精品解析：贵州省毕节市民族中学2025-2026学年高二上学期9月月考物理试题

毕节市民族中学2025-2026学年高二上学期9月月考物理检测试卷 一、单选题（本大题共7小题） 1. 如图所示是用来测量各种发动机转速的转速计原理图。在同一铁支架MN上焊有固有频率依次为100Hz、90Hz、80Hz、70Hz的四个钢片a、b、c、d，将M端与正在转动的电动机接触，发现b钢片振幅很大，其余钢片振幅很小，则（　　） A. 钢片a的振动频率约为90Hz B. 钢片b的受到的驱动力最大 C. 钢片c的振幅最小 D. 电动机的转速为100r/s 2. 如图所示，某物理老师为了演示动量守恒定律的应用，在光滑水平桌面上放置一小车，用细线将一小钢球悬挂在小车的立柱上。演示开始前该老师用右手按住小车，左手拿着小球将细线向左拉开一定角度，并保持整个装置静止在桌面上的A处，若使小车能够运动到右侧较远的B处，下列方案可行的是（　　） A. 同时松开两只手 B. 先松开左手，当小球第一次运动到最低点时，再松开右手 C. 先松开左手，当小球运动到右侧最高点时，再松开右手 D. 先松开左手，当小球第二次运动到最低点时，再松开右手 3. 如图所示是两个理想单摆的振动图象，纵轴表示摆球偏离平衡位置的位移。下列说法中正确的是（　　） A. 同一摆球在1s和3s时加速度都相同 B. 乙摆球在1s和3s时速度相同 C. 甲、乙两个摆的摆长之比为1：2 D. 甲摆球位移随时间变化的关系式为 4. 汽车在发生交通事故时，车内的安全气囊会在瞬间充满气体并被弹出。碰撞后汽车的速度在很短时间内减小为零，而安全气囊可以减轻驾乘人员受到的伤害，下列说法正确的是（ ） A. 安全气囊延长了驾乘人员的受力时间 B. 安全气囊减小了驾乘人员碰撞前瞬间的速度 C. 安全气囊减小了驾乘人员在碰撞过程中的动量变化量 D. 安全气囊减小了驾乘人员在碰撞过程中的动能变化量 5. 质量为和的两个物体在光滑水平面上正碰，其位置坐标x随时间t变化的图像如图所示。下列说法正确的是（　　） A. 碰撞前的速率大于的速率 B. 碰撞后的速率大于的速率 C. 碰撞后的动量大于的动量 D. 碰撞后的动能小于的动能 6. 将一轻弹簧与小球组成的弹簧振子竖直悬挂，上端装有一记录弹力的拉力传感器。当振子上下振动时，弹力随时间的变化规律如图所示。已知弹簧的劲度系数k=100N/m，g取10m/s2下列说法正确的是（　　） A. 小球的质量为2kg B. t=2s时小球的加速度为0 C. 0～2s时间段内，弹簧的弹力对小球的冲量大小为20N·s D. 小球的振幅为0.2m 7. 如图所示，长为L的轻质细绳一端与带孔小球P连接，另一端与木块Q连接，小球P穿在光滑的固定水平杆（足够长）上，小球P与木块Q的质量均为。t=0时刻，给木块Q一水平向右的瞬时冲量，使其获得的初速度，则从t=0时刻至Q再次运动到P正下方的过程中，下列说法正确的是（　　） A. 绳对P先做正功后做负功 B. 绳对P的冲量大小为 C. 木块Q运动到最右侧时的速度大小为0 D. 木块Q再次运动到P正下方时，P的速度大小为 二、多选题（本大题共3小题） 8. 如图所示，停放在水平冰面上的冰车由质量为M、倾角为θ的斜面体改装而成，在斜面体上轻放一质量为m的物块，不计物块与斜面、冰车与冰面之间的摩擦，下列说法正确的是（　　） A. 释放物块的瞬间冰车受三个力 B. 释放物块后，在物块沿斜面向下运动的过程中，冰车与物块组成的系统动量守恒 C. 若冰面上的人在车后方用水平向右的力F1推车，当F1=（m+M）gtan时，物块和斜面保持相对静止一起加速运动 D. 若冰面上的人在车后方用水平向右的力F2推车，当时，物块在斜面上滑动的同时冰车在冰面上保持静止 9. 一个质点在平衡位置O点附近做机械振动。若从O点开始计时，经过3s质点第一次经过M点如图所示；再继续运动，又经过2s它第二次经过M点；则该质点第三次经过M点还需要的时间是（　　） A. 8s B. 4s C. 14s D. s 10. 将如图所示的跳水过程简化为运动员沿竖直方向的运动。若运动员的质量为m，起跳后重心上升的最大高度为h，从最高点至入水后速度减为零的过程所用时间为t，重力加速度为g，不考虑空气阻力。根据题中信息，可以求得（　　） A. 在上升过程中，运动员重力势能的变化量 B. 从入水到速度减为零的过程中，水的阻力对运动员做的功 C. 在空中运动过程中，重力对运动员的冲量大小 D. 从入水到速度减为零的过程中，水对运动员作用力的冲量大小 三、实验题（本大题共2小题） 11. 如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个大小相同的小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系：先安装好实验装置，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下重垂线所指的位置O。接下来的实验步骤如下： 步骤1：不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并落在地面上、重复多次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置；步骤2：把小球2放在斜槽前端边缘位置B，让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞。重复多次，并使用与步骤1同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置；步骤3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置M、P、N离O点的距离，即线段OM、OP、ON的长度L1、L2、L3。 （1）小明先用螺旋测微器测量一个小球的直径，刻度如上图所示，读数为______mm； （2）入射小球1的质量应______（选填“大于”“等于”或“小于”）被碰小球2的质量；入射小球1的半径应______（选填“大于”“等于”或“小于”）被碰小球2的半径； （3）除了图中器材外，实验室还备有下列器材，完成本实验还必须使用的两种器材是______； A．秒表 B．天平 C．刻度尺 D．打点计时器 （4）当所测物理量满足表达式______（用所测物理量的m1、m2、L1、L2、L3表示）时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律。如果还满足表达式______（用所测物理量m1、m2、L1、L2、L3表示）时，即说明两球是弹性碰撞。 12. 在测定电源电动势和内阻的实验中，实验室提供了合适的实验器材。 ①甲同学按电路图甲进行测量实验，其中R0 = 0.5Ω。 请用笔画线代替导线在图乙中完成电路的连接；（ ） 根据电压表的示数U和电流表的示数I，画出U—I图线如图丙所示，可得电源的电动势E = ____V，内阻r = _______Ω；（结果均保留两位有效数字） ②乙同学误将测量电路连接成如图丁所示，其他操作正确，根据电压表的示数U和电流表的示数I，画出U—I图线如图戊所示，图中1、2、3点的坐标分别为（0.30，2.00）、（0.50，2.10）和（0.80，2.00），可得电源的电动势E = _________V，内阻r = ________Ω。（结果均保留两位有效数字） 四、解答题（本大题共3小题） 13. 如图所示，一单摆悬于O点，摆长为L，若在O点正下方的O′点钉一个光滑钉子，使OO′＝L/2，将单摆拉至A处由静止释放，小球将在A、B、C间来回振动，若振动中摆线与竖直方向夹角小于5°，则此摆的周期是________． 14. 如图所示，质量为0.4kg的木块以的速度水平地滑上静止的平板小车，小车的质量为1.6kg，木块与小车之间的动摩擦因数为0.25（g取），设小车足够长，地面光滑，求： （1）木块和小车相对静止时小车的速度； （2）从木块滑上小车到它们处于相对静止所经历的时间。 15. 随着生活水平提高，网上购物逐渐增多，为提高效率，快递公司引进了包裹自动分捡设备。如图所示，传送带为自动分捡的一部分，其长度为，倾斜角为，以顺时针转动。传送带与包裹之间的动摩擦因数为，可视为质点的包裹由传送带左上方以一定的速度水平抛出，抛出点与传送带顶部的高度差，恰好可以无碰撞地进入传送带顶端，之后沿传送带运动不计空气阻力，，，重力加速度g取。求： （1）包裹做平抛运动的水平分位移大小； （2）包裹到达传送带顶端时的加速度大小； 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 毕节市民族中学2025-2026学年高二上学期9月月考物理检测试卷 一、单选题（本大题共7小题） 1. 如图所示是用来测量各种发动机转速的转速计原理图。在同一铁支架MN上焊有固有频率依次为100Hz、90Hz、80Hz、70Hz的四个钢片a、b、c、d，将M端与正在转动的电动机接触，发现b钢片振幅很大，其余钢片振幅很小，则（　　） A. 钢片a的振动频率约为90Hz B. 钢片b的受到的驱动力最大 C. 钢片c的振幅最小 D. 电动机的转速为100r/s 【答案】A 【解析】 【详解】AB．因b钢片振幅很大，其余钢片振幅很小，可知b钢片与电动机接近共振，即电动机的振动频率接近90Hz，则其它钢片在电动机带动下做受迫振动，则振动频率接近90Hz，且驱动力都是一样大，选项A正确，B错误； C．因钢片d的固有频率最远离驱动力的频率90Hz，则振幅最小，选项C错误； D．电动机的转速为 n=f=90r/s 选项D错误。 故选A。 2. 如图所示，某物理老师为了演示动量守恒定律的应用，在光滑水平桌面上放置一小车，用细线将一小钢球悬挂在小车的立柱上。演示开始前该老师用右手按住小车，左手拿着小球将细线向左拉开一定角度，并保持整个装置静止在桌面上的A处，若使小车能够运动到右侧较远的B处，下列方案可行的是（　　） A. 同时松开两只手 B. 先松开左手，当小球第一次运动到最低点时，再松开右手 C. 先松开左手，当小球运动到右侧最高点时，再松开右手 D. 先松开左手，当小球第二次运动到最低点时，再松开右手 【答案】B 【解析】 【详解】A．同时松开两只手，钢球和小车组成的系统在水平方向上动量守恒，系统在水平方向上总动量为0，小球向右运动时，车往左运动，小球向左运动时，车往右运动，车只会在原来位置左右往复运动，无法持续向右运动到处，故A错误； C．选项中先松开左手，当小球运动到右侧最高点时，再松开右手，系统在水平方向上总动量为0，小球向左运动时，车往右运动，小球向右运动时，车往左运动，车只会在原来位置左右往复运动，无法持续向右运动到处，故C错误； B．先松开左手，当小球第一次运动到最低点时，再松开右手，系统在水平方向上总动量方向向右，车最终会运动到B处，故B正确； D．先松开左手，当小球第二次运动到最低点时，速度向左，此时再松开右手，系统在水平方向上总动量方向向左，车不会运动到处，故D错误。 故选B。 3. 如图所示是两个理想单摆的振动图象，纵轴表示摆球偏离平衡位置的位移。下列说法中正确的是（　　） A. 同一摆球在1s和3s时加速度都相同 B. 乙摆球在1s和3s时速度相同 C. 甲、乙两个摆的摆长之比为1：2 D. 甲摆球位移随时间变化的关系式为 【答案】D 【解析】 【详解】A．由题图结合简谐振动的特点可知，同一摆球在1s和3s时的加速度大小相等，但方向相反，故A错误； B．由题图乙结合简谐振动的特点可知，乙摆球在1s和3s时速度大小相等，但方向相反，故B错误； C．由题图可知，甲、乙两个单摆的周期分别为4s和8s，根据单摆周期公式 可得二者摆长之比为 故C错误； D．由题图甲可知，甲摆球的振幅为2cm，圆频率 且0时刻，摆球位于平衡位置，故可得甲摆球位移随时间变化的关系式为 故D正确。 故选D。 4. 汽车在发生交通事故时，车内的安全气囊会在瞬间充满气体并被弹出。碰撞后汽车的速度在很短时间内减小为零，而安全气囊可以减轻驾乘人员受到的伤害，下列说法正确的是（ ） A. 安全气囊延长了驾乘人员的受力时间 B. 安全气囊减小了驾乘人员碰撞前瞬间的速度 C. 安全气囊减小了驾乘人员在碰撞过程中的动量变化量 D. 安全气囊减小了驾乘人员在碰撞过程中的动能变化量 【答案】A 【解析】 【详解】A．因为安全气囊充气后面积增大，司机的受力面积也增大，在司机挤压气囊作用过程中由于气囊的缓冲故增加了作用时间，故A正确； BCD．有无安全气囊司机初速度和末速度均相同，所以动量的改变量和动能的变化量也相同，故BCD错误； 故选A。 5. 质量为和的两个物体在光滑水平面上正碰，其位置坐标x随时间t变化的图像如图所示。下列说法正确的是（　　） A. 碰撞前的速率大于的速率 B. 碰撞后的速率大于的速率 C. 碰撞后的动量大于的动量 D. 碰撞后的动能小于的动能 【答案】C 【解析】 【详解】A．图像的斜率表示物体的速度，根据图像可知碰前的速度大小为 碰前速度为0，A错误； B．两物体正碰后，碰后的速度大小为 碰后的速度大小为 碰后两物体的速率相等，B错误； C．两小球碰撞过程中满足动量守恒定律，即 解得两物体质量的关系为 根据动量的表达式可知碰后的动量大于的动量，C正确； D．根据动能的表达式可知碰后的动能大于的动能，D错误。 故选C。 6. 将一轻弹簧与小球组成的弹簧振子竖直悬挂，上端装有一记录弹力的拉力传感器。当振子上下振动时，弹力随时间的变化规律如图所示。已知弹簧的劲度系数k=100N/m，g取10m/s2下列说法正确的是（　　） A. 小球的质量为2kg B. t=2s时小球的加速度为0 C. 0～2s时间段内，弹簧的弹力对小球的冲量大小为20N·s D. 小球的振幅为0.2m 【答案】C 【解析】 【详解】A．根据图像可知，平衡位置，弹力为10N 解得小球的质量为1kg，故A错误； B．t=2s时小球只受重力，加速度为g，故B错误； C．0～2s时间段内，小球初末速度均为零，根据动量定理 解得 弹簧的弹力对小球的冲量大小为20N·s，故C正确； D．小球的振幅为 解得 故D错误。 故选C。 7. 如图所示，长为L的轻质细绳一端与带孔小球P连接，另一端与木块Q连接，小球P穿在光滑的固定水平杆（足够长）上，小球P与木块Q的质量均为。t=0时刻，给木块Q一水平向右的瞬时冲量，使其获得的初速度，则从t=0时刻至Q再次运动到P正下方的过程中，下列说法正确的是（　　） A. 绳对P先做正功后做负功 B. 绳对P的冲量大小为 C. 木块Q运动到最右侧时的速度大小为0 D. 木块Q再次运动到P正下方时，P的速度大小为 【答案】D 【解析】 【详解】A．从时刻至Q再次运动到P正下方的过程中，细绳一直处于向右倾斜状态，故绳对P一直做正功，A错误 BD．从时刻至Q再次运动到P正下方的过程中，由动量守恒有 由能量守恒有 联立解得 对P由动量定理可得 由受力分析可知重力与支持力不相等，故 B错误；D正确； C．木块Q运动到最右侧时，具有和P相同的水平速度，由动量守恒有 解得 C错误。 故选D。 二、多选题（本大题共3小题） 8. 如图所示，停放在水平冰面上的冰车由质量为M、倾角为θ的斜面体改装而成，在斜面体上轻放一质量为m的物块，不计物块与斜面、冰车与冰面之间的摩擦，下列说法正确的是（　　） A. 释放物块的瞬间冰车受三个力 B. 释放物块后，在物块沿斜面向下运动的过程中，冰车与物块组成的系统动量守恒 C. 若冰面上的人在车后方用水平向右的力F1推车，当F1=（m+M）gtan时，物块和斜面保持相对静止一起加速运动 D. 若冰面上的人在车后方用水平向右的力F2推车，当时，物块在斜面上滑动的同时冰车在冰面上保持静止 【答案】ACD 【解析】 【详解】A．对冰车受力分析如图 重力、支持力、物块对车的压力，A正确； B．系统在水平方向受力平衡，动量在水平方向守恒，竖直方向物块受重力，会有加速度，受力不平衡，竖直方向动量不守恒，B错误； C．对物块受力分析 由几何关系可得 由于 解得 对整体有牛顿第二定律可得 C正确； D．将分解，可得 为物块对斜面的压力，且有 则 当时，满足冰车静止，物块下滑，D正确。 故选ACD。 9. 一个质点在平衡位置O点附近做机械振动。若从O点开始计时，经过3s质点第一次经过M点如图所示；再继续运动，又经过2s它第二次经过M点；则该质点第三次经过M点还需要的时间是（　　） A. 8s B. 4s C. 14s D. s 【答案】CD 【解析】 【详解】设题图中a、b两点为质点振动过程的最大位移处，若在开始计时时刻，质点从O点向右运动，O→M过程历时3s，M→b→M运动过程历时2s，则 T=16s 质点第三次经过M点还需要的时间 Δt3=T－2s=（16－2）s=14s 若在开始计时时刻，质点从O点向左运动，O→a→O→M运动过程历时3s，M→b→M运动过程历时2s，则 质点第三次经过M点还需要的时间 故选CD。 10. 将如图所示的跳水过程简化为运动员沿竖直方向的运动。若运动员的质量为m，起跳后重心上升的最大高度为h，从最高点至入水后速度减为零的过程所用时间为t，重力加速度为g，不考虑空气阻力。根据题中信息，可以求得（　　） A. 在上升过程中，运动员重力势能的变化量 B. 从入水到速度减为零的过程中，水的阻力对运动员做的功 C. 在空中运动过程中，重力对运动员的冲量大小 D. 从入水到速度减为零的过程中，水对运动员作用力的冲量大小 【答案】AD 【解析】 【详解】A．起跳后重心上升的最大高度为h，则 故A正确； B．从最高点至入水后速度减为零的过程，有 由于最高点至入水后速度减为零的高度未知，所以不能确定水的阻力对运动员做的功，故B错误； C．由于不能确定运动员在空中运动的时间，所以在空中运动过程中，重力对运动员的冲量大小不能确定，故C错误； D．根据动量定理可得 所以 即从入水到速度减为零的过程中，水对运动员作用力的冲量大小为mgt，故D正确。 故选AD。 三、实验题（本大题共2小题） 11. 如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个大小相同的小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系：先安装好实验装置，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下重垂线所指的位置O。接下来的实验步骤如下： 步骤1：不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并落在地面上、重复多次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置；步骤2：把小球2放在斜槽前端边缘位置B，让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞。重复多次，并使用与步骤1同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置；步骤3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置M、P、N离O点的距离，即线段OM、OP、ON的长度L1、L2、L3。 （1）小明先用螺旋测微器测量一个小球的直径，刻度如上图所示，读数为______mm； （2）入射小球1的质量应______（选填“大于”“等于”或“小于”）被碰小球2的质量；入射小球1的半径应______（选填“大于”“等于”或“小于”）被碰小球2的半径； （3）除了图中器材外，实验室还备有下列器材，完成本实验还必须使用的两种器材是______； A．秒表 B．天平 C．刻度尺 D．打点计时器 （4）当所测物理量满足表达式______（用所测物理量的m1、m2、L1、L2、L3表示）时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律。如果还满足表达式______（用所测物理量m1、m2、L1、L2、L3表示）时，即说明两球是弹性碰撞。 【答案】 ①. 4.223 ②. 大于 ③. 等于 ④. BC ⑤. ⑥. 【解析】 【详解】(1)[1]由图示螺旋测微器可知，其示数为：4mm+22.3×0.01mm=4.223mm； (2)[2][3]根据动量守恒定律可知若碰撞小球1的质量小于被碰小球2的质量，则小球1可能被碰回，所以小球1的质量应大于被碰小球2的质量，为了保证是对心碰撞，所以小球1的半径应等于被碰小球2的半径； (3)[4]小球离开轨道后做平抛运动，小球在空中的运动时间相同，小球的水平位移与其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，实验需要验证 m1v0=m1v1+m2v2 因小球均做平抛运动，下落时间相同，则可知水平位移 x=vt 因此可以直接用水平位移代替速度进行验证，故有 m1OP=m1OM+m2ON 实验需要测量小球的质量、小球落地点的位置，测量质量需要天平，测量小球落地点的位置需要毫米刻度尺，因此需要的实验器材有BC； (4)[5]两球相碰前后的动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得 m1v0=m1v1+m2v2 小球离开轨道后做平抛运动，小球在空中的运动时间相同，则有 L2=v0t L1=v1t L3=v2t 代入可得 m1 L2=m1 L1+m2 L3 [6]若碰撞是弹性碰撞，满足动能守恒，则有 代入解得 12. 在测定电源电动势和内阻的实验中，实验室提供了合适的实验器材。 ①甲同学按电路图甲进行测量实验，其中R0 = 0.5Ω。 请用笔画线代替导线在图乙中完成电路的连接；（ ） 根据电压表的示数U和电流表的示数I，画出U—I图线如图丙所示，可得电源的电动势E = ____V，内阻r = _______Ω；（结果均保留两位有效数字） ②乙同学误将测量电路连接成如图丁所示，其他操作正确，根据电压表的示数U和电流表的示数I，画出U—I图线如图戊所示，图中1、2、3点的坐标分别为（0.30，2.00）、（0.50，2.10）和（0.80，2.00），可得电源的电动势E = _________V，内阻r = ________Ω。（结果均保留两位有效数字） 【答案】 ①. ②. 3.0 ③. 0.10 ④. 3.1 ⑤. 0.50 【解析】 【详解】①[1]根据原理图可得对应的实物图为 [2][3]根据U-I图线可得电源的电动势为 E=3.0V 内阻为 ②[4][5]由乙同学的电路接法可知，R1左右两部分并联后与R2和R0串联，则可知，在滑片移动过程中，滑动变阻器接入电阻先增大后减小，则路端电压先增大后减小，所以出现图戊所示的图象，则由图象可知，当电压为2.10V时，电流为0.50A，此时两部分电阻相等，则总电流为 I=1.0A 而当电压为2.00V时，电流分别0.30A和0.80A ，则说明当电压为2.00V时，干路电流为 I2=0.30+0.80=1.10A 则根据闭合电路欧姆定律可得 2.10=E-(r+R0) 2.00=E-1.10(r+R0) 解得 E=3.1V r=0.50Ω 四、解答题（本大题共3小题） 13. 如图所示，一单摆悬于O点，摆长为L，若在O点正下方的O′点钉一个光滑钉子，使OO′＝L/2，将单摆拉至A处由静止释放，小球将在A、B、C间来回振动，若振动中摆线与竖直方向夹角小于5°，则此摆的周期是________． 【答案】π(＋)； 【解析】 【详解】[1]．由A→B的运动时间 t1＝ = 由B→C的运动时间 由对称性知此摆的周期 ． 14. 如图所示，质量为0.4kg的木块以的速度水平地滑上静止的平板小车，小车的质量为1.6kg，木块与小车之间的动摩擦因数为0.25（g取），设小车足够长，地面光滑，求： （1）木块和小车相对静止时小车的速度； （2）从木块滑上小车到它们处于相对静止所经历的时间。 【答案】（1）；（2）0.64s 【解析】 【详解】（1）以木块和小车为研究对象，方向为正方向，由动量守恒定律可得 解得 （2）以木块为研究对象，由动量定理可得 又 联立解得 15. 随着生活水平提高，网上购物逐渐增多，为提高效率，快递公司引进了包裹自动分捡设备。如图所示，传送带为自动分捡的一部分，其长度为，倾斜角为，以顺时针转动。传送带与包裹之间的动摩擦因数为，可视为质点的包裹由传送带左上方以一定的速度水平抛出，抛出点与传送带顶部的高度差，恰好可以无碰撞地进入传送带顶端，之后沿传送带运动不计空气阻力，，，重力加速度g取。求： （1）包裹做平抛运动的水平分位移大小； （2）包裹到达传送带顶端时的加速度大小； 【答案】（1）；（2） 【解析】 【详解】（1）包裹做平抛运动，恰好可以无碰撞地进入传送带顶端，可知包裹在进入传送带顶端时竖直方向的速度为 代入数据解得 由几何关系可知 可得 包裹在竖直方向做自由落体运动，由下落高度与时间的关系有 可得包裹下落的时间为 包裹在水平方向做匀速直线运动，则有包裹做平抛运动的水平分位移大小为 （2）包裹刚上传送带时的速度大小为 可知包裹刚上传送带时的速度小于传送带的速度，则包裹受到沿斜面向下的摩擦力，在传送带上做加速运动，设此时其加速度为a1，由牛顿第二定律可得 解得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $