四川省遂宁市射洪中学校2025-2026学年高一（强实班）上学期10月月考物理试题

射洪中学高2025级高一上期强实班第一次月考 物理试题 命题人：戚福金 审题人：彭宇 黄勇 （考试时间：60分钟 满分：100分） 注意事项： 1.答卷前,考生务必将自己的班级、姓名、考号填写在答题卡上。 2.回答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。 3.回答非选择题时,将答案写在答题卡对应题号的位置上。写在本试卷上无效。 4.考试结束后,将答题卡交回。 第I卷 选择题 一、单选题（共24分） 1．关于下列图像，以下说法正确的是（　　） A．甲图中，用到的物理思想是等效替代 B．乙图中，打到球网上的足球受到弹力是因为球网发生了形变 C．丙图中，箱子静止不动是因为人对箱子的拉力小于地面对箱子的静摩擦力 D．丁图中，重力分解为沿斜面向下的力和对斜面的压力 2．如图所示，一木块放在水平桌面上，在水平方向受到向左的力和向右的力作用，而处于静止状态，如图。则正确的是（　　） A．若撤去，物体所受合力不为零 B．若撤去，物体所受摩擦力一定为 C．若撤去，物体所受摩擦力一定为 D．若保持大小不变，而方向相反，则物体将向右运动 3．一遥控玩具汽车在平直路上运动的位移—时间图像如图所示，则下列正确的是（　　） A．20s内汽车的位移为30m B．前10s内汽车的加速度为3m/s2 C．18s末汽车的速度大小为1m/s D．前25s内汽车做单方向直线运动 4．爬竿运动员从竿上端由静止开始先匀加速下滑时间2t，后再匀减速下滑时间t恰好到达竿底且速度为0，则这两段匀变速运动过程中平均速度和加速度大小之比分别为（　　） A．1∶1　1∶2 B．2∶1　2∶1 C．1∶4　1∶2 D．4∶1　1∶2 5．如图所示，三个物体的质量相等，现有的两个水平力分别作用于、两个物体上，都静止。则地面对物体、物体对物体、物体对物体的摩擦力大小分别为（　　） A．、、 B．、、 C．、、 D．、、 6．如图所示，倾角为的斜劈放在水平面上，质量为的滑块放在斜劈的斜面上，质量为的小球用跨过光滑定滑轮的细线与滑块相连，系统平衡时拴接滑块的细线平行斜面、拴接小球的细线沿竖直方向，且此时斜劈与滑块之间的摩擦力为零。现在小球上施加外力，外力与水平方向的夹角为，小球在外力的作用下缓慢上升，直到细线沿水平方向，整个过程中滑块和斜劈始终保持静止。下列说法正确的是（　　） A．外力的大小保持不变 B．细线的拉力一直增大 C．斜劈对滑块的摩擦力先增大后减小，然后再增大 D．地面对斜劈的摩擦力先增大后减小 二、多选题（共24分） 7．如图所示，质量为的儿童在滑梯游戏时从滑板上下滑，下滑过程视为匀速直线运动，滑板与水平面的夹角为，滑板和儿童裤料之间的动摩擦因数为，重力加速度为，则儿童下滑过程中所受的摩擦力大小为（　　） A．mgsinθ B．mgcosθ C．μmgsinθ D． 8．升降机从井底以5m/s的速度向上匀速运行，某时刻一螺钉从升降机底板松脱，再经过4s升降机底板上升至井口，此时螺钉刚好落到井底，不计空气阻力，取重力加速度，下列说法正确的是（　　） A．螺钉松脱后做自由落体运动 B．矿井的深度为80m C．螺钉落到井底时的速度大小为35m/s D．螺钉松脱后运动的整个过程中平均速率为15m/s 9．两汽车甲、乙在时刻位置如图1所示，之后它们向右运动的速度随时间的变化图像如图2所示。已知时两车恰好不相撞，时乙车停止运动，且此时甲车在乙车前方。两车均可视为质点，则下列说法正确的是（　　） A．甲车的初速度为 B．乙车的初速度为 C．乙车的加速度为 D．时，乙车在甲车后方 10．如图所示，竖直平面内有一圆环，圆心为O，半径为R，PQ为水平直径，MN为倾斜直径，PQ与MN间的夹角为，一条不可伸长的轻绳长为L，两端分别固定在圆环的M、N两点，轻质滑轮连接一个质量为m的重物，放置在轻绳上，不计滑轮与轻绳间的摩擦。现将圆环从图示位置绕圆心O顺时针缓慢转过角，下列说法正确的是（    ） A．直径MN水平时，轻绳的张力大小为 B．图示位置时，轻绳的张力大小为 C．轻绳与竖直方向间的夹角逐渐减小 D．圆环从图示位置顺时针缓慢转过的过程中，轻绳的张力先增大再减小 第II卷 非选择题 三、实验题（共12分） 11．以下是某实验小组探究“两个互成角度的力的合成规律”的过程。首先进行如下操作： ①如图甲，两细绳套栓在橡皮条的一端，另一端固定在水平木板，橡皮条的原长为； ②如图乙，用手通过两个弹簧测力计共同拉动橡皮条。橡皮条和细绳套的连接点在拉力、的共同作用下，位于点，橡皮条伸长的长度为； ③撤去、，改用一个力单独拉住其中一根细绳套，仍使其位于点，如图丙。 ④用力的图示画出拉力、和，然后以、为邻边作平行四边形，为平行四边形的对角线，比较与的大小和方向关系。 （1）本实验采用的科学方法是 。 A．理想实验法    B．等效替代法    C．控制变量法    D．建立物理模型法 （2）是以、为邻边构成的平行四边形的对角线，一定沿方向的是 （选填“”或“”）。 （3）在另一小组研究两个共点力合成的实验中，两个分力的夹角为，合力为F , F与的关系图像如图所示。已知这两个分力大小不变，则任意改变这两个分力的夹角，能得到的合力大小的范围是: 。 （4）若在图乙中，、夹角大于90°，现保持点位置不变，拉力方向不变，增大与的夹角，将缓慢转至水平方向的过程中，两弹簧秤示数大小变化为 。 A．一直增大  一直增大    B．先减小后增大  一直增大 C．一直增大  一直减小    D．一直增大  先减小后增大 四、解答题（共40分） 12．（12分）汽车在平直的公路上以72km/h的速度匀速行驶，司机发现险情时立即紧急刹车，汽车做匀减速直线运动直到停车，取汽车开始紧急刹车的时刻为0时刻，已知汽车在0~2s内的位移大小为32m，，然后继续减速直到停止。求： (1)汽车刹车时的加速度大小？ (2)汽车在静止前1s内的位移？ (3)0~6s内汽车的位移？ ▲ 13．（13分）如图，固定在水平地面上的斜面倾角为，现在斜面上放一个质量为的滑块，对滑块施加一个沿斜面向上的的推力时（如图甲），滑块刚好可以沿斜面向上做匀速直线运动，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，，，取。 (1)求滑块与斜面间的动摩擦因数； (2)如图乙所示，现改对滑块施加一个水平向右的推力，为保证滑块在斜面上静止，求大小的取值范围。 ▲ 14．（15分）如图所示，倾角为的粗糙斜面体固定在水平地面上，质量为的物块A静止在斜面上，斜面与A之间的动摩擦因数为，与相连接的绳子跨在固定于斜面顶端的小滑轮上，绳子另一端固定在与滑轮等高的位置。再在绳上放置一个动滑轮，其下端的挂钩与物块连接，物块、、与弹簧1、2均拴接，B、C之间弹簧的劲度系数为，C、D之间弹簧劲度系数为， 、、，当绳子的张角时整个系统处于平衡状态，而且恰好不下滑（这里最大静摩擦力等于滑动摩擦力）。若弹簧、绳子、小滑轮的重力以及绳子与滑轮间的摩擦力均可忽略，取重力加速度，，，，求： （1）此时绳子的拉力的大小； （2）判断此时弹簧2处于拉伸还是压缩状态，并求其形变量。 （3）对物块施加一个力，使其缓慢下滑一段距离至物块对地的压力恰好减小至零，求此过程中物块B上升的高度。 ▲ 高一强实班物理 第 2 页 共 6 页 高一强实班物理 第 1 页 共 6 页 学科网（北京）股份有限公司 $高一上期强实班第一次月考物理试题参考答案 题号 1 5 6 > 9 10 答案 B D AD BC BD AD 6.【详解】AB.缓慢提升小球并保持外力与水平方向的夹角为=30°，直到细线沿水平方向，以小球为对象，小球 到重力、外力和轻绳弹力，矢量三角形如图所示 M 由受力图可知，外力一直增加，轻绳上弹力先减小后增大，故AB错误： C.初始时，斜劈与滑块之间的摩擦力为零，则有Mg sin a=T=G 由于，轻绳上弹力先减小后增大，末状态时T:G。>T tan 则摩擦力增大后减小，然后再增大，故C正确： D.对两物体整体分析可知，地面对斜劈的摩擦力为f=Fcos日 由于外力一直增加，则地面对斜劈的摩擦力一直增大，故D错误： 故选C。 8.BC 【详解】A.钉松脱时具有与升降机相同的初速度，所以螺钉先做竖直上抛运动，到达最高点后再自由落体运动，故 错误： C.取向上为正方向，螺钉落到井底时的速度为v=v。-8t=5m/s-10×4m/s=-35m/s 可知螺钉落到井底时的速度大小为35m/s,方向竖直向下，故C正确： B.取竖直向上为正方向，螺钉从脱落至落到井底的位移为h=-)=5x4m10x4m=一60m 2 方向竖直向下；升降机这段时间的位移为h,=v,t=5×4m=20m 方向竖直向上，则矿井的深度为h=h+h,=80m,故B正确： D.脱落后螺钉继续上升的时间为5==0.58 8 暝钉继续上升的高度为力头=×0512加 2 螺钉做自由落体运动下落的高度为1=：=×10×3.5m=61,25m 2 2 则螺钉松脱后运动的整个过程中平均速率为=二= p=5-h+h-1.25+61.25m -m/s=15.625m/s,故D错误。 4 受 9.BD 【详解】A.由于t=4s时两车恰好不相撞，即该时刻两车平齐，速度相等，t2=5s时乙车停止运动，且此时甲车在乙 车前方x=2m,则有名=传-4)6。-) 2 解得vo=4m/s,故A错误： C.t,=5s时乙车停止运动，结合上述可知，乙车的加速度为a= 0-0=-4m/s2,故C错误： t2-t1 BD.令0时刻两车间距为，甲、乙在4=4s时两车恰好不相撞，则有4+七=十0t 2 专=5S时乙车停止运动，且此时甲车在乙车前方，=2m,则有5，+。-x='t, 2 结合上述解得'20=20m/s,x。=32m,故BD正确。 10.AD 【详解】AB.左右为同一根绳子，拉力相等，设绳子与竖直方向夹角为，并作出辅助线，如图所示 0 A M 由几何关系可知ME=2Rcos0 ME=MDsin a+DN sin a=Lsina 2R 整理得sin a= cos0 L 对物体进行受力分析2Tcos,=g T=- nig 11g mgL 因此 2cosa 2R 2.1-( V Icosey 2-4Ri cos'0 当转到水平位置时，0=0，可得T=， ngL 2√P-4R2 故A正确，B错误； 2R C.由于a、B均为锐角，由sino= -cos0 L 可知，日越小，a越大，当转到水平位置时，O=0,此时α取得最大值，因此先增大，后减小，故C错误； T g nig ngL D.由 2c0S0 2R 21-（ cos8)月 2v-4R2 cos20 可得日越小，绳子拉力越大，因此当日=0时，绳子拉力最大，因此圆环从图示位置顺时针缓慢转过2日的过程中 的张力先增大后减小，故D正确。 故选AD。 11. 平行四边形 12.(1)4m/s2(2)2m(3)50m 13.(1)0.5(2)2N≤F≤22N 【详解】(1)对滑块受力分析，如图所示 37°↓mg 根据平衡条件可得耳-gsin日-gcos日=0 代入数据解得4=0.5 (2)当滑块有下滑趋势时，受力情况如图所示 F mg 根据平衡条件可得耳min COS8+∫m=gsin8 又因为R=gcos8+F2 Sin8,fn=uF 联立解得乃mn=2N 若物体沿斜面有向上的运动趋势，受力分析如图所示 根据平衡条件则有F2maxc0s8=gSin日+fm 结合F、=gcos0+F sine,fm=uF F, 联立解得Fmx=22N mg 轻绳 故F,的取值范围为2N≤E,≤22N 14.(1)10N(2)压缩；0.1m(3)0.24m 【详解】(1)由于A恰好不下滑，所以此时A受到斜面对其的摩擦力为最大静摩擦力，沿斜面向上，对A受力分析如 图所示。 YmAg 沿斜面方向 T件f片4gsin8 垂直斜面方向 N=mAgcose N 联立代入数据解得 T=10N (2)两细绳拉力作用在滑轮上的合力为 F=2Tcos =2x10x0.8N=16N 且 g-16N=F合 可知，此时弹簧k:处于原长，2处于压缩状态，其弹力大小等于C的重力， 其形变量 41="810 m=0.1m k2100 (3)达到题设位置时，k2伸长量 42-8、4 k2100 m=0.04mk伸长量 Ax=0.+4)8、14 1m=0.1m k140 B上升的高度 h=△x1+△x2+△r2=0.24m