综合提升检测卷(2)-【百强名校168优化组合卷】2026年高考物理高三二轮复习卷

综合提升检测卷(二) (时间:75分钟　分值:100分) 一、单项选择题:本题共7小题,每小题4分,共28分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1.如图所示,轻质网兜兜住重力为G的足球,用轻绳挂于光滑竖直墙壁上的A点,轻绳的拉力为FT,墙壁对足球的支持力为FN,则(　　) A.FT<FN B.FT=FN C.FT>G D.FT=G 2.(2025·湖南常德模拟)2023年U系列中国青少年轮滑巡回赛在浙江乐清举行,吸引了32支队伍、300多名运动员参赛。一名参赛的小朋友在100米计时赛通过一段直线PMQ,可以认为小朋友在该段运动中做匀变速直线运动,从P到M所用的时间等于从M到Q的时间,且PM∶MQ=2∶3,该小朋友通过P点与Q点的速度之比为(　　) A.2∶3 B.3∶5 C.3∶7 D.5∶7 3.(2025·山东济南模拟)如图所示为古代的水车,该水车周边均匀分布着N个盛水的容器,容器到水车大圆转轴的距离为R。在流水的冲力作用下,水车以n转/分的转速匀速转动,当装满水的容器到达最高处时将水全部倒入水槽中。设每个盛水容器装入水的质量均为m,忽略容器装水给水增加的动能和水车浸入水的深度,不计一切摩擦。已知重力加速度为g,则水车运水的功率为(　　) A. B. C. D.2nNmgR 4.(2025·山东泰安一中模拟)氦原子被电离出一个核外电子,形成类氢结构的氦离子,已知基态氦离子的能量E1=-54.4 eV,氦离子的能级图如图所示。处于n=4能级的激发态氦离子跃迁到n=3能级时发射的光子属于可见光范围(可见光波长范围约为400 nm~760 nm)。若能引起人眼视觉效应的可见光的最小能量E=1×10-18 J,则能引起人眼视觉效应的该光光子数至少为(　　) A.2个 B.3个 C.4个 D.30个 5.(2024·湖北黄冈模拟)如图所示,一定质量的理想气体从状态A变化到状态B,再变化到状态C,最后回到状态A。已知气体在状态A时的热力学温度为600 K,下列说法正确的是(　　) A.该气体在状态B时的热力学温度为300 K B.该气体在状态C时的热力学温度为600 K C.该气体从状态A到状态B的过程中,温度在升高 D.该气体从状态A经过一个循环回到状态A的过程中吸收的热量为200 J 6.(2024·河南周口模拟)一小型水力发电站给某商场用户供电,并将剩余的电能储存起来。如图,发电机的输出电压U1=279 V,输出功率P输出=418.5 kW,降压变压器原、副线圈的匝数之比n3∶n4=100∶1,输电线总电阻R线=20 Ω,其余线路电阻不计,商场的用户端电压U4=220 V,功率P用户=352 kW,所有变压器均为理想变压器。下列说法正确的是(　　) A.发电机的输出电流为1 200 A B.输电线上损失的电压为160 V C.输送给储能站的功率约为6.14×105 W D.升压变压器原、副线圈的匝数之比n1∶n2=1∶80 7.(2024·山东济南模拟)某款质量m=1 000 kg的汽车沿平直公路从静止开始做直线运动,其v-t图像如图所示。汽车在0~t1时间内做匀加速直线运动,t1~50 s内汽车保持额定功率不变,50~70 s内汽车做匀速直线运动,最大速度vm=40 m/s,汽车从70 s末开始关闭动力减速滑行,t2时刻停止运动。已知t1=10 s,汽车的额定功率为80 kW,整个过程中汽车受到的阻力大小不变。下列说法正确的是(　　) A.t1时刻的瞬时速度10 m/s B.汽车在t1~50 s内通过的距离x=1 300 m C.t2为80 s D.阻力大小为1 000 N 二、多项选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分。每小题有多个选项符合题目要求,全部选对得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。 8.(2025·云南昆明一模)均匀介质中,波源S产生沿x轴方向传播的简谐横波,如图甲所示,A、B、C为x轴上的质点,质点C(图中未画出)位于x=10 m处,波源在AB之间。t=0时刻,波源开始振动,从此刻开始A、B两质点振动图像如图乙所示。下列说法正确的是(　　) A.波源S位于x=1 m处 B.波速大小为2 m/s C.C质点起振后,其振动步调与A质点相反 D.t=5.5 s时,C质点位于波谷 9.(2025·山东济南高三月考)如图所示,虚线为以坐标原点O为圆心、半径为L的圆弧,坐标为 (-L,0)的点处固定一带电荷量为Q的正点电荷,将一带电荷量大小为Q的负点电荷沿圆弧从坐标为(L,0)的M点缓慢移动到坐标为(0,-L)的N点,关于此过程O点的电场强度和电势,下列说法正确的是(　　) A.O点的电场强度大小逐渐减小 B.O点的电场强度大小不变 C.O点的电势逐渐增大 D.O点的电势不变 10.如图所示,P、Q是两根固定在水平面内的光滑平行金属导轨,间距为L,导轨足够长且电阻可忽略不计。图中EFGH矩形区域有一方向垂直导轨平面向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场。在t=t1时刻,两均匀金属棒a、b分别从磁场边界EF、GH进入磁场,速度大小均为v0;一段时间后,在t=t2时刻流经a棒的电流为0,b棒仍处于磁场区域内。已知金属棒a、b相同材料制成,长度均为L,电阻分别为2R和R,a、b棒的质量分别为2m和m。在运动过程中两金属棒始终与导轨垂直且接触良好,a、b棒没有相碰,则(　　) A.t1时刻a棒加速度大小为 B.t2时刻a棒的速度为v0 C.t1~t2时间内,通过a、b棒横截面的电荷量相等 D.t1~t2时间内,a棒产生的焦耳热为m 三、非选择题:本题共5小题,共54分。 温馨提示:此系列题卡,非选择题每空2分,分值不同题空另行标注 11.(7分)某实验小组为了测量木块与桌面间的动摩擦因数,设计了如图甲所示的实验装置。将木块静止放在水平桌面上用轻绳拉住,轻绳另一端通过定滑轮连接力传感器与托盘,实验过程中调节定滑轮使得连接木块的轻绳与桌面平行,木块的右侧有一宽度为d的遮光条,在桌面上B位置固定有一光电门。 (1)该实验　　　　(1分)(选填“需要”或“不需要”)让木块的质量远大于砝码、力传感器和托盘的总质量。  (2)托盘内放入适量砝码,使木块右侧位于A点,A、B间距离为L,释放后木块做匀加速直线运动,光电门显示的挡光时间为t0,则木块的加速度大小为　　　　(用已知物理量字母表示)。  (3)逐次增加砝码,记录每次实验中力传感器的示数F与光电门显示的遮光时间t,作出F- 图像如图乙所示,若当地重力加速度为g,则木块的质量为　　　　,木块与桌面间的动摩擦因数为　　　　(均用已知物理量字母表示)。  12.(9分)某同学要准确测量某型号电池的电动势和内阻,该电池的电动势E1约为3 V,内阻r1约为 2 Ω,实验室里还备有下列实验器材: A.另一电池(电动势E2约为4.5 V,内阻r2约为3 Ω) B.电压表(量程为1 V,内阻约为3 000 Ω) C.电压表(量程为3 V,内阻约为5 000 Ω) D.电流表(量程为0.3 A,内阻约为0.5 Ω) E.电流传感器(内阻未知) F.滑动变阻器(最大阻值为10 Ω) G.滑动变阻器(最大阻值为40 Ω) H.滑动变阻器(最大阻值为60 Ω) I.开关两个,导线若干 根据所提供的实验器材,该同学设计了如图甲所示的测量电路。 实验步骤如下: ①将R1、R2调至适当阻值,闭合开关S1; ②闭合开关S2,再调节R1、R2,使电流传感器的示数为零; ③多次改变R1阻值,相应调节R2阻值,使电流传感器的示数仍然为零,并读取多组电压表、电流表的示数; ④根据测得数据描绘出电压表示数U随电流表示数I变化的U-I图像。 请回答下列问题: (1)按所设计的实验电路,请用笔画线代替导线将图乙实物连接补画完整。(2分) (2)在实验中,电压表应选择　　　　(1分),若滑动变阻器R1选G,则滑动变阻器R2应选　　　　 (1分)(选填器材前面的字母代号)。  (3)作出的U-I图像如图丙所示,则电动势E1=　　　　V,内阻r1=　　　　(1分) Ω(计算结果保留2位有效数字)。  (4)请从实验误差角度简要评价该实验方案:　　　　　　　　　　　　　　　  　　　　　　　　　　　　　　　　。  13.(10分)如图所示,一粗细均匀且足够长的一端密闭的细玻璃管开口向下竖直放置,管内有一段长为l0=25.0 cm的水银柱,水银柱上方封闭了长度为l1=14.0 cm的理想气体,此时封闭在管内的气体处于状态A,温度TA=280 K。先缓慢加热封闭气体使其处于状态B,此时封闭气体长度为l2= 15.0 cm。然后保持封闭气体温度不变,将玻璃管缓慢倒置后使气体达到状态C。已知大气压强恒为p0=75.0 cmHg,求: (1)(3分)判断气体从状态A到状态B的过程是吸热还是放热,并说明理由; (2)(3分)气体处于状态B时的温度TB; (3)(4分)气体处于状态C时的长度l3。 14.(12分)如图所示,在平面直角坐标系xOy的第二象限内存在垂直坐标平面向外的有界圆形匀强磁场,圆心C点位置(-l,l),半径为l,第一象限和第四象限存在垂直于坐标平面向外的相同匀强磁场,第三象限内存在水平向右的匀强电场。质量为m、电荷量为q的带正电粒子从x轴上A点 (-l,0)以初速度v0沿y轴正方向射入圆形磁场,然后从y轴上的M点(0,2l)射入第一象限,经磁场偏转后从y轴上的N点(0,-2l)射入第三象限,经过第三象限的匀强电场作用后垂直打到x轴上的某点P(图中未画出),不计粒子重力。求: (1)(3分)有界圆形匀强磁场磁感应强度大小B1; (2)(4分)匀强电场的电场强度大小E和P点位置坐标; (3)(5分)求粒子从A点运动到P点的总时间t总。 15.(16分)如图所示,相距L=6 m的两平台位于同一水平面内,二者之间用传送带相接,右侧平台长s=3.5 m,并且与一倾角θ=30°的斜面在C点连接,斜面足够长。传送带以速率v=5.0 m/s顺时针匀速转动。小滑块P以初速度v0=1.0 m/s自左侧平台水平向右滑上传送带,之后与静止在右侧平台最左端的小滑块Q发生弹性碰撞。已知小滑块P、Q的质量分别为m=2.0 kg和M=3.0 kg,小滑块P与传送带间的动摩擦因数μ1=0.4,小滑块Q与右侧平台间的动摩擦因数μ2=0.1,重力加速度g= 10 m/s2,P、Q均可视为质点。求: (1)(5分)小滑块P通过传送带所需的时间; (2)(5分)小滑块Q离开右侧平台C端时的速度大小; (3)(6分)小滑块Q落在斜面上时的动能以及小滑块在从C点飞出至落到斜面上的过程中动量的变化量大小。 学科网（北京）股份有限公司 $学科网书城四 品牌书店·知名教辅·正版资源 5.ZxXk.Gom○ 您身边的互联网+教辅专家 综合提升检测卷（二） 答案速查 题号 1 3 4 6 > 10 答案 0 AB B D B BD ADBCD 1.c 对网兜和足球受力分析，设轻绳与竖直墙面夹角为8，由平衡条件有，品品，八Gm8, 可知F>G,F>FN,故C正确。] 2.C[设从P到M所用的时间与从M到Q的时间均为T,PM距离为2x,则根据勻变速直线运动中 平均速度等于中间时刻的速度，知M点的速度为-2.5浮，根据与变速直线运动规律知加速 度a2京，P点的速度为002a-2.5停受T=1.5停，9点的速度为0y0+a-2.5停+亭T3.5 等，故该小朋友通过P点与9点的速度之比为13=3：7，故C正确。】 3.A[水车每秒转动的圈数为品，水车转动一圈对水做的功W=Nmg2R,则水车的功率P-'×品 -2 NmgRX品-，故A正确。】 4B[原子跃迁发射的光子，其能量应正好等于原子的两能级间的能量差，故该跃迁发射的每个光 子的能量E。3.4eV-(6.0cV)2.6eV,又由E=nEo,解得n景2.4个，所以能引起人眼视觉效应的 该光子数至少为3个，故B正确。1 5B气体从状态A到状态B做等容变化，由查理定律有号片号，解得T200K,可知该气体从状 态A到状态B的过程中，温度在降低，故A、C错误：气体从状态B到状态C做等压变化，由盖-吕 萨克定律有会号，解得760K,故B正确，该气体从状态A经过一个循环回到状态A的过程中 △U=0,由热力学第一定律△U=Q+W,得Q=-W,在整个过程中，外界对气体做功为W=p△/=200J,即 ·独家授权侵权必究· 学科网书城四 品牌书店·知名教辅·正版资源 b.zxxk.com 您身边的互联网+教辅专家 Q=-W=-200J,是负值，所以气体从状态A经过一个循环回到状态A的过程中放热，所放的热量为 200J,故D错误。] 6D[发电机的输出电流为1=， _1,50A=1500A,故A错误；降压变压器次级电流144 脱一 279 3500A1600A,初级电流1器40A=16A,输电线上损失的电压为U线1R线=16× 220 20V=320V,故B错误；输电线上损失的功率为P线=I32R线=162×20W=5120W,输送给储能站的 P肥+R线 功率为P储P输出P线P用户-61380W,故C错误；升压变压器次级电压U2-U+U线= 2g0vH16×20V-22320V,升压变压器的匝数比号是0-前，故D正确。】 16 7.B[根据题意可知，当汽车以额定功率行驶时，牵引力等于阻力时，速度最大，则有m号，解得户 号-2000N,由牛顿第二定律可得，关闭发动机之后，加速度为a品2m/s2,由运动学公式o+at 可得m=a(t2-70),解得t2=90s,故C、D错误；根据题意，设1时刻，汽车的速度为01，则此时的牵引 力为F1-号，设汽车在0~1时间内做匀加速直线运动的加速度为a,则有=a4,由牛顿第二定律 有F1广ma,联立解得01=20m/s,150s内，由动能定理有P(50-)mvm2mV12,解得xl 300m,故A错误，B正确。1 8BD[由题图可知A、B两质点开始振动的时刻为t4=2.0s,t0.5s,由于在同种介质中则波速v 相同，故有0爱器，则x44,故波源S位于x-2m处，且波速0-2ms,故A错误，B正确：C质点 开始振动的时刻为tc=4s,由题图可知，波源起振方向为y轴正方向，在tc-4s时A质点也沿y 轴正方向振动，则C质点起振后，其振动步调与A质点相同，故C错误：根据以上分析tc=4s时开始 振动，则5.5s时，C质点已振动了T,则5.5s时，C质点位于波谷，故D正确。] 9.AD[正点电荷在O点产生的电场强度方向沿x轴正方向，大小E祭，负点电荷在O点产生的 电场强度方向指向负点电荷，大小E号，负点电荷由M点沿圆弧运动到V点的过程，两电场强度 的夹角逐渐增大，所以O点的电场强度逐渐减小，A正确，B错误：等量异种点电荷形成的电场的中 ·独家授权侵权必究· 学科网书城四 品牌书店·知名教辅·正版资源 b.zxxk.com 您身边的互联网+教辅专家 垂线为等势线，取无穷远处电势为0，则中垂线的电势为0，又整个过程中O点到正、负点电荷的距 离保持不变，则O点始终位于两点电荷的中垂线上，电势始终为0，所以O点的电势不变，C错误，D 正确。] 10.BCD[根据右手定则可知，金属棒a、b进入磁场时产生的感应电流均为逆时针方向，则回路的 电动势为a、b各自产生的电动势之和，即B-28L,感应电流1品2，对a由牛顿第二定律 得B肌-2ma解得。监，故A错误，根据左手定则可知a棒受到的安培力向左，b棒受到的安培 力向右，由于流过a、b的电流大小一直相等，故两棒受到的安培力大小相等，方向相反，则a与b组 成的系统合力为零，系统动量守恒。由题知，t2时刻流过a的电流为零时，说明a、b之间的磁通量 不变，即a、b在2时刻达到了共同速度，设为0，取向右为正方向，根据系统动量守恒有 2momo(2m+m)0,解得=专0o,故B正确；在1t2时间内，根据q△t,因通过两棒的电流时刻相等， 所用时间相同，所以通过两棒横截面的电荷量相等，故C正确：在t2时间内，对、b组成的系统， 根据能量守恒定律有支×2mo2+号mo2-专×2mo2+号m2+2,解得回路中产生的总热量为Q总=青m0o2, 又因a、b流过的电流一直相等，所用时间相同，由焦耳定律QPRt可知a、b产生的热量与电阻成 正比，即Qa:9,-2:1,所以12时间内，a棒产生的焦耳热为Qa号0总号mo2,故D正确。] d 11.答案(1)不需要(2)2t 2gL 解析(1)实验中轻绳的拉力可通过力传感器直接读出，故不需要让木块的质量远大于砝码、力传 感器和托盘的总质量。 (2)根据极短时间的平均速度等于瞬时速度，木块右端经过B点时的瞬时速度为)号 木块从A到B过程中做勻加速直线运动，由运动学公式有2=2L 联立解得木块的加速度为a-2Lt。 ·独家授权侵权必究· ©学科网书城四 品牌书店·知名教辅·正版资源 b.zxxk.com 您身边的互联网+教辅专家 (3)设木块质量为m,木块与桌面间的动摩擦因数为私，水平方向上木块做匀加速直线运动，竖直方向 上木块处于平衡状态，木块受到摩擦力为Fumg 由牛顿第二定律有F-umg=ma 结合2分析，联立并整理得F咒÷umg 则F专图像的斜率 -,解得m2 2L F-京图像的纵轴截距为b-umg 2 联立解得g。 12.答案(1)见解析图(2)CH(3)2.92.0(4)一方面避免了电压表分流作用或电流表的分压 作用，消除了系统误差：另一方面多次测量可减小偶然误差 解析(1)根据电路图，连线如下图所示。 T (2)根据题意要使电流传感器的示数为霁，则电流传感器两端电势差为零，则1两端电压应满足 E1=In+U,故电压表选择C:要使电流传感器的示数为零，则R两端电压应接近E,R2两端电压应接 近E2,而E2大约是E1的1.5倍，且R1与R2电流相同，则R2应该比R大一些，故R2应选H。 (3)要使电流传感器的示数为零，则电流传感器两端电势差为零，根据E1=r1+U,有U=E1n,结合图 像可知E1=2.9V,n=2.02。 (4)电流传感器的示数为零，整个电路等效为串联回路，流过两电源的电流相等，电流表所测电流为 流过待测电源的真实值，电压表所测电压是待测电源两端的真实路端电压，避免了电压表分流作用 或电流表的分压作用，消除了系统误差；另外，多次测量可减小偶然误差。 ·独家授权侵权必究· 西学科网书城画 品牌书店·知名教辅·正版资源 5.ZxXk.Gom○ 您身边的互联网+教辅专家 13.答案(1)吸热，见解析(2)300K(3)7.5cm 解析(1)根据题意可知，从状态A到状态B,气体温度升高，内能增大，气体体积变大，气体对外做 功，由热力学第一定律有△U=Q+W, 可知O>0,即气体吸热。 (2)根据题意，设玻璃管横截面积为S 由盖吕萨克定律有号鳄 得TB=300K。 (3)根据题意，气体处于状态B时， 有pB+pglo-Po 得pB=50cmHg 气体处于状态C时，有Pc-po+pglo 得pc=100cmHg 由玻意耳定律psl2S=pclS 得13=7.5cmo 14答案 ar (52,0) 喝， 解析(1)作出轨迹如图所示 根据几何分析可知，第二象限轨迹圆心在坐标原点，且 R-V51 ·独家授权侵权必究· 学科网书城四 品牌书店·知名教辅·正版资源 5.ZxXk.Gom○ 您身边的互联网+教辅专家 VO 根据qooB1=mR 3mvg 解得B1=3。 (2)根据几何关系可知，粒子射入第一象限的速度与y轴正方向夹角0号， 可知R品型 3 根据对称性可知，粒子射出第四象限的速度与y轴正方向夹角也为。由于经过第三象限的勻强电 场作用后垂直打到x轴上的某点P 则有21-ocos0t电，器t电，sin号1电 解得Em ,5,1电制 即P点位置坐标为(V3l,0)。 (3)粒子在第二象限圆周运动的圆心角为0哥 运动的时间1势2 VO 粒子在第一、四象限圆周运动的圆心角为2元20誓 运动的时间器 则粒子从A点运动到P点的总时间 t总=t+t2+t电 解得1哥2。 15.答案(1)1.6s(2)3m/s(3)31.5J6V3kgm/s 解析(1)小滑块P在传送带上先做匀加速运动，设其加速度大小为a,由牛顿第二定律有41mgm1 设小滑块P滑上传送带后勻加速运动的距离为1， 由运动学公式有v2-V02=2a11 代入题给数据，联立解得x1=3m ·独家授权侵权必究· 西学科网书城画 品牌书店·知名教辅·正版资源 b.ZxXk.c0m○ 您身边的互联网+教辅专家 因此，小滑块P在到达右侧平台前，先加速至v=5.0m/s,然后开始做匀速运动，设小滑块P在传送带 上做匀加速运动所用的时间为t,做匀速运动所用时间为t2,由运动学公式有v=0o+a1t 解得t1=1s 小滑块P以速度=5.0m/s做勻速运动，有 L-x1=0t2 解得t2=0.6s 小滑块P通过传送带所需的时间t仁t+t2=1.6s。 (2)小滑块P与Q发生弹性碰撞，设碰撞后小滑块P的速度为1，小滑块Q的速度为2，由动量守恒 定律，有m0=m1+M02 由机械能守恒定律，有号mo2-mv12+M2 联立解得U1=-1m/s,024m/s 小滑块Q在右侧平台上做匀减速运动，设其加速度大小为a2,由牛顿第二定律有mgma2 根据运动学公式有Vc2-V22--2a2S 代入数据解得小滑块Q离开右侧平台C端时的速度大小c=3ms。 (3)小滑块Q滑离右侧平台后做平抛运动，则竖直方向有h-g3,水平方向有x-c, 由几何关系知tan30°=是 解得小滑块Q的落点与C点的高度差h-0.6m 由机械能守恒定律得，小滑块Q从C点飞出后落到斜面上时的动能=MWc2+Mgh 解得E=31.5J 由动量定理得，小滑块Q从C点飞出至落到斜面上的过程中动量的变化量大小△pMg3 代入数据解得△p-6V3kgms。 ·独家授权侵权必究· ©学科网书城四 品牌书店·知名教辅·正版资源 5.ZxXk.Gom○ 您身边的互联网+教辅专家 ·独家授权侵权必究·