精品解析：江苏省苏州市吴江区震泽中学2025-2026学年高二上学期物理9月月考物理试题

2024 级高二年级九月份学情调研 物理试卷 一、单项选择题：共10题，每题4分，共40分。每题只有一个选项最符合题意。 1. 下列电器中主要应用电流热效应的是（　　） A. 电风扇 B. 电饭煲 C. 电冰箱 D. 电视机 2. 以下说法中正确的是（　　） A. 根据，可知电流强度与电量成正比 B. 根据 ，可知导体的电阻与它两端的电压成正比 C. D. 在I -U图线上，图线斜率等于导体的电阻 3. 一段横截面积为0.5cm2的导体材料中，每秒钟有0.2C正电荷和0.3C负电荷相向运动，则电流强度是 (　　) A. 0.2 A B. 0.3 A C. 0.5 A D. 104 A 4. 如图所示，a、b分别表示由相同材料制成的、粗细相同的圆柱形电阻丝甲、乙的伏安特性曲线，下列判断正确的是（　　） A. 甲的阻值小于乙的阻值 B. 甲和乙均不是线性元件 C. 乙的长度小于甲的长度 D. 甲和乙的阻值与通过它们的电流成正比 5. 用两只完全相同的电流表，分别改装成一只量程更大的电流表和一只电压表，将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时下列说法正确的是（　　） A. 两只电表的指针偏转角相同 B. 两只电表指针都不偏转 C. 电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角 D. 电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角 6. 一段粗细均匀的金属导体单位长度内的自由电子数为n，电子电荷量为e，电子定向移动速率为v，则导体中的电流为（　　） A nev B. C. D. 7. 如图所示，甲、乙两电路中电源完全相同，内阻不能忽略，电阻R1>R2，在两电路中通过相同的电量Q的过程中，下列关于两电路的比较，正确的是（　　） A. 电源内部产生热量较多的是甲电路 B. R1上产生热量比R2上产生的热量多 C. 电源做功较多的是乙电路 D. 电源输出功率较大的是乙电路 8. 如图所示电路，电源内阻为r，两相同灯泡 电阻均为R，D为理想二极管（具有单向导电性），电表均为理想电表。闭合S后，一带电油滴恰好在平行板电容器中央静止不动。现把滑动变阻器滑片向上滑动，电压表 示数变化量绝对值分别为 ，电流表示数变化量为，则下列说法中错误的是（　　） A. 两灯泡逐渐变亮 B. 油滴将向下运动 C. D. 9. 如图甲所示电路中，闭合开关，将滑动变阻器的滑片从左端逐渐滑至右端时，电压表和的示数随电流表示数变化的图像如图乙所示，图线中ab、cd段均为直线。已知电动机两端电压达到某一值时才能开始转动，各电表均为理想电表，下列说法正确的是（　　） A. 电源的内阻为2.0Ω B. 电动机内部线圈的电阻值为1.0Ω C. 滑动变阻器的可调范围是 D. 电流表示数最大时，电动机的输出功率为6.75W 10. 某同学设计了一个加速度计，如图所示．电池电动势均恒为E，内阻不计，滑动变阻器阻值均匀，总电阻为R，总长度为L，滑块2质量为m，轻质滑动片4与电阻接触良好．轻质弹簧3的弹劲度系数均为k，按图连接电路后，电压表指针的零点调到中央，此时弹簧恰处在原长位置，滑动片4恰好在电阻中间位置．当P端的电势高于Q端时，指针向零点右侧偏转 A. 当物体向右加速时，电压表指针向右偏转 B. 当物体向左减速时，电压表的指针向右偏转 C. 当电压表的读数大小为U时，弹簧形变量均为x= D. 当电压表的读数大小为U时，物体加速的大小为a= 二、非选择题：共5题，共60分。其中第13题~第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。 11. 滑动变阻器由陶瓷筒和密绕在其上的螺线管状电阻丝组成。现为了测定某一滑动变阻器电阻丝的电阻率。实验器材有：两节干电池（电动势，内阻未知），电流表（量程为，内阻为），电阻箱（0~999.9），待测滑动变阻器（总匝数120匝，匝数清晰可数），开关及导线若干。 器材按图1连接，将滑动变阻器滑片移至最右端，闭合开关，调节电阻箱至合适阻值并保持不变，移动待测滑动变阻器的滑片，多次记录该滑动变阻器接入电路的匝数和相应电流表的读数。作出图像，如图2所示。 （1）用螺旋测微器测量滑动变阻器所用电阻丝直径如图3所示，则电阻丝直径_____mm；某次测量时，电流表指针位置如图4所示，读数_____A； （2）若待测变阻器螺线管的直径为，图2中直线的斜率为，则待测电阻丝的电阻率为_____（用题中已知量或测量量的字母表示）； （3）若已知实验中电阻箱接入电路中的电阻为，图2中直线延长线与纵轴的交点，则可求得两节干电池串联的总内阻_____（结果保留2位有效数字）； （4）实验中所用的电源因长时间使用，内阻增大，则测得的电阻率_____（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。 12. 为测量某电源的电动势E（约为3V）和内阻r（约为2Ω），小聪同学设计了如图甲、乙所示实验电路图，并完成了图甲电路图的实物连接，如图丙所示。已知电流表的内电阻约为1Ω，电压表的内电阻约为3kΩ，变阻器最大电阻20Ω、额定电流1A，定值电阻。请回答下列问题： （1）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移至最______端。（选填“左”或“右”） （2）闭合开关S后，移动滑片P改变滑动变阻器的接入阻值，记录下几组电压表示数U和对应的电流表示数I。 （3）接着在图丙中通过改变1根导线的一个接线位置，就完成了图乙电路图的实物连接，请问改变的是哪根导线______。（填导线编号） （4）重复步骤（1）（2）。把甲、乙两组实验记录的数据在同一坐标系内描点作出图像，如图丁所示，可知图中标记为I的图线是采用实验电路______（填“甲”或“乙”）测量得到的。 （5）不管是采用图甲还是图乙实验电路，实验测出的电源内阻均存在系统误差，从减小系统误差角度考虑，该实验宜选用图______（选填“甲”或“乙”）实验电路。 （6）利用图丁图像提供的信息可以修正该实验的系统误差，则修正后被测电源的内阻______（、、、、均已知）。 13. 如图所示电路，已知电源的电动势E=3V，内阻r=1Ω，外电阻R=5Ω。若电键S闭合，则求： （1）电流表的示数？ （2）若开关闭合1分钟，求电阻R产生的热量为多大？ 14. 如图所示为某品牌的桶装饮用水电动抽水器，内置充电电池、电动机和小型水泵。已知充电电池的容量，输入电压，电流。电动机输入电压，额定功率，电动机的输出功率等于小水泵所需要的输入功率，且不计电动机的机械损耗。小型水泵的抽水效率为。用该电动抽水器倒水喝时，出水口与桶内水面高度差为，出水速度为，出水量为，忽略水在管道中的机械能损失，重力加速度。求： （1）电动抽水器充满电所需的时间t； （2）小水泵的输出功率P； （3）电动机的内阻r。 15. 如图所示的电路中，电源的电动势E=12V，内阻可忽略不计，电阻的阻值分别为R1=R2=20Ω，滑动变阻器的最大阻值R=60Ω，电容器MN的电容C=20μF，现将滑动触头P置于最左端a点，合上开关S，经过一段时间电路处于稳定．求： （1）通过R1的电流； （2）断开S后，通过R2的电荷量； （3）滑动触头P置于最左端a点，合上开关S，待电路稳定后，将P缓慢地从a点移到最右端b点的过程中，通过导线BM的电荷量． 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2024 级高二年级九月份学情调研 物理试卷 一、单项选择题：共10题，每题4分，共40分。每题只有一个选项最符合题意。 1. 下列电器中主要应用电流热效应的是（　　） A. 电风扇 B. 电饭煲 C. 电冰箱 D. 电视机 【答案】B 【解析】 【详解】A．电风扇主要将电能转化为机械能，用于驱动扇叶转动，并非主要利用电流热效应，故A不符合题意； B．电饭煲通过电流流经电阻产生热量，将电能转化为内能来加热食物，主要应用电流热效应，故B符合题意； C．电冰箱主要依靠压缩机工作，将电能转化为机械能和少量内能，主要目为制冷，故C不符合题意； D．电视机主要将电能转化为光能和声能，故D不符合题意。 故选B。 2. 以下说法中正确的是（　　） A. 根据，可知电流强度与电量成正比 B. 根据 ，可知导体的电阻与它两端的电压成正比 C. D. 在I -U图线上，图线斜率等于导体的电阻 【答案】C 【解析】 【详解】A．采用的比值定义法，可知电流强度与通过的电量快慢成正比；但与电量无关；故A错误； B．电阻R是导体本身的性质，电阻大小与两端的电压无关；故B错误； C．由欧姆定律可知：；故；故C正确； D．在I-U图线上，电压和电流的比值是电阻，如果是曲线既不是斜率也不是斜率的倒数；故D错误。 故选C。 3. 一段横截面积为0.5cm2的导体材料中，每秒钟有0.2C正电荷和0.3C负电荷相向运动，则电流强度是 (　　) A. 0.2 A B. 0.3 A C. 0.5 A D. 104 A 【答案】C 【解析】 【详解】试题分析：电流的定义式是，在导电液中，q指正负电荷绝对值的加和，所以，故C正确． 考点：电流 【名师点睛】本题考查学生对电流的定义式的理解；根据电流的定义：单位时间内通过导体横截面的电荷量，即；解题时需要注意的是对于电解液导电，通过某一横截面的电荷是正负电荷绝对值的加和；此题是易错题. 4. 如图所示，a、b分别表示由相同材料制成的、粗细相同的圆柱形电阻丝甲、乙的伏安特性曲线，下列判断正确的是（　　） A. 甲的阻值小于乙的阻值 B. 甲和乙均不是线性元件 C. 乙的长度小于甲的长度 D. 甲和乙的阻值与通过它们的电流成正比 【答案】C 【解析】 【详解】A．图线为过原点的直线，则图线斜率的倒数表示电阻，由图a的斜率小于b的斜率，所以甲电阻丝的阻值大于乙电阻丝的阻值，故A错误； B．由于它们的伏安特性曲线均为直线，故这两个电阻丝均为线性元件，故B错误； C．根据电阻定律可知，相同材料、粗细相同，甲的阻值大于乙的阻值，则甲的长度大于乙的长度，故C正确； D．电阻丝的阻值由电阻丝本身性质决定，与所加电流无关，故D错误。 故选C。 5. 用两只完全相同的电流表，分别改装成一只量程更大的电流表和一只电压表，将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时下列说法正确的是（　　） A. 两只电表的指针偏转角相同 B. 两只电表的指针都不偏转 C. 电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角 D. 电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角 【答案】C 【解析】 【详解】电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻，电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻。两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，所以电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角。 故选C。 6. 一段粗细均匀的金属导体单位长度内的自由电子数为n，电子电荷量为e，电子定向移动速率为v，则导体中的电流为（　　） A. nev B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】时间t内通过导体电荷量为 由电流的定义可知 故A正确，BCD错误。 故选A。 7. 如图所示，甲、乙两电路中电源完全相同，内阻不能忽略，电阻R1>R2，在两电路中通过相同的电量Q的过程中，下列关于两电路的比较，正确的是（　　） A. 电源内部产生热量较多的是甲电路 B. R1上产生的热量比R2上产生的热量多 C. 电源做功较多的是乙电路 D. 电源输出功率较大的是乙电路 【答案】B 【解析】 【详解】A．由题可知甲乙电源的电动势E和内阻r相同，电阻R1>R2，由闭合电路欧姆定律可知电流I1<I2，电源内部产生电热为 可见，电源内部产生电热较多的是乙电路中的电源，故A错误； B．两个电阻产生的热量 因为 R1>R2 ，I1<I2 则R1上产生的电热比R2上产生的电热多，故B正确； C．电源做功为 E和q都相同，则W相同，故C错误； D．两电阻的阻值与电源的内阻关系不清楚，无法判断电源输出功率的大小，故D错误。 故选B。 8. 如图所示电路，电源内阻为r，两相同灯泡 电阻均为R，D为理想二极管（具有单向导电性），电表均为理想电表。闭合S后，一带电油滴恰好在平行板电容器中央静止不动。现把滑动变阻器滑片向上滑动，电压表 示数变化量绝对值分别为 ，电流表示数变化量为，则下列说法中错误的是（　　） A 两灯泡逐渐变亮 B. 油滴将向下运动 C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】A．滑片向上滑动，其阻值减小，总电阻减小，回路中电流变大，两灯变亮，选项A正确； B．总电流增大，故内电压增大，所以外电压减小，即V1的示数减小，而L1的电压变大，所以并联部分L2的电压减小，所以V2的示数及电容器板间电压变小，应放电，但二极管的单向导电性使电荷不能放出，由于Q不变，则由 得 可知E不变，油滴静止不动，选项B错误； C．把电阻R看作电源内阻一部分，就是两端电压的增加量，也是电容器两板间电压减少量，则 选项C正确； D．由闭合电路欧姆定律可得 所以 选项D正确。 本题选错误的，故选B。 9. 如图甲所示电路中，闭合开关，将滑动变阻器的滑片从左端逐渐滑至右端时，电压表和的示数随电流表示数变化的图像如图乙所示，图线中ab、cd段均为直线。已知电动机两端电压达到某一值时才能开始转动，各电表均为理想电表，下列说法正确的是（　　） A. 电源的内阻为2.0Ω B. 电动机内部线圈的电阻值为1.0Ω C. 滑动变阻器的可调范围是 D. 电流表示数最大时，电动机的输出功率为6.75W 【答案】C 【解析】 【详解】A．根据闭合电路的欧姆定律有 U2=E-Ir 可知，电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值等于电源的内阻，有 A错误； B．由图像可知，电动机两端的电压从1.0V到2.0V时电动机没有转动，为纯电阻，则电动机内部线圈的电阻为 B错误； C．由图像可知，当电流表示数为1.5A时，滑动变阻器连入电路的阻值为零，当电流表示数为0.5A时，滑动变阻器全部连入电路，故滑动变阻器的最大阻值为 故滑动变阻器的可调范围是，C正确； D．电流表示数最大值为1.5A，故电动机的输出功率为 D错误。 故选C。 10. 某同学设计了一个加速度计，如图所示．电池电动势均恒为E，内阻不计，滑动变阻器阻值均匀，总电阻为R，总长度为L，滑块2质量为m，轻质滑动片4与电阻接触良好．轻质弹簧3的弹劲度系数均为k，按图连接电路后，电压表指针的零点调到中央，此时弹簧恰处在原长位置，滑动片4恰好在电阻中间位置．当P端的电势高于Q端时，指针向零点右侧偏转 A. 当物体向右加速时，电压表的指针向右偏转 B. 当物体向左减速时，电压表的指针向右偏转 C. 当电压表的读数大小为U时，弹簧形变量均为x= D. 当电压表的读数大小为U时，物体加速的大小为a= 【答案】D 【解析】 【详解】当滑片在中点时：，当物体向右加速时，R右变大，I不变，则，则电压表的指针向左偏转；同理当物体向左减速时，电压表的指针向左偏，选项AB错误；设滑动变阻器总长度为L，振子偏离中间位置x距离时，电压表的示数为U，由牛顿第二定律得2kx=ma；设电阻器单位长度的电阻为r，则电路中的电流为；电压表的示数为 U=Ixr；由以上各式解得： ，a=，则选项C错误，D正确；故选D. 二、非选择题：共5题，共60分。其中第13题~第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。 11. 滑动变阻器由陶瓷筒和密绕在其上的螺线管状电阻丝组成。现为了测定某一滑动变阻器电阻丝的电阻率。实验器材有：两节干电池（电动势，内阻未知），电流表（量程为，内阻为），电阻箱（0~999.9），待测滑动变阻器（总匝数120匝，匝数清晰可数），开关及导线若干。 器材按图1连接，将滑动变阻器滑片移至最右端，闭合开关，调节电阻箱至合适阻值并保持不变，移动待测滑动变阻器的滑片，多次记录该滑动变阻器接入电路的匝数和相应电流表的读数。作出图像，如图2所示。 （1）用螺旋测微器测量滑动变阻器所用电阻丝的直径如图3所示，则电阻丝直径_____mm；某次测量时，电流表指针位置如图4所示，读数_____A； （2）若待测变阻器螺线管直径为，图2中直线的斜率为，则待测电阻丝的电阻率为_____（用题中已知量或测量量的字母表示）； （3）若已知实验中电阻箱接入电路中的电阻为，图2中直线延长线与纵轴的交点，则可求得两节干电池串联的总内阻_____（结果保留2位有效数字）； （4）实验中所用的电源因长时间使用，内阻增大，则测得的电阻率_____（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。 【答案】（1） ①. 0.635 ②. 0.34 （2） （3）1.2 （4）不变 【解析】 【小问1详解】 [1]据图3可知电阻丝直径 [2]由题意知电流表量程为0.6A，则最小分度值为0.02A，则读数保留到百分位，根据图4可知。 小问2详解】 根据电阻定律 由闭合电路欧姆定律 化简可得 由图可知，斜率 解得 【小问3详解】 由题意，截距 代入数据，解得两节干电池串联的总内阻为 【小问4详解】 根据可知，实验中所用的电源因长时间使用，内阻增大，即r增大，影响纵轴截距，但不影响斜率，故则测得的电阻率不变。 12. 为测量某电源的电动势E（约为3V）和内阻r（约为2Ω），小聪同学设计了如图甲、乙所示实验电路图，并完成了图甲电路图的实物连接，如图丙所示。已知电流表的内电阻约为1Ω，电压表的内电阻约为3kΩ，变阻器最大电阻20Ω、额定电流1A，定值电阻。请回答下列问题： （1）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移至最______端。（选填“左”或“右”） （2）闭合开关S后，移动滑片P改变滑动变阻器的接入阻值，记录下几组电压表示数U和对应的电流表示数I。 （3）接着在图丙中通过改变1根导线的一个接线位置，就完成了图乙电路图的实物连接，请问改变的是哪根导线______。（填导线编号） （4）重复步骤（1）（2）。把甲、乙两组实验记录的数据在同一坐标系内描点作出图像，如图丁所示，可知图中标记为I的图线是采用实验电路______（填“甲”或“乙”）测量得到的。 （5）不管是采用图甲还是图乙实验电路，实验测出的电源内阻均存在系统误差，从减小系统误差角度考虑，该实验宜选用图______（选填“甲”或“乙”）实验电路。 （6）利用图丁图像提供的信息可以修正该实验的系统误差，则修正后被测电源的内阻______（、、、、均已知）。 【答案】 ①. 左 ②. ③ ③. 乙 ④. 甲 ⑤. 【解析】 【详解】（1）[1]闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移至最左端，保证开始时接入电路的滑动变阻器阻值最大，用以保护电路。 （3）[2]将导线③连接在定值电阻R0一端改接到电流表负接线柱上，便可实现图乙电路图的实物连接。 （4）[3]对图甲而言，根据闭合欧姆定律可得 整理可得 可知，对应U-I图线，当I为零时，对应 对图乙而言，根据闭合欧姆定律可得 可知，对应U-I图线，当I为零时，对应 故可知标记为I的图线是采用实验电路乙测量得到的。 （5）[4]当采用图甲所示电路时，相对误差大小为 当采用图乙所示电路时，相对误差大小为 该相对误差远大于图甲所示电路，故宜选用图甲所示电路。 （6）[5]曲线I对应的U1和I1满足 曲线II对应的U2和I2满足 因此可以解得 则 13. 如图所示电路，已知电源的电动势E=3V，内阻r=1Ω，外电阻R=5Ω。若电键S闭合，则求： （1）电流表的示数？ （2）若开关闭合1分钟，求电阻R产生的热量为多大？ 【答案】（1）0.5A；（2）75J 【解析】 【详解】（1）根据闭合电路欧姆定律有 解得 I=0.5A （2）根据焦耳定律，电阻R产生的热量 解得 Q=75J 14. 如图所示为某品牌的桶装饮用水电动抽水器，内置充电电池、电动机和小型水泵。已知充电电池的容量，输入电压，电流。电动机输入电压，额定功率，电动机的输出功率等于小水泵所需要的输入功率，且不计电动机的机械损耗。小型水泵的抽水效率为。用该电动抽水器倒水喝时，出水口与桶内水面高度差为，出水速度为，出水量为，忽略水在管道中的机械能损失，重力加速度。求： （1）电动抽水器充满电所需的时间t； （2）小水泵的输出功率P； （3）电动机的内阻r。 【答案】（1）；（2）；（3） 【解析】 【详解】（1）充满电的时间 （2）水泵的输出功率 （3）电动机的输出功率 电动机工作电流 由 解得 15. 如图所示的电路中，电源的电动势E=12V，内阻可忽略不计，电阻的阻值分别为R1=R2=20Ω，滑动变阻器的最大阻值R=60Ω，电容器MN的电容C=20μF，现将滑动触头P置于最左端a点，合上开关S，经过一段时间电路处于稳定．求： （1）通过R1的电流； （2）断开S后，通过R2的电荷量； （3）滑动触头P置于最左端a点，合上开关S，待电路稳定后，将P缓慢地从a点移到最右端b点的过程中，通过导线BM的电荷量． 【答案】（1）0.3A（2）2.4×10-5C（3）2.4×10-4C 【解析】 【详解】（1）通过R1的电流： （2）电容器所带的电量为：，极板带电量为下正上负； S断开后电容器的电量通过两个支路放电，一是电阻R1支路，另一条是电阻R2和电阻器R的串联支路，根据并联电路的电流关系可知，两支路的电阻之比为20：80，则电流之比为4：1，可知通过R2的电量为. （3） 当滑动端滑到b端时可求的电容器的带电量为：， 此时电容器的极性为上正下负；则将P缓慢地从a点移到最右端b点的过程中，通过导线BM的电荷量为QBM=Q+Q′=2.4×10-4C． 【点睛】本题考查闭合电路欧姆定律中的含容电路；关键是搞清电容器极板的极性以及两端的电压，然后才能求解带电量．要搞清电路的结构，知道电容器电量的流动路线.． 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $