贵州省黔南州都匀经济开发区2025-2026学年高二上学期开学物理练习卷

贵州省黔南州都匀经济开发区2025-2026学年 高二（上）开学物理练习卷 一、单选题：本大题共7小题，共28分。 1.某物理兴趣小组利用如图甲所示实验装置开展实验。实验一：在线圈中接入如图乙所示电流；实验二：在线圈中接入如图丙所示电流。关于这两次实验，在到时间内下列说法中正确的是(    ) A. 两次实验中所接入的电流在螺线管中心轴线处均产生竖直向上的感应磁场 B. 实验一中电流表发生偏转 C. 实验一中通过线圈的磁通量为零 D. 实验二中通过线圈的磁通量向下且增大 2.以两等量同种电荷连线的中点为坐标原点建立如图所示坐标系，其电场强度随坐标变化的图像正确的是以轴正方向为场强正方向(    ) A. B. C. D. 3.如图所示，可视为质点的小球套在光滑的竖直杆上，一根不可伸长的细绳绕过滑轮连接小球，已知小球质量为，电动机从高台左端以大小为的速度沿水平方向匀速拉绳，绳子始终处于拉直状态．某一时刻，连接小球的绳子与竖直方向的夹角为，对此时小球速度及绳子中拉力的判断正确的是(    ) A. 小球速度小于 B. 小球速度等于 C. 绳中拉力小于 D. 绳中拉力等于 4.位于正方形四角上的四个等量点电荷的电场线分布如图所示，、分别是正方形两条边的中垂线，点为中垂线的交点，、分别为、上的点则下列说法正确的是(    ) A. 、两点的电势关系为 B. 、两点电场强度的大小关系为 C. 若在点放一正点电荷，则该正点电荷受到的静电力为零 D. 若将某一负电荷由点沿着图中虚曲线移到点，静电力做负功 5.如图所示，电路中电表均可视为理想电表，闭合开关后将滑动变阻器滑片向左滑动。下列结论正确的是(    ) A. 电流表的示数减小 B. 电阻消耗的电功率减小 C. 电源的输出功率一定减小 D. 电压表示数增大，电压表示数减小 6.年月日，我国新型火箭长征八号改进型运载火箭首飞成功，将低轨组颗卫星送入距离地面高度约为的轨道，其发射过程简化为如图所示：卫星从预定圆轨道Ⅰ的点第一次变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达椭圆轨道的远地点时，再次变轨进入目标轨道Ⅲ并做匀速圆周运动，不计卫星质量的变化。下列判断正确的是(    ) A. 卫星沿轨道Ⅰ运行的周期大于卫星沿轨道Ⅱ运行的周期 B. 卫星在轨道Ⅱ上经过点的加速度小于在轨道Ⅲ上经过点的加速度 C. 卫星在轨道Ⅰ上的机械能小于在轨道Ⅲ上的机械能 D. 卫星在轨道Ⅲ的运行速度可能大于 7.将扁平的石子向水面快速抛出，石子可能会在水面上一跳一跳地飞向远方，俗称“打水漂”。要使石子从水面跳起产生“水漂”效果，石子接触水面时的速度方向与水面的夹角不能大于。一同学将石子以水平速度抛出，不计空气阻力，重力加速度为，则此时能保证“水漂”效果的抛出高度的最大值为 A. B. C. D. 二、多选题：本大题共3小题，共15分。 8.如图所示，水平放置的两平行金属板间存在匀强电场，板长是板间距离的倍。金属板外有一圆心为的圆形区域，其内部存在磁感应强度大小为、方向垂直于纸面向外的匀强磁场。质量为、电荷量为的粒子沿两平行金属板的中线以速度水平向右射入两板间，恰好从下板边缘点飞出电场，并沿方向从图中点射入磁场。已知圆形磁场区域半径为，不计粒子重力，下列说法正确的是(    ) A. 金属板间电势差为 B. 粒子从点射出时速度大小为 C. 粒子射出磁场时与射入磁场时运动方向间的夹角为 D. 仅改变圆形磁场区域的位置，使粒子仍从图中点射入磁场，则粒子在磁场中运动时间最长时，粒子射入磁场与射出磁场两点间的距离为 9.如图，木板静止在水平地面上，物块从木板的左端以的初速度水平滑上木板，、的质量均为，木板与物块、水平地面间的动摩擦因数分别是、，物块始终未滑离木板。取重力加速度，物块可看作质点。下列说法正确的是(    ) A. 物块滑上木板的瞬间，物块的加速度大小为 B. 物块与木板刚达到共速时的速度为 C. 木板沿地面滑行的最大距离为 D. 木板的长度至少为 10.如图，形状为抛物线的光滑导轨固定在竖直面内，点为抛物线顶点且切线水平，下端与光滑水平桌面相接触，点在桌面上投影点为，间高度差为，、两点相距，导轨上套有一个小球，小球通过长为的轻杆与桌面上的小球相连，小球、的质量分别为和，现将小球从距桌面竖直高度为处静止释放，则(    ) A. 小球从释放至落到桌面前，小球、组成的系统机械能守恒 B. 小球落到桌面前瞬间，小球、的速度大小关系为 C. 小球落到桌面前瞬间，小球的速度大小为 D. 小球从释放至落到桌面前的运动过程中，小球克服轻杆弹力做功在数值上等于小球机械能的增加量 三、实验题：本大题共2小题，共16分。 11.某同学利用如图所示的气垫导轨实验装置，根据机械能守恒定律测量重力加速度，实验的主要步骤如下： A.将气垫导轨放在水平桌面上并调至水平； B.用游标卡尺测量挡光条的宽度； C.分别测量滑块与挡光条的总质量及托盘与砝码的总质量； D.将滑块移至光电门右侧某点处，测出挡光条到光电门的距离远大于； E.打开气泵后由静止释放滑块，读出挡光条通过光电门的时间； F.改变挡光条到光电门的距离，重复步骤、多次，并记录相应的和。请回答下列问题： 在步骤中，滑块经过光电门时的速度的表达式为______。 本实验中______填“需要”或“不需要”满足远小于。 利用测量的数据，以为纵坐标，为横坐标，作图像，若图像为一条过原点的倾斜直线，斜率为，则重力加速度的表达式为______用、、、表示。 12.实验小组用图所示的电路来测量电阻的阻值，图中标准电阻的阻值已知，为为电源，为开关，为滑动变阻器，是内阻为的电流表，为电流表。合上开关，将的滑片置于适当的位置，记下的示数，的示数，改变滑片的位置，多测几组、的对应值，作出图像如图所示，回答下列问题： 按照图所示的电路图连接图的实物图_______； 合上开关之前，的滑片应置于_______选填“最右端”或“最左端”，多测几组、，然后作图像的目的是消除_______误差选填“系统”或“偶然”； 图中图像的斜率为_______用题中所给物理量的符号表示，若图中图线的斜率为，可得_______用和表示。 四、计算题：本大题共3小题，共41分。 13.国产某品牌概念车是基于人类未来发展而倾力打造的一款全新型纯电动汽车，其中名字中的“”代表新能源技术，而“”则寓意年轻活力和创新精神，蕴含着绿色环保的设计理念。为了获取该款车的有关数据，某次试车过程中，试车员驾驶汽车在平直试车专用路面行驶，已知汽车的质量包含试车员为，发动机的额定功率为，汽车在行驶过程中所受阻力恒为车重的倍，取重力加速度大小。 在不超过额定功率的前提下，求该汽车所能达到的最大速度的大小； 若该汽车从静止开始以大小的加速度匀加速行驶，求此过程能维持的时间。结果保留一位小数 14.如图所示，在水平方向的匀强电场中有一表面光滑、与水平面成角的绝缘直杆，其下端端距地面高度。有一质量的带电小环套在直杆上，正以某一速度沿杆匀速下滑，小环离杆后正好通过端的正下方点处。取求： 小环离开直杆后运动的加速度大小和方向； 小环在直杆上匀速运动速度的大小。 15.如图所示的竖直面内轨道，左侧为半径的光滑圆弧轨道，轨道的上端点和圆心的连线与水平方向的夹角，圆弧轨道与粗糙水平轨道相切于点，为倾角的光滑倾斜直轨道，一轻质弹簧上端固定在点处的挡板上。现有质量为的小滑块可视为质点从空中的点以的初速度水平向右抛出，恰好从点沿轨道切线方向进入轨道，沿着圆弧轨道运动到点后继续沿水平轨道滑动，经过点不计经过点时的能量损失后沿倾斜轨道向上运动至点图中未标出，弹簧恰好压缩至最短。已知、之间和、之间距离均为，滑块与轨道间的动摩擦因数为，重力加速度，不计空气阻力，求： 小滑块经过圆弧轨道上点的速度大小； 小滑块到达圆弧轨道上的点时对轨道的压力大小及弹簧弹性势能的最大值； 判断小滑块返回时能否从点离开，若能，求出飞出点的速度大小；若不能，判断小滑块最后停止的点与点之间的距离。 答案和解析 1.【答案】  【解析】解：根据右手安培定则，两次实验中所接入的电流在螺线管中心轴线处均产生竖直向下的感应磁场，故A错误；  实验一中，由于线圈中的电流是恒定电流，产生的磁场不变，则中的磁通量不为，但不变，故电流表不发生偏转，故BC错误；  实验二中通过线圈的电流增大，则穿过线圈的磁感应强度变大，故磁通量向下且增大，故D正确。 故选：。 根据安培定则以及产生感应电流的条件、磁通量的变化知识进行分析解答。 考查安培定则以及产生感应电流的条件、磁通量的变化知识，会根据题意进行准确分析解答。 2.【答案】  【解析】解：在两个等量同种电荷的电场中，电荷连线中点的场强为零，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向两侧，场强先增大后减小，在两个等量同种电荷的电场中，若以两电荷连线的垂直平分线为轴，坐标原点电场强度为零，从两电荷连线的中点沿连线的垂直平分线向两侧电场强度的方向指向外侧，且电场强度先增大后减小，故C正确，ABD错误。 故选：。 根据点电荷电场强度公式，结合矢量的合成法则，即可对以两电荷连线为轴与以两电荷连线中垂线为轴，两种情况下的电场强度大小分析。 该题考查等量同种点电荷的电场的特点，牢记即可。 3.【答案】  【解析】设小球速度为，绳子速度为，小球的运动速度可分解到沿绳和垂直绳的方向上，故，可得，故A错误，B正确； 小球运动过程角逐渐增大，故小球在做加速运动，加速度向上，对小球受力分析知，得 ，故CD错误。 故选B。 4.【答案】  【解析】由电场线分布可知，、为等势面，且电势相等，，选项A、B错误；、等电势，所以把负电荷从点沿题图中虚曲线移到点电场力做功为零，选项D错误；由对称性可知，选项C正确。 5.【答案】  【解析】解：、外电路为电阻与滑动变阻器串联，将滑动变阻器滑片向左滑动，其连入电路的电阻变小，则电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律易知电路的电流变大，可知电流表的示数变大，故A错误； 、电路的电流变大，根据，可知电阻消耗的电功率变大；根据，可知电阻两端的电压变大，即电压表示数增大；根据，可知路端电压变小，即电压表示数减小，故B错误，D正确； C、根据电源的输出功率与外电阻的关系，当外电阻等于电源内阻时，电源输出功率最大，因不知外电阻与电源内阻的大小关系，故无法判断电源输出功率的变化，故C错误。 故选：。 确定外电路的联接结构，将滑动变阻器滑片向左滑动，其连入电路的电阻变小，电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律分析电路的电流的变化，可知电流表的示数的变化；由电路的电流变化，根据，，，分析电阻消耗的电功率的变化，以及电压表、的示数的变化；根据电源的输出功率与外电阻的关系分析电源输出功率的变化。 本题考查了电路动态分析问题，考查了闭合电路欧姆定律的应用，掌握电源的输出功率与外电阻的关系。 6.【答案】  【解析】解：根据开普勒第三定律，轨道Ⅰ的半径小于轨道Ⅱ的半长轴，则卫星沿轨道Ⅰ运行的周期小于卫星沿轨道Ⅱ运行的周期，故A错误；  根据，可知卫星在轨道Ⅱ上经过点的加速度等于在轨道Ⅲ上经过点的加速度，故B错误；  发射卫星时，从轨道Ⅰ到轨道Ⅲ，火箭需要做更多的正功，故卫星在轨道Ⅰ上的机械能小于在轨道Ⅲ上的机械能，故C正确；  根据第一宇宙速度的理解，卫星在轨道Ⅲ的运行速度一定小于，故D错误。 故选：。 根据开普勒第三定律，牛顿第二定律和机械能，宇宙时代知识进行分析解答。 考查开普勒第三定律，牛顿第二定律和机械能，宇宙时代知识，会根据题意进行准确分析解答。 7.【答案】  【解析】解：石子做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，则有，可得落到水面上时的竖直速度，由题意可知，即； 故C正确，ABD错误。 8.【答案】  【解析】A.设板间距离为  ，则板长为  ，带电粒子在板间做类平抛运动，由， 根据类平抛运动的运动规律得， 联立解得，故A错误； B.设粒子出电场时速度与水平方向夹角为  ，则有， 故 ， 则出电场时粒子的速度为，故B正确； C.粒子出电场后做匀速直线运动，接着进入磁场，根据牛顿第二定律，洛伦兹力提供匀速圆周运动所需的向心力， 解得， 已知圆形磁场区域半径为， 则， 粒子沿半径方向射入磁场， 故粒子将沿半径方向射出磁场，由几何关系可得  ，故粒子射出磁场时与射入磁场时运动方向的夹角为，故C正确； D.如图所示 由题意和几何关系可知，粒子在磁场中运动时间最长时对应粒子轨迹圆与磁场区域相交的弦长最长为磁场区域圆的直径为，故D正确。 故选BCD。 9.【答案】  【解析】解：、物块滑上木板的瞬间，根据牛顿第二定律，有，代入数据解得：，故A错误； B、对，根据牛顿第二定律，有：，代入数据解得： 设经过时间A、共速，则有 代入数据解得：，，故B正确； D、当时，的位移为，代入数据解得： 的位移为 因物块始终未滑离木板，故木板的长度至少为，故D正确； C、和共速后，一起做匀减速直线运动，对整体，根据牛顿第二定律，有：，代入数据解得： 整体减速到零的位移为 故木板沿地面滑行的最大距离为，故C错误。 故选：。 根据牛顿第二定律求出和的加速度，进而求出二者共速时的速度和需要的时间； 根据运动学公式求出从开始到二者共速时，和的位移大小，结合物块始终未滑离木板，求出木板长度的最小值； 二者共速后一起匀减速运动，求出此过程二者停止的位移，计算木板沿地面滑行的最大距离。 本题涉及多个物体多个过程，要分析清楚每个过程物体的运动情况，把握每个过程的物理规律。同时要找出各个物体的位移关系、速度关系。 10.【答案】  【解析】解：导轨光滑、桌面光滑，无摩擦力做功。轻杆的弹力属于系统内力，只有重力对系统做功，所以小球、组成的系统机械能守恒，故A正确。 B.设即将落地时速度与水平方向的夹角为，由于的轨迹为抛物线，根据平抛运动的规律有，解得，又因为两球沿杆方向速度相等，则有，解得小球、的速度大小关系为，故B正确。 C.根据系统机械能守恒，小球下落高度，重力势能减少量等于系统动能增加量，即，结合速度关系，解得，故C错误。 D.在因为桌面光滑，只有轻杆弹力对小球做功，所以小球的机械能增加量，等于轻杆弹力对小球做的正功。又由于小球、组成的系统机械能守恒，小球的机械能减少量等于小球的机械能增加量，而小球机械能的减少量等于它克服轻杆弹力做的功，所以小球克服轻杆弹力做功在数值上等于小球机械能的增加量，故D正确。 故选：。 以小球、组成的系统为研究对象，利用机械能守恒定律，结合平抛运动规律、速度的分解以及系统内机械能的转移来分析各选项。 本题考查机械能守恒定律在连接体系统中的应用，以及平抛运动规律、速度的合成与分解等知识。 11.【答案】；  不需要；    【解析】滑块通过光电门的瞬时速度； 本实验不需要用砝码及盘的总重力代替绳子的拉力，因此不需要满足远小于； 根据动能定理 代入数据化简得 图像的斜率 解得重力加速度。 故答案为：；不需要；。 根据极短时间内的平均速度求解瞬时速度； 本实验不需要用砝码及盘的总重力代替绳子的拉力，据此分析作答； 根据动能定理求解函数，结合图像斜率求解作答。 本题主要考查了重力加速度的测定的实验，要明确实验原理，掌握动能定理的运用，根据动能定理求解函数是解题的关键。 12.【答案】 最左端偶然  【解析】根据电路图，连接实物图如图所示 合上开关  之前，应使分压电路的电压为零，  的滑片应置于最左端； 作  图像的目的是消除偶然误差。 由并联电路两端的电压相等，可得  整理可得  可得  解得  13.【答案】该汽车所能达到的最大速度的大小为；   此过程能维持的时间为  【解析】当汽车所受阻力和牵引力大小相等时，汽车的速度最大，即 设汽车匀加速运动时的牵引力大小为，根据牛顿第二定律有 汽车匀加速运动达到的最大速度为 所以匀加速运动持续的时间为 联立代入数据解得 答：该汽车所能达到的最大速度的大小为； 此过程能维持的时间为。 当汽车所受阻力和牵引力大小相等时，汽车的速度最大，根据计算； 先计算出汽车匀加速运动时的牵引力，然后计算出匀加速运动时能达到的最大速度，根据速度时间关系计算。 知道当汽车所受阻力和牵引力大小相等时，汽车的速度最大是解题的基础，能够计算出匀加速运动时能达到的最大速度是解题的关键。 14.【答案】解：小环在光滑直杆上做匀速运动，电场力必定水平向右，否则小环将做匀加速运动，其受力情况如图所示． 由平衡条件得： 解得： 离开直杆后，只受、作用，则合力为： 所以加速度为：，方向与杆垂直斜向右下方。 设小环在直杆上运动的速度为，离杆后经秒到达点，则竖直方向： 水平方向： 联立解得：。  【解析】详细解答和解析过程见【答案】 15.【答案】小滑块经过圆弧轨道上点的速度大小为；   小滑块到达圆弧轨道上的点时对轨道的压力大小为；弹簧弹性势能的最大值；   不能；小滑块最后停止的点与点之间的距离为  【解析】小滑块恰好从点沿轨道切线方向进入轨道，根据运动的合成与分解结合数学知识，小滑块运动到点的速度 滑块从运动到，根据动能定理 代入数据解得 在点，根据牛顿第二定律 代入数据解得 根据牛顿第三定律小滑块到达圆弧轨道上的点时对轨道的压力大小为； 根据能量守恒定律 代入数据解得 滑块再次滑上的高度为，根据动能定理 解得 由于，因此小滑块返回时能否从点离开； 设小滑块在段运动的路程为 根据功能关系 代入数据解得 小滑块最后停止的点与点之间的距离为。 答：小滑块经过圆弧轨道上点的速度大小为； 小滑块到达圆弧轨道上的点时对轨道的压力大小为；弹簧弹性势能的最大值； 不能；小滑块最后停止的点与点之间的距离为。 小滑块恰好从点沿轨道切线方向进入轨道，根据运动的合成与分解求解作答； 根据动能定理、牛顿第二定律、牛顿第三定律求解作答；根据能量守恒定律求解作答； 根据动能定理、功能关系求解作答。 本题主要考查了牛顿定律、动能定理和能量守恒定律在弹簧类问题中的运用，掌握运动的合成与分解在平抛运动与圆周运动中的运用；理解摩擦力做功与路程有关。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $