期末学情调研试卷-【课时提优计划作业本】2025-2026学年新教材九年级上册物理同步练习课时作业（苏科版2024）基础强化版

期末学情调研试卷 (时间：90分钟满分：100分》 得分： 一、选择题（每题3分，共36分）》 1.(2023·青岛)使用下列简单机械时，能省距离的是 A.用筷子夹食物 B.用起子开瓶盖 C.利用定滑轮升国旗 D.起重机利用动滑轮吊起重物 2.(2024·贵州)如图甲所示为一个条凳，人若坐在条凳的一端，极易 氧 使其另一端上翘而摔倒.现将其简化为如图乙所示的杠杆示意图， B、C点分别与凳脚的E、F点在同一竖直线上.当人对水平凳面施 加竖直向下的压力时，下列分析不正确的是 A,压力作用于A点时，可将条凳视为绕E点转动的杠杆 B.只要压力作用于凳面的中间，条凳就一定不会上翘 C.只要在A、D,点同时施加压力，条凳就一定不会上翘 D.若在B或C点施加一个压力，则条凳一定不会上翘 3.在内径约为1c的玻璃管中注水近满，上端留一个气泡，用橡T 皮塞塞住管口，再将玻璃管翻转后竖直放置，气泡上升，如图所 示.测得气泡上升40cm用时20s,则该过程中气泡所受浮力做 功的功率最接近于 A.2×10-5W B.2×10-4W C.2×10-3W D.2×10-2W 4.(2023·襄阳)如图所示是足球从A处落到地面后反复弹起落下的 示意图，图中虚线为足球的运动轨迹.下列说法正确的是() A.从A点到E点的过程中足球的机械能守恒 B.从C点到D点的过程中足球的重力势能在变大 C.从D点到E点的过程中足球的弹性势能变大 D.在整个运动过程中足球的机械能逐渐减小 A 777777 5.(2023·广州)设以下过程中不发生物态变化.初温相同的两块金 属甲、乙吸收了相同热量，甲的末温比乙的低，那么初温相同的甲、 乙放出相同热量时 () A,甲的末温比乙的低，但无法判断甲、乙比热容哪一个大 B.甲的末温比乙的高，但无法判断甲、乙比热容哪一个大 C.甲的末温比乙的高，且可以判断甲、乙比热容哪一个大 D.无法判断甲、乙的末温哪一个高，且无法判断甲、乙比热容哪一 个大 6.(2024·湖南)2024年4月25日，搭载着神舟十八号载人飞船的长 征二号F遥十八运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射（如图所 示).下列说法正确的是 A,火箭的燃料燃烧得越充分，热值越大 B.火箭发动机工作过程中的热机效率是100% C.火箭的液氢燃料温度低至一253℃，内能为零 D.火箭搭载着飞船升空的过程中，飞船的重力势能 越来越大 7.如图所示为四冲程内燃机工作示意图，下列说法正确的是( 甲 丙 A.一个工作循环的正确顺序是：甲、乙、丙、丁 B.图乙冲程能获得动力 C.图丁冲程有明显机械能转化为内能的过程 D.图丙冲程存在化学能转化为内能的过程 8.(2024·广州)如图所示是地磅工作原理示意图，秤台连在竖直弹 簧上，电路与恒压电源相连.未称量时，滑动变阻器R的滑片P在 最上端，称量时，滑片P向下滑动.闭合开关S,车辆总质量越大时 A.电压表的示数越大 B.电压表的示数越小 C.电流表的示数越大 D.电流表的示数越小 配一秤台 R A A R R P R S (第8题) (第9题) (第10题) 9.如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变 闭合开关S,滑动变阻器滑片P从中点向右移动的过程中，下列说 法正确的是 () A.电流表A和A2示数变小，电压表V示数变大 B.电流表A1示数变小，A2示数不变，电压表V示数不变 C.电压表V的示数与电流表A2示数的比值变小 D.电流表A2、A1的示数之差与电压表示数的乘积不变 10.小红同学将相同的两只灯泡L和L2串联在电路中，如图所示， 闭合开关后发现灯泡L、L2都不亮；当她用另一个相同规格的完 好灯泡L3并联接在L,两端时，发现三灯都不亮；当把L?并联接 在L2两端时，发现只有灯泡L3亮了.分析产生这一现象的原因， 你认为合理的是 A.灯泡L1、L2都发生了断路 B.灯泡L1完好，灯泡L2断路 C.灯泡L断路，灯泡L2完好 D.灯泡L1短路，灯泡I2断路 课时提优计划作业本·物理·九年级上(SK版) ·11. 11.(2024·安徽)如图所示的电路中，电源电压保持不变，R为定值电 阻.闭合开关，在保证电路元件安全的前提下，将滑动变阻器的滑 片由B端滑到A端，电压表V1、电压表V2、电流表A的示数变化 量的绝对值分别为△U1、△U2、△I.则 () -。 A.电流表A的示数变大，电压表V2的示数变大 B.电流表A的示数变小，电压表V1的示数变小 C.△U1与△I的比值大于R的阻值 D.△U2与△I的比值等于R的阻值 12.如图甲所示，R2为电阻箱，调节R2时电流表示数I随之变化.如图 乙所示是电阻箱阻值R,与电流表示数的倒数的关系图像，则定 值电阻R的阻值与电源电压U的大小分别为 () 2 46810R/2 d A.52、2.5V B.52、10V C.102、20V D.10、30V 二、填空题（每空1分，共21分） 13.为了探究某物质分别为固态和液态时的吸热能力，小松同学用酒 精灯均匀加热质量为0.4kg的该种固体，根据实验数据绘制出的 图像如图所示.通过查阅资料已知该物质为液态(BC阶段)时的 比热容为3×103J/(kg·℃). (1)该物质在B点时的内能 (选填“大于”“小于”或“等 于”)在A点时的内能. (2)该物质从第6min到第10min共吸收 J热量，该物质为 固态(OA阶段)时的比热容为 J/(kg·℃).从图像可知， 该物质为 (选填“固态”或“液态”)时的吸热能力更强。 温度/℃ Ro 0 10时间/mim ① (第13题) (第14题) 14.如图所示的电路中，电源电压恒定，R。是定值电阻.闭合开关S,向 右移动滑动变阻器滑片P的过程中，三个电表示数的变化情况 为：电流表A1的示数 ,电流表A2的示数 ,电压 表V的示数 .(以上均选填“变大”“变小”或“不变”) 15.(2023·连云港)重450N的箱子在20N水平推力的 作用下，沿水平地面做匀速直线运动，地面对箱子的 支持力大小为 N,箱子受到的阻力大小为 N.如果用如图所示的滑轮组匀速提升该箱 子，拉力F一250N,滑轮组的机械效率为 箱子以0.1m/s的速度匀速上升的过程中，拉力的功 率为 W. 16.如图所示是某房间内采用“水地暖”进行取暖而铺设在地板下的管 道，这种取暖方式利用热水在管道内循环流动，加热整个地板.地暖 是以 的方式向室内供暖的，利用水为媒介是因为这种物质 具有 大的特性.某房间一段时间内循环流动的水的质量为 1000kg,进水温度为55℃，出水温度为40℃，这段时间内水向外 放热 J;若这些能量由燃烧天然气来提供，至少需要消耗 kg的天然气.[已知c*=4.2×103J/(kg·℃)， 9天然气取4×10？J/kg] ↑I/A R 0. 0.3 0.2 0.1 234U/V (第16题) (第17题) (第18题) 17.(2024·吉林)某调光台灯简化电路如图所示，电源电压保持不 变.为使台灯变亮，滑片应向 端移动.台灯工作一段时间 后，发现无论怎样调节滑片，台灯都很亮且亮度不变，电路的故障 可能是滑动变阻器 18.电阻R1与R2的-U图像如图所示，R1是定值电阻，其阻值为 2,当R1两端的电压为零时，R1的阻值为 2;当 R2两端的电压为1.5V时，R2的阻值是 2;若将它们串联在 电路中，测得电路中的电流为0.2A,则电源电压为V. 三、解答题（共43分） 19.(6分)按照题目要求作图. (1)如图甲所示，一根轻质杠杆OA在力F1、F2的作用下处于静 止状态.2是力F2的力臂，请在图中画出F1的力臂1和力 F2的示意图. (2)如图乙所示，圆圈内是电流表或电压表.当开关S闭合后要使 电阻R1、R2并联，请在圆圈内画出适当的电表， 0 R2 乙 20.(5分)在“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，小明 同学设计了如图甲、乙、丙所示的三次实验.让铁球从同一斜面上 的某处由静止开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰， 铁球与纸盒在水平面上共同移动一段距离后静止： 7 ① (1)要探究动能大小与物体质量的关系，应比较 两幅图 中的实验，实验中应保证两个铁球到达水平面时的 相同，为了达成这一目的所采取的具体操作是 (2)该实验是通过观察 来比较铁球动 能的大小，从而得出结论的.下面的三个实例中也采用这种研 究方法的是 ) A,认识电压时，我们可以用水压来类比 B.探究电流与电压的关系时，保持电阻不变，改变电阻两端的 电压 C.探究影响重力势能大小的因素时，通过“桩”陷入沙中的深 度来比较重力势能的大小 21.(6分)小明在做“探究电流与电阻的关系”的 实验. A (1)连接电路时，开关应 ,滑动变阻器 的滑片P置于最 (选填“左”或 “右”)端。 (2)在此实验中，每次应更换 ,并移动滑动变阻器的滑片 P,改变其接入电路的阻值，目的是使 不变 (3)将5Ω的定值电阻换成102的定值电阻时，接下来滑动变阻 器的滑片应向 (选填“左”或“右”)调节；若电源电压 为4.5V,R可选的最大阻值为202，为保证电阻R两端的电 压为2V,滑动变阻器R的最大阻值应不小于 0. 22.(6分)小亮做“测小灯泡电阻”的实验时，所用器材有电压为6V 的电源、额定电压为2.5V的小灯泡、符合实验要求的滑动变阻 器、电压表、电流表、开关和导线 /V 1/A 0.10.20.30.4 甲 丙 课时提优计划作业本·物理·九年级上(SK版) ·12. (1)请你在图甲中用笔画线代替导线将实物电路连接完整， (2)小亮连接电路时，刚接好最后一根导线，就发现小灯泡发光 了，产生这一现象的原因是 (3)在改正(2)的错误后，在实验开始前应将滑动变阻器的滑片先 调到图甲电路中的最 （选填“左”或“右”)端. (4)小亮滑动滑片P,分别记下了多组对应的电压表和电流表的示 数，并绘制了如图乙所示的UI图像，根据图像提供的信息可 知，小灯泡正常工作时的电阻为 (⑤)完成上述实验后，小亮进一步思考：用一只电表结合已知最大 阻值为R海的滑动变阻器，在不超过2.5V的恒定的电源电压 下，不考虑温度对小灯泡电阻的影响，能否测出小灯泡的阻值 呢？于是他设计了两种电路，如图丙、丁所示，操作步骤如下. ①在图丙中将滑动变阻器滑片滑到α端，记下电压表示数U。, 再滑到b端，记下电压表示数U6, ②小亮通过这两个数据和R滑可计算出小灯泡电阻R灯1，其表 达式为R灯1= （用Ua、U6和R滑表示). ③在图丁中将滑动变阻器滑片滑到α端，记下电流表示数I。, 再滑到b端，记下电流表示数I· ④小亮通过这两个数据和R滑也可计算出小灯泡的电阻R灯2， 其表达式为R灯2= （用I。、I6和R潘表示). 23.(10分)(2024·聊城)随着新能源政策的引导及风力发电、并网等 技术的发展，我国风力发电开发走在了世界前列，装机容量居全 球第一.某地有一个风力发电站，其中一台风力发电机1s内提供 的电能为1.8×104J,1年内提供的电能为4.8×101J. (1)若该风力发电机1s内提供的电能全部转化为内能，并有70% 被水吸收，可以使质量为100g的水的温度升高多少摄氏度？ [c*=4.2X103J/(kg·℃)] (2)若该风力发电机1年内提供的电能改由火力发电机来提供， 且火力发电机工作时煤炭完全燃烧产生的热量有40%转化为 电能，则需要完全燃烧多少千克煤炭？（煤炭的热值q为3× 107 J/kg) 24.(10分)(2024·呼和浩特)如图甲所示是L1、L2两个灯泡的-U 图像 (1)两个灯泡串联在电路中时（如图乙所示），电流表的示数为 0.3A,求此时两个灯泡的电阻， (2)保持电源电压不变，将两个灯泡的连接方式改为并联（如图丙 所示)，求此时电流表的示数. oA 0.4 0.3 0.2 0.12 01.22.43.64.86.0UV 甲 $W餐外=W:一W有用=600J-50J-100J,摩擦力f=W丝= 100J=25N 4m 21.(1)如图甲所示(2)如图乙所示(3)如图丙所示 出水 大气压 大气压 G 甲 丙 解析：(1)支点为O点，从O点作出F2的垂线，即力臂l2;根 据杠杆的平衡条件可知，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越 长越省力，连接支点O和F1的作用点C,OC是最长的动力 臂，过C点作OC的垂线即最小力F1,方向向下，如答图甲所 示.(2)承担物重的绳子段数为3时最省力，根据“奇动偶定” 规则，绳子的固定端在动滑轮上，如答图乙所示.(3)用电压 表测量R1两端的电压，则电压表应并联在R1的两端，如答 图丙所示， 22.(1)①不变②支点到力的作用线③小明(2)①动力 臂l1/cm②动力×动力臂=阻力×阻力臂③左(3)此 端力和力臂的乘积变小解析：(1)①由题意可知，OD> OA=OC,当把A处悬挂的钩码改挂在C处时，支点到力的 作用点的距离不变，但杠杆不再平衡.②把A处悬挂的钩码 改挂在D处，支点到力的作用线的距离相同，发现杠杆仍保 持平衡.③由此可初步判断，影响杠杆平衡的因素是力的大 小和支点到力的作用线的距离，故小明的观点是正确的. (2)①该实验中还需要测量力臂，因此α处应填写的内容是 动力臂l1/cm,b处应填写的内容是阻力臂l2/cm.②由题表 中数据可知，杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻 力臂.③设一个钩码的重为G,杠杆上一格的长度为L,则在 杠杆两侧钩码下端各加挂一个钩码时，左侧力与力臂的乘积 为2G×2L=4GL,右侧力与力臂的乘积为3G×L=3GL,因 左侧力和力臂的乘积较大，故杠杆左端下沉.(3)当一端烛油 滴下时，此端的力和力臂的乘积变小，杠杆失去平衡，此端 上升. 23.(1)如图所示（答案不唯一）(2)0.28干路电流等于各 支路电流之和(3)所用灯泡的规格相同 解析：(1)由题图甲可知，L1、L2并联，电流表测量通过灯泡 L的电流，则电流表在L所在的支路中，如答图所示 (2)由题图丙可知，电流表的量程为“0~0.6A”,分度值为 0.02A,示数为0.28A;分析实验数据可知，并联电路中干路 电流等于各支路电流之和.(3)第2次实验中，支路电流相 ·6 等，原因可能是灯泡的规格相同. 24.(1)易拉罐搅拌液体，使其受热均匀(2)加热时间 (3)AB(4)A解析：(1)从实验效果考虑，本实验选择易 拉罐作为盛放液体的容器较好，因为与烧杯相比，易拉罐的 导热性能更好，在加热过程中，可缩短加热时间；实验中使用 玻璃棒的目的是搅拌液体，使其受热均匀.(2)用相同装置对 两种液体进行加热时，吸收热量的多少可通过加热时间的长 短来比较.(3)由题图乙可知，质量相等的A、B两种液体，在 升高相同温度时，A所需要的加热时间更长，所以A吸收的 热量较多；由题图乙可知，质量相等的A、B两种液体，在吸 收相同热量时，B升温较多.(4)暖手袋应选择比热容大的液 体作供热物质，因为相同质量的A、B两种液体，降低相同的 温度时，A放出的热量更多，所以应选择液体A. 25.(1)s=nh=3×10m=30m,W总=Fs=250N×30m 7500,P=W=7,500J=375W(2w有用=Gh=450N× 20s 10m=4507-0×100%=号808×10%=60% (3)G动=nF-G=3×250N-450N=300N,G=nF G=3X400N=300N=900N.7WX100%> 900N %=G×100%=3×400N×100%=75%解板 (1)由题图可知，承担物重的绳子股数n=3,则绳子自由端移 动的距离s=nh=3X10m=30m,拉力做的功W每=Fs 250NX30m=7500J,则拉力的功率P=Wa=7500』 20s 375W.(2)滑轮组做的有用功W有用=Gh=450N×10m= 4500J,机械效率7W位 -%×10%-=号8×100%=60% (3)不计绳重和摩擦，由F=元G+G)可得，动滑轮的重力 G动=nF-G=3×250N一450N=300N;物重最大时，滑轮 组的机械效率最大，由F=1(G十G)可得，最大物重G nF-G动=3×400N-300N=900N,此滑轮组的最大机械 -W×100%=×10%=g是×100%= 效率刀=W。 G Fs 900N_ 3X400N×100%=75%. 26.(1)f=0.08G=0.08mg=0.08×1500kg×10N/kg= 1200N(2)F=f=1200N,v=108km/h=30m/s,P= Fu=1200N×30m/s=3.6×104W(3)Q做=qV=3.3× 10J/L×50L=1.65×10°J,W有用=Q微=40%×1.65× 10°J=6.6×10J,s=W里=6.6X10J=5.5×10m= F 1200N 550km解析：(1)汽车匀速前进时受到的阻力f=0.08G= 0.08mg=0.08×1500kg×10N/kg=1200.(2)因为汽车 匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对 平衡力，所以汽车受到的牵引力F=f=1200N,汽车行驶的 速度o=108km/h=30m/s,这时汽车牵引力做功的功率 P=F=1200N×30m/s=3.6×104W.(3)一整箱汽油完 全燃烧放出的热量Q做=qV=3.3×10?J/L×50L=1.65× 10°J,牵引力做的有用功W有用=Q做=40%×1.65×10°J= 6.6×10J,汽车行驶的路程5=Wm=6.6X10J=5.5× F 1200N 105m=550km. 期未学情调研试卷 1.A解析：筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力 杠杆，费力省距离，A符合题意；起子在使用过程中，动力臂 大于阻力臂，是省力杠杆，省力费距离，B不符合题意；定滑 轮实质是等臂杠杆，既不省力也不费力，既不省距离也不费 距离，C不符合题意；用动滑轮吊起重物时，动力臂大于阻力 臂，是省力杠杆，省力费距离，D不符合题意 2.C解析：由题意可知，条凳受到的压力为动力，自重为阻 力，压力作用于A点时，会使得条凳逆时针旋转，此时支点为 E,A正确：压力若作用在凳面的中间，则此时动力与阻力作 用在同一处且方向相同，条凳不会转动，B正确；若在A、D点 同时施加大小不相等的压力，则条凳可能会上翘，C错误；在 B点施加竖直向下的压力时，E为支点，且B、E两点在同一 竖直线上，即此时动力的作用线经过支点，其力臂为零，所以 条凳一定不会上翘，在C点施加竖直向下的压力时，F为支 点，且C、F两点在同一竖直线上，即此时动力的作用线经过 支点，其力臂为零，所以条凳一定不会上翘，D正确， 3.B解析：由题意可知，气泡的体积约为1cm,则气泡受 的浮力约为F浮=腋Vg=1×103kg/m3×1×106m3× 10N/kg=1×10-2N,则浮力做的功约为W=F浮s=1× 10-2N×40×10-2m=4×10-3J,浮力做功的功率约为P= w_4×10-3J=2×10-4W, 20g 4.D解析：在整个运动过程中，足球弹起的高度逐渐减小， 这是因为足球受到空气阻力的作用会损失一部分机械能，同 时与地面碰撞时也会损失一部分机械能，即足球的机械能不 守恒，A错误、D正确；从C点到D点的过程中，足球的质量 不变，高度变小，则足球的重力势能变小，B错误；从D点到 E点的过程中，足球的弹性形变程度变小，弹性势能变小， C错误. 5.B解析：初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同热量，甲 的末温比乙的低，说明吸收相同的热量，甲的温度变化比乙 的温度变化小，由此可知，初温相同的甲、乙放出相同热量， 甲、乙温度都降低，甲的末温比乙的末温高，但由于不知道 甲、乙两块金属的质量的大小关系，所以无法判断甲、乙的比 热容哪一个大，B正确 6.D解析：热值是燃料本身的一种特性，与燃料的种类有 关，与燃料是否充分燃烧无关，A错误；火箭发动机工作过程 中，由于热量的损失、克服机械摩擦消耗部分能量、燃料不可 能完全燃烧等因素的存在，所以热机效率不会达到100%，B 错误；一切物体在任何情况下都有内能，所以温度低至 253℃的液氢燃料也有内能，C错误；火箭搭载着飞船升空 的过程中，飞船的质量不变，高度增大，所以重力势能越来越 大，D正确. 7.C解析：题图甲中两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向 下运动，是做功冲程，此冲程将内能转化为机械能；题图乙中 进气门打开，活塞向下运动，是吸气冲程；题图丙中排气门打 开，活塞向上运动，是排气冲程；题图丁中两个气门都关闭， 活塞向上运动，为压缩冲程，此冲程将机械能转化为内能. 个工作循环的正确顺序是乙、丁、甲、丙，A错误；题图乙为吸 气冲程，内燃机在做功冲程中能获得动力，B错误；题图丁为 压缩冲程，在该冲程中机械能转化为内能，C正确；题图丙为 排气冲程，不发生能量转化，D错误 8.A解析：由题图可知，R和滑动变阻器R串联，滑动变阻 器的全部电阻丝接入电路中，电流表测电路中的电流，电压 表测滑动变阻器滑片上方部分电阻两端的电压；闭合开关S, 车辆总质量越大时，滑动变阻器滑片向下移动，电压表所测 部分电阻的阻值越大，根据串联电路分压原理可知，电压表 示数越大；滑片向下移动的过程中，电路的总电阻不变，根据 欧姆定律可知，电路中的电流不变，即电流表示数不变，A 正确 9.D解析：由题图可知，R1与R2并联，电压表测电源电 压，电流表A2测干路电流，电流表A1测R2所在支路的电 流：由于电源电压不变，则电压表示数不变；闭合开关S,当滑 动变阻器的滑片从中点向右移动时，滑动变阻器接入电路的 电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小， 即电流表A,示数变小；由于并联电路各支路互不影响，则通 过R1的电流不变，根据并联电路的电流规律可知，干路中的 电流变小，即电流表A2示数变小，A、B错误；电压表V的示 数与电流表A2示数的比值变大，C错误；电流表A2、A1示 ·6 数之差为通过R的电流，保持不变，且电压表示数不变，所 以电流表A2、A1的示数之差与电压表示数的乘积不变， D正确 10.D解析：由题图可知，L和L2串联，闭合开关后灯泡 L、I2都不亮，说明电路可能处于断路或短路状态；当另一 个相同规格的完好灯泡L8并接在L,两端时，三个灯泡都不 亮；当把L3接在L2两端时，发现只有灯泡La亮了，说明L 短路，L2断路，D符合题意 11.D解析：由题图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联， 电压表V1测R两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的 电压，电流表A测电路中的电流.闭合开关S,将滑片由B端 向A端滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路的总电 阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数 变大，R两端的电压变大，由串联电路电压的规律可知，滑动 变阻器两端的电压变小，即电压表V1示数变大，电压表V2示 数变小，A、B错误；两个电压表示数变化量的绝对值相等，即 △J1=△U2,则△J1与△I的比值、△U2与△I的比值都等于R 的阻值，C错误，D正确， 12.A解析：由题图甲可知，R1与R2串联，电流表测电路中 的电流，由题图乙可知，当R为零时， =2A1,则电路中 的电流=0.5A,此时只有R接入电路，则由I=是可得， 电源电压U=I1R=0.5AXR1①，由题图乙可知，当 R影=10Q时，号=6A1,则电路中的电流12=令A,因串 联电路中总电阻等于各分电阻之和，则电源电压U I2(R+R2)=6 ,A×(R1+10)②，联立①②，解得R1= 52,U=2.5V. 13.(1)大于(2)4.8×1041.2×103液态解析：(1)该 物质在熔化过程中吸收热量，内能增大，因此该物质在B点时 的内能大于在A点时的内能.(2)由题图可知，物质在第6min 时的温度为50℃，在第10min时的温度为90℃，物质在第 6~l0min内处于液态，则该物质从第6min到第l0min吸收 的热量Q圾=cm(t-to)=3X103J/(kg·℃)×0.4kgX(90℃ 50℃)=4.8×104J;物质在OA阶段的时间为2min,在BC 阶段的时间为4in,则物质在固态(OA阶段)时吸收的热量 等于在BC段时吸收的热量的一半，所以物质为固态(OA阶 段)时吸收的热量Q级=2Q服=号×4.8×10J=2.4× 2 10J,由Q级=cm△可得，该物质为固态(OA阶段)时的比热容 Q数 2.4×104J m(t-6)0.4kgX(50℃-0℃=1.2X10J/(kg·℃)； 由以上计算可知，该物质为液态时的比热容大于为固态时的 比热容，说明该物质为液态时吸热能力强. 14.变小变小不变解析：电阻R、R并联，电流表A1 测干路电流，电流表A2测通过滑动变阻器R'的电流，电压 表测电源电压，故电压表V的示数大小不变；滑片问右移动， 滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据欧姆定律可知，通过 R'的电流变小，即电流表A2的示数变小，根据并联电路各支 路互不影响可知，通过R。的电流不变，由并联电路电流的规 律可知，干路电流变小，即电流表A!的示数变小.三个电表 示数的变化情况为：电流表A1的示数变小，电流表A2的示 数变小，电压表V的示数不变. 15.4502090%50解析：箱子在竖直方向上受到重力 和地面对箱子的支持力作用，这两个力是一对平衡力，大小 相等，所以地面对箱子的支持力大小等于重力大小，即为 450N;箱子在大小为20N的水平推力作用下沿水平地面做 匀速直线运动，箱子在水平方向上受到推力和阻力作用，这 两个力是一对平衡力，大小相等，所以箱子受到的阻力大小 等于推力大小，即为20N;由题图可知，滑轮组承重的绳子段 数n=2,箱子被提升的高度为h,则拉力端移动的距离s 2,拉力端移动的速度等于箱子上升速度的2倍，滑轮组的 机械效率)-W×100% ×100%=F义2m×100% h Fs 3 250NX2×100%=90%;拉力做功的功率P=Fu=250NX 450N 2×0.1m/s=50W. 16.热传递比热容6.3×1021.575解析：“水地暖”供 暖过程中，是通过热传递的方式改变物体内能的；“水地暖” 以水为媒介，是因为水的比热容大，质量相同的水和其他物 质降低相同的温度时，水释放的热量多，取暖效果好；水放出 的热量Q做=c冰m水(t-to)=4.2×103J/(kg·℃)× 1000kg×(55℃一40℃)=6.3×10？J;若这些能量由然烧 天然气来提供，至少需要消耗天然气的质量m=Q做= q天然气 6.3X103】=1.575kg 4×107J/kg 17.左短路解析：由题图可知，灯泡和滑动变阻器串联， 为使台灯变亮，滑动变阻器接入电路的阻值应变小，则滑片 应向左端移动；无论怎样调节滑片，台灯都很亮且亮度不变， 则电路的故障可能是滑动变阻器短路 18.55103.5解析：由题图可知，当R1两端电压 U1=2V时，通过它的电流I=0.4A,则R1的阻值R= .2V 了一0,4A=50:因为定值电阻的阻值大小与其两端的电 压无关，当R1两端的电压为零时，R1的阻值不变，仍为52； 当R2两端的电压U2=1.5V时，通过它的电流I2=0.15A 则的阻值R-号-X=1Dn,当它们串联在电路中 时，电流为0.2A,由题图可知，它们两端的电压分别为U= 1V、U2=2.5V,所以电源电压U=U1+U2=1V+2.5V= 3.5V. 19.(1)如图甲所示(2)如图乙所示 A 解析：(1)过力臂2的右端点作垂直于2的直线，与杠杆OA 的交点为力F2的作用点，方向斜向右上方，作出F2;作F 作用线的反向延长线，过支点O作F1作用线的垂线段，即为 F1的力臂1.(2)开关闭合后，要使电阻R1、R2并联，电压表 需要并联在R2两端，电流表测通过R2的电流 20.(1)甲、乙速度使质量不同的铁球从斜面的同一高度 处由静止滚下(2)纸盒被铁球推动的距离C解析： (1)要探究动能大小与物体质量的关系，应使铁球的质量不 同，保持铁球到达水平面时的速度相同，所以应使质量不同 的铁球从斜面的同一高度处由静止滚下，因此要选择题图 甲、乙中的实验.(2)该实验是通过观察纸盒被撞击后移动的 距离来比较铁球动能的大小的，这种方法是转换法；认识电 压时，我们可以用水压来类比，用到了类比法；探究电流与电 压的关系时，用到了控制变量法；探究影响重力势能大小的 因素时，通过“桩”陷人沙中的深度来比较重力势能的大小， 用到了转换法，C符合题意。 21.(1)断开右(2)定值电阻定值电阻两端的电压 (3)右25解析：(1)为了电路安全，连接电路时，开关应处 于断开状态；闭合开关前，应使滑动变阻器的滑片置于阻值 最大处，即应使滑动变阻器的滑片在最右端.(2)为了研究电 流与电阻的关系，每次实验要更换不同阻值的定值电阻，且 保持定值电阻两端的电压不变，为了达成此目的，需要改变 滑动变阻器接入电路的阻值.(3)将5的定值电阻换成 102的定值电阻，阻值增大，其分得的电压增大，探究电流 与电阻关系时应控制定值电阻两端的电压不变，根据串联电 路分压原理可知，应增大滑动变阻器两端的电压，所以滑片 应向右移动，使电压表的示数不变；电源电压为4.5V,R可 选的最大阻值为20，为保证电阻R两端的电压为2V,此 ·6 时道过电阻R的电流I-受-易-0,1A,滑动变阻器两滑 的电压U阻器=U-UR=4.5V-2V=2.5V,滑动变阻器R 的最大阻值应不小于R变阻器= U蓝-，5y=250. I0.1A 22.(1)如图所示(2)连接电路时，开关没有断开(3)左 w12.5(6@元.@2 解析：(1)小灯泡的额定电压为2.5V,故电压表选用小量程 并与小灯泡并联，如答图所示.(2)小亮连接电路时，刚接好 最后一根导线，就发现小灯泡发光了，产生这一现象的原因 是连接电路时，开关没有断开.(3)在改正(2)的错误后，在实 验开始前应将滑动变阻器的滑片先调到阻值最大处，即最左 端.(4)根据题图乙可知，小灯泡的额定电流为0.2A,由欧姆 定律可得，小灯泡正常工作时的电阻R==25Y E0.2A- 12.52.(5)②在题图丙中将滑动变阻器滑片滑到a端时，电 路为小灯泡的简单电路，电压表测电源电压，则电源电压为 。;再滑到b端，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测小灯泡 两端的电压，即此时小灯泡两端的电压为U6,由串联电路电 压的规律可知，滑动变阻器两端的电压U精=U。一U6,由串 联电路中各处的电流相等和欧姆定律可得，如一 UiUa-U R滑 所以R1一音，④滑片滑到a端时，电路为小灯泡的简 单电路，由欧姆定律可得，电源电压U=Ia×R2I;再滑 到b端时，小灯泡与滑动变阻器串联，由欧姆定律和串联电 路的规律可得，电源电压U=I6×(R滑十R灯2)Ⅱ，联立 I6R沿 1Ⅱ，解得R灯2=。-1 23.(1)该风力发电机1s内提供的电能为1.8×10J,全部 转化为的内能有70%被水吸收，则Q吸=70%W电=70%× 1.8×104J=1.26×104J,水升高的温度△t= Q级 C水m水 1.26×104J 4.2×103J/(kg·℃)×100×10-3kg =30℃(2)该风力发 电机1年内提供的电能为4.8×10山J,火力发电机工作时煤 炭完全燃烧产生的热量有40%转化为电能，则所需的热量 Q-慧=48X10」=1,2×102J,所需的煤炭的质量 40%1 0.4 m=Qk=1.2X102J -3×107J/kg =4×10*kg 24.(1)由题图乙可知，两个灯泡串联，电流表测电路中的电 流，电流表的示数为0.3A,即电路中的电流I=0.3A,由于 串联电路中电流处处相等，所以根据题图甲可知，L、I2两 端的电压分别为U1=1.8V、U2=4.2V,根据欧姆定律可 得，此时LL2的电阻分别为R=马=8Y 0.3A=62、R2= 一0.3A140(2)根据串联电路的电压规律可得，电 U2=4.2V I 源电压U=U1十U2=1.8V+4.2V=6V;由题图丙可知，两 个灯泡并联，电流表测干路电流，电源电压不变，由于并联电 路各支路两端的电压均等于电源电压，所以根据题图甲可 知，通过两灯的电流分别为I1=0.5A、I2=0.35A,根据并 联电路的电流规律可得，干路电流即电流表的示数I总=I十 I2=0.5A+0.35A=0.85A