精品解析：湖北省文海大联考2025-2026学年高三上学期起点考试物理试卷

文海大联考·2026届H20高三起点考试 物理试卷 考生注意： 1.本试卷满分100分，考试时间75分钟. 2.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡指定位置上。 3.考生作答时，请将答案答在答题卡上，选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效 4.考生必须保持答题卡的整洁.考试结束后，请将答题卡交回. 一、选择题：本题共10小题，共46分.在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8～10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分. 1. 长城北京段考古成果发布，此次长城调查首次使用“碳14”技术判断出该区域长城修建的年代。其核反应方程为，已知碳14的半衰期约为5730年，下列说法正确的是（　　） A. X为粒子 B. X粒子是由原子核内部的质子转化为中子产生的，具备一定的电离能力 C. 100个碳14原子核经过5730年后一定还有50个未衰变 D. 该核反应过程存在质量亏损 【答案】D 【解析】 【详解】A．根据质量数守恒和电荷数守恒可得X的质量数为0，电荷数为－1，则X为粒子，故A错误； B．粒子是由原子核内部的中子产生的，即，具备一定的电离能力，故B错误； C．半衰期是针对大量放射性元素的原子核的统计规律，对少量放射性元素的原子核不适用，故C错误； D．衰变过程放出能量，根据质能方程可知衰变过程存在质量亏损，故D正确。 故选D。 2. 某实验小组的同学在电梯的天花板上固定一根弹簧秤，使其测量挂钩向下，并在钩上悬挂一个重为10 N的钩码，弹簧秤弹力随时间变化的规律可通过一传感器直接得出（如图所示）．下面分析正确的是（　　） A. 从时刻t1到时刻t2钩码处于超重状态 B. 从时刻t3到时刻t4钩码处于失重状态 C. 电梯可能开始在15楼，先加速向下，再匀速向下，再减速向下，最后停在1楼 D. 电梯可能开始在1楼，先加速上升，再匀速向上，再减速向上，最后停在15楼 【答案】C 【解析】 【详解】A．从时该t1到t2，钩码受到的拉力小于重力时，钩码处于失重状态，加速度向下，A错误； B．从时刻t3到t4，钩码受到的拉力大于重力，钩码处于超重状态，加速度向上，B错误； C．如果电梯开始停在高楼层，先加速向下，接着匀速向下，再减速向下，最后停在低楼层，那么应该是拉力先等于重力、再小于重力、然后等于重力、大于重力、最后等于重力，C正确； D．如果电梯开始停在低楼层，先加速向上，接着匀速向上，再减速向上，最后停在高楼层，那么应该从图象可以得到，拉力先等于重力、再大于重力、然后等于重力、小于重力、最后等于重力，D错误。 故选C。 3. 某些手机有降噪麦克风。如图所示，降噪麦克风产生与环境噪音振幅相同、相位相反的降噪声波，与噪音叠加从而实现降噪效果。下列说法中正确的是（　　） A. 降噪声波、环境噪声的波速不同 B. 降噪声波、环境噪声的频率不同 C. 点的位移和速度均为零，是振动减弱点 D. 再经过四分之一周期，点是振动加强点 【答案】C 【解析】 【详解】ABC．由题图可知，降噪声波与环境声波波长相等，在同一种介质中传播速度相等，由 可知频率相同，叠加时产生干涉，由于两列声波振幅相同、相位相反，所以振动减弱，起到降噪作用，P点振动减弱，其位移和速度均为零，故C正确；AB错误； D．由前面选项分析可知，P点为振动减弱点，再经过四分之一周期P点振动仍然是减弱，故D错误。 故选C。 4. 如图所示，竖直平面内二根相同的棒L1和L2分别带有等量、且均匀分布的正电荷，二棒正对，且水平平行放置，O点为二棒的水平对称轴和竖直对称轴的交点，水平对称轴上A点和B点分别到O点的距离相等，则（　　） A. 有电场线经过水平对称轴 B. 有电场线经过竖直对称轴 C. A和B两点的场强相等 D. A和B两点的场强大于O点的场强 【答案】D 【解析】 【详解】依题意，可把关于棒L1和L2水平对称轴对称的两点看着等量同种点电荷模型，由点电荷场强公式 结合对称性，可判断知O点电场强度为零，在水平对称轴及竖直对称轴上，关于O点对称分布的点，场强大小相等，但方向相反，所以，没有电场线经过水平对称轴及竖直对称轴，A和B两点的场强大小相等，方向相反，且A和B两点的场强大于O点的场强。 故选D。 5. 汽车在水平路面上匀速行驶时车轮边缘上M点的运动轨迹如图所示，P点是该轨迹的最高点，Q点为该轨迹的最低点。M点的运动可分解为两个分运动：一个是绕车轴旋转的匀速圆周运动，一个是与车轴一起向前的匀速直线运动。下列说法正确的是（ ） A. M点运动到P位置时的速度大于运动到Q位置时的速度 B. M点运动到P位置时的速度小于运动到Q位置时的速度 C. M点运动到P位置时的加速度大于运动到Q位置时的加速度 D. M点运动到P位置时的加速度小于运动到Q位置时的加速度 【答案】A 【解析】 【详解】AB在P位置时两分运动方向相同，合速度为两速度之和，在Q位置时圆周运动速度向左，直线运动速度向右，此时合速度为两者之差，故A正确B错误 CD一个是绕车轴旋转的匀速圆周运动，一个是与车轴一起向前的匀速直线运动，匀速直线运动加速度为零，所以合加速度为匀速圆周运动的加速度，大小不变，故CD错误。 故选A。 6. 为了节约能源，笔记本电脑机身和显示屏分别装有霍尔元件和磁体，实现开屏变亮，合屏熄灭，如图1所示。图2为某笔记本中利用自由电子导电的霍尔元件，长宽、高分别为a、b、c，电流方向向右且大小恒定。当合上显示屏时，水平放置的元件处于竖直向下的匀强磁场中，元件前、后表面间产生电势差，当电压超过某一临界值时，屏幕自动熄灭。下列说法正确的是（ ） A. 合屏状态下，霍尔元件前表面的电势比后表面的低 B. 若只有磁场B变弱，可能出现闭合屏幕时无法熄屏 C. 若只增大电流I，可能出现闭合屏幕时无法熄屏 D. 若只减小高度c，可能出现闭合屏幕时无法熄屏 【答案】B 【解析】 【详解】A．合屏状态下，根据左手定则可知，电子偏向后表面，则前表面的电势比后表面的高。A错误； B．根据 解得 则若磁场变弱，前后表面产生的电压变小，则可能出现闭合屏幕时无法熄屏现象，B正确； CD．根据电流的表达式 结合上述结论可得 故只增大电流或只减小c，前后表面产生的电压都会增大，不可能出现闭合屏幕时无法熄屏的现象，CD错误。 故选B。 7. 如图所示是指纹识别原理图，其原理是利用光学棱镜的全反射特性，在指纹谷线（凹部），入射光在棱镜界面发生全反射，在指纹脊线（凸部），入射光的某些部分被吸收或者漫反射到别的地方，这样，指纹模块可接收到明暗相间的指纹图像，已知水的折射率约为1.33，玻璃的折射率约为1.5，下列说法正确的是（　　） A. 指纹模块接收光线较亮的部位是指纹脊线指纹模块 B. 指纹模块接收光线较暗的部位是干涉减弱的地方 C. 没有手指放入时，若光源正常发光，指纹模块不会接收到光信号 D. 手指湿润时，指纹识别率会降低 【答案】D 【解析】 【详解】AB．在指纹凸部（脊线），入射光的某些部分被吸收或者漫反射到别的地方，指纹模块接收到光线较暗，并不是因为干涉而光线较暗；在指纹凹部（谷线），入射光在棱镜界面发生全反射，指纹模块接收到光线较亮，因此指纹模块接收光线较暗的部位是指纹脊线，较亮的部位是指纹谷线，故AB错误； C．没有手指放入时，若光源正常发光，入射光在棱镜界面发生全反射，指纹模块上会接收到全亮图像，故C错误； D．因玻璃的折射率大于水的折射率，因此手指湿润时，棱镜界面仍然有部分光能发生全反射，也有部分光无法发生全反射，使得指纹识别率低，故D正确。 故选D。 8. 电梯一般用电动机驱动，钢丝绳挂在电动机绳轮上，一端悬吊轿厢，另一端悬吊配重装置。钢绳和绳轮间产生的摩擦力能驱使轿厢上下运动，若电梯轿厢质量为2×103kg，配重为2.4×103kg，某次电梯轿箱由静止开始上升的图像如图乙所示，不计空气阻力，下列说法正确的是（　　） A. 电梯轿箱在第10s内处于失重状态 B. 上升过程中，钢绳对轿厢和对配重的拉力大小始终相等 C. 在第11s内，电动机做的机械功为 D. 上升过程中，钢绳对轿厢做功的最大功率为4.8×104W 【答案】CD 【解析】 【详解】A．由图可知，电梯轿厢在第10s内做匀速直线运动，处于平衡状态，故A错误； B．以为例，轿厢和配重都处于平衡状态，根据平衡条件可知左边绳子的拉力与轿厢重力相等，右边绳子的拉力与配重的重力相等，由题意知轿厢和配重质量不等，钢绳对轿厢和对配重的拉力大小不相等（钢绳和绳轮间有摩擦力，所以一根绳上的拉力不相等），故B错误； C．由图乙可知在第11s内，轿厢上升1m，配重下降1m，设电动机做的机械功为，由动能定理得 解得，故C正确； D．当钢绳对轿厢拉力最大，轿厢速度最大时，钢绳对轿厢做功的功率最大，可知在轿厢加速上升阶段，由牛顿第二定律得 由图乙可知 最大速度为，则钢绳对轿厢做功的最大功率为 联立解得，故D正确。 故选CD。 9. 某人造卫星绕地球运动，所受地球引力随时间变化如图所示，假设卫星只受地球引力，下列说法正确的是（　　） A. 卫星的周期为 B. 卫星绕地球运行时机械能守恒 C. 卫星在近地点与远地点的速度之比为2:1 D. 卫星在近地点与远地点的加速度之比为1:4 【答案】BC 【解析】 【详解】A．出现两次引力最大值，即卫星运动一周，故卫星的周期为，故A错误； B．卫星绕地球运行时，只有地球引力做功，则机械能守恒，故B正确； C．卫星在近地点时有 卫星在远地点时有 联立解得 根据开普勒第二定律，卫星在近地点与远地点时有 联立解得卫星在近地点与远地点的速度之比为，故C正确； D．卫星在近地点时 卫星在远地点时有 联立解的卫星在近地点与远地点的加速度之比为，故D错误。 故选BC。 10. 如图甲所示，我国古建屋顶多采用蝴蝶瓦方式铺设。图乙是两片底瓦和一片盖瓦的铺设示意图，三根相同且平行的椽子所在平面与水平面夹角为。图丙为截面示意图，弧形底瓦放置在两根相邻的椽子正中间，盖瓦的底边恰与底瓦的凹槽中线接触。已知相邻两椽子与底瓦接触点间的距离和瓦的半径都为，盖瓦和底瓦形状相同，厚度不计，质量均为、最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小取，在无扰动的情况下，底瓦与盖瓦均保持静止。若仅铺设这三片瓦进行研究，则（　　） A. 底瓦与椽子间的动摩擦因数 B. 底瓦与椽子间的动摩擦因数 C. 适当增大两椽子间的距离，底瓦更不容易下滑 D. 适当减小两椽子间的距离，底瓦更不容易下滑 【答案】AC 【解析】 【详解】AB．以两片底瓦和盖瓦整体为研究对象，易得这个整体的重力在垂直椽子所在平面方向上的分力为3mgcos37°，垂直椽子所在平面方向上整体处于平衡状态，可知 相邻两椽子与底瓦接触点间的距离和瓦的半径都为，根据几何关系 可得椽子与底瓦接触部位之间的弹力 在无外界干扰的情况下，为使底瓦与盖瓦不下滑，应使 解得 故A正确B错误； C．适当增大两椽子间的距离，增大，弹力增大，最大静摩擦力增大，底瓦更不容易下滑，故C正确； D．适当减小两椽子间的距离，减小，弹力减小，最大静摩擦力减小，底瓦容易下滑，故D错误。 故选AC。 二、非选择题：本题共5小题，共54分. 11. 某实验小组做验证牛顿第二定律的实验，所用的实验装置如图1所示，滑块（含遮光条）的质量用M表示，砝码的质量用m表示。 （1）本实验________（填“需要”或“不需要”）满足。 （2）通过气垫导轨上的刻度尺读出两个光电门之间的距离L，通过数字计时器测量遮光条从光电门1到光电门2的时间t。实验小组保持光电门2的位置及滑块在气垫导轨上的释放位置不变，改变光电门1的位置进行多次测量，测得多组L和t数据，根据测验数据，作出了图像如图2所示，若图线斜率的绝对值为k，图线在纵轴上的截距为b，根据图线可求出滑块加速度的大小为________，经过光电门2的速度大小为________。 （3）由以上实验即可验证牛顿第二定律。 【答案】 ①. 不需要 ②. ③. 【解析】 【详解】（1）[1]当实验中调节气垫导轨水平且细线与气垫导轨平行时，力传感器的示数F等于细线的拉力，结合上述可知，该示数即为滑块的合力，可知实验中不需要使力传感器和钩码的总质量远小于滑块及遮光条的总质量。 （2）[2][3]滑块释放位置不变，光电门2的位置不变，则无论光电门1位置如何变化，经过光电门2的速度大小不变，设为，则根据匀变速直线运动中平均速度的规律，两光电门之间的间距为 整理可得 则图像中斜率绝对值为，则 解得滑块加速度的大小为 截距为，可得经过光电门2的速度大小为 12. 小宁同学将新、旧电池混搭使用，发现混搭后电池组的电能似乎消耗得很快，不宜混用。为了弄清新、旧电池不宜混用的原因，小宁利用新、旧电池进行如下实验。实验器材与实验步骤如下： A．新、旧电池各一个 B．电压表（量程，内阻约为） C．电流表（量程，内阻约为） D．电流表（量程，内阻约为） E．滑动变阻器（阻值范围，额定电流2A） F．开关与导线若干 （1）小宁设计了图甲所示的电路，在测量新电池时选择量程的电流表进行实验，图乙为某次测量的电流表示数，读数为______A；改变滑动变阻器的阻值测量出多组电流与电压的值，并在丙图中描绘了新电池的图像。 （2）仅将电路中的新电池换成旧电池，重新实验，发现无论怎么改变滑动变阻器的阻值，电流表的指针偏角都很小，无法准确读数，小宁推测可能是电流表量程太大，于是换上量程的电流表，重复（1）操作，顺利完成实验，也在丙图中描绘了旧电池的图像，则旧电池的图线是图丙中的______（选填“A”或“B”），其电动势为______V，内阻为______。（结果均保留三位有效数字）。 （3）若将上述新、旧电池串联后，直接给伏安特性曲线如图丙中C所示小灯泡（额定电压2.8V）供电，试推断该电池组工作效率约为______（结果保留两位有效数字）；由此可推测新旧电池不宜混用的主要原因是____________。 【答案】（1）0.16 （2） ①. A ②. ③. （3） ①. （） ②. 混用后电池组工作效率低或混用后电池组内阻消耗的功率很大或旧电池内阻很大 【解析】 【小问1详解】 电流表最小刻度为0.02A，则此时的读数为0.16A； 【小问2详解】 [1]根据U=E-Ir，旧电池的电动势偏小，内阻较大，即图像的斜率较大，可知图线是图丙中的A； [2]由图像可知电动势为E1=1.40V [3]内阻为 【小问3详解】 [1]由图可知新电池的电动势E2=1.50V 内阻 新旧电池串联后的等效电动势和内阻分别为， 与灯泡串联时 即 将此函数关系画在灯泡的U-I图中，则 可知交点坐标I=0.16A，U=0.5V 则电源工作效率 [2]此可推测新旧电池不宜混用的主要原因是混用后电池组工作效率低或混用后电池组内阻消耗的功率很大或旧电池内阻很大。 13. 如图甲为气压式升降电脑椅，其简化结构如图乙，圆柱形汽缸A可沿圆柱形汽缸杆B外壁上下滑动。汽缸A与椅面固定在一起，其整体质量m=10kg；汽缸杆B与底座固定在一起，汽缸杆B的横截面积S=50cm2，在汽缸A与汽缸杆B间封闭一长L=30cm的气体（视为理想气体），当人坐在椅面上，脚悬空稳定后椅面下降高度h=15cm，已知室内温度不变，汽缸A气密性、导热性能良好，忽略摩擦力，大气压强，重力加速度g=10m/s2，求： （1）椅面未坐人时，汽缸A中的气体压强； （2）该人的质量M。 【答案】（1） （2）M=60kg 【解析】 【小问1详解】 初始状态时，以汽缸A与椅面整体为研究对象，由平衡条件可得 代入数据解得 【小问2详解】 人坐在椅面上脚悬空稳定后，设汽缸A内气体柱长度为，根据玻意耳定律可得 其中 代入数据解得 根据平衡条件可得 代入数据解得M=60kg 14. 单杠项目中单臂大回环是一项难度极高的体操动作，要求运动员仅用一只手抓住单杠，并完成一个完整的大回环动作，即身体围绕单杠做360度的旋转。已知运动员的质量m=60kg，做圆周运动时其重心到单杠的距离R=1m，单手抓住单杠，伸展身体，其重心以单杠为轴做圆周运动，当运动员重心通过单杠正上方A点时，速率，完成一次大回环动作改用双手握杠，下杠时由A点转至B点时脱离单杠，重心经过最高点C，最后落到地面，D点为落地时的重心位置，脱离单杠后运动员在空中运动的时间为1.2s，B、D两点的高度差为1.2m，两点间的水平距离为1.8m，g取10m/s2，A、B、C、D在同一竖直平面，忽略空气阻力、不考虑体能的消耗与转化，求： （1）运动员单臂大回环通过单杠正上方A点时，单臂承受的弹力大小； （2）运动员从A点运动至B点过程中合外力对运动员做的功。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 若运动员在A点不受单杠作用力，有 解得临界速度 根据题意运动员重心通过单杠正上方A点时，速率，小于临界速度，则可知A点处运动员受单杠的弹力方向竖直向上，由牛顿第二定律有 解得 【小问2详解】 运动员由B点运动至D点为斜抛运动，运动过程及分速度情况如图所示， 该过程中水平分速度即为最高点C点处速度，根据 代入数据解得 对运动员，由B到D点在竖直方向上做匀变速运动有 解得 由B点处速度分解情况可知 运动员由A到B，由动能定理得 解得 15. 我国在高铁列车和电动汽车的设计和制造领域现在处于世界领先水平，为了节约利用能源，在“刹车”时采用了电磁式动力回收装置，可将部分动能转化为电能并储存起来。如图所示为该装置的简化模型，在光滑的水平面内，一个“日”字形的金属线框，各边长，其中、、边电阻均为，、电阻可忽略，线框以速度冲进宽度也为l，磁感应强度的匀强磁场，最终整个线框恰好能穿出磁场，忽略空气阻力的影响，求： （1）线框刚进磁场时流过的电流大小和方向，并指出M、N哪端电势高； （2）整个线框的质量m； （3）边穿过磁场过程中，边中产生的焦耳热Q。 【答案】（1），电流的方向N到M，M端电势高；（2）；（3） 【解析】 【详解】（1）导体进入磁场切割感应电动势为 回路的总电阻为 流过导体的电流大小为 根据楞次定律或右手定则，电流的方向N到M；M端电势高； （2）在整个线框穿过磁场的过程中，总有一个边在切割磁感线，回路的总电阻相当于不变，根据动量定理 … 整理后得 解得 （约为0.013kg） （3）对边通过磁场的过程使用动量定理，为穿过磁场的时间， 解得 根据能量守恒定律 导体棒生的热 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 文海大联考·2026届H20高三起点考试 物理试卷 考生注意： 1.本试卷满分100分，考试时间75分钟. 2.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡指定位置上。 3.考生作答时，请将答案答在答题卡上，选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效 4.考生必须保持答题卡的整洁.考试结束后，请将答题卡交回. 一、选择题：本题共10小题，共46分.在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8～10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分. 1. 长城北京段考古成果发布，此次长城调查首次使用“碳14”技术判断出该区域长城修建的年代。其核反应方程为，已知碳14的半衰期约为5730年，下列说法正确的是（　　） A. X为粒子 B. X粒子是由原子核内部的质子转化为中子产生的，具备一定的电离能力 C. 100个碳14原子核经过5730年后一定还有50个未衰变 D. 该核反应过程存在质量亏损 2. 某实验小组的同学在电梯的天花板上固定一根弹簧秤，使其测量挂钩向下，并在钩上悬挂一个重为10 N的钩码，弹簧秤弹力随时间变化的规律可通过一传感器直接得出（如图所示）．下面分析正确的是（　　） A. 从时刻t1到时刻t2钩码处于超重状态 B. 从时刻t3到时刻t4钩码处于失重状态 C. 电梯可能开始在15楼，先加速向下，再匀速向下，再减速向下，最后停在1楼 D. 电梯可能开始在1楼，先加速上升，再匀速向上，再减速向上，最后停在15楼 3. 某些手机有降噪麦克风。如图所示，降噪麦克风产生与环境噪音振幅相同、相位相反的降噪声波，与噪音叠加从而实现降噪效果。下列说法中正确的是（　　） A. 降噪声波、环境噪声的波速不同 B. 降噪声波、环境噪声的频率不同 C. 点的位移和速度均为零，是振动减弱点 D. 再经过四分之一周期，点是振动加强点 4. 如图所示，竖直平面内二根相同的棒L1和L2分别带有等量、且均匀分布的正电荷，二棒正对，且水平平行放置，O点为二棒的水平对称轴和竖直对称轴的交点，水平对称轴上A点和B点分别到O点的距离相等，则（　　） A. 有电场线经过水平对称轴 B. 有电场线经过竖直对称轴 C. A和B两点的场强相等 D. A和B两点的场强大于O点的场强 5. 汽车在水平路面上匀速行驶时车轮边缘上M点的运动轨迹如图所示，P点是该轨迹的最高点，Q点为该轨迹的最低点。M点的运动可分解为两个分运动：一个是绕车轴旋转的匀速圆周运动，一个是与车轴一起向前的匀速直线运动。下列说法正确的是（ ） A. M点运动到P位置时的速度大于运动到Q位置时的速度 B. M点运动到P位置时的速度小于运动到Q位置时的速度 C. M点运动到P位置时的加速度大于运动到Q位置时的加速度 D. M点运动到P位置时的加速度小于运动到Q位置时的加速度 6. 为了节约能源，笔记本电脑机身和显示屏分别装有霍尔元件和磁体，实现开屏变亮，合屏熄灭，如图1所示。图2为某笔记本中利用自由电子导电的霍尔元件，长宽、高分别为a、b、c，电流方向向右且大小恒定。当合上显示屏时，水平放置的元件处于竖直向下的匀强磁场中，元件前、后表面间产生电势差，当电压超过某一临界值时，屏幕自动熄灭。下列说法正确的是（ ） A. 合屏状态下，霍尔元件前表面的电势比后表面的低 B. 若只有磁场B变弱，可能出现闭合屏幕时无法熄屏 C. 若只增大电流I，可能出现闭合屏幕时无法熄屏 D. 若只减小高度c，可能出现闭合屏幕时无法熄屏 7. 如图所示是指纹识别原理图，其原理是利用光学棱镜的全反射特性，在指纹谷线（凹部），入射光在棱镜界面发生全反射，在指纹脊线（凸部），入射光的某些部分被吸收或者漫反射到别的地方，这样，指纹模块可接收到明暗相间的指纹图像，已知水的折射率约为1.33，玻璃的折射率约为1.5，下列说法正确的是（　　） A. 指纹模块接收光线较亮的部位是指纹脊线指纹模块 B. 指纹模块接收光线较暗的部位是干涉减弱的地方 C. 没有手指放入时，若光源正常发光，指纹模块不会接收到光信号 D. 手指湿润时，指纹识别率会降低 8. 电梯一般用电动机驱动，钢丝绳挂在电动机绳轮上，一端悬吊轿厢，另一端悬吊配重装置。钢绳和绳轮间产生的摩擦力能驱使轿厢上下运动，若电梯轿厢质量为2×103kg，配重为2.4×103kg，某次电梯轿箱由静止开始上升的图像如图乙所示，不计空气阻力，下列说法正确的是（　　） A. 电梯轿箱在第10s内处于失重状态 B. 上升过程中，钢绳对轿厢和对配重的拉力大小始终相等 C. 在第11s内，电动机做的机械功为 D. 上升过程中，钢绳对轿厢做功的最大功率为4.8×104W 9. 某人造卫星绕地球运动，所受地球引力随时间变化如图所示，假设卫星只受地球引力，下列说法正确的是（　　） A. 卫星的周期为 B. 卫星绕地球运行时机械能守恒 C. 卫星在近地点与远地点的速度之比为2:1 D. 卫星在近地点与远地点的加速度之比为1:4 10. 如图甲所示，我国古建屋顶多采用蝴蝶瓦方式铺设。图乙是两片底瓦和一片盖瓦的铺设示意图，三根相同且平行的椽子所在平面与水平面夹角为。图丙为截面示意图，弧形底瓦放置在两根相邻的椽子正中间，盖瓦的底边恰与底瓦的凹槽中线接触。已知相邻两椽子与底瓦接触点间的距离和瓦的半径都为，盖瓦和底瓦形状相同，厚度不计，质量均为、最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小取，在无扰动的情况下，底瓦与盖瓦均保持静止。若仅铺设这三片瓦进行研究，则（　　） A. 底瓦与椽子间的动摩擦因数 B. 底瓦与椽子间的动摩擦因数 C. 适当增大两椽子间的距离，底瓦更不容易下滑 D. 适当减小两椽子间的距离，底瓦更不容易下滑 二、非选择题：本题共5小题，共54分. 11. 某实验小组做验证牛顿第二定律的实验，所用的实验装置如图1所示，滑块（含遮光条）的质量用M表示，砝码的质量用m表示。 （1）本实验________（填“需要”或“不需要”）满足。 （2）通过气垫导轨上的刻度尺读出两个光电门之间的距离L，通过数字计时器测量遮光条从光电门1到光电门2的时间t。实验小组保持光电门2的位置及滑块在气垫导轨上的释放位置不变，改变光电门1的位置进行多次测量，测得多组L和t数据，根据测验数据，作出了图像如图2所示，若图线斜率的绝对值为k，图线在纵轴上的截距为b，根据图线可求出滑块加速度的大小为________，经过光电门2的速度大小为________。 （3）由以上实验即可验证牛顿第二定律。 12. 小宁同学将新、旧电池混搭使用，发现混搭后电池组的电能似乎消耗得很快，不宜混用。为了弄清新、旧电池不宜混用的原因，小宁利用新、旧电池进行如下实验。实验器材与实验步骤如下： A．新、旧电池各一个 B．电压表（量程，内阻约为） C．电流表（量程，内阻约为） D．电流表（量程，内阻约为） E．滑动变阻器（阻值范围，额定电流2A） F．开关与导线若干 （1）小宁设计了图甲所示的电路，在测量新电池时选择量程的电流表进行实验，图乙为某次测量的电流表示数，读数为______A；改变滑动变阻器的阻值测量出多组电流与电压的值，并在丙图中描绘了新电池的图像。 （2）仅将电路中的新电池换成旧电池，重新实验，发现无论怎么改变滑动变阻器的阻值，电流表的指针偏角都很小，无法准确读数，小宁推测可能是电流表量程太大，于是换上量程的电流表，重复（1）操作，顺利完成实验，也在丙图中描绘了旧电池的图像，则旧电池的图线是图丙中的______（选填“A”或“B”），其电动势为______V，内阻为______。（结果均保留三位有效数字）。 （3）若将上述新、旧电池串联后，直接给伏安特性曲线如图丙中C所示小灯泡（额定电压2.8V）供电，试推断该电池组工作效率约为______（结果保留两位有效数字）；由此可推测新旧电池不宜混用的主要原因是____________。 13. 如图甲为气压式升降电脑椅，其简化结构如图乙，圆柱形汽缸A可沿圆柱形汽缸杆B外壁上下滑动。汽缸A与椅面固定在一起，其整体质量m=10kg；汽缸杆B与底座固定在一起，汽缸杆B的横截面积S=50cm2，在汽缸A与汽缸杆B间封闭一长L=30cm的气体（视为理想气体），当人坐在椅面上，脚悬空稳定后椅面下降高度h=15cm，已知室内温度不变，汽缸A气密性、导热性能良好，忽略摩擦力，大气压强，重力加速度g=10m/s2，求： （1）椅面未坐人时，汽缸A中的气体压强； （2）该人的质量M。 14. 单杠项目中单臂大回环是一项难度极高的体操动作，要求运动员仅用一只手抓住单杠，并完成一个完整的大回环动作，即身体围绕单杠做360度的旋转。已知运动员的质量m=60kg，做圆周运动时其重心到单杠的距离R=1m，单手抓住单杠，伸展身体，其重心以单杠为轴做圆周运动，当运动员重心通过单杠正上方A点时，速率，完成一次大回环动作改用双手握杠，下杠时由A点转至B点时脱离单杠，重心经过最高点C，最后落到地面，D点为落地时的重心位置，脱离单杠后运动员在空中运动的时间为1.2s，B、D两点的高度差为1.2m，两点间的水平距离为1.8m，g取10m/s2，A、B、C、D在同一竖直平面，忽略空气阻力、不考虑体能的消耗与转化，求： （1）运动员单臂大回环通过单杠正上方A点时，单臂承受的弹力大小； （2）运动员从A点运动至B点过程中合外力对运动员做的功。 15. 我国在高铁列车和电动汽车的设计和制造领域现在处于世界领先水平，为了节约利用能源，在“刹车”时采用了电磁式动力回收装置，可将部分动能转化为电能并储存起来。如图所示为该装置的简化模型，在光滑的水平面内，一个“日”字形的金属线框，各边长，其中、、边电阻均为，、电阻可忽略，线框以速度冲进宽度也为l，磁感应强度的匀强磁场，最终整个线框恰好能穿出磁场，忽略空气阻力的影响，求： （1）线框刚进磁场时流过的电流大小和方向，并指出M、N哪端电势高； （2）整个线框的质量m； （3）边穿过磁场过程中，边中产生的焦耳热Q。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $