福建省福州屏东中学2025-2026学年高二上学期10月月考物理试卷

2025-2026学年福州屏东中学高二上物理校本练习3 一、单选题：本大题共4小题，共16分。 1.下列说法中正确的是() 出卷人：林鹏翔 A.根据E=F/q可知，电场中某点的场强与检验电荷在该点所受的电场力成正比 审卷人：江圆圆李洁雨 B.电场中某点的场强E=F/q,与检验电荷的受力大小及带电量无关 C.电场中某点的场强方向即检验电荷在该点的受力方向 D.公式E=F/q和E=kQ/r2对于任何静电场都是适用的 2.某静电场中的电场线如图实线所示，带电粒子在电场中仅受静电力作用，其运动轨迹如图中虚线所示，由M运动到W, 下列说法正确的是() A.粒子必定带负电 B.粒子在M点的动能小于在N点的动能 C.粒子在M点的加速度大于在N点的加速度 D.粒子在M点的电势能小于在N点的电势能 3.如图所示，虚线为匀强电场中的一组等势线，相邻两等势线间的距离相等、电势差也相等，实线AB为一电子在电场中 的运动轨迹，已知电子在等势线po上具有动能8eV,它运动到等势线p3上时动能为2V。令po=0电子重力不计，则下 列说法正确的是() 991920p4 A.电场方向水平向左 B.当该电子的电势能为4eV时，其动能大小为4eV C.电子在B点的电势能为-6eV D.p2-p1=2V A 4.均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场.如图所示，在半球面AB上均匀分布着正电 荷，总电荷量为q,球面半径为R,CD为通过半球顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，OM=ON=2R.已知M 点的场强大小为E,则N点的场强大小为() A祭-E B. D C.-B D.+ B 二、多选题：本大题共4小题，共16分。 5.利用静电感应、高压静电场的气体放电等效应和原理，可以实现多种加工工艺和制造各种加工设备，在电力、机械、 轻工、纺织、航空航天以及高技术领域有着广泛的应用。关于静电的防止与利用，下列说法正确的是() 甲 乙 丙 A.图甲为静电喷漆的示意图，静电喷漆是利用异种电荷相互吸引，使油漆与金属表面在静电力作用下喷涂更均匀 B.乙图中，燃气灶中电子点火器点火应用了尖端放电的原理 C.丙图的自助加油机都会有除静电装置，是通过触摸把人体上的静电储存在加油机上 D.丁图的超高压带电作业，电工所穿的高压工作服是完全绝缘的材料 6.如图所示，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连。若一带 电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子() A.所受重力与静电力平衡 B.电势能逐渐增加 C.动能逐渐增加 D.做匀变速直线运动 第1页，共8页 7.在x轴方向存在一静电场，其φ一x图像如图所示，一质子以一定的初速度沿x轴从O 点运动到x4,质子仅受电场力，则质子() A.在x1处电势能最大，受到的电场力却为零 B.在x1处受到的电场力最大，电势能也最大 C.从x2到x3和从x3到x4受到的电场力均做正功 D.在x3处电势能为零，受到的电场力也为零 8.电容位移传感器具有灵敏度高的优点，某电容位移传感器的工作原理可简化为如图所示的装置，电容器接在恒压直流 电源上，其中A是固定极板，B是可动极板，B与被测物体连接在一起，G为灵敏电流计，当被测物体水平向左移动时，下 列说法正确的是() G 。十恒压电源 A.电容器的电容变小 B.极板间的电场强度变大 C.电容器所带的电荷量减少 D.灵敏电流计中有从b到a方向的电流 被测物体 三、填空题：本大题共2小题，共18分。 A 9.如图所示，真空中，带电荷量分别为十Q和-Q的点电荷A、B相距r,则两点电荷连线的中点0O的场强大小E=;在 两点电荷连线的中垂线上，距A、B两点都为r的0'点的场强大小E=一，方向一AB连线（选填“平行”或“垂直”）。 +O 0 I0.如图所示，真空中等量异种点电荷放置在M、N两点，在MN的连线上有关于中点O对称的点a、c,MN连线的中垂线 上有关于0点对称的点b、d,则 ·b a C (①)、b两点的场强大小E。一E,(填“>”、“=”或“<”)，b、d两点的电场强度是否相同？一。（填“相同”或 “不同”)。 (2)若把一个正检验电荷从b点移到d点，电场力做。（填“正功”、“负功”或“不做功”） 四、计算题：本大题共3小题，共30分。 11.如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，电场的方向与△ABC所在的平面平行， A AB1AC,∠ACB=30°。将电荷量q=-1.0×10-9C的点电荷从A点移动到B点，静电力 30 C 做功W4B=-2.0×10-8/;将该电荷从B点移动到C点，电势能增加了4.0×108J。设C 点的电势pc=0,A、B的距离L=4cm,求： (1)A与B、C两点间的电势差UAB、UAC; (2)B点的电势pB和B点的电势能EB 第2页，共8页 12.如图所示，BC是半径为的圆弧形光滑绝缘轨道，轨道位于竖直平面内，其下端与水平绝缘轨道平滑连接，整 个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度为E。现有一质量为的带电小滑块（体积很小可视为质点），在BC轨 道的D点释放后可以静止不动。己知OD与竖直方向的夹角为α=37°，随后把它从C点由静止释放，滑到水平轨道上 的A点时速度减为零。若己知滑块与水平轨道间的动摩擦因数为u=0.25,且tan37°=0.75.求： 0 E D777777777 B A (①)滑块甲的带电量q和带电种类： (2)滑块下滑通过B点时的速度大小VB: (3)水平轨道上A、B两点之间的距离L。 第3页，共8页 13.一个电荷量为q=-2×10-8C,质量为m=1×10-14kg的带电粒子，由静止经电压为U1=1600V的加速电场加速后， 立即沿中心线0102垂直进入一个电压为U2=2400V的偏转电场，然后打在垂直于0102放置的荧光屏上的P点，偏转电场 两极板间距为d=8cm,极板长L=8cm,极板的右端与荧光屏之间的距离也为L=8cm。整个装置如图所示，（不计粒子 的重力)求： 9 + q m 0 U (1)粒子出加速电场时的速度v的大小； (2)粒子出偏转电场时的偏移距离y: (3)P点到02的距离y'。 第4页，共8页 1.【答案】B 【解析】【解析】 试题分析：电场强度反映了电场的力的性质，大小由电场强度本身决定，与检验电荷受力和检验电荷的电荷量无关，规 定正电荷受电场力的方向为电场强度的方向。 A、电场强度反映了电场的力的性质，大小由电场强度本身决定，与检验电荷受力无关；错误 B、电场中某点的场强定义为E=F9,但大小由电场强度本身决定，与检验电荷的受力大小及带电量无关；正确 C、电场中某点的场强方向为正检验电荷在该点的受力方向：错误 D、公式E=Fg是电场强度的定义式，对于任何静电场都是适用，公式E=Q”是真空中点电荷电场强度的决定 式，只适用于计算真空中点电荷产生电场的场强；错误 故选B 考点：对电场强度的理解 点评：注意电场强度的定义式与决定式的区别。 2.【答案】B 【解析】解：A、由粒子的运动轨迹可知，粒子的受力沿着电场线的方向，所以粒子带正电，所以A错误； BD、正电荷沿着电场的方向运动，所以电场力做正功，粒子的电势能减小，动能增加，所以粒子在M点的动能小于它在N 点的动能，在M点的电势能大于它在N点的电势能，所以B正确，D错误： C、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由图可知，N点的场强大于M点的场强，在N点的受 力大于在M的受力，所以粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度，所以C错误； 故选：B。 电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增 加· 加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题， 3.【答案】B 【解析】【分析】本题考查匀强电场的等势面、电场力做功、动能定理、电势能等知识点。 根据E,=qφ可知正电荷在电势高的地方电势能大，负电荷在电势高的地方电势能小。 电场力做功量度电势能的变化，电场力做正功时，电势能减小，电场力做负功时，电势能增大。 电场力做功W=qU,做功大小与路径无关，由电荷量和初末位置的电势差决定。 【解答】A据题电子从A到B,动能减小，则电势能增大，而电子带负电，在电势低处电势能大，所以P1>P3,则电场方 向水平向右，故A错误. B.据题，电子从等势线po运动到等势线p3时，动能减小6V,由动能定理可知电场力做功Wo3=-6eV,可知相邻等势面 间电势差为U=2V,当电子从等势线po运动到等势线p2时，电场力做功应为Wo2=-4eV,动能减小-4eV,电势能为4eV。 故B正确. C.B点处于p3等势面，由公式E,=qp=-e(-6V)=6eV,故C错误. D.电场方向水平向右，顺着电场线方向电势降低，所以p2-p1=-2V,故D错误. 故选：B 4.【答案】A 【解析】若将带电荷量为2？的完整球面的球心放在O处，均匀带电的球面在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心 处产生的电场，则在M、N点所产生的场强大小为E1=2=2R2, k2q kg 由题知，半球面在M点产生的场强大小为E,则点的场强大小为2=是-E,故选A。 5.【答案】AB 【解析】A静电喷漆利用的是带负电的油漆微粒在静电力作用下向正极运动，故A错误； B器的放电电极做成钉尖形是为了利用尖端放电，使在电压不高的情况下也容易点火，故B正确； C加油机的除静电装置通过与加油机接地的金属面板进行接触操作，会导走身上的静电，保证加油站的安全，故C正确； 第5页，共8页 D.因为超高压输电线周围存在很强的电场，带电作业的工人直接进入这样的强电场会有生命危险。如果工人穿上包含金 属丝的织物制成的工作服，这身工作服就像一个金属网罩，可以起到静电屏蔽的作用，使超高压输电线周围的电场被工 作服屏蔽起来，工人就可以安全作业了，故D正确。 6.【答案】BD 【解析】带电粒子在两极板之间沿直线运动，则应受到两个力的作用，一是重力mg,方向竖直向下；二是静电力F=Eq, 方向垂直于极板向上。因二力均为恒力且带电粒子做直线运动，所以此二力的合力一定在粒子运动的直线轨迹上，根据 牛顿第二定律可知，该粒子做匀减速直线运动，选项D正确，A、C错误；从粒子运动的方向和静电力的方向可判断出， 静电力对粒子做负功，粒子的电势能增加，选项B正确。 7.【答案】AC 【解析】AB由图可知，在x1处电势最高，根据Ep=qp 可知质子在x1处电势能最大，根据P一x图像中斜率表示电场强度，可知在x1处斜率为零，所以质子在x1处受到的电场力 为零。故A正确，B错误； C.由图可知，从x2到x3和从x3到x4电势均降低，质子的电势能也随之降低，由W电=-AEp 可知从x2到x3和从x3到x4受到的电场力均做正功，故C正确； D.由图可知，在x3处电势为零，所以电势能为零，在x3处斜率不为零，受到的电场力也不为零，故D错误。 故选AC。 8.【答案】BD 【解析】电容器接在恒压直流电源上，则电容器两端电压不变，当被测物体水平向左移动时，根据 c=,C=号 由于极板距离减小，则电容器的电容变大，电容器所带的电荷量增加，灵敏电流计中有从b到α方向的充电电流；根据 J E二a 可知极板间的电场强度变大。 故选BD: 9.【答案】2 2 平行 【解析】点电荷A、B在连线中点的电场强度如下图 0' A。 EE B +O 两点电药连线的中点0的场强大小E=名十，-k品+k8分=k学 A、B两点在O′点的场强如下图 第6页，共8页 +O 在两点电荷连线的中垂线上，距A、B两点都为的0'点的场强大小E'=E,'=k号 方向平行AB方向向右。 10.【答案】> 相同 不做功 【解析】(1)由于M、N是异种电荷，电场线由正电荷出发终止于负电荷，Q点场强大于O点场强，而O点场强大于b点场强， 可知a点场强一定大于b点场强，即Ea>Eb; 根据等量异种电场线分布图像结合对称性可知，b、两点电场强度大小相等，方向相同。 (2)由于b、d两点电势相等，因此把一个正检验电荷从b点移到d点，电场力不做功。 11.【答案】()由题可知W4B=qUAB,解得：UAB=W=20x10 q。 -1x109V=20V 电荷从B点移动到C点，电势能增加了4.0×10，说明在此过程中，电场力也是做负功，同理可得：Uc="匹= -4.0×10-8 -1x10-9V=40y 根据电势差的关系可得：U4c=UAB+Uc=20V+40V=60V (2)由题意知：PB-Pc=UBc,且pc=0所以，B点的电势：PB=UBc=40V B点的电势能：EpB=9pB=-1×109×40=-4.0×108J 答：(1)A与B、C两点间的电势差UAB、U4C分别为20V、6OV; (2)B点的电势pB和B点的电势能EpB分别为40V,-4.0×10-8J。 【解析】(I)根据电场力做功与电势差、电势能变化量的关系求出AB间的电势差、BC间的电势差： (2)根据电势差与电势的关系，结合C点电势为零，求出B点的电势。根据电势能的公式求B点的电势能。 解决本题的关键知道电场力做功与电势差的关系，电势差与电势的关系。知道电场线与等势面处处垂直，且由高电势指 向低电势。 12.【答案】解：(1)静止在D处时甲的受力如图所示，可知甲应带正电，并且有： qE=mgtana 故q=3g 4E 9E mg 第7页，共8页 (2)小滑块从C到B的过程中，只有重力和电场力对其做功，设滑块通过B点时的速度为g,根据动能定理有： mgR-qER=2mv呢： gR 解得：Vg= (3)甲从C经B到A的过程中，重力做正功，电场力和摩擦力做负功.则由动能定理有： mgR-qE(R+L)-umgL=0 解得：L=异 答：(1)滑块的带电量g为3m9和带正电： 4E (②滑块下滑通过B点时的速度大小为、受 (3)水平轨道上A、B两点之间的距离L为 【解析】（①）滑块在D点受重力、支持力、电场力三个力处于平衡，根据共点力平衡求出电场力的大小，根据电场力 的方向和电场强度的方向确定滑块的电性， (2)小滑块从C到B的过程中，只有重力和电场力对它做功，根据动能定理求解. (③)对整个过程研究，重力做正功，水平面上摩擦力做负功，电场力做负功，根据动能定理求出水平轨道上A、B两 点之间的距离. 本题考查分析和处理物体在复合场运动的能力.对于电场力做功W=qEd,d为两点沿电场线方向的距离. 13.【答案】(1)由动能定理可得qU1=2mvo2,代入数据解得vo=8×104m/s: (2)粒子进入偏转电场后做类平抛运动，水平方向上L=vot 在竖直方向上y=t2,a=5￡=号 m 联立并代入数据，解得y=3×10-2m; ⊙)粒子出偏转电场后打在屏上的时间。=号 粒子平行屏方向的速度v,=at 出偏转电场后平行屏方向的位移s=Vyt2 解得s=0.06m 故P点到02的距离y′=y+s=0.09m。 【解析】本题考查带电粒子的加速与偏转问题，带电粒子的运动运用动能定理很简便，利用运动的合成与分解的观点解 决类平抛问题。 (1)带电粒子在加速电场中电场力做正功，由动能定理可解速度出加速电场时的速度： (2)根据运动的分解得到粒子出偏转电场时的偏移距离y; (3)带电粒子在偏转电场中做类平抛运动，利用运动的合成与分解的观点解决P点到02的距离y。 第8页，共8页