高二上学期期末实战模拟卷9-【创新教程】2025-2026学年高二上学期物理期末实战模拟卷

高二上学期期末实战模拟卷九 (范围：必修三第十一章~选修二第二章)》 (满分100分) 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。认真核 对条形码上的姓名、考生号和座号，并将条形码粘贴在指定位置上。 2.选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例）正确填涂；非选择题答案必须使用 饕 0.5mm黑色签字笔书写，字体工整，笔迹清楚。 3.请按照题号在各题目的答题区域内答题，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、 ® 试卷上答题无效；保持卡面清洁，不折叠、不破损。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1.2025年4月，我国自主研发的歼一10C等战机亮相于埃及，参加中埃“文明之鹰一2025” 林 空军联合训练，歼一10C战机装备的机载有源相控阵雷达(AESA)发射的电磁波频率为 10GHz(1GHz=10Hz),属于微波，最大探测距离200km,光速c=3×10sm/s.则关于 1 机载雷达发射的电磁波，下列说法正确的是 中 A.该电磁波的传播速度小于光的传播速度 B.该电磁波的波长为0.03m 典 C.该电磁波的波长比可见光短 D.该电磁波的频率比可见光高 2.如图所示，将带铁芯的线圈A通过滑动变阻器和开关 连接到电源上，线圈B的两端连接到灵敏电流计上，把 线圈A放进线圈B的里面.下面几种情况灵敏电流计 指针不可能有偏转的是 A.闭合开关瞬间 B.开关闭合且电路稳定后 C.开关闭合，拔出线圈A中铁芯的过程中 D.开关闭合，将滑动变阻器的滑片P向左匀速滑动的过程中 3.如图，一质子源沿电场方向均匀发射质子（初速度视为零），经电场加速后形成细柱形质 子流，如图所示，假定分布在质子源到靶（图中未画出）之间的加速电场是均匀的，在质子 系 流中与质子源相距L和4L的两处，各取一截面，则在相等时间内穿过两截面的电荷量分 别为Q1和Q2,则Q1:Q2为 () 论 质了源 4L A.1:1 B.1:2 C.2:1 D.1:4 4.如图甲所示，一只蜗牛沿着弧形菜叶匀速率向上爬行，将图简 化为乙所示，若菜叶的最高点切线水平，则在蜗牛向上爬行的 莱叶 过程中 左端 物理试题（九）第1页（共6页） A.蜗牛所受合力为零 B.在相等的时间内蜗牛所受重力的冲量相同 C.菜叶对蜗牛的作用力小于蜗牛对菜叶的作用力 D.在最高点，蜗牛对菜叶的压力等于它所受的重力 5.如图甲所示，弹簧振子以点O为平衡位置，在A、B两点之间做简谐运动.取向右为正方 向，振子的位移x随时间t的变化如图乙所示，下列说法正确的是 () ◆x/cm 舰 0.6 1.21.8ts 甲 A.t=0.4s时，振子的速度方向向右 B.t=0.8s时，振子在O点和A点之间 C.t=0.6s和t=1.2s时刻，振子的速度完全相同 D.t=1.5s到t=1.8s的时间内，振子的加速度逐渐增加 6.如图所示，三根相互平行的水平长直导线通有大小相等且方向相同的电流I,其中P、Q、 R为导线上三个点，三点连成的平面与导线垂直，O为PQ连线的中点，且QR=PR.则下 列判断正确的是 () A.P点的磁感应强度方向竖直向下 B.R点的磁感应强度方向水平向右 C.R点与O点的磁感应强度方向相反 D.在QP的连线上存在磁感应强度为零的位置 7.如图所示，一个直角边长为2L的等腰直角三角形ABC区域内， 有垂直纸面向里的匀强磁场，其左侧有一个用金属丝制成的边长 为L的正方形线框abcd,线框以水平速度v匀速通过整个匀强磁 ××××8 XX×x×公 X×Xx××X 场区域，设电流沿顺时针方向为正.则在线框通过磁场的过程中， ×X×x××× B C 线框中感应电流讠随时间t变化的规律正确的是 i/A ↑A ti/A 八2t3ts 1 2t 3t is p八3级 t2入3tts -i0k- B C D 物理试题（九）第2页（共6页） 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求。 全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.如图所示，OO,是半圆形玻璃砖过圆心的中心轴线，关于 O,O,对称的两束平行单色光束a、b,垂直左侧平面射入玻璃0 砖，光路如图所示，则下列判断正确的是 A.a光的频率比b光的频率高 B.a光在玻璃砖中的传播速度比b光的大 C.通过相同的狭缝，α光比b光衍射现象明显 D.将a、b两单色光光源分别放在水中同一点，水面上a光照亮的区域较大 9.如图甲所示，用内阻为1的充电宝为一手机充电，其等效电 手 路如图乙所示.在充电开始后的一段时间t内，充电宝的输 出电压U、输出电流I可认为是恒定不变的，设手机电池的 充电宝 甲 内阻为r2,则时间t内 A.充电宝输出的电功率为UI一Pr B.充电宝的总功率为UI十Ir C.手机电池产生的焦耳热为， D.手机电池增加的化学能为Ut一Ir2t 10.如图甲所示，轻弹簧一端固定在竖直墙上，初始时处于自然状态，右端在P点，某时刻一 质量为10kg的物块A以一定初速度向左滑向轻弹簧，从开始运动至弹簧压缩至最短 的过程中，物块速度平方随位移的变化规律如图乙所示，已知弹簧劲度系数为k=150Nm, 重力加速度g取10ms2,以下说法正确的是 vm2·s 30， 20 MMM 7777777777777777777777777777777 P 2 x/m 图甲 图乙 A.物块A压缩弹簧的过程物块与弹簧组成的系统动量守恒 B.此过程中弹簧的最大弹性势能为75J C.物块A向右运动过程中物块A所受合外力对它的冲量为零 D.物块A最终停在出发点 物理试题（九）第3页（共6页） 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)某同学用图甲所示装置通过M、N两弹性小球的碰撞来验证动量守恒定律，图甲 中A是斜槽导轨，固定在水平桌面上，斜面BF顶端B点与斜槽导轨的水平末端相接， 实验时先使M球从斜槽上某一固定位置静止释放，落到斜面上时记录纸上留下痕迹，重 复上述操作10次，得到M球的10个落点痕迹，如图乙所示，刻度尺贴近斜面且零刻度 线与B点对齐.再把N球放在斜槽导轨水平末端，让M球仍从原位置静止释放，和V 球碰撞后两球分别在斜面记录纸上留下各自的落点痕迹，重复这种操作10次.（不考虑 小球对斜面的二次碰撞) 记录纸 TTTITITI1 50单位：cn60 刻度尺 (1)为了更精确地做好该实验，对两个碰撞小球的要求是M球的半径 N球的半 径，M球的质量 N球的质量（填“小于”“等于”或“大于”） (2)由图乙可得M球不与N球碰撞时在斜面上的平均落点位置到B点的距离为 cm. (3)若利用天平测出M球的质量m1,N球的质量m2,利用刻度尺测量平均落点位置C、 D、E到B的距离分别为Lc、LD、LE,由上述测量的实验数据，验证动量守恒定律的表达 式是 (用所给物理量的字母表示).如果两球碰撞为弹性碰撞，还需要验 证 (用所给物理量的字母表示) 12.(8分)通过实验测量某金属丝的电阻率. 30 白流源 图1 图2 (1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，测量示数如图1所示，可得金属丝直径的测量值 d= mm; (2)将该金属丝绕在陶瓷管上，电阻值约为252.除了开关、若干导线之外还提供了以下 实验器材： 直流电源：电动势6V和12V,内阻不计 电流表A:量程0~0.6A,内阻约为0.12 量程0~3A,内阻约为0.022 电压表V:量程0~3V,内阻约为3k2 量程0~15V,内阻约为15k2 滑动变阻器R:最大阻值为102 为较准确测量该金属丝的阻值，某同学用所给器材组成实验电路，如图2所示.图中的 a、b、c三条导线中有一条连接有误，该导线是 (填写导线编号)； (3)正确连接后，闭合开关前，应该把滑动变阻器的滑片置于滑动变阻器的 (填 “左端”或“右端”)； (4)若测得金属丝的长度为L,直径为d,电压表示数为U,电流表示数为I,不考虑电流 表和电压表内阻的影响，则金属丝的电阻率ρ= 物理试题（九）第4页（共6页） 13.(10分)如图所示，一半径为R的圆形区域，圆心位于平面直角 2 坐标系的原点O,其内充满垂直于xOy平面向外的匀强磁场， 磁感应强度大小为B。;在第四象限x≥R空间充满沿y轴正方 ®· R 向的匀强电场.位于x轴上的离子源以恒定速度射出电荷量为 q、质量为m的正离子，离子沿x轴正方向进入磁场，经坐标点 (4R,0)离开电场.已知离子离开磁场时速度方向与x轴正方向的夹角0=60°.忽略离子 间的相互作用，不计重力.求： (1)离子在圆形区域中运动时的速度的大小； (2)电场强度的大小. 14.(14分)如图所示，实线是一列简谐横波在七1=0时刻的波形 图，虚线是在t2=0.2s时刻的波形图. (1)若这列波向右传播，此列波传播速度的可能值是多少；若 这列波向左传播，此列波传播速度的可能值是多少： 6 x/m (2)若波速为55m/s,求x=5m处的质点M在t1时刻的振 -20 动方向. 物理试题（九）第5页（共6页） 高二上学期期末未实战模拟卷九 物理答题卡 姓 名 推考证号 条形码区 缺考标记（学生禁止填涂）☐ 填 正确填涂 注 1.答题前，考生须准确填写月已的姓名、淮考证号，并认真核对条形码上的姓名、 准考证号。 涂 ■ 意 2.逃择题必须使用2B铅笔填涂，非逃择题必须使用0.5毫米黑色墨水签字笔书写， 错误填涂 事 涂写要工整、清晰。 样 × 3.按照题号在对应的答题区域内作答，超出答题区域的答题无效，在草稿纸、试 例 C】0]三 项 题卷上作答尤效。 4.答题卡不得折叠、污染、穿孔、撕被等。 选择题 1ABCD 5ABCD 9 ABCD 2ABCD 6ABCD 10ABCD 在各题 3ABCD 7 ABCD 4ABCD 8 A B CD 的 非选择题 11.(6分，除标注外，每空1分) 内作答 (1) (2) (3) (2分) 12.(8分，每空2分) (1) (2) (3) (4) 出边框的答案无效 13.(10分) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（九）第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 14.(14分) 来/cm 20 0 4 5 6 x/m -20 15.(16分) 请在各题目的答题区域内作答 Ap 0 BL 77T7777T77777777T7777777777777777777T7 ,超出边框的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（九）第2页（共2页） 15.(16分)如图，半径为R=0.2m的光滑圆弧轨道AB固定在光滑水平地面上，A点与 圆心O等高，圆弧轨道与放在地面上质量为M=3kg的长木板上表面相切于B点.现 将质量m=1.0kg的小物块从A点由静止释放，小物块从B点离开圆弧后滑上长木板，一 段时间后共速，继续运动一段时间后，长木板与右侧竖直墙壁碰撞后原速率反弹（碰撞时间忽 略不计).已知小物块与长木板间的动摩擦因数=0.3，重力加速度g=10m/s2,求： (1)小物块滑至圆弧末端B点时对圆弧的压力大小； (2)小物块从滑上长木板到两者第一次共速，由于相互摩擦产生的热量； (3)若长木板与墙碰撞后与小物块恰好能再次共速，求长木板的长度. Ap R B7aaimmmmimmmmWi 物理试题（九）第6页（共6页）参考 14.解析：(1)d绝缘杆通过半圆导轨最高点时， 由牛顿第二定徘有Mg=M, 解得v=√gr=√5m/s. (2)碰撞后d绝缘杆滑至最高点的过程中，由动能 定理有-2Mgr=号M-号M5, 解得碰撞后cd绝缘杆的速度v2=5mfs, 两杆碰撞过程动量守恒，取向右为正方向，由动量守 恒定律得mo=mw1十M2, 解得碰撞后ab金属杆的速度v1=2mfs. (3)a6金属杆进入磁场后由能量守恒定律有？mf =Q, 解得Q=2J. 答案：(1)5m's(2)2mfs(3)2J 15.解析：(1)滑块A自P点滑至平台过程中，由动能定 理有mgR1-0s60）=子m6, 解得，滑块A刚到平台上的速度大小为g=4ms, (2)当A、B速度大小相等时弹簧弹性势能最大，由动 量守恒定律有m0=2m0共， 由能量守恒定律有E,=2m哈-号×2m失2， 代入数据联立解得，该过程中弹簧弹性势能的最大 值为E。=8J (3)弹簧恢复原长时B与A分离，设分离时A的速 度为v1,B的速度为v2,由动量守恒和机械能守恒有 mw=mw1十mv2, 1 1 1 2m6=2mu,2+2m吃， 解得01=0， 2=4m/s, B洽好未从小车C上滑落，即B到小车C右端时二 者速度相同，由动量守恒有mw2=(m十M)3 解得，B到小车C右端时二者相同的速度为=1m's, 由能量守恒有Q-了mnd-合(m+M0暖 又Q=ungL 可得，小车C的长度为L=0.8m. 答案：(1)4ms;(2)8J;(3)0.8m 高二上学期期末实战模拟卷九 1.B[A.电磁波的传播速度等于光的传播速度，故A 错误：B.该电磁波的波长为A=S=3X10 f10x109m=0.03 m,故B正确；C.可见光波长范围为380750纳米， 故该电磁波的波长比可见光长，故C错误；D.根据入 ·1 答案 一宁可得波长越长频率越小，故诚电险波的频率比可 见光低，故D错误.] 2.B「A.闭合开关瞬间，线圈B中磁通量瞬间变大，有 感应电流产生，则指针会发生偏转，故A错误； B.开关闭合，电路稳定后电流不发生变化，通过线圈 B的磁通量无变化，无感应电流产生，故指针不发生 偏转，故B正确； C.拔出线圈A中铁芯的过程，线圈A中磁场变弱，则 通过线圈B的磁通量减小，有感应电流产生，则指针 会发生偏转，故C错误： D.滑片P向左匀速滑动过程中，接入电路的电阻发生 变化，电流发生变化，线圈A产生的磁场发生变化，通 过线圈B的磁通量变化，有感应电流产生，则指针发 生偏转，故D错误，故选B.] 3.C[设两处的电流分别为I1、12,单位体积内的粒子 数为1、2：则有I1=1e1S, I2=n2ev2S, 在L处与4L处的电流相等I1=I2 故n1ew1S=n2ev2S, 可得西一丝 n2 U1 由动能定理在L处有eEL=m, 2eEL 解得U=Λm 由动能定理在4L处有4eEL=2m吃， 1 解得2= /2eE·4L m 则有器- 所以Q1:Q2=n1e:n2e=2：1 故C正确，ABD错误.] 4.B[A.由于蜗牛匀速率爬行，且蜗牛做的是曲线运 动，因此其动量变化量一定不为零，由动量定理知合 力的冲量不为零，合力不为零，故A错误； B.重力的冲量为IG=mg·t, 在相等的时间内蜗牛所受重力的冲量是相同的，故B 正确； C.由牛顿第三定律可知，莱叶对蜗牛的作用力与蜗牛 对菜叶的作用力大小相等，故C错误； D.在最高点时，蜗牛有水平方向的速率，且蜗牛做的是 圆周运动，合外力指向圆心，因此菜叶对蜗牛的支持力小 于蜗牛的重力，结合牛顿第三定律，可知蜗牛对菜叶的压 力小于它所受的重力，故D错误，故选B.] 高二上学期期末s 5.B[A.t=0.4s时，振子在O点和B点之间，位移正 在减小，振子由B向O运动，振子的速度向左，故A 错误；B.t=0.8s时，振子由O向A运动，振子在OA 之间，故B正确：C.t=0.6s和t=1.2s时刻振子的 速度方向相反，故C错误；D.t=1.5s到t=1.8s时 间内振子从B运动到O,位移逐渐减小，回复力逐渐 减小，加速度逐渐减小，故D错误，故选B.] 6C[AB.如图所示，画出三根导线的截面图，由右手 螺旋定则及矢量的叠加规律可知，P点的磁感应强度 方向斜向右上方，R点的磁感应强度方向水平向左， AB错误； 8 C.P、Q处导线在O点的磁感应强度等大、反向，故O 点的磁感应强度由R处导线产生，方向水平向右，即 R点与O点的磁感应强度方向相反，C正确： D.P、Q处导线在QP的连线上的场强均在竖直方向 (O,点除外)，而R处导线在QP的连线上的场强均不 在竖直方向，故无法完全抵消，即在QP的连线上不存 在磁感应强度为零的位置，D错误，故选C.] 7.B[线框刚进入磁场中时，只有bc边切割磁感线，根 据楞次定律可知，电流方向为逆时针方向，即为负，在 线框完全进入磁场之前，电流方向与大小不变；当d 边刚进入磁场时感应电流为零，接着bc边开始出磁 场，回路中的感应电动势为ad边产生的电动势减去 b心边在磁场中产生的电动势，随着线框的运动，回路 中电动势逐渐增大，电流逐渐增大，方向为顺时针，即 为正；在前进2L后，bc完全出磁场，ad也开始出磁 场，切割磁感线的长度逐渐减小，电流逐渐减小，方向 为顺时针方向，即为正，直至线框完全脱离磁场，电流 减小为零，综上分析可知，B正确，A、C、D错误.] 8.BCD[A.由题图可知，b光发生了全反射，说明b光 全反射的临界角小，由sinC=】 可知，玻璃砖对b光的折射率大，b光的频率高，A 错误； B.由0=C可知a光在玻璃砖中的传播速度比b光的 大，B正确； C.由c=入f可知，a光的频率低，所以a光的波长长，因 此通过相同的狭缝，光比b光衍射现象明显，C正确； ·2 买战模拟卷·物理 D.设两光源距离水面的高度为h,照亮水面边缘光刚 好发生全反射，照亮的区域圆面积的半径”与临界角 C满足tanC=方 又a光的折射率小，临界角C大，照亮的区域圆面积 的半径r大，水面上a光照亮的区域较大，D正确，故 选BCD.] 9.BD[A.充电宝的输出电压为U,输出电流为I,则充 电宝输出的电功率为UI,故A错误； B.充电宝内的电流也是I,内阻为1，所以充电宝产生 的热功率为Pr1,则充电宝的总功率为P总=UI+ I2r1,故B正确： C.由于充电宝是非纯电阻电路，U是充电宝的输出电 压，所以不能用公式计算手机电池产生的焦耳热， 12 根据焦耳定律，可知电池产生的焦耳热应为I2r2t,故 C错误； D.由题意根据能量守恒可得，手机电池增加的化学能 为UIt一IPr2t,故D正确，故选BD.] 10.BD[A.物块A压缩弹簧的过程，物体A和弹簧组 成的系统合外力不为零，动量不守恒.A错误； B.由匀变速直线运动的位移与速度的关系v一喝= 2ax,对比题图乙可知，物块运动前2m过程做匀减速 直线运动，2-x图线的斜率k=24=20,30=-5由 2 牛顿第二定律知物块的加速度Q=一g, 解得4=0.25， 由题图乙可知，物块的初速度0=√30ms, 向左运动的最大距离为x1=3m, 故弹贵的最大弹性势能为E=7m6-0mg=75J B正确： C.物块在向右运动过程中，初始时弹簧弹力最大且 大于物块所受摩擦力，然后弹簧弹力逐渐减小到零， 则物块的加速度先逐渐减小，减到零后再逐渐增大， 最后不变.A所受合外力对它的冲量不为0，C错误； D.物块向左运动过程中，由动能定理有一ngx1 Ep= 2m呢， 物块向右运动过程中，有Ep一ungx'=0, 解得x'=x1=3m, D正确，故选BD] 11.解析：(1)为使两小球进行对心碰撞，对两个碰撞小 球的要求是M球的半径等于N球的半径： 为使碰撞后M球不被弹回，碰撞后两球都做平抛运 动，M球的质量大于N球的质量 参考 (2)画一个尽可能小的圆将所有落点圈住，圆心即为 平均落点，由图乙平均落点位置到B点的距离为 54.2cm. (3)设斜面倾角为0，则平均落，点位置C、D、E到B的水 平距离分别为xC=Lccos0,xD=Lpcos0,xE=LEcos0, 2Lcsin 0 时间分别为tc=√g 2LDsin 0 -,tD=/ 2LEsin 0 tE一AN g 则水平速度分别为c--√c·医cos, t √2sin0 0-Ln·Ecs9, p一tD √/2sin0 VE-E-LE.JRCOS 0 √2sin0 动量守恒，则有1D=1vC十m2UE 则有m1√LD· √gcos0 =m1√Lc.gcos9+ √/2sin0 √/2sin0 m2Lg.gcos 0 √2sin0 整理可得，验证动量守恒定律得表达式是1√几D= m1√/Lc+m2√LE 如果两球碰撞为弹性碰撞，则机械能也守恒，还需验 速度代入，整理得m1LD=m1LC十m2LE 答案：(1)等于大于(2)54.2(53.5~54.5范围 内均可)(3)1LD=m1√Lc+m2√/LE miLp=mLc+m2LE 12.解析：(1)金属丝直径的测量值为d=0.5mm十23.0 ×0.01mm=0.730mm (2)b导线连接错误，应将其上端接至滑动变阻器的 右下接线柱上」 (3)正确连接后，闭合开关前，应该把滑动变阻器的 滑片置于滑动变阻器的左端，从而使闭合开关之后 分压部分电路电压为从零开始变化. （④根据欧好定律有R-号， 根据电阻定律有R=必=4pL Sπd2 解得p=xlU 4IL 答案：(1)0.730(2)b(3)左端(4)2U 4IL ·21 答案 13.解析：(1)离子离开 磁场时速度方向与 x轴正方向的夹角0 ® =60°，由几何关系 可知tan30°=R, r 洛伦滋力提供向心力，得qB,=m, 联立可得U √3BRg (2)由题意知，离子射入电场时的纵坐标为一√3R,离 子射入电场后沿x轴方向3R=vcos60t, 1.52, 沿y方向3R=-usin60t+2·m 解得t=6R 0 E=23BBRq 3m 答案：1)3B,Rg （2)2BBRg 3m 14.解析：(1)若这列波向右传播，则传播的距离为d= (a+) 则=↓=4n十1 t0.2 m.s=(201十5)ms(n=0,1,2,3 …) 若这列波向左传播，则传拾的距离为d=(口十是）以 则o=4=4n十3 t0.2 m/s=(20n+15)m/s(n=0,1, 2,3…) (2)结合(1)中的分析，波向左传播时，当=2时波 速为55m/s,由“前一质点带动后一质点”可知x= 5m处的质，点M在t1时刻的振动方向向下. 答案：(1)(201+5)ms(n=0,1,2,3…),(20n+ 15)ms(n=0,1,2,3…):(2)向下 15.解析：(1)根据题意，由A到B过程中，由机械能守恒 定律有mgR=m2, 得v=2mfs, 22 由牛颅第二定律得F-mg=mR: 由牛顿第三定律得对圆孤的压力F'=F=30N. (2)小物块滑上长木板后，设共同速度为1，由系统 动量守恒定律有m0=(M十m)01, 1 解得=2ms, 对小物块，由牛顿第二定律有ug=ma1, 高二上学期期末实 解得a1=g=3m/s2, 由运动学公式可得-=2a.1, 解得灯=名m 对长木板，由牛顿第二定律有umg=Ma2, 得a2=1m/s2, 由运动学公式可得=2a2x2, 1 解得x2=8m 1 可得△x1=x12=2m, 由能量守恒定律可得Q=g△x1, 解得Q=1.5J. (3)再次共速时的速度为2，由动量守恒定律得 M1-w1=(M+m)2, 对木板，由运动学公式可得'=。道 2a1 解得'= 32m. 对小滑块，由运动学公式可得，听 2a2-1 解得x2'=3 2m, 可得△x2=x1十x2', 5 则长木板的长度为L=△m1十△2=8m=0.625m 答案：(1)30N;(2)Q=1.5J;(3)0.625m 高二上学期期末实战模拟卷十 1.D[A,根据折射定律n=sini, sin r 可知b光的折射率小于a光的折射率，根据1=C 可知在该三棱镜中，单色光a的传播速度比b小，故A 错误； B.由几何关系知a、b复合光的入射角为60°，b光的折 射角为30°，则b光的折射率为m=sin60 sin 30 =√/3， 则单色光b在该三棱镜中发生全反射的临界角C满 足mC=日-得故B错送： C.由A选项可知，a光折射率大于b光折射率，则a 光频率大于b光频率，根据c=入·f, 可知a光的波长小于b光波长，可知若用单色光a、b 分别通过同一单缝衍射装置，单色光a的相邻亮纹间 距比b的小，故C错误； D.如图所示 ·22 战模拟卷·物理 B 改变入射光在边上入射，点的位置，由于入射角始终为 0,所以折射光b始终平行于AC,根据B选项可知，b 光在BC边会发生全反射，因为∠A=120°，可得∠B =∠C=∠OEB=30°， 因为∠BEO+∠OEF=90°， ∠FED=∠OEF,所以∠DEC=30 所以AB∥DE 在平行四边形中AD=OE, 在等腰△EDC中DC=DE, 所以从AB边上任意位置射入的光线，b光的路径等 于AC的长度，则=2L 又=C= c=3 n33c, 解得1=2v3 故D正确，故选D.] 2.D「穿过线框的磁通量在增大，根据楞次定律结合安 培定则可得感应电流沿逆时针方向，故流过电阻R的 感应电流由a到b,选项A错误；电流从c到d,根据左 手定则可得线框cd边受到的安培力方向向下，选项B 错误；根据法拉第电磁感应定律可得E=△_BS, △tto 根据闭合电路欧姆定律可得a、b间的电压大小为U= D《。E2BoS选项C错误D正确.门 3t0 3.A[A,千电池的电动势为9V,则1C正电荷通过该 电池的过程中，非静电力做功9J,有9J的化学能转 化为电能.故A正确； B.干电池的电动势表征的是把其他形式能量转化为 电能的本领大小，并不是该电池在单位时间内有9J 的化学能转化为电能.故B错误； C.干电池的内阻未知，无法确定电池短路时的输出电 流.故C错误： D.将该电池接入电路后，电池两端电压为路端电压， 如果外电路正常工作，则路端电压小于电动势.故D 错误，故选A.] 4.C[以△1时间内射到钢板上的水柱为研究对象，规 定水柱的速度方向为正方向，根据动量定理可 得-F△1=0-mv, 其中m=oSu△t, 联立，可得F=pS2, 由牛顿第三定律可知水对钢板的平均冲力大小为 F=F=pSv2,故选C.]