7.必修2 第一章 遗传因子的发现-高中生物·2025年高考真题分类

【 高中生物 】 2025年高考真题-按章分类 必修2 遗传与进化 第一章 遗传因子的发现 5个单选题 + 0个多选题 + 5个非选择题 ---- 学 生 版 ---- 一、单选题 1.(2025高考·重庆)水稻雄性不育、可育由等位基因T、t控制，不育性状受温度的影响(见下表)；米质优、劣由等位基因Y、y控制。不育株S1米质劣但抗病，不育株S2米质优但易感病。为了选育综合性状好的不育系，用S1和S2杂交获得F1，F1均为不育且米质优。选F1两单株杂交获得的F2中出现稳定可育株，PCR检测部分世代中相关基因，电泳结果如图所示，下列说法正确的是(  ) 植株种类 温度 花粉不育率(%) 不育株S1 高温 100% 低温 0 不育株S2 高温 100% 低温 0 稳定可育株 高温 0 低温 0 A.S1是基因型为TTYY的纯合子 B.选择F1任意两单株进行杂交均会出现如图F2的育性分离 C.F2在高温条件下表现不育且米质优的纯合植株占比1/16 D.在S1和S2杂交得到F1时，亲本植株需在同一温度条件下种植 2.(2025高考·甘肃)某种牛常染色体上的一对等位基因H(无角)对h(有角)完全显性。体表斑块颜色由另一对独立的常染色体基因(M褐色/m红色)控制，杂合态时公牛呈现褐斑，母牛呈现红斑。在下图的杂交实验中，亲本公牛的基因型是(　　) A.HhMm B.HHMm C.HhMM D.HHMM 3.(2025高考·河南)现有二倍体植株甲和乙，自交后代中某性状的正常株：突变株均为3：1.甲自交后代中的突变株与乙自交后代中的突变株杂交，F1全为正常株，F2中该性状的正常株：突变株=9：6(等位基因可依次使用A/a、B/b……)。下列叙述错误的是(　　) A.甲的基因型是AaBB或AABb B.F2出现异常分离比是因为出现了隐性纯合致死 C.F2植株中性状能稳定遗传的占7/15 D.F2中交配能产生AABB基因型的亲本组合有6种 4.(2025高考·湖北)某学生重复孟德尔豌豆杂交实验，取一粒黄色圆粒F₁种子(YyRr)，培养成植株，成熟后随机取4个豆荚，所得32粒豌豆种子表型计数结果如表所示。下列叙述最合理的是(　　) 性状 黄色 绿色 圆粒 皱粒 个数(粒) 25 7 20 12 A.32粒种子中有18粒黄色圆粒种子，2粒绿色皱粒种子 B.实验结果说明含R基因配子的活力低于含r基因的配子 C.不同批次随机摘取4个豆荚，所得种子的表型比会有差别 D.该实验豌豆种子的圆粒与皱粒表型比支持孟德尔分离定律 5.(2025高考·山东)果蝇体节发育与分别位于2对常染色体上的等位基因M、m和N、n有关，M对m、N对n均为显性。其中1对为母体效应基因，只要母本该基因为隐性纯合，子代就体节缺失，与自身该对基因的基因型无关；另1对基因无母体效应，该基因的隐性纯合子体节缺失。下列基因型的个体均体节缺失，能判断哪对等位基因为母体效应基因的是(  ) A.MmNn B.MmNN C.mmNN D.Mmnn 二、非选择题 6.(2025高考·全国卷)植物合成的色素会影响花色。某二倍体植物的花色有深红、浅红和白三种表型。研究小组用甲、乙两个浅红色表型的植株进行相关实验。回答下列问题： (1)甲、乙分别自交，子一代均出现浅红色：白色=3：1的表型分离比；甲和乙杂交，子一代出现深红色(丙)：浅红色：白色(丁)=1：2：1的表型分离比。综上判断，甲和乙的基因型 (填“相同”或“不同”)，判断依据是 。 (2)丙自交子一代出现深红色：浅红色：白色=9：6：1的表型分离比，其中与丙基因型相同的个体所占比例为 。若丙与丁杂交，子一代的表型及分离比为 ，其中纯合体所占比例为 。 7.(2025高考·甘肃)大部分家鼠的毛色是鼠灰色，经实验室繁殖的毛色突变家鼠可以是黄色、棕色、黑色或者由此产生的各种组合色。已知控制某品系家鼠毛色的基因涉及常染色体上三个独立的基因位点A、B和D。A基因位点存在4个不同的等位基因：Ay决定黄色，A决定鼠灰色，at决定腹部黄色，a决定黑色，它们的显隐性关系依次为Ay>A>at>a，其中Ay基因为显性致死基因(AyAy的纯合鼠胚胎致死)。B基因位点存在2个等位基因：B(黑色)对b(棕色)为完全显性。回答下列问题。 (1)只考虑A基因位点时，可以产生的基因型有 种，表型有 种。 (2)基因型为AyaBb的黄色鼠杂交，后代表型及其比例为黄色鼠：黑色鼠：巧克力色鼠=8：3：1，产生这种分离比的原因是 。 (3)黄腹黑背雌鼠和黄腹棕背雄鼠杂交，F1代产生了3/8黄腹黑背鼠，3/8黄腹棕背鼠，1/8黑色鼠和1/8巧克力色鼠。则杂交亲本基因型分别为♀ ，♂ 。 (4)D基因位点的D基因控制色素的产生，dd突变体呈现白化性状。让白化纯种鼠和鼠灰色纯种鼠杂交，F1代呈现鼠灰色。F1代雌雄鼠交配产生F2代的表型及其比例为鼠灰色：黑色：白化=9：3：4，则亲本白化纯种鼠的基因型为 ，F2代黑色鼠的基因型为 8.(2025高考·云南)冬瓜果面有蜡粉可提高果实抗病、耐日灼和耐储性。为探究冬瓜果面蜡粉的遗传方式并对蜡粉基因(用“A”“a”表示)进行定位，科研人员进行了一系列杂交实验，结果如表。 群体 植株总数/株 果面有蜡粉株数/株 果面无蜡粉株数/株 P1 30 30 0 P2 30 0 30 F1 523 523 0 F2 574 430 144 注：F1为P1和P2杂交后代，F2为F1自交后代。 回答下列问题： (1)根据杂交结果可知，果面蜡粉的遗传遵循基因的 定律，依据是 。 (2)实验证明蜡粉性状的改变是由基因突变引起的，突变基因上出现了一个限制酶H的切割位点，可用于在苗期筛选出果实表面有蜡粉的植株，据此设计引物后进行植株基因型鉴定的步骤为：提取基因组DNA→ 目的DNA片段→限制酶H切割扩增产物→电泳。结果显示P1植株为1条条带，P2植株为2条条带，则F2中有蜡粉的植株为 条条带，限制酶H的切割位点位于 (填“A”“a”或“A和a”)上。 (3)用表中材料设计实验，验证(1)中得到的结论，写出所选材料及遗传图解。 三、实验题 9.(2025高考·湖南)未成熟豌豆豆荚的绿色和黄色是一对相对性状，科研人员揭示了该相对性状的部分遗传机制。回答下列问题： (1)纯合绿色豆荚植株与纯合黄色豆荚植株杂交，只有一种表型。自交得到的中，绿色和黄色豆荚植株数量分别为297株和105株，则显性性状为 。 (2)进一步分析发现：相对于绿色豆荚植株，黄色豆荚植株中基因H(编码叶绿素合成酶)的上游缺失非编码序列G。为探究G和下游H的关系，研究人员拟将某绿色豆荚植株的基因H突变为h(突变位点如图a所示，h编码的蛋白无功能)，然后将获得的Hh植株与黄色豆荚植株杂交，思路如图a： ①为筛选Hh植株，根据突变位点两侧序列设计一对引物提取待测植株的DNA进行PCR。若扩增产物电泳结果全为预测的1125bp，则基因H可能未发生突变，或发生了碱基对的 ；若H的扩增产物能被酶切为699bp和426bp的片段，而h的酶切位点丧失，则图b(扩增产物酶切后电泳结果)中的 (填“Ⅰ”“Ⅱ”或“Ⅲ”)对应的是Hh植株。 ②若图a的中绿色豆荚：黄色豆荚=1：1，则中黄色豆荚植株的基因型为 [书写以图a中亲本黄色豆荚植株的基因型(△G+H)/(△G+H)为例，其中“△G”表示缺失G]。据此推测中黄色豆荚植株产生的遗传分子机制是 。 ③若图a的中两种基因型植株的数量无差异，但豆荚全为绿色，则说明 。 10.(2025高考·陕晋青宁卷)某芸香科植物分泌腔内的萜烯等化合物可抗虫害，纯合栽培品种(X)果实糖分含量高，叶全缘，但没有分泌腔；而野生纯合植株(甲)叶缘齿状，具有发达的分泌腔。我国科研人员发现A基因和B基因与该植物叶缘形状、分泌腔形成有关。对植株甲进行基因敲除后得到植株乙、丙、丁，其表型如下表。回答下列问题。 植株 叶缘 分泌腔 P 野生型(甲)×栽培品种(X) ↓ F1 有分泌腔 ↓ F2 有分泌腔  无分泌腔 3:1 甲(野生型) 齿状 有 乙(敲除A基因) 全缘 无 丙(敲除B基因) 齿状 无 丁(敲除A基因和B基因) 全缘 无 (1)由表分析可知，控制叶缘形状的基因是 ，控制分泌腔形成的基因是 。 (2)为探究A基因和B基因之间的调控关系，在植株乙中检测到B基因的表达量显著减少，而植株丙中A基因的表达量无变化，说明 。 (3)为探究A基因与B基因在染色体上的位置关系，不考虑突变及其他基因的影响，选择表中的植株进行杂交，可选择的亲本组合是 。F1自交得到F2，若F2的表型及比例为 ，则A、B基因位于两对同源染色体上。在此情况下结合图中杂交结果，可推测栽培品种(X)的 (填“A”“B”或“A和B”)基因功能缺陷，可引入相应基因来提高栽培品种的抗虫品质。 第一章 遗传因子的发现 ---- 参考答案及解析 ---- 一、单选题 1.C S1米质劣，但F1均为米质优，说明S2为YY。F1高温不育，低温可育，F1两单株杂交获得的F2中出现稳定可育株，故两单株为Tt(杂合)，则S1和S2应为TT、Tt，若S1为TTyy (高温不育)，S2为TtYY (高温不育)，杂交F1出现TtYy，符合条件，A错误。F1出现TTYy、TtYy，杂交后F2的育性由T/t决定，高温下T_不育，tt可育，任意两单株进行杂交不一定会出现如图F2的育性分离，B错误。高温不育纯合植株为TT，米质优纯合植株为YY，两者独立遗传。F1中TtYy杂交，F2中TTYY的概率为1/4(TT)×1/4(YY)= 1/16，C正确。S1和S2在高温下均不育(花粉不育率100%)，无法杂交，需在低温下种植才能完成传粉，D错误。 2.A 若亲本公牛基因型为HhMm(无角褐斑)，有角红斑母牛基因型为hhMm，对于有角和无角这对性状，Hh×hh后代会出现有角(hh)和无角(Hh)个体，对于体表斑块颜色这对性状，Mm×Mm 后代会出现MM、Mm和mm个体，F1公牛和母牛均会出现有角褐斑，若无角褐斑公牛的基因型为HhMm，无角褐斑母牛的基因型为H-MM，二者杂交后代会出现无角红斑母牛(H-Mm)，A正确。若亲本无角褐斑公牛基因型为HHMm，有角红斑母牛基因型为hhMm，对于有角和无角这对性状，HH×hh后代全部为无角(Hh)，不符合子代的表型，B错误。若亲本无角褐斑公牛基因型为HhMM，有角红斑母牛基因型为hhMm，后代会出现有角褐斑公牛(hhM-)或者有角褐斑母牛(hhMM)，若无角褐斑公牛基因型为HhMM，无角褐斑母牛基因型为H-MM，子代不会出现无角红斑(H-Mm或H-mm)，不符合子代表型，C错误。若亲本无角褐斑公牛基因型为HHMM，有角红斑母牛基因型为hhMm，对于有角和无角这对性状，HH×hh后代全部为无角(Hh)，不符合子代表型，D错误。 3.D 已知植株甲和乙，自交后代中某性状的正常株：突变株均为3：1，可知正常株为显性性状，突变株为隐性性状，甲自交后代中的突变株与乙自交后代中的突变株杂交，F1全为正常株，F2中该性状的正常株：突变株=9：6，为9：3：3：1的变式，可知杂交后代F1基因型为AaBb，正常株的基因型为A-B-，基因型为aabb的植株会死亡，其余基因型的植株为突变株。所以甲、乙自交后代中的突变株基因型分别为aaBB、AAbb或AAbb、aaBB，由于甲和乙自交后代中某性状的正常株(A-B-)：突变株均为3：1，故甲的基因型是AaBB或AABb，A正确。F1基因型为AaBb，自交后代F2应该出现9：(6+1)的分离比，出现异常分离比是因为出现了隐性纯合aabb致死，B正确。F2植株中正常株的基因型为1AABB、2AaBB、2AABb、4AaBb，突变株的基因型为1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb，其中性状能稳定遗传(自交后代不发生性状分离)的有1AABB、1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb，占7/15，C正确。F2中交配能产生AABB基因型的亲本组合有：AABB×AaBB、AABB×AABb、AABB×AaBb、AaBB×AABb、AaBB×AaBb、AABb×AaBb6种杂交组合，和4种基因型AABB、AaBB、AABb、AaBb自交，故亲本组合有10种，D错误。 4.C 黄色圆粒种子理论值为18粒(32×9/16)，绿色皱粒为2粒(32×1/16)。但实际数据中，黄色和圆粒的总数分别为25和20，无法直接推导组合性状的具体数值，A错误。圆粒与皱粒比为5:3，可能因R配子活力低于r，但由于样本太少，所以不能确定含R基因配子的活力低于含r基因的配子，B错误。由于样本量小(仅4个豆荚，32粒种子)，不同批次摘取豆荚可能因抽样误差导致表型比波动，C正确。圆粒与皱粒实际比为5:3，不符合分离定律预期的3:1，同时样本数目太少，所以不支持孟德尔分离定律，D错误。 5.B 根据题意，2对常染色体上的等位基因M、m和N、n，其中1对为母体效应基因，只要母本该基因为隐性纯合，子代就体节缺失，与自身该对基因的基因型无关；另1对基因无母体效应，该基因的隐性纯合子体节缺失，MmNn均为杂合子，无法判断导致表型为体节缺失的母本的哪一对等位基因隐性纯合，A错误。MmNN中Mm、NN都不是隐性纯合子，不符合题意中，1对基因无母体效应，该基因的隐性纯合子体节缺失，因此只能符合第一种情况，因此推测Mm是母体效应基因，正是由于母本含有mm隐性纯合子，MmNN才表现为体节缺失，B正确。mmNN中mm为隐性纯合子，可能是其本身隐性纯合子，表现为体节缺失，也可能是亲本是含有隐性纯合子mm，因此表现型为体节缺失，无法判定mm是具有母体效应基因还是本身隐性纯合出现得体节缺失，同理，Mmnn中，nn可能是其本身隐性纯合子，表现为体节缺失，也可能是亲本是含有隐性纯合子，因此表现型为体节缺失，因此也无法判定，C、D错误。 二、非选择题 6.【答案】(1)不同；甲、乙自交的结果与甲乙杂交的结果不同 甲和乙的基因型不同，甲、乙分别自交，子一代均出现浅红色：白色 = 3：1 的表型分离比，这符合杂合子(Aa)自交的性状分离比，说明甲、乙均为杂合子。若甲和乙基因型相同，设为 Aa，那么甲和乙杂交后代的基因型及比例为 AA：Aa：aa = 1：2：1，表型应该是浅红色：白色 = 3：1，而实际甲和乙杂交子一代出现深红色：浅红色：白色 = 1：2：1 的表型分离比，所以甲和乙的基因型不同。 (2)1/4；深红色:浅红色:白色=1:2:1；1/4 丙自交子一代出现深红色：浅红色：白色 = 9：6：1 的表型分离比，这是 9：3：3：1 的变式，说明花色由两对等位基因控制(设为 A、a 和 B、b)，且丙的基因型为 AaBb。根据基因自由组合定律，AaBb 自交后代中 AaBb 的比例为1/4(2/4×2/4=4/16=1/4)。因为甲、乙杂交产生丙(AaBb)，且甲、乙自交都出现浅红色：白色 = 3：1，可推测甲、乙基因型为 Aabb 和 aaBb(二者可互换)，丁为白色，基因型为 aabb。丙(AaBb)与丁(aabb)杂交，即测交，后代基因型及比例为 AaBb：Aabb：aaBb：aabb = 1：1：1：1，对应的表型及比例为深红色：浅红色：白色 = 1：2：1。丙(AaBb)与丁(aabb)杂交，后代中纯合体只有 aabb，所占比例为1/4。 7.【答案】(1)9；4 只考虑A基因位点，A基因位点存在4个不同的等位基因Ay、A、at、a，从4个等位基因中选2个组成基因型(包括纯合子和杂合子)，纯合子有AyAy(致死)、AA、atat、aa4种，杂合子有AyA、Ayat、Aya、Aa、Aat、ata6种，所以基因型共有10种，但由于AyAy纯合致死，实际存活的基因型有9种，由显隐性关系Ay>A>at>a可知，表型有黄色(Ay-)、鼠灰色(A-)、腹部黄色(at-)、黑色(aa )，共4种。 (2)控制毛色的两对等位基因位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律，且AyAy纯合致死 基因型为AyaBb的黄色鼠杂交，正常情况下Aya×Aya后代中AyAy：Aya：aa=1：2：1，由于AyAy致死，所以Aya：aa=2：1，Bb×Bb后代中B-：bb=3：1，按照自由组合定律，(2Aya：1aa)×(3B-：1bb)，后代中黄色鼠(AyaB-、Ayabb)：黑色鼠(aaB-)：巧克力色鼠(aabb)=(2/3×3/4+2/3×1/4)：(1/3×3/4)：(1/3×1/4)=8/12：3/12：1/12=8：3：1，所以后代表型及其比例为黄色鼠：黑色鼠：巧克力色鼠=8：3：1的原因是控制毛色的两对等位基因位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律，且AyAy纯合致死。 (3)ataBb；atabb 黄腹黑背雌鼠(at-B-)和黄腹棕背雄鼠(at-bb)杂交，因为F1代产生了黑色鼠(aaB-)和巧克力色鼠(aabb)，所以亲本都含有a和b基因，那么黄腹黑背雌鼠基因型为ataBb，黄腹棕背雄鼠基因型为atabb，二者杂交，F1代产生了3/8=3/4×1/2黄腹黑背鼠(at-Bb)，3/8=3/4×1/2黄腹棕背鼠(at-bb)，1/8=1/4×1/2黑色鼠(aaBb)和1/8=1/4×1/2巧克力色鼠(aabb)。 (4)aadd；aaD-(aaDD、aaDd) 已知D基因位点的D基因控制色素的产生，dd突变体呈现白化性状，A决定鼠灰色，a决定黑色，F2代的表型及其比例为鼠灰色：黑色：白化=9：3：4，是9：3：3：1的变形，说明F1的基因型为AaDd，由于亲本是白化纯种鼠和鼠灰色纯种鼠，要得到F1为AaDd，则亲本白化纯种鼠的基因型为aadd，鼠灰色纯种鼠的基因型为AADD，二者杂交，F1的基因型为AaDd，F1代雌雄鼠交配，F2的基因型及比例为A-D-：aaD-：A-dd：aadd=9：3：3：1，表型之比为鼠灰色：黑色：白化=9：3：4，所以F2代黑色鼠的基因型为aaD-(aaDD、aaDd)。 8.【答案】(1)分离；F2中出现3:1的性状分离比，符合一对等位基因的遗传规律 根据杂交结果可知，果面蜡粉的遗传遵循基因的分离定律，因为F1自交得到的F2中，果面有蜡粉株数与果面无蜡粉株数之比约为3：1(430：144≈3：1)，符合基因分离定律中杂合子自交后代性状分离比3：1的比值。 (2)PCR扩增；1或3；a 要进行植株基因型鉴定，在提取基因组DNA后，需要通过PCR扩增目的DNA片段。P1植株为1条条带，P2植株为2条条带，说明P1为纯合子且其基因不能被限制酶H切割(假设P1基因型为AA)，P2为纯合子且其基因能被限制酶H切割(假设P2基因型为aa)，限制酶H的切割位点位于a上。F1基因型为Aa，F2中有蜡粉的植株基因型为AA或Aa。AA只有1条条带(不能被切割)，Aa会有3条条带(A不能被切割为1条，a被切割为2条)，所以F2中有蜡粉的植株为1条或3条条带。 (3)验证分离定律，采用测交的方法，所选材料：F1Aa与P2aa(测交实验可以验证基因的分离定律)。 三、实验题 9.【答案】(1)绿色豆荚 纯合绿色豆荚植株与纯合黄色豆荚植株杂交，F1只有一种表型，说明F1表现的性状为显性性状。F1自交得到F2，绿色和黄色豆荚植株数量比约为297:105≈3:1，符合孟德尔分离定律中杂合子自交后代显性性状与隐性性状的分离比，所以显性性状为绿色。 (2)①替换；Ⅱ 若扩增产物电泳结果全为预测的 1125bp，基因 H 可能未发生突变，若发生突变且产物长度不变，则可能是发生了碱基对的替换。H的扩增产物能被酶切为699bp和426bp的片段，h的酶切位点丧失。Hh植株会产生两种类型的扩增产物，一种是H经酶切后的699bp 和426bp片段，一种是h未被酶切的1125bp片段，所以图b中的Ⅱ对应的是Hh植株。 ②(G+h)/(△G+H)；该植株中基因H上游缺失非编码序列G，导致基因H不能正常表达，表现为黄色豆荚，另一条染色体上的h无功能 Hh植株与黄色豆荚植株(△G+H)/(△G+H)杂交，若F1中绿色豆荚：黄色豆荚=1:1，说明 Hh 植株产生了两种配子G+H和G+h，且黄色豆荚植株只能产生含△G+H 的配子，所以F1中黄色豆荚植株的基因型为 (G+h)/(△G+H)。中黄色豆荚植株产生的遗传分子机制是：该植株中基因H上游缺失非编码序列G，导致基因H不能正常表达，另一条染色体上的h无功能，表现为黄色豆荚。 ③非编码序列G缺失不影响基因H表达 若图a的F1中两种基因型植株的数量无差异，但豆荚全为绿色，说明虽然黄色亲本中基因H上游缺失G，但H基因仍能正常表达(或表达量足够)合成叶绿素，使豆荚表现为绿色，即非编码序列G缺失不影响基因H表达。 10.【答案】(1)A；A、B 根据表格可得，甲为 AABB齿有，乙为 aaBB全无，丙为 AAbb齿无，丁为 aabb全无，因此控制叶缘的基因是 A，控制分泌腔的是 A 和 B 基因共同决定的。 (2)A基因促进B基因表达，而B基因不参与调控A基因表达 乙敲除A基因，但没有敲除B基因，在植株乙中检测到B基因的表达量显著减少，说明A基因可以促进B基因的表达；丙敲除B基因，但没有敲除A基因，植株丙中A基因的表达量无变化，说明B基因不参与调控A基因的表达。 (3)甲和丁或乙和丙；齿状有分泌腔：齿状无分泌腔：全缘无分泌腔=9:3:4；A 假定基因敲除后用相应的小写字母表示，甲基因型为AABB，乙为aaBB，丙为AAbb，丁为aabb，要探究A基因与B基因在染色体上的位置关系，即探究两对基因是位于一对同源染色体上还是位于两对同源染色体上，我们通常需要获得双杂合子AaBb进行自交，因此可选择的亲本组合是甲和丁或乙和丙，F1AaBb自交得到F2，若A、B基因位于两对同源染色体上，则满足自由组合定律，F2的表型及比例为齿状有分泌腔：齿状无分泌腔：全缘无分泌腔=9:3:4。 栽培品种(X)叶全缘，但没有分泌腔，应该是A基因缺陷。理由如下：根据右侧遗传图解可知，野生型甲 AABB 和栽培种(aabb 或 aaBB 两种情况)杂交一代 F1的两种情况为AaBb或AaBB，两者都是有分泌腔，F1 自交，如果是AaBb的话，F2比例为9:7，如果是 AaBB 的话，F2比例为3:1，符合题意。因此栽培种基因型为aaBB，缺乏A基因。 6 / 12 学科网（北京）股份有限公司 $ 【 高中生物 】 2025年高考真题-按章分类 必修2 遗传与进化 第一章 遗传因子的发现 5个单选题 + 0个多选题 + 5个非选择题 ---- 教 师 版 ---- 一、单选题 1.(2025高考·重庆)水稻雄性不育、可育由等位基因T、t控制，不育性状受温度的影响(见下表)；米质优、劣由等位基因Y、y控制。不育株S1米质劣但抗病，不育株S2米质优但易感病。为了选育综合性状好的不育系，用S1和S2杂交获得F1，F1均为不育且米质优。选F1两单株杂交获得的F2中出现稳定可育株，PCR检测部分世代中相关基因，电泳结果如图所示，下列说法正确的是(  ) 植株种类 温度 花粉不育率(%) 不育株S1 高温 100% 低温 0 不育株S2 高温 100% 低温 0 稳定可育株 高温 0 低温 0 A.S1是基因型为TTYY的纯合子 B.选择F1任意两单株进行杂交均会出现如图F2的育性分离 C.F2在高温条件下表现不育且米质优的纯合植株占比1/16 D.在S1和S2杂交得到F1时，亲本植株需在同一温度条件下种植 1.C S1米质劣，但F1均为米质优，说明S2为YY。F1高温不育，低温可育，F1两单株杂交获得的F2中出现稳定可育株，故两单株为Tt(杂合)，则S1和S2应为TT、Tt，若S1为TTyy (高温不育)，S2为TtYY (高温不育)，杂交F1出现TtYy，符合条件，A错误。F1出现TTYy、TtYy，杂交后F2的育性由T/t决定，高温下T_不育，tt可育，任意两单株进行杂交不一定会出现如图F2的育性分离，B错误。高温不育纯合植株为TT，米质优纯合植株为YY，两者独立遗传。F1中TtYy杂交，F2中TTYY的概率为1/4(TT)×1/4(YY)= 1/16，C正确。S1和S2在高温下均不育(花粉不育率100%)，无法杂交，需在低温下种植才能完成传粉，D错误。 2.(2025高考·甘肃)某种牛常染色体上的一对等位基因H(无角)对h(有角)完全显性。体表斑块颜色由另一对独立的常染色体基因(M褐色/m红色)控制，杂合态时公牛呈现褐斑，母牛呈现红斑。在下图的杂交实验中，亲本公牛的基因型是(　　) A.HhMm B.HHMm C.HhMM D.HHMM 2.A 若亲本公牛基因型为HhMm(无角褐斑)，有角红斑母牛基因型为hhMm，对于有角和无角这对性状，Hh×hh后代会出现有角(hh)和无角(Hh)个体，对于体表斑块颜色这对性状，Mm×Mm 后代会出现MM、Mm和mm个体，F1公牛和母牛均会出现有角褐斑，若无角褐斑公牛的基因型为HhMm，无角褐斑母牛的基因型为H-MM，二者杂交后代会出现无角红斑母牛(H-Mm)，A正确。若亲本无角褐斑公牛基因型为HHMm，有角红斑母牛基因型为hhMm，对于有角和无角这对性状，HH×hh后代全部为无角(Hh)，不符合子代的表型，B错误。若亲本无角褐斑公牛基因型为HhMM，有角红斑母牛基因型为hhMm，后代会出现有角褐斑公牛(hhM-)或者有角褐斑母牛(hhMM)，若无角褐斑公牛基因型为HhMM，无角褐斑母牛基因型为H-MM，子代不会出现无角红斑(H-Mm或H-mm)，不符合子代表型，C错误。若亲本无角褐斑公牛基因型为HHMM，有角红斑母牛基因型为hhMm，对于有角和无角这对性状，HH×hh后代全部为无角(Hh)，不符合子代表型，D错误。 3.(2025高考·河南)现有二倍体植株甲和乙，自交后代中某性状的正常株：突变株均为3：1.甲自交后代中的突变株与乙自交后代中的突变株杂交，F1全为正常株，F2中该性状的正常株：突变株=9：6(等位基因可依次使用A/a、B/b……)。下列叙述错误的是(　　) A.甲的基因型是AaBB或AABb B.F2出现异常分离比是因为出现了隐性纯合致死 C.F2植株中性状能稳定遗传的占7/15 D.F2中交配能产生AABB基因型的亲本组合有6种 3.D 已知植株甲和乙，自交后代中某性状的正常株：突变株均为3：1，可知正常株为显性性状，突变株为隐性性状，甲自交后代中的突变株与乙自交后代中的突变株杂交，F1全为正常株，F2中该性状的正常株：突变株=9：6，为9：3：3：1的变式，可知杂交后代F1基因型为AaBb，正常株的基因型为A-B-，基因型为aabb的植株会死亡，其余基因型的植株为突变株。所以甲、乙自交后代中的突变株基因型分别为aaBB、AAbb或AAbb、aaBB，由于甲和乙自交后代中某性状的正常株(A-B-)：突变株均为3：1，故甲的基因型是AaBB或AABb，A正确。F1基因型为AaBb，自交后代F2应该出现9：(6+1)的分离比，出现异常分离比是因为出现了隐性纯合aabb致死，B正确。F2植株中正常株的基因型为1AABB、2AaBB、2AABb、4AaBb，突变株的基因型为1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb，其中性状能稳定遗传(自交后代不发生性状分离)的有1AABB、1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb，占7/15，C正确。F2中交配能产生AABB基因型的亲本组合有：AABB×AaBB、AABB×AABb、AABB×AaBb、AaBB×AABb、AaBB×AaBb、AABb×AaBb6种杂交组合，和4种基因型AABB、AaBB、AABb、AaBb自交，故亲本组合有10种，D错误。 4.(2025高考·湖北)某学生重复孟德尔豌豆杂交实验，取一粒黄色圆粒F₁种子(YyRr)，培养成植株，成熟后随机取4个豆荚，所得32粒豌豆种子表型计数结果如表所示。下列叙述最合理的是(　　) 性状 黄色 绿色 圆粒 皱粒 个数(粒) 25 7 20 12 A.32粒种子中有18粒黄色圆粒种子，2粒绿色皱粒种子 B.实验结果说明含R基因配子的活力低于含r基因的配子 C.不同批次随机摘取4个豆荚，所得种子的表型比会有差别 D.该实验豌豆种子的圆粒与皱粒表型比支持孟德尔分离定律 4.C 黄色圆粒种子理论值为18粒(32×9/16)，绿色皱粒为2粒(32×1/16)。但实际数据中，黄色和圆粒的总数分别为25和20，无法直接推导组合性状的具体数值，A错误。圆粒与皱粒比为5:3，可能因R配子活力低于r，但由于样本太少，所以不能确定含R基因配子的活力低于含r基因的配子，B错误。由于样本量小(仅4个豆荚，32粒种子)，不同批次摘取豆荚可能因抽样误差导致表型比波动，C正确。圆粒与皱粒实际比为5:3，不符合分离定律预期的3:1，同时样本数目太少，所以不支持孟德尔分离定律，D错误。 5.(2025高考·山东)果蝇体节发育与分别位于2对常染色体上的等位基因M、m和N、n有关，M对m、N对n均为显性。其中1对为母体效应基因，只要母本该基因为隐性纯合，子代就体节缺失，与自身该对基因的基因型无关；另1对基因无母体效应，该基因的隐性纯合子体节缺失。下列基因型的个体均体节缺失，能判断哪对等位基因为母体效应基因的是(  ) A.MmNn B.MmNN C.mmNN D.Mmnn 5.B 根据题意，2对常染色体上的等位基因M、m和N、n，其中1对为母体效应基因，只要母本该基因为隐性纯合，子代就体节缺失，与自身该对基因的基因型无关；另1对基因无母体效应，该基因的隐性纯合子体节缺失，MmNn均为杂合子，无法判断导致表型为体节缺失的母本的哪一对等位基因隐性纯合，A错误。MmNN中Mm、NN都不是隐性纯合子，不符合题意中，1对基因无母体效应，该基因的隐性纯合子体节缺失，因此只能符合第一种情况，因此推测Mm是母体效应基因，正是由于母本含有mm隐性纯合子，MmNN才表现为体节缺失，B正确。mmNN中mm为隐性纯合子，可能是其本身隐性纯合子，表现为体节缺失，也可能是亲本是含有隐性纯合子mm，因此表现型为体节缺失，无法判定mm是具有母体效应基因还是本身隐性纯合出现得体节缺失，同理，Mmnn中，nn可能是其本身隐性纯合子，表现为体节缺失，也可能是亲本是含有隐性纯合子，因此表现型为体节缺失，因此也无法判定，C、D错误。 二、非选择题 6.(2025高考·全国卷)植物合成的色素会影响花色。某二倍体植物的花色有深红、浅红和白三种表型。研究小组用甲、乙两个浅红色表型的植株进行相关实验。回答下列问题： (1)甲、乙分别自交，子一代均出现浅红色：白色=3：1的表型分离比；甲和乙杂交，子一代出现深红色(丙)：浅红色：白色(丁)=1：2：1的表型分离比。综上判断，甲和乙的基因型 (填“相同”或“不同”)，判断依据是 。 (2)丙自交子一代出现深红色：浅红色：白色=9：6：1的表型分离比，其中与丙基因型相同的个体所占比例为 。若丙与丁杂交，子一代的表型及分离比为 ，其中纯合体所占比例为 。 6.【答案】(1)不同；甲、乙自交的结果与甲乙杂交的结果不同 甲和乙的基因型不同，甲、乙分别自交，子一代均出现浅红色：白色 = 3：1 的表型分离比，这符合杂合子(Aa)自交的性状分离比，说明甲、乙均为杂合子。若甲和乙基因型相同，设为 Aa，那么甲和乙杂交后代的基因型及比例为 AA：Aa：aa = 1：2：1，表型应该是浅红色：白色 = 3：1，而实际甲和乙杂交子一代出现深红色：浅红色：白色 = 1：2：1 的表型分离比，所以甲和乙的基因型不同。 (2)1/4；深红色:浅红色:白色=1:2:1；1/4 丙自交子一代出现深红色：浅红色：白色 = 9：6：1 的表型分离比，这是 9：3：3：1 的变式，说明花色由两对等位基因控制(设为 A、a 和 B、b)，且丙的基因型为 AaBb。根据基因自由组合定律，AaBb 自交后代中 AaBb 的比例为1/4(2/4×2/4=4/16=1/4)。因为甲、乙杂交产生丙(AaBb)，且甲、乙自交都出现浅红色：白色 = 3：1，可推测甲、乙基因型为 Aabb 和 aaBb(二者可互换)，丁为白色，基因型为 aabb。丙(AaBb)与丁(aabb)杂交，即测交，后代基因型及比例为 AaBb：Aabb：aaBb：aabb = 1：1：1：1，对应的表型及比例为深红色：浅红色：白色 = 1：2：1。丙(AaBb)与丁(aabb)杂交，后代中纯合体只有 aabb，所占比例为1/4。 7.(2025高考·甘肃)大部分家鼠的毛色是鼠灰色，经实验室繁殖的毛色突变家鼠可以是黄色、棕色、黑色或者由此产生的各种组合色。已知控制某品系家鼠毛色的基因涉及常染色体上三个独立的基因位点A、B和D。A基因位点存在4个不同的等位基因：Ay决定黄色，A决定鼠灰色，at决定腹部黄色，a决定黑色，它们的显隐性关系依次为Ay>A>at>a，其中Ay基因为显性致死基因(AyAy的纯合鼠胚胎致死)。B基因位点存在2个等位基因：B(黑色)对b(棕色)为完全显性。回答下列问题。 (1)只考虑A基因位点时，可以产生的基因型有 种，表型有 种。 (2)基因型为AyaBb的黄色鼠杂交，后代表型及其比例为黄色鼠：黑色鼠：巧克力色鼠=8：3：1，产生这种分离比的原因是 。 (3)黄腹黑背雌鼠和黄腹棕背雄鼠杂交，F1代产生了3/8黄腹黑背鼠，3/8黄腹棕背鼠，1/8黑色鼠和1/8巧克力色鼠。则杂交亲本基因型分别为♀ ，♂ 。 (4)D基因位点的D基因控制色素的产生，dd突变体呈现白化性状。让白化纯种鼠和鼠灰色纯种鼠杂交，F1代呈现鼠灰色。F1代雌雄鼠交配产生F2代的表型及其比例为鼠灰色：黑色：白化=9：3：4，则亲本白化纯种鼠的基因型为 ，F2代黑色鼠的基因型为 7.【答案】(1)9；4 只考虑A基因位点，A基因位点存在4个不同的等位基因Ay、A、at、a，从4个等位基因中选2个组成基因型(包括纯合子和杂合子)，纯合子有AyAy(致死)、AA、atat、aa4种，杂合子有AyA、Ayat、Aya、Aa、Aat、ata6种，所以基因型共有10种，但由于AyAy纯合致死，实际存活的基因型有9种，由显隐性关系Ay>A>at>a可知，表型有黄色(Ay-)、鼠灰色(A-)、腹部黄色(at-)、黑色(aa )，共4种。 (2)控制毛色的两对等位基因位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律，且AyAy纯合致死 基因型为AyaBb的黄色鼠杂交，正常情况下Aya×Aya后代中AyAy：Aya：aa=1：2：1，由于AyAy致死，所以Aya：aa=2：1，Bb×Bb后代中B-：bb=3：1，按照自由组合定律，(2Aya：1aa)×(3B-：1bb)，后代中黄色鼠(AyaB-、Ayabb)：黑色鼠(aaB-)：巧克力色鼠(aabb)=(2/3×3/4+2/3×1/4)：(1/3×3/4)：(1/3×1/4)=8/12：3/12：1/12=8：3：1，所以后代表型及其比例为黄色鼠：黑色鼠：巧克力色鼠=8：3：1的原因是控制毛色的两对等位基因位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律，且AyAy纯合致死。 (3)ataBb；atabb 黄腹黑背雌鼠(at-B-)和黄腹棕背雄鼠(at-bb)杂交，因为F1代产生了黑色鼠(aaB-)和巧克力色鼠(aabb)，所以亲本都含有a和b基因，那么黄腹黑背雌鼠基因型为ataBb，黄腹棕背雄鼠基因型为atabb，二者杂交，F1代产生了3/8=3/4×1/2黄腹黑背鼠(at-Bb)，3/8=3/4×1/2黄腹棕背鼠(at-bb)，1/8=1/4×1/2黑色鼠(aaBb)和1/8=1/4×1/2巧克力色鼠(aabb)。 (4)aadd；aaD-(aaDD、aaDd) 已知D基因位点的D基因控制色素的产生，dd突变体呈现白化性状，A决定鼠灰色，a决定黑色，F2代的表型及其比例为鼠灰色：黑色：白化=9：3：4，是9：3：3：1的变形，说明F1的基因型为AaDd，由于亲本是白化纯种鼠和鼠灰色纯种鼠，要得到F1为AaDd，则亲本白化纯种鼠的基因型为aadd，鼠灰色纯种鼠的基因型为AADD，二者杂交，F1的基因型为AaDd，F1代雌雄鼠交配，F2的基因型及比例为A-D-：aaD-：A-dd：aadd=9：3：3：1，表型之比为鼠灰色：黑色：白化=9：3：4，所以F2代黑色鼠的基因型为aaD-(aaDD、aaDd)。 8.(2025高考·云南)冬瓜果面有蜡粉可提高果实抗病、耐日灼和耐储性。为探究冬瓜果面蜡粉的遗传方式并对蜡粉基因(用“A”“a”表示)进行定位，科研人员进行了一系列杂交实验，结果如表。 群体 植株总数/株 果面有蜡粉株数/株 果面无蜡粉株数/株 P1 30 30 0 P2 30 0 30 F1 523 523 0 F2 574 430 144 注：F1为P1和P2杂交后代，F2为F1自交后代。 回答下列问题： (1)根据杂交结果可知，果面蜡粉的遗传遵循基因的 定律，依据是 。 (2)实验证明蜡粉性状的改变是由基因突变引起的，突变基因上出现了一个限制酶H的切割位点，可用于在苗期筛选出果实表面有蜡粉的植株，据此设计引物后进行植株基因型鉴定的步骤为：提取基因组DNA→ 目的DNA片段→限制酶H切割扩增产物→电泳。结果显示P1植株为1条条带，P2植株为2条条带，则F2中有蜡粉的植株为 条条带，限制酶H的切割位点位于 (填“A”“a”或“A和a”)上。 (3)用表中材料设计实验，验证(1)中得到的结论，写出所选材料及遗传图解。 8.【答案】(1)分离；F2中出现3:1的性状分离比，符合一对等位基因的遗传规律 根据杂交结果可知，果面蜡粉的遗传遵循基因的分离定律，因为F1自交得到的F2中，果面有蜡粉株数与果面无蜡粉株数之比约为3：1(430：144≈3：1)，符合基因分离定律中杂合子自交后代性状分离比3：1的比值。 (2)PCR扩增；1或3；a 要进行植株基因型鉴定，在提取基因组DNA后，需要通过PCR扩增目的DNA片段。P1植株为1条条带，P2植株为2条条带，说明P1为纯合子且其基因不能被限制酶H切割(假设P1基因型为AA)，P2为纯合子且其基因能被限制酶H切割(假设P2基因型为aa)，限制酶H的切割位点位于a上。F1基因型为Aa，F2中有蜡粉的植株基因型为AA或Aa。AA只有1条条带(不能被切割)，Aa会有3条条带(A不能被切割为1条，a被切割为2条)，所以F2中有蜡粉的植株为1条或3条条带。 (3)验证分离定律，采用测交的方法，所选材料：F1Aa与P2aa(测交实验可以验证基因的分离定律)。 三、实验题 9.(2025高考·湖南)未成熟豌豆豆荚的绿色和黄色是一对相对性状，科研人员揭示了该相对性状的部分遗传机制。回答下列问题： (1)纯合绿色豆荚植株与纯合黄色豆荚植株杂交，只有一种表型。自交得到的中，绿色和黄色豆荚植株数量分别为297株和105株，则显性性状为 。 (2)进一步分析发现：相对于绿色豆荚植株，黄色豆荚植株中基因H(编码叶绿素合成酶)的上游缺失非编码序列G。为探究G和下游H的关系，研究人员拟将某绿色豆荚植株的基因H突变为h(突变位点如图a所示，h编码的蛋白无功能)，然后将获得的Hh植株与黄色豆荚植株杂交，思路如图a： ①为筛选Hh植株，根据突变位点两侧序列设计一对引物提取待测植株的DNA进行PCR。若扩增产物电泳结果全为预测的1125bp，则基因H可能未发生突变，或发生了碱基对的 ；若H的扩增产物能被酶切为699bp和426bp的片段，而h的酶切位点丧失，则图b(扩增产物酶切后电泳结果)中的 (填“Ⅰ”“Ⅱ”或“Ⅲ”)对应的是Hh植株。 ②若图a的中绿色豆荚：黄色豆荚=1：1，则中黄色豆荚植株的基因型为 [书写以图a中亲本黄色豆荚植株的基因型(△G+H)/(△G+H)为例，其中“△G”表示缺失G]。据此推测中黄色豆荚植株产生的遗传分子机制是 。 ③若图a的中两种基因型植株的数量无差异，但豆荚全为绿色，则说明 。 9.【答案】(1)绿色豆荚 纯合绿色豆荚植株与纯合黄色豆荚植株杂交，F1只有一种表型，说明F1表现的性状为显性性状。F1自交得到F2，绿色和黄色豆荚植株数量比约为297:105≈3:1，符合孟德尔分离定律中杂合子自交后代显性性状与隐性性状的分离比，所以显性性状为绿色。 (2)①替换；Ⅱ 若扩增产物电泳结果全为预测的 1125bp，基因 H 可能未发生突变，若发生突变且产物长度不变，则可能是发生了碱基对的替换。H的扩增产物能被酶切为699bp和426bp的片段，h的酶切位点丧失。Hh植株会产生两种类型的扩增产物，一种是H经酶切后的699bp 和426bp片段，一种是h未被酶切的1125bp片段，所以图b中的Ⅱ对应的是Hh植株。 ②(G+h)/(△G+H)；该植株中基因H上游缺失非编码序列G，导致基因H不能正常表达，表现为黄色豆荚，另一条染色体上的h无功能 Hh植株与黄色豆荚植株(△G+H)/(△G+H)杂交，若F1中绿色豆荚：黄色豆荚=1:1，说明 Hh 植株产生了两种配子G+H和G+h，且黄色豆荚植株只能产生含△G+H 的配子，所以F1中黄色豆荚植株的基因型为 (G+h)/(△G+H)。中黄色豆荚植株产生的遗传分子机制是：该植株中基因H上游缺失非编码序列G，导致基因H不能正常表达，另一条染色体上的h无功能，表现为黄色豆荚。 ③非编码序列G缺失不影响基因H表达 若图a的F1中两种基因型植株的数量无差异，但豆荚全为绿色，说明虽然黄色亲本中基因H上游缺失G，但H基因仍能正常表达(或表达量足够)合成叶绿素，使豆荚表现为绿色，即非编码序列G缺失不影响基因H表达。 10.(2025高考·陕晋青宁卷)某芸香科植物分泌腔内的萜烯等化合物可抗虫害，纯合栽培品种(X)果实糖分含量高，叶全缘，但没有分泌腔；而野生纯合植株(甲)叶缘齿状，具有发达的分泌腔。我国科研人员发现A基因和B基因与该植物叶缘形状、分泌腔形成有关。对植株甲进行基因敲除后得到植株乙、丙、丁，其表型如下表。回答下列问题。 植株 叶缘 分泌腔 P 野生型(甲)×栽培品种(X) ↓ F1 有分泌腔 ↓ F2 有分泌腔  无分泌腔 3:1 甲(野生型) 齿状 有 乙(敲除A基因) 全缘 无 丙(敲除B基因) 齿状 无 丁(敲除A基因和B基因) 全缘 无 (1)由表分析可知，控制叶缘形状的基因是 ，控制分泌腔形成的基因是 。 (2)为探究A基因和B基因之间的调控关系，在植株乙中检测到B基因的表达量显著减少，而植株丙中A基因的表达量无变化，说明 。 (3)为探究A基因与B基因在染色体上的位置关系，不考虑突变及其他基因的影响，选择表中的植株进行杂交，可选择的亲本组合是 。F1自交得到F2，若F2的表型及比例为 ，则A、B基因位于两对同源染色体上。在此情况下结合图中杂交结果，可推测栽培品种(X)的 (填“A”“B”或“A和B”)基因功能缺陷，可引入相应基因来提高栽培品种的抗虫品质。 10.【答案】(1)A；A、B 根据表格可得，甲为 AABB齿有，乙为 aaBB全无，丙为 AAbb齿无，丁为 aabb全无，因此控制叶缘的基因是 A，控制分泌腔的是 A 和 B 基因共同决定的。 (2)A基因促进B基因表达，而B基因不参与调控A基因表达 乙敲除A基因，但没有敲除B基因，在植株乙中检测到B基因的表达量显著减少，说明A基因可以促进B基因的表达；丙敲除B基因，但没有敲除A基因，植株丙中A基因的表达量无变化，说明B基因不参与调控A基因的表达。 (3)甲和丁或乙和丙；齿状有分泌腔：齿状无分泌腔：全缘无分泌腔=9:3:4；A 假定基因敲除后用相应的小写字母表示，甲基因型为AABB，乙为aaBB，丙为AAbb，丁为aabb，要探究A基因与B基因在染色体上的位置关系，即探究两对基因是位于一对同源染色体上还是位于两对同源染色体上，我们通常需要获得双杂合子AaBb进行自交，因此可选择的亲本组合是甲和丁或乙和丙，F1AaBb自交得到F2，若A、B基因位于两对同源染色体上，则满足自由组合定律，F2的表型及比例为齿状有分泌腔：齿状无分泌腔：全缘无分泌腔=9:3:4。 栽培品种(X)叶全缘，但没有分泌腔，应该是A基因缺陷。理由如下：根据右侧遗传图解可知，野生型甲 AABB 和栽培种(aabb 或 aaBB 两种情况)杂交一代 F1的两种情况为AaBb或AaBB，两者都是有分泌腔，F1 自交，如果是AaBb的话，F2比例为9:7，如果是 AaBB 的话，F2比例为3:1，符合题意。因此栽培种基因型为aaBB，缺乏A基因。 6 / 12 学科网（北京）股份有限公司 $