限时训练39 电磁继电器类的作图和计算&限时训练40 电磁现象综合辨析-【优+学案】2025-2026学年新教材九年级全一册物理课时通(人教版2024)

限时训练39 电磁继电器 1.(多选)（威海中考）如图甲所示是一种汽车 尾气排放检测电路.当尾气浓度高于某一设 定值时，电铃报警.气敏电阻R1的阻值与 尾气浓度之间的关系如图乙所示，下列分析 正确的是( 衔铁 +R/2 弹 尾气浓度 甲 A.电磁铁通电后，线圈上端为S极 B.R,的阻值随尾气浓度的增大而增大 C.检测时保持R2滑片位置不变，当尾气浓 度变大时，R,两端电压变大 D.为使尾气浓度更低时报警，应将R,滑片 适当上移 2.(菏泽中考)植物生长需要适宜的环境湿度， 某中学劳动实践小组为大棚内的植物“多 肉”（适宜的环境湿度为30%~40%）设计 了一个自动加湿装置，当环境湿度降至 30%,加湿器恰好开始加湿，当环境湿度升 至40%，加湿器恰好停止加湿，其电路如图 所示.控制电路的电源电压U恒为6V,定 值电阻R。为202，湿敏电阻R的阻值随 环境湿度的升高而减小，它的阻值与部分环 境湿度对应关系如表所示.请回答下列问题 (线圈电阻不计)： (1)闭合开关S1,电磁铁的上端是 极；通 过电磁铁的电流越大，磁性越 (2)闭合开关S1、S2,求衔铁恰好被吸下时 控制电路的总功率 (3)若大棚内的植物换成牡丹（适宜的环境 湿度为50%~70%)，小明提出该加湿装置 43 建议用时20分钟，实际用时 分钟 类的作图和计算（答案P25)》 只更换电阻R。就能实现“当环境湿度降至 50%,加湿器恰好开始加湿，当环境湿度升 至70%，加湿器恰好停止加湿”，求更换后 R。的阻值 环境湿度 湿敏电阻R/2 70% 10 50% 20 40% 30 30% 40 衔铁 加湿器 220V 控制电路 工作电路 ------2---小 111111111t111h1111111 优计学案·课时通△ 3.(淮安中考)某款恒温箱的简化电路如图甲 所示，控制电路中电源电压为36V且保持 不变，电磁铁线圈电阻为50Ω，R为热敏电 阻（置于恒温箱内），其阻值随温度变化的关 系如图乙所示；工作电路中的加热器（图中 未画出)正常工作时的电阻为442.求： o220 Vo 软导线 +B/2 900-- 500- 200-- RR 050100150/℃ 乙 (1)加热器应接在图甲中 (选填 “a、b”或“c、d”)之间，控制电路中电磁铁的 上端为 极. (2)加热器正常工作6s产生的热量是 多少？ (3)控制电路的电流减小到0.036A,衔铁 会被释放.则当调节R'=502时，恒温箱 内设定的最低温度为多少摄氏度？ (4)若使恒温箱内设定的最低温度提高一 些，可将R'的滑片向 滑动一点. 4.(潍坊三模)甲图是一款恒温箱的内部原理 电路图.工作电压为220V,电热丝R。的阻 值为44Ω；控制电路电源电压为12V,电磁 继电器线圈的电阻R1=152;热敏电阻R3 △九年级·全一册.物理.RJ1 的阻值随温度t变化的关系如图乙所示， R。和R3均置于恒温箱中.某次将最高控 温设置在80℃时，把1kg20℃的牛奶放入 恒温箱，接通电源3min后，继电器的衔铁 会把弹簧片吸下，工作电路断电停止加热， 此时继电器线圈中电流为50mA.[牛奶的 比热容c=2.5×103J/(kg·℃)]求： (1)牛奶吸收了多少热量？ (2)该恒温箱的加热效率（结果精确到 0.1%). (3)滑动变阻器接入电路中的阻值. ↑3/2 Ro 220V弹簧片 150 120F33 90 30- R己 04080120160200240/℃ 44 限时训练40电磁现 1.(聊城中考)对着话筒唱歌时，声音使处于磁 场中的线圈振动，从而线圈中产生随声音变 化的电流.下列实验能说明动圈式话筒工作 原理的是( 2.(巴中中考)如图所示，超市 出口处装有报警器，结账时 贴在商品上的磁性标签会被 消磁，若磁性标签未被消磁， 通过检测门时，检测器就会检测到标签上的 磁性而产生感应电流触发电路报警.下列选 项与报警器工作原理相同的是( 接触 3.(兰州中考)科技创新活动中，小雅的作品 “隔板推物”引起了同学们的极大兴趣，其原 理如图甲所示，a、b两个导体棒分别悬挂在 两个球形磁铁的磁场中，两导体棒通过导线 相连，构成了一个闭合回路，用手推动导体 棒a左右摆动时，导体棒b会随之摆动.下 列关于这一现象的说法不正确的是( ) 45 建议用时10分钟，实际用时 分钟 象综合辨析（答案P25) 电源 挡板 甲 乙 A.导体棒α左右摆动时，闭合回路中能够 产生感应电流 B.导体棒a左右摆动时，实现了电能向机 械能的转化 C.导体棒b随之摆动的原理与图乙所示装 置的原理相同 D.用手推动导体棒b左右摆动时，导体棒a 也会随之摆动 4.(多选)（河北中考）对如图所示的实验或装 置，分析正确的是( 永久磁体 线圈 动圈式话筒的工作原理是 只有铁屑分布较多的地方 “磁生电 才有磁场 A B s到 接通电源，导体ab会受到 根据电流方向，可判定 磁场的作用力 螺线管的上端为N极 D 5.如图1所示的音箱的工作原理是通电导线 在磁场中受到力的作用，下列实例中与该音 箱工作原理一致的是图2中的 ;能 产生感应电流的是图2中的 电源 图1 图2 优计学席·课时通 A3.如图所示. 一一一、 (N) ①>(S) 电源 4.如图所示. 5.如图所示. 地理北极 (N) N (-) 电源 (+)9 N 地理南极 6.如图所示. 7.如图所示。 uuuiue (N) A (+ 电源 电源 s' - 8.如图所示， (+) 电源 (S) 四 饮料 限时训练39电磁继电器类 的作图和计算 1.AD解析：根据安培定则知道，电磁铁通电后，上端为S极， 故A正确.由题題图乙知道，R]的阻值随尾气浓度的增大而减 小，故B错误，由题图甲知道，R与R2串联，又因为R,的阻 值随尾气浓度的增大而减小，所以，由串联分压原理知道，R 两端电压变小，故C错误.电路在电流达到某值时报警，且电 源电压不变，故电路中总电阻不变.当尾气浓度更低时，R,电 阻升高，串联电路总电阻等于各电阻阻值之和，故R?电阻应 当降低，才能使电路在尾气浓度更低时报警，故D正确.故 选AD. 2.解：(1)S强 (2)闭合开关S、S2,控制电路中，定值电阻R。和湿敏电阻R 串联，衔铁恰好被吸下时，环境湿度为40%，由表知，此时 R=302,则此时控制电路的总功率为 P=U2 U2 (6V)2 R4R。+R-200+300=0.72W. (3)加湿器恰好开始加湿和停止加湿控制电路中的电流不变， 由R-号可知，控制电路中的总电阻不变，由表知，环境湿度 50%与30%相比，70%与40%相比，对应湿敏电阻R阻值均 减小202，所以更换后R。的阻值应相比原来增加202，则更 换后R。的阻值为 R。=R。+202=202+202=402. 3.(1)a、bN (2)解：加热器正常工作6s产生的热量Q=W=R1= U2 (220V)2 442 ×6s=6600J. 2 (3)解：电流减小到0.036A时，控制电路总电阻R总 U 36V =10002. 0.036A 则当调节R'=502时，热敏电阻阻值R=R总一R一R线圈= 10002-502-502=9002. 由题图乙可知，此时温度为50℃，则恒温箱内设定的最低温 度为50℃. (4)右 4.解：(1)牛奶吸收的热量Q吸=cm(t一t0)= 2.5103J/(kg·℃)×1kg×(80℃-20℃)=1.5×105J. (2)由题图甲可知，恒温箱加热时只有R。工作，恒温箱消耗 的电能 U W- (220V)2 R。 442 ×3×60s=1.98×105J. 1.5×10J 恒温箱的加热效率7= Q段×100%= ×100% 1.98×105J 75.8%. (3)当继电器线圈中的电流达到50A时，继电器的衔铁会 把弹簧片吸下，工作电路断电停止加热，由I= 可知，此时 R 控制电路的总电阻R盘=7一50X103A U 12V =2402. 由题图乙可知，当控温设置在80℃时，热敏电阻R3的阻值 为70Ω，根据串联电路的电阻特点可知，滑动变阻器接人电 路中的阻值R2=R总-R,一R:=240Q-152-702= 1552. 限时训练40电磁现象综合辨析 1.B 2.D 3.B 4.ACD 5.乙甲 限时训练41电与磁的探究 1.(1)磁磁体S温度(2)不能电流 2.(1)①通电导线的周围存在磁场②有B (2)条形磁体(3)C 3.(1)磁场强弱(2)a、b(3)b、c(4)电流相等时 4.(1)探测周围磁场(2)磁场奥斯特(3)电流方向(4)会 5.(1)B(2)左(3)动圈式扬声器（答案不唯一） 6.(1)①3扬声器空心铜管②右移更强(2)①不会 ②B③增大导体运动速度（或更换磁性更强的磁体） 自我测评卷 第十三章自我测评卷 1.C2.B3.C4.B5.B6.D7.D 8.D解析：A.从t。到t4时间内，木块钻孔处的温度先升高后 不变，内能应该是先增加后不变，故A错误；B.从t。到t1时 间内，木块温度升高，分子运动剧烈程度增大，故B错误；CD. 由于tg到t4时间内，木棍对木块做功，可以使木块的内能增 加，木块的温度保持不变，内能保持不变，说明这段时间木棍 对木块做功的同时，木块也对外传递热量，故C错误，D正确， 故选D. 9.BD 10.ACD 11.扩散温度越高分子热运动越剧烈引力 12.做功吸热热传递比热容13.3.36×101° 14.401:16：115.403.36×100.4 16.温度变化量代错数据把升高60℃理解为升高到60℃ 水吸收的热量Q=cm△t=4.2×103J/(kg·℃)×5kg× 60℃=1.26×106J 17.(1)加热时间转换(2)小于(3)甲(4)2.1×10 18.解：(1)由题图可知，该物质是晶体，0~2min内，物质处于 固态且处于吸热升温过程，已知m=0.5kg,c1=2.1× 103J/(kg·℃)，△t1=0℃-(-20℃)=20℃，因此物质吸 收的热量Q1=c1m△11=2.1×103J/(kg·℃)×0.5kg× 20℃=2.1×104J. (2)由题图可知，1012min内物质处于液态，时间t= 2min,△t2=10℃，因为物质从热源均匀吸热，所以该物质 吸收热量的多少与吸热时间成正比，这段时间内吸收的热量 也是2.1×10J,故Q2=2.1×10J. Q2 2.1×104J 故该物质在液态下的比热容c:=m△，一0.5kgX10℃ 4.2X103J/(kg·℃).