水平地面上，O为光滑饺链。轻杆一端与饺链O固定连 D.若力F方向能随意改变，让沙发匀速运动，F斜向上与水平方向成60°时，F最小 接，另一端固定连接一质量为m的小球A。现将轻绳一端拴在小球A上，另一端通过 二、非选择题：本题共5小题，共60分。 11,(?分)某兴趣小组为测量自动笔里面被压缩弹簧的劲度系数，设计了如图甲所示的实 光滑的定滑轮O'由力F牵引，定滑轮位于O的正上方，整个系统处于静止状态。现改 验：将笔的活动端竖直置于电子秤上，当竖直向下按下约0.60cm时（未触底且未超过 变力F的大小，使小球A和轻杆从图示位置缓慢运动到O正下方，木板 弹簧弹性限度)，稳定后电子秤上的读数增加了28.8g(g取9.8m/s)。 始终保持静止，则在整个过程中 A.外力F逐渐增大 B.轻杆对小球的作用力大小不变 06 刘度尺 04； C.地面对木板的支持力逐渐减小 单位：n 02 101112 D.地面对木板的摩擦力逐渐诚小 丙 单元过关检测（二）物理第3页（共8页） 真题密卷 单元过关检测（二）物理第4页（共8页） (1)估测这支笔里的弹簧劲度系数为N/m(保留三位有效数字)， 13.(10分)如图所示，粗糙水平地面上固定有一竖直光滑杆，杆上套有质量m=0.4kg的 (2)由于弹簧较短，施加适当外力时长度变化不太明显，于是他们将三根相同的弹簧串 圆环，地面上放一质量M=2.5kg的物块，物块与地而间的动摩擦因数μ=0.5，圆环 起来，竖直挂在如图乙所示的装置中。某次弹簧上的指针在刻度尺上对应的位置 和物块由绕过光滑定滑轮的轻绳相连，连接圆环和物块的轻绳与竖直方向的夹角分别 如图丙所示，该处的读数为 为a=37°，3=53°。认为物块与地面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s, (3)通过测量，他们作出三根弹簧的总长度L与相应所挂重物重力即拉力大小F的关 sin37°=0.6，sin53°=0.8，求： 系图像，如图丁所示，则每根弹簧的原长为 cm,每根弹簧的劲度系数 (1)物块对地面的压力大小： k=N/m(均保留三位有效数字)。 (2)若m,M大小可调，为保持系统的平衡，应满足的范围。 12,(10分)某小组为了验证力的平行四边形定则，设计了如图甲所示的实验。在一半圆形 刻度盘上安装两个可以沿盘边缘自由移动的拉力传感器A,B,两轻绳的一端分别系在 A、B的挂钩上，另一端系成结点O。在O点挂上重力为G的物体，改变绳与竖直方向 的夹角，分别记录A,B的示数F1、F2及对应刻度盘上的角度01、02。作出F:、F:和合 力F‘的图示，比较F'与G是否等大反向，即可验证力的平行四边形定则。 F/N 2643122 入 (1)下列操作中正确的是 (填正确答案标号)。 A.刻度盘必须竖直放置，且两轻绳必须与刻度盘平行 B.实验中应使角度01,82尽量的大 C.实验中要保证结点O与刻度盘圆心重合 (2)在某次实验中，A、B传感器的读数分别是F,、F2,然后用一个力传感器测量物体重 力，其读数为F,最后作出F,、F。的合力F'。若操作正确，则作出的图可能是图 (填“乙”或“丙”)。 (3)该组同学在实验中，将传感器A周定在某位置后，再将传感器B从竖直位置的P点 顺时针缓慢旋转，得到了一系列传感器B的示数F:和对应的角度：，作出了如图 丁所示的F20:图像，由图丁可知A传感器所处位置的角度81= 单元过关检测（二）物理第5页（共8页） 真题密卷 单元过关检测（二）物理第6页（共8页） 14.(15分)如图甲所示，质量均为1kg的物块A、B静止在水平而上，A、B由劲度系数k= 15.(18分)如图所示，倾角a=37°的斜面固定在水平地面上。质量分别为m1=2.6kg、 3N/©m的轻弹簧相连，物块A套在竖直杆上，在竖直向上的力F作用下沿杆缓慢上 m=1.4kg的物块A、B置于斜面上，B的上表面水平，物块A,B之间用跨过光滑定滑 移，B运动之前，力F随上升高度h的变化关系如图乙所示，已知物块A,B处于水平面 轮（滑轮固定在竖直固定杆上）的轻质细线连接，物块A、B与左侧滑轮间的两段细线均 时距离l=16cm,弹簧原长l。=18cm,物块A与杆间动摩擦因数4=0.5，图中c点的 保持水平。物块C穿在固定在地面上的光滑竖直杆上，A与C之间用跨过光滑定滑轮 高度h。=0.12m,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。(g取10m/s2,sin37°=0.6， (滑轮固定在斜面上)的轻质细线连接，滑轮左侧的细线与斜面平行，滑轮右侧的细线 cos37°=0.8) 与竖直方向的夹角3=53°。当物块C的质量ma=0.6kg时，A恰好相对于B静止，且 (1)当A在地面时，求B所受摩擦力的大小。 A与左侧滑轮间的细线绷直但无弹力。已知物块B与斜面间的动摩擦因数红2=0.5， (2)求F。的数值。 各接触面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8， (3)求坐标a、b的数值。 (1)求物块A、B间的动摩擦因数：1· (2)求物块B对斜面的摩擦力大小F和方向。 (3)为确保A,BC均静止，求物块C的质量m的取值范围。 单元过关检测（二）物理第7页（共8页） 真题密卷 单元过关检测（二）物理第8页（共8页）