3.专题三 家用电器类（10年6考）（课堂本）-【中考零障碍】2025年广东中考物理复习

(二)家用电器类(10年6考)》 类型一结合多挡位电路图类 1.(2024·北京)如图所示的是某款两挡电热器的简化电路，R1、R2为阻值一定的电热丝， R1=5502,R2=44D。该电热器接人电压为220V的电路中。则： (1)低温挡时电路中的电流是多少？ (2)高温挡时电热器的电功率是多少？ R R 220V 2.(2023·娄底)如图甲是一款采用增压技术的挂烫机，其简化电路如图乙，电源电压为220V, R1、R2是电热丝，R1=552,R2=1102。开关S接2、3时处于慢热挡；开关S接3、4时 处于速热挡。求： (1)挂烫机慢热过程中，电路中的电流； 12 R (2)挂烫机慢热工作1min,电热丝产生的热量； 4 (3)挂烫机速热过程中的总电功率。 R, o220V0 乙 阅盟学堂LZAZK GDWL241 3.(2024·珠海二模)如图甲为电热毛巾架，额定电压为220V。该毛巾架通过智能系统能够实 现高温、低温挡自动切换。图乙所示为内部电路原理图，R、R2都为发热电阻丝；图丙为 该毛巾架在正常工作20min内电流随时间变化的图像。求： (1)高温挡的功率； (2)发热电阻丝R1的电阻； (3)毛巾架高温挡正常工作10min产生的热量。 IIA 0.22 220Vo 010 20 t/min 甲 乙 丙 类型二铭牌类 4.(2024·惠州一模)如图甲所示，电饭锅是生活中常用电器，下表是小明家中一台电饭锅的铭 牌，其内部结构简化如图乙所示，其中R和R2都是电热丝（不考虑温度对电阻的影响）。求： 额定电压 220V 频率 50 Hz -220V。 加热 1100W 额定功率 甲 乙 保温 44W (1)电饭锅正常工作时，在加热状态下的总电流； (2)电阻R2的阻值； (3)小明想测试电饭锅的实际电功率，于是在家庭电路中只接入电饭锅且处于加热状态，发 现家中标有“220V、3000r/(kW·h)”的电能表6min内转了300圈，则电饭锅此时的 实际加热功率。 242阅盟学堂LZAZK GDWL 5.(2023·眉山)如图为某家用电水壶的简化电路图，如表为其铭牌的部分参数，R1、R2为发 热丝，其中R2=402。求： (1)电水壶的加热功率； (2)电水壶处于保温挡时，正常工作5min消耗的电能； (3)R的阻值。 型号 SDS-15X05 容量 1L R R2 额定电压 220V 额定频率 50 Hz 220V0 加热功率 ?W 保温功率 40W 6.（2024·连云港)小明家的电水壶的内部电路如图所示，其中R1、R2为电热丝，S是电源开 关，S。是温控开关（水温达到100℃，自动由加热状态切换为保温状态）。该电水壶的部分 重要参数如表所示。已知电源电压为220V,求： ××牌电水壶 (1)当开关S闭合，S。断开时，电路中的电流。 -220 Vo 额定电压 220V (2)当开关S和S。均闭合时，R1的电功率。 R 电源频率 50 Hz (3)在加热状态下，该电水壶工作50s消耗的电能。 加热功率 880W s 保温功率44W 阅盟学堂LZAZK GDWL243则受到海水的压力为 F=pS=1.0909×108Pa×2m3 =2.1818×10N (3)“奋斗者”号载人潜水器在海水面下匀 速下潜的过程中，液体的密度和潜水器排 开液体的体积不变，根据F浮=P水8V舞可 知受到海水的浮力不变；深度变大，根据 P=P水gh可知受到海水的压强变大。 (4)深海的鱼类被“奋斗者”号载人潜水器 带回到海面上后无法成活，原因如下：水 越深，水的压强越大，所以深海的鱼类体 内的压强和深海中的压强相当。当深海的 鱼类被捕捞到海面，由于外界空气的压强 要比深海的鱼类体内压强小得多，深海的 鱼类会因为承受不了这种压强差而死亡。 答：略。 11.解：（1)无水时，物体对容器底的压力等 于其重力，即 F=G=mg=1 kgx10 N/kg=10 N 10N 压强p=S1x102m=1000Pa。 (2)水深度为2cm即0.02m, 根据p=pgh得水对容器底部的压强 p=P水gh =1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m =200Pa (3)当水深为物体高度一半时，压力为0， 则此时浮力等于重力。根据阿基米德原 理，所受浮力为 F深=P水8V排=2P水8V物 而物体重力为G物=m物8=P物V物8， 根据二力平衡，浮力等于重力，得到 2P水8V物=P物gV物，故 1 2物=2P味=7x1.0×10'kg/m =0.5×103kg/m3 (4)将物体露出水面部分切去，切去其中 一半，即切去质量为△m'=0.5kg。假设 容器底面积为S,则容器对桌面压强的变 化量p罗， 当物体切去一半后，剩下的一半仍漂浮， 故排开液体质量与剩余物体质量相等，均 为0.5kg, 即排开液体变化量△m=0.5kg; 则有△V= △m排 P水 水面高度变化量 Ah=△YE-4mE SP水S 则水对容器底部压强的变化量 △m挂_△m排8 Ap水=P水8Ah=P水8p*S=S 因此△p水=△P柴· 答：略。 二、电学综合计算 （一)纯电路图类(10年4考) 解：（1)由图可知，R1和R2串联，电压表 测R,两端的电压，根据串联分压特点可 得，定值电阻R2两端的电压U2为 U2=0-U1=3V-2V=1V (2)由欧姆定律可得，通过R1的电流I1为 _U=2Y=0.4A 1=R50 答：略。 解：(1)P在最左端时，电路为R,的简单 电路，R,两端的电压U,=U=6V。 (2)P在最右端时，R2=202,R1和R2串 联，通过电阻R,的电流 U 6V I=R+R,100+20n=0.2A (3)R2两端的电压 U1=1R2=0.2A×202=4V 答：略。 解：由电路图可知，R与L并联，电流表 测量干路中的电流。 (1)灯泡正常发光时，灯两端的实际电压 等于其额定电压，即U=U瓶=6V, 实际功率等于其额定功率，即 PL=P =3 W 卫3Y=0.5A, 通过灯泡的电流为4元6V -4=6y 小灯泡电阻为R=元=05A=20。 (2)根据并联电路的电流规律可知，通过R 的电流为 IR=I-I=0.9A-0.5A=0.4A 根据并联电路的电压规律可知，R两端的 电压为UR=U=6V, R的阻值为R=元a4A=150, R的功率为P=U.Ig=6V×0.4A=2.4W。 答：略。 解：(1)由图可知为并联电路，根据题意 及并联电路电压规律可得电源电压为 U=U1=2R1=1A×100=10V (2)根据并联电路电流规律可得通过滑动 变阻器的电流为 I播=I1-I2=1.2A-1A=0.2A 则此时滑动变阻器接人电路阻值为 风-兴-2-0n 盟学堂LZAZK GDWL一13一参考答案 (3)当滑片P位于最右端时，滑动变阻器 全部接人电路， R播大=2R,=502×2=1002 此时通过滑动变阻器的电流为 =10Y 【精1尺精大 1002 =0.1A 干路电流为 I=I播1+I2=0.1A+1A=1.1A 整个电路的电功率为 P==10V×1.1A=11W 答：略。 解：(1)由图甲可知，R。和R串联，电压 表测R。两端的电压，通过R。的电流 Uo 3V 6=R=0n=0.3A (2)2min内R,消耗的电能 W。=U,It=3V×0.3A×2×60s=108J (3)由串联电路电流的规律可知通过R的 电流1R=6=0.3A, R两端的电压U=U-U。=6V-3V=3V, -=10n R的阻值R=? 3V 11 (4)由(3)可知R=00=0.10, 由图像乙可知，此时空气质量指数为25。 答：略。 （二)家用电器类(10年6考) 解：(1)根据P-n=只可知，当总电阻 越小，总功率越大，当两个电阻并联时， 为高温挡，当只闭合S,时，为低温挡，只 有R,工作，故电路中的电流 .U_220V 1s=1=R,=5500 =0.4A (2)当两个电阻并联时，为高温挡，通过 电阻R2的电流为 4=总5A 则干路电流为 1a=I1+I2=0.4A+5A=5.4A 高温挡时电热器的电功率 P=UⅡa=220V×5.4A=1188W 答：略。 解：(1)由电路图可知，开关S接2、3时 处于慢热挡，只有电热丝R,接入电路中， 则电路中的电流为1=名-8。=4A。 (2)t=1min=60s 电热丝产生的热量为 Q=2Rt=(4A)2×552×60s =5.28×104J (3)开关S接3、4时处于速热挡，两电热 丝并联， R,的电功率为 -(220V)2=880w P:=UL=R 55n R2的电功率为 A=克0X =440W 挂烫机速热过程中的总电功率为 P=P,+P2=880W+440W=1320W 答：略。 3.解：(1)根据P=Ⅲ可知，电路中的电流 越大，功率越高，故当电流为1A时，为 高温挡，电流为0.22A时，为低温挡，高 温挡的功率为 P高=U1高=220V×1A=220W (2)根据P=U1可知，当开关S闭合，S, 断开时，电路电流较小，为低温挡，此时 R,单独工作，则发热电阻丝R,的电阻为 风-是2头=1wn (3)毛巾架高温挡正常工作10min产生的 热量为 Q=W=P高t=220W×10×60s =1.32×105J 答：略。 4.解：(1)电饭锅正常工作时的加热功率 P如热=1100W 由P=UI可得总电流 1会85A (2)当S闭合、S。断开时，只有R2接入电路 中，电功率较小，为保温挡；P温=4W, 由P:紧可我 -2-8议-1io0n R,二P保酒 (3)电能表转盘转300圈消耗的电能 300r W=30o0kw·h=0.1kW.h 电饭锅此时的实际加热功率 Px-W-0.1kw.b-1kW-1000W 品n 答：略。 5.解：(1)由图可知，当开关S,闭合、S2接 2时，R,、R2串联，根据串联电路的电阻 特点可知，此时电路中的总电阻最大，由 P=受可知，电路中的总功率最小，电水 壶处于保温状态； 当开关S,闭合、S2接1时，只有R2工作， 电路中总电阻最小，总功率最大，电水壶 处于加热状态； 电水壶加热状态的功率 2-(220y2=1210w Pm热二R2 402 (2)由P=”可知，电水壶处于保温挡时， 正常工作5min消耗的电能 W=P保强t=40W×5×60s=1.2×10J (3)由P=可知，R、尼的串联总电阻 R R==(220V) 40W =12102 根据串联电路的电阻特点可知，R,的阻值 R1=R-R2=12102-402=11702 答：略。 解：(1)当开关S闭合，S。断开时，电路 是由R2的简单电路，当开关S和S。均闭 合时，电路是由R2和R组成的并联电路， 由于并联电路电阻比并联的任何一个电阻 的阻值都小，根据P-只可知，当开关S 闭合，S。断开时，电水壶处于保温状态， 则1-号=02A 44W (2)当开关S和S。均闭合，电路是由R2和 R1组成的并联电路，此时电水壶处于加热 状态，R,的电功率为 P:=P总-P2=880W-44W=836W (3)在加热状态下，该电水壶工作50s消 耗的电能 W=P%t=880W×50s=4.4×104J 答：略。 三、力、热、电综合计算 解：(1)壶中水的质量 m水=P水V=1.0×103kg/m3×2×10-3m3 =2 kg 壶对电磁炉的压力 F=G总=G壶+G水=m壶8+m水8 =0.5kg×10N/kg+2kg×10N/kg =25N 壶对电磁炉的压强 F 25N p=S10x10‘m=250Pa (2)当水刚好烧开时，水吸收的热量 2级=c水m*△t=4.2×10J/(kg·℃)×2kg ×(100℃-25℃)=6.3×10°J (3)电磁炉消耗的电能 w=题_6.3×10J=7.5×105J 7 84% 水刚好烧开所需的时间 W7.5×10J=375s t=P=2000W 答：略。 解：(1)此冰灯作品对水平地面的压力 F=G=2×104N 此冰灯作品对水平地面的压强 E_2×10N=1x104Pa P=S= 2 m2 (2)这组节能灯正常发光时的电流 -是兴-01A 盟学堂LZAZK GDWL一14一参考答案 (3)如果每天正常工作10小时，节约的 电能 W=W白-W=P白t-Pt=(P白-P)t =(200-22)×0.001kW×10h =1.78kW·h 答：略。 解：(1)水的质量为 m =pV =1.0×103kg/m3×0.45×10-3m3 =0.45kg 水吸收的热量为 2w=cm4r=4.2×103J/(kg·℃)×0.45kg× (100℃-20℃)=1.512×105J (②)由P=?可知，电阻越小时，电功率 越大，故当开关接2和3时为保温挡，只 有R工作，当开关接3和4时，为加热 挡，此时R和R2并联，R2的功率为 =&-220,2=80w P2=R=60.50 故加热挡的电功率为 P知=P2+P保=800W+100W=900W (3)电热水壶加热时消耗的电能为 w=2题=1.512×10J=1.89×105J 7 80% 则加热时间为 2W=1.89×10J=210s 900W 答：略。 解：(1)当开关接触2和3时，R,与R2串 联接入电路，使用低温挡位工作，R,与R2 串联的总电阻为 R=R1+R2=48.42+48.42=96.82 使用低温挡位正常工作时的电功率 心(20V)2=-500w P低一R =96.80 (2)水吸收的热量是 2吸=c水m*(t-）=4.2×103J/(kg·℃)） ×0.2kg×(100℃-20℃)=6.72×104J (3)当开关接触3和4时，只有R2工作， 用高温挡位加热，挂烫机高温挡位的电 功率 A,片-器2-1ww 挂烫机高温挡位加热消耗的电能 W=P高t=1000W×80s=8×104J 该挂烫机的加热效率 -2=×10%-6卫×10Jx10%=84% n=W 8×10J 答：略。 专题四综合能力题 一、实验创新、拓展型 (1)37(2)①1.88②2③22(3)内 (4)夏季的床单选用透水汽性大的材料而 增强舒适感 (1)62.5乙2.94×10(2)甲空气 (3)羽绒服内充满空气更保暖（双层玻璃隔 热效果更好)