广西壮族自治区“贵百河”2025-2026学年高二上学期10月月考物理试卷

null2024级“贵百河”10月高二年级新高考月考测试 物理 参考答案 一、选择题 题号1 2 3 4 5 6 8 9 10 答案D BD D A D B CD BD BCD 1.解析：A.复印机利用异种电荷吸引墨粉，故A错误。 橡胶鞋绝缘，不利于静电泄放，加油站工作人员应穿防静电鞋，故B错误。 C汽车天线并非避雷针，故C错误。 D.防静电椅子是通过椅面嵌件、金属支撑件与导电脚轮形成静电泄放通道，将人体静电导入大地，故D正确。 2.解析：A.对于两等量正点电荷，中垂线上O点电势最高，从A到O电势增大，从O到B电势减小，因此电 势先增大后减小，故A错误。 B.由于O点电场强度为零，带负电粒子在O点所受电场力为零，加速度为零；同时O点电势最高，带负电粒子 在O点电势能最小，根据能量守恒，动能最大，速度最大，故B正确。 C.对于带负电粒子，电势能Ep=qp(q<0),与电势o相反。从A到Oo增大，Ep减小；从O到Bp减小，Ep 增大。因此电势能先减小后增大，故C错误。 D.由于对称性，A、B两点电场强度大小相等，但方向相反（电场沿中垂线向外），因此场强不同，故D错误。 3.解析：A.粒子受到的合力即电场力方向沿电场线的切线方向，根据曲线运动中合力指向轨迹内侧，可知粒子 带负电，故A错误： B.a、b间电场线较b、c间电场线疏，a、b间平均电场强度较b、c间平均电场强度小，故Ub<Uc故B错误： C.由题干信息不能确定粒子的运动方向，故C错误： D.沿着电场线方向电势降低，所以p。>p。由Ep=qp,知Ep。<Ep6故D正确： 4.解析：感应电荷产生的场强与点电荷产生的场强等大反向，故A错误：感应电荷产生场强方向均向左，故B 错误。由于处于静电平衡的导体内部处处场强为零，故C错误，D正确 5.解析：由题可知，X极板一开始带正电，当偏转电极X极性改变后，变为带负电。故可知，亮斑应出现在区域 ①。A正确。 6解析：由题知，对于带电粒子，由gUB=名UAc,带入得oc一35V。由U-UBc得， po-I7V。故AD上电势的变化为5vVM-2Vcm。在AD上与B点电势相同的点如图E 点所示。过BE作垂线，垂足为F,由几何关系知，AF延长线过点C。AC即为电场线的 方向。由AExAB=AFxBE得，AF=7.2cm。故电场强度E=15V3M-250Vm。场强方向 7.2cm 沿电势降低方向，故选D。 7.解析：由d处场强为零可知，细棒在d点场强与点电荷在d点场强等大反向，即EQE30-元。 3kQ kQ 由对称性知，细棒在b点产生的场强大小也为。是，方向水平向左。又点电荷在b点产生场强大小为 提，方向水平向左，故b点场强大小为，=+品故选B。 23L23L2 8.解析：负电荷受到电场力与重力作用才能沿着A到B做直线运动，电场力必定水平向左，所以电场的方向应水 平向右，则A点的电势高于B点的电势，故A错误： BC.从A到B过程微粒克服电场力做功，电势能增加，由能量守恒定律可知，微粒的机械能减少，故C正确。 若初速度方向改变，微粒还可能做直线运动，故选CD 9.解析：A.大地电势为零，离地面越高，电势越高，因沿电场方向电势降低，可知大气电场的方向竖直向下，选 项A错误： B.因地面和大气层分别是电容器的两个电极，电容器储存的电荷量约为5×10C,可知地面带负电，电量约为 5×10C,选项B正确： C.由Ep=qp=-e×300x103v=-3×105ev,C错误： D.根据E号 可知图像的斜率代表电场的倒数，高度越大，大气电场强度越小，故D正确。 10.解析：速度一时间图像与坐标轴围成的面积表示位移大小，由图像可知两板间距离为 d-3x-aT 1 a=9E、y m 2 E=2m业 设板间电压为U,则粒子加速度为 则Vm=a·解得U-3m 97 =!开始进入电场的粒子，电场周期为T(也可以画速度一时间图像)，粒子往复运动，正向位移大小等于负向位 移大小，最终没能打在右板上。故选BCD。 二、非选择题 1山.【答案】(1)力F与距离r的二次方成反比或Fx (2)增大 (3)BC(每空2分) 【解析】()库仑力F与扭转角度α成正比，根据表中数据，两小球间距r的平方与扭转角度α成反比，可推测： 库仑力F与两小球间距r的二次方成反比，或F∝之： (2)若保持间距不变，仅将其中小球C电荷量变为原来两倍，预计金属丝扭转角度将增大： (3)这一实验中涉及变量为库仑力、间距、电量，用到了控制变量法。将微小的库仑力变化放大为金属丝扭转角 度，用到了微小量放大法。故选BC。 12.【答案】L.(2分)：AC(AC全选对给3分，只选A或C给2分，错选不给分)：Ⅱ变大(2分)：变小(2分)。 【解析】()加电压U时，粒子平衡，电场强度向下，电场力向上，油滴受到的电场力等于它所受到的重力，有 9Emg所以：9器(QA、在某次实验中，测得油滴所带电荷量为3.2x10”℃，电子的个数：0瓷200个， 故A正确：B、在某次实验中，测得油滴所带电荷量为2.3×1017C,电子的个数：210-143.75个，不是整数。 1.6x1019℃ 故B错误；CD、若将电源断开，再将两金属板间距变小，根据E=兰、Q-CU、C-=eS4kd得出E不变，电场力 不变，则原来静止的油滴仍保持静止，故C正确，D错误。Ⅱ.电容器充电后与电源断开，Q一定，此时若仅将左 板向左平移一小段距离，电容C变小，板间U变大，则静电计指针偏转角变大：若仅在极板间插入一块陶瓷， 板间相对电介质常数变大导致电容C变大，则板间电压U变小，则静电计指针偏角将变小。 13.参考答案： (1)根据电势差公式U=Wg -2.5×105 U4B=W45x10。v=-5V2分 1.0×105 Uac=scg5x105v=2V2分 (2)规定00： UAB =4-0B .........1-5v-0-0B 得 pg5V.2分 UBc=pBpc1分 2v=5v-0c 得pc=3V.2分 扣分细则： 单位缺失或错误不给分 ·计算UB.UBc错误但公式正确给一半分数 14.参考答案： (1)在加速电场由动能定理得：9Um哈 2分 解出w= 2qU 1分 (2)在偏转电场有： 水平加速度a.装1分 tan370=兰(yvo) Vy .1分 运动时间：仁马 1分 yx=0..1分 联立以上四式得到E3m 4gL .1分 得到最终表达式E出1分 (扣分细则：不写联立以上四式得出E3m 直接得出E最终正确表达式不用扣分；但E最终表达式不正确扣2 gL 分) (3)水平位移x242 ...2分 3 得到最终结果x兰 2分 15.参考答案： (1)小物块恰好通过D点有：mgm吗 R .1分 解得vp=√gR=2m/s..1分 小物块从A点到D点，设AB距离为L,根据动能定理： qEL-umgL-mg*2R-号mm2...2分 代入数据解得Lm 从A点到C点，根据动能定理： qE(L+R)-umgL-mgR-mvc... 代入数据解得2-号㎡。2 小物块在C点FNgE"m ..1分解得FN=5.4N..1分 R 由牛顿第三定律可得小物块通过C点时对轨道的压力大小FN=F’N=5.4N....1分 (2)小物块从A点到B点：9B一p4=-EL..1分 由于040，解得pB=-EL..1分 B点电势能：E印=qPB=-qEL.1分 代入数据得E,=.1分 (3)小物块从D点以初速度vD-2ms水平向左抛出，水平方向受电场力作用做匀变速运动 水平加速度：a5=8m/s21分 平抛运动时间：仁 2×2R -0.4s.1分 水平位移：X=vpl-axl2=0.16m.1分 落点在B点左侧，到B点的距离为0.16m 扣分细则：计算过程中用其他方法正确、合理的可给分。 单位缺失或错误不给分。