山西省太原部分学校2025-2026学年高三上学期10月质量监测物理试题(A卷)

null2025~2026学年高三10月质量检测卷·物理(A卷) 参考答案、提示及评分细则 1.A下蹲过程先向下加速后向下减速，先失重后超重，站立起跳上升过程先加速后减速，先超重后失重，下落 过程处于失重状态，A正确. 2.D由=合g2可知，。-冬-之g,解得=4s,D正确 3.D物块在斜面上做匀减速直线运动，设在A点速度为，由匀变速直线运动规律可知，物块第二次经过D 点速度为-一，在A点动量为p,则第二次经过D点动量为一号p,则动量的变化量△p=一方力-力=一号 ,D正确， 4.BA与月球绕地球做圆周运动的周期相等，角速度相等，C错误；由于A做圆周运动的半径小，由Q=w2、 v=rw可知，卫星A的线速度、加速度都小，A错误、B正确；由于A的质量远小于月球质量，由F=a可知， A的向心力小，D错误. 5C设每个球的质量为m,对A球研究，根据平衡条件有R=mgan30°-号mg:对A,B整体研究有F,一F =2 mgtan30,解得F=5mg,对三球整体研究有F+F=F,解得A=2mg,可见，A,B.D错误，C 正确。 6.B若子弹不穿出木块，子弹的初速度越大，子弹在木块内钻得越深，产生的内能越多，子弹和木块系统损失 的机械能越多；A错误；若子弹不穿出木块，子弹的初速度越大，由系统动量守恒可知，子弹和木块的共同速 度越大，木块的动量变化量越大，B正确；若子弹穿出木块，子弹的初速度越大，子弹在木块中穿行的相对位移 始终等于木块的长，因此产生的内能恒定，子弹和木块系统损失的机械能恒定，C错误；若子弹穿出木块，子弹 的初速度越大，子弹在木块中穿行的时间越短，阻力对木块的冲量越小，木块的动量变化量越小，D错误。 7.A设空气阻力大小为千，则上升过程有mg+于=ma,6=2ah,解得a=碧g,f是mg,同理，下降过程有 mg-f=ma2,解得a2= 器止开时间√原，下降时间√腰会√层-音则品分 A正确. &.AD根据题意，小滑块做匀速圆周运动的向，心力大小R=m号-4N,小滑块受到的摩擦力∫一mg一4N, 则拉力F沿轨迹切线方向分力F2=f=4N,则拉力大小F=4w2N,方向与轨迹切线方向夹角为45°，A正 确；小滑块运动的加速度大小为a=兰=4m/g,B错误；小滑块转一圈，克服摩擦力做功为W=∫X2m一8≈ 25J,根据动能定理，拉力做功等于克服摩擦力做功，即约等于25J,D正确 【高三10月质量检测卷·物理(A卷)参考答案第1页（共4页）】 26-X-028C 9,.BC小球沿垂直斜面方向做类竖直上抛运动，初速度为，加速度大小为1一g0s37°-号g,沿平行斜面 方向做的是初速度为零的匀加速直线运动，加速度大小为a:一gsn37°-号g,小球每次从离开斜面到回到 斜面的时间都是62-，则第一次离斜面最远处速度=：×20，第二次离斜面最远处速度心一 a 2g 一×受，则受=专A错误：小球从抛出到第一次到斜面上的时间为。，从救出到第二次落到斜面上的时间 为2，根据比例就律可知：两次落点离A点的距离之比为1：4，B正确：根据题意，6一装宁，解得= bg,C正确：AC长x=合a,f=品&，D错误 10.BD小球运动后至第一次回到最低点的过程，类弹性碰撞过程，设小球第一次回到最低点时速度大小为 ,圆弧桔的速度大小为，水平方向动量守恒有m=一mm十3m,机被能守恒有2mw2=号m,2+ 号X3m2,解得==，A错误，B正确；设圆弧植的半径为R,小球第一次到达圆弧植右端最高点 时小球与圆弧槽的共同速度为u据水平方向动量守恒和机械能守恒有mw=(m十3mr之m2=之(m十 3)子十mgR,设小球沿圆弧槽向左上升高度为h时，小球与圆弧槽共速度为v,据水平方向动量守恒和机 械能守恒有mw=(m十+3m)d,号mw2-合(m十3m)。2十mgh,解得h=R,C错误；设小球第二次到达圆弧 桔最低点时速度大小为a,圆弧槽的速度大小为，据动量和机被能守恒有3mX弓助一m×弓=m十 3m,2×3m(分w）广+号m(分）厂-合mw2+号×3mm2,解得=w,m=0,D正确， 1.1)大于(2分)(2√mL(F一mg-F-m8)(2分)(3)△p=m5√绿(2分) 解析：(1)实验要求碰撞后球A不被弹回，则m大于2； (2②)设碰撞前A的速度大小为u,则有R一mg=m空，解得m=VmFL一mgL,设碰撞后瞬间A 的速度大小为2，则有F,一mg=m空，解得m2=√mFL一mgL,则动量的变化量大小△p √/mL(√JF-m1g-√F2-mg); (3)设碰撞后一瞬间，B的速度大小为5，则=5√氛如果A,B碰撞中动量守恒，则表达式△p:- 【高三10月质量检测卷·物理(A卷)参考答案第2页（共4页）】 26-X-028C 1268602分)(2是e分)合（号）广-2（号）广=6h3分)(3无2分) 解析：(1)根据螺旋测微器的读数规则，小球直径d=6.5mm十0.01mm×36.0=6.860mm; (2)小球经过光电门1时的速度为一升，设小球的质量为m,小球从光电门1到光电门2动能的减少量 △=2m()）°-2m(）;如果2m(）广-m()）‘=mgh,即2(4）-是(4）广=h,则小 球向上运动过程中机械能守恒. (3)若不考虑空气阻力，小球弹射后上升过程中的轨道如图丙所示，说明小球有水平方向的速度而且不变， 但是光电门测得的速度仍为小球在竖直方向的分速度，故对测量的结果没有影响。 13.解：(1)物块运动过程中受到的最大推力推力为4N,此时加速度最大，根据牛顿第二定律 F=ma(2分) 解得a=R=4m/g-4m/g2分) (2)设物块的最大速度为v,F-t图像与t轴夹的面积等于冲量，根据动量定理有Ir=v(2分) 解得v= ×4X4 m/s=8m/s(3分) m 1 (用其他方法解，正确的也给分) 14.解：(1)碰撞前，A、B系统水平方向动量守恒，设碰撞前瞬间A的速度大小为1、B的速度大小为2，据水平 方向动量守恒有2m=m2(1分) 据机械能守恒有号×2mm2+2mw2=mgL(1分) 解得=2=2V√3gL (2分) (2)在B运动至最低点过程中，设细线对B做的功为W,据动能定理有 1 W+mgL=2mu2(2分） 解得W=- 3mgL(2分) (3)设B与C碰撞后瞬间，B的速度大小为、C的速度大小为a4,据动量守恒有2=一十3(1分) 2m%2=1n 据机械能守恒有号m mw2+2×3mw21分) 1 解得=2功(2分） 由(1)解可知，B到最低点时A的速度大小为=合 【高三10月质量检测卷·物理(A卷)参考答案第3页（共4页）】 26-X-028C B与C碰撞后，A、B以相同的速度向右运动，处于相对静止，则细线对A的拉力大小等于B的重力，即A受 到细线的拉力F=mg(2分) 15.解：(1)小球刚好能到达B点时，圆弧轨道的半径最大为R1,小球在B点的速度为1，根据牛顿第二定律有 mg-m Ri (1分) 1 1 小球从A到B,根据机械能守恒2m2=2mu2+mgX2R（1分) 解得R=2m(1分) （②)设小球从B点抛出时的速度大小为u,据机械能守恒有2m=号m+mg×2R(1分) 小球从B点抛出后做平抛运动，则有2R=2gF,x=t(1分) 解得x=√2-4gR·√1 g 二2 R-4R2 (1分) 62 当R=一 X-4)=4m时，x有最大值，解得xm=5m(2分) g 5 (3)由于R=9m>2m,因此小球不可能运动到圆弧轨道的最高点B.设小球离开圆弧轨道时的位置在 C点，且CO与水平方向的夹角为0，设小球到C点时速度大小为，据机械能守恒有 mgR+Rsin)+号mt=号m2(1分) 在C点，据牛顿第二定律有mgsin0一m景（1分) 解得0=30，u-97ms(1分) 小球从C点开始做斜抛运动，竖直方向分初速度，=心0s30°=号V2Ims(1分) 水平分初速度o.=sin30°= 7m/s(1分) 设小球从抛出到落地的时间为，则有一(R+Rsin)=1-之g2(1分) 解得=2②。1分) 7 则小球落地点到A点的距离s=t一Rcos=0(1分) 即小球刚好落在A点 【高三10月质量检测卷·物理(A卷)参考答案第4页（共4页）】 26-X-028C