精品解析：云南省昆明市华山中学2024－2025学年上学期11月学习效果跟踪与反馈九年级物理试卷

华山中学2024年秋季学期11月学习效果跟踪与反馈 初三物理试卷 一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。全部选对得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分） 1. 对于一些物理量的估测，下列说法正确的是（　　） A. 家庭餐桌的高度约为80cm B. 人正常行走速度约为5m/s C. 一名健康中学生的质量约为100kg D. 人体感觉最舒适的气温约为37℃ 【答案】A 【解析】 【详解】A．中学生的身高在160cm左右，餐桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右，故A符合实际； B．人正常步行的速度在4km/h≈1.1m/s左右，故B不符合实际； C．成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右，故C不符合实际； D．人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右，故D不符合实际． 2. “谚语”是中华民族智慧的结晶，下列说法正确的是（　　） A. 霜降有霜，米谷满仓——霜的形成是凝华现象，需要吸热 B. 白露种高山，秋分种平川——露的形成是液化现象，需要放热 C. 大雾不过晌，过晌听雨响——雾的形成是汽化现象，需要吸热 D. 立春雪水化一丈，打得麦子无处放——冰雪消融是熔化现象，需要放热 【答案】B 【解析】 【详解】A．霜是由水蒸气变成的小冰晶，是凝华现象，需要放热，故A错误； B．露是由水蒸气变成的小水滴，是液化现象，需要放热，故B正确； C．雾是由水蒸气变成的小水滴，是液化现象，需要放热，故C错误； D．冰雪消融是冰雪变成水，是熔化现象，需要吸热，故D错误。 故选B。 3. 如图，一只白鹤静立在平静的水中，在岸边可以看到它的倒影。下列分析正确的是（　　） A. 白鹤在水中的倒影一定是等大的实像 B. 倒影是由于光从水折射出空气而形成的 C. 当水面下降时，白鹤的倒影也在下降 D. 水中的鱼也能看到白鹤的倒影 【答案】C 【解析】 【详解】AB．倒影属于平面镜成像，成的是虚像，是光的反射形成的，倒影与白鹤等大，当白鹤飞离水面时，白鹤的大小不变，倒影的大小不变，故AB错误； C．根据平面镜成像的特点，当水面下降时，白鹤距离水面变远，因此白鹤的倒影也会远离水面，因此白鹤的倒影在下降，故C正确； D．白鹤在水中的倒影是平面镜成像，成的是虚像，是光的反射光线的延长线形成的，故在水中的鱼看不到白鹤的倒影，故D错误。 故选C。 4. 对下列实例的解释不正确的是（ ） A. 图钉钉帽的作用是为了减小钉帽对手的压强 B. 潜水艇是通过改变自身的重力来实现上浮和下沉 C. 用高压锅煮食物熟得快是利用了大气压强 D. 站在领奖台上的运动员受到的支持力和运动员的重力是一对平衡力 【答案】C 【解析】 【详解】A．图钉钉帽面积较大，根据压强公式，当压力F一定时，增大受力面积S可以减小压强。用手按图钉时，钉帽对手的压力和钉尖对墙的压力相等，钉帽面积大，对手的压强就小，所以图钉钉帽的作用是为了减小钉帽对手的压强，故A正确，不符合题意； B．潜水艇浸没在水中时，排开水的体积V排​不变，水的密度ρ水​也不变，根据阿基米德原理F浮​=ρ水​gV排​，潜水艇受到的浮力不变。潜水艇通过改变自身的重力来实现上浮或下沉。当潜水艇重力大于浮力时下沉，重力小于浮力时上浮，重力等于浮力时悬浮，故B正确，不符合题意； C．高压锅密封性强，使用时内部气压升高，水的沸点随气压升高而升高。高压锅内的水在更高的温度下沸腾，食物在高温下更容易煮熟，而不是利用大气压强。故C错误，符合题意； D．站在领奖台上的运动员处于静止状态，受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力，这两个力满足二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、作用在同一条直线上，所以是一对平衡力，故D正确，不符合题意。 故选 C。 5. 用丝绸摩擦过的玻璃棒接触不带电的验电器，金属箔张开。下列说法正确的是（ ） A. 正电荷从丝绸转移到玻璃棒 B. 玻璃棒带正电是因为得到了电子 C. 摩擦起电是创造了电荷 D. 验电器金属箔张开，是由于同种电荷相互排斥 【答案】D 【解析】 【详解】AB．由正、负电荷的规定可知用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，这是因为玻璃棒与丝绸摩擦时，玻璃棒失去电子而带正电，丝绸得到电子而带负电，并不是正电荷在丝绸和玻璃棒之间发生了转移，故AB错误； C．摩擦起电的实质是电荷的转移，在摩擦起电中并没有创造电荷，故C错误； D．验电器金属箔张开，是由于同种电荷相互排斥，故D正确。 故选D。 6. 下列对欧姆定律的公式及其变形式的理解，正确的是（　　） A. 根据可知，同一导体的电阻与该导体两端的电压成正比 B. 根据可知，同一导体两端的电压与该导体的电阻成正比 C. 根据可知，电阻一定时，通过导体的电流与该导体两端的电压成正比 D. 因为电阻是导体本身的一种性质，所以导体中的电流只与导体两端的电压有关，与导体的电阻无关 【答案】C 【解析】 【详解】A．电阻是导体本身的一种性质，与电压和电流无关，故A错误； B．根据可知，同一导体电阻一定时，导体两端的电压与该导体的电流成正比，故B错误； C．根据可知，电阻一定时，通过导体的电流与该导体两端的电压成正比，这是欧姆定律的内容，故C正确； D．由欧姆定律可知，导体中的电流是由导体两端的电压和导体的电阻决定的，所以与导体两端的电压和导体的电阻有关，故D错误。 故选C。 7. 如图所示电路，电源电压保持不变，和是两个相同的小灯泡。先闭合开关，记录两电表示数；再闭合开关，电流表和电压表的示数变化情况是（　　） A. 电流表示数减小，电压表示数减小 B. 电流表示数增大，电压表示数减小 C. 电流表示数增大，电压表示数不变 D. 电流表示数不变，电压表示数不变 【答案】C 【解析】 【详解】由图可知，L1和L2并联，开关S1为干路开关，S2为L1的支路开关，电流表测量干路电流，电压表测量电源电压。先闭合开关，只有L2工作，再闭合开关，L1和L2同时工作。根据并联电路电流规律可知，闭合S2后，L1和L2并联工作，干路电流变大，即电流表示数变大，电压表测量电源电压，示数不变，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 8. 如图甲所示，水平地面上的一物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体的速度v与时间t的关系如图乙、丙所示。以下说法正确的是（　　） A. 0~2s，物体没有被推动，推力小于摩擦力 B. 2~4s内物体受到的摩擦力是2N C. 2~4s内物体做匀速直线运动 D. 4~6s，推力的功率为8W 【答案】BD 【解析】 【详解】A．由v-t图像可知，0~2s，物体没有推动，物体处于平衡状态，推力等于摩擦力，故A错误； BC．由v-t图像可知，在4~6s物体做匀速直线运动，处于平衡状态，由F-t图像可知，在4~6s的推力F=2N，由力的平衡条件可得，滑动摩擦力为 f=F=2N 由v-t图像可知，物体在2~4s做加速运动，推力为3N，受到的摩擦力为滑动摩擦力，因为压力大小和接触面的粗糙程度不变，所以滑动摩擦力不变，则在2~4s物体受到的摩擦力仍是2N，故B正确，C错误； D.由v-t图像可知，在4~6s物体做匀速直线运动，速度大小为4m/s，此时推力F=2N，由 可得，4~6s，推力的功率为 P=Fv=2N×4m/s=8W 故选BD。 9. 下列对实验过程的分析，正确的是（　　） A. 图甲：厚玻璃筒内空气被压缩时，空气温度升高，内能增大 B. 图乙：向瓶内打气后，空气推动塞子做功，空气温度会升高 C. 图丙：试管内的水蒸气推动塞子冲出时，内能转化为机械能 D. 图丁：是汽油机工作过程中的做功冲程，可以对外提供动力 【答案】ACD 【解析】 【详解】A．图甲中厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内能增加，故A正确； B．图乙中瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，内能转化为机械能，空气的内能减小，温度降低，故B错误； C．图丙中试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，故C正确； D．图丁中汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程），内能转化为机械能，可以对外提供动力，故D正确。 故选ACD。 10. 如图甲所示电路，电源电压保持不变．闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，R1、R2的I－U关系图象如图乙所示．则下列判断正确的是 A. 图线A是电阻R1的I－U关系图象 B. 电源电压为18V C. R1的阻值是20Ω D. 滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω 【答案】BC 【解析】 【详解】如图定值电阻R1与滑动变阻器串联，电压表V1测量定值电阻R1两端电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，闭合开关S，在滑动变阻器滑片P从右端滑到左端的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中的电流变小，电流表示数变小，有U1=IR1可知 定值电阻R1两端电压变小，滑动变阻器两端的电压U2=U-U1，电源电压不变，滑动变阻器两端电压变大． 图线A是电阻R2的I－U关系图象，故选项A错误； 当电流为0．6A时，电源电压U =U1+ U2=6V+12V=18V,此时．R1的阻值，故选项BC正确； 滑动变阻器R2的阻值最大时电流最小为0．2A，此时滑动变阻器两端的电压为14V，滑动变阻器R2的最大阻值，故选项D错误． 二、填空题（本大题共6小题，11~15题每小题2分，16题4分，共14分） 11. 如图所示，壶身与壶嘴中的水面之所以保持相平是因为______原理；活塞A、B面积如图所示，当的力作用在活塞A上，活塞B能举起______N物体。 【答案】 ①. 连通器 ②. 2500 【解析】 【分析】 【详解】[1]壶身与壶嘴中的水面之所以保持相平是因为连通器原理，即在连通器里装有同种液体，当液体不流动时，各容器中的液面总保持相平。 [2]由帕斯卡原理可知，加在密闭液体上的压强，能够大小不变地由液体向各个方向传递，所以右图中，p1=p2，由压强定义式可得 所以在大活塞上能产生的力 12. 如图所示，一名工人站在地上用400N的拉力使重900N的建筑材料以0.2m/s的速度匀速上升，不计绳重和绳与滑轮之间的摩擦，10s内物体上升__________m，拉力的功率为__________W。 【答案】 ①. 2 ②. 240 【解析】 【详解】[1]由得，物体上升的高度 [2]由图知有3段绳子承担物重，所以绳子自由端移动的距离 拉力做的功 拉力做功的功率 13. 质量为1t的热水放出热量后温度降低_____℃。暖气能使室内温度升高、内能增加，这是通过_____的方式实现的。[] 【答案】 ①. 50 ②. 热传递 【解析】 【详解】[1]热水质量 m=1t=1000kg 根据热量计算公式 Q放​=cmΔt，可得水降低的温度为 [2]暖气使室内温度升高、内能增加，是因为暖气片与室内空气之间存在温度差，热量从温度高的暖气片传递到温度低的室内空气，这是通过热传递的方式实现的。 14. 若某单缸四冲程汽油机的转速为3600r/min，在1s内汽油机对外做了_____次功。如果汽油机在某段时间内消耗了500g汽油，这些汽油完全燃烧可释放的热量为_____J。 【答案】 ①. 30 ②. 2.3×107 【解析】 【详解】[1]已知汽油机转速为3600r/min，即每分钟飞轮转3600圈。所以每秒飞轮转。在四冲程汽油机中，飞轮每转2圈，完成一个工作循环，对外做功1次。所以每秒飞轮转60圈，对外做功的次数为次。 [2]汽油的质量m=500g=0.5kg 汽油完全燃烧释放的热量为Q放​=mq汽油=0.5kg×4.6×107J/kg=2.3×107J 15. 如图所示，要使灯和灯并联在电路中，应闭合的开关是______；要使灯和灯串联在电路中，应闭合的开关是______。 【答案】 ①. 、 ②. 【解析】 【详解】[1]要使L1和L2并联在电路中，电流从电源正极流出分别经过支路S3、L2和支路L1，然后汇合后经过S1流回电源负极；因此应闭合开关S1、S3； [2]使L1和L2串联在电路中，则应将两灯首尾相连接到电源两端，由图可知，应只闭合S2，断开S1、S3。 16. 阅读短文，回答问题 空气净化器由于雾霾天气的增多，空气净化器逐渐走入家庭。随着科技的进步，“净化”的原理不断优化，功能也逐渐增强。最早的空气净化器由于大多采用风机+滤网的模式，很长时间才能将室内空气全部过滤一遍，另外PM2.5等小微粒能轻易透过滤网。后来滤网采用“静电驻极式”技术，灰尘通过滤网前，先由钨丝高压放电而带上正电，再被同样带电的滤网吸附（如图所示），大大提高净化能力。现在有一种“主动式空气净化”技术，净化器向空气中释放负离子，负离子能够主动出击、寻找空气中的污染颗粒物，并与其凝聚成团，主动将其沉降，净化能力再次明显提升。洁净空气量（CADR）是反映净化能力的性能指标，CADR值越大，其净化效率越高。利用CADR值，可以评估其在运行一定时间后，去除室内空气污染物的效果。按下列公式计算（CADR：（V表示房间容积、t表示空气净化器使房间污染物的浓度下降90%运行的时间）。某空气净化器铭牌如下表： 规格 额定电压 频率 额定功率 洁净空气量（CADR） GH-2034A型 220V 50HZ 44W （1）“PM2.5”的是指环境空气中直径小于等于2.5_____（填写单位）的细微颗粒物：“静电驻极式”技术中滤网应带_____电荷； （2）“主动式空气净化”技术中负离子主动出击寻找空气中的颗粒物是种_____现象； （3）此空气净化器能在1.2小时内使某高度为3m的房间污染物浓度下降90%，则该房间面积为_____。 【答案】（1） ①. μm ②. 负 （2）扩散 （3）24 【解析】 【小问1详解】 [1]“PM2.5”是指环境空气中直径小于等于 2.5 μm （微米）的细微颗粒物。 [2]根据电荷间的相互作用规律“同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引”，在“静电驻极式”技术中，灰尘通过滤网前，先由钨丝高压放电而带上正电，要使带正电的灰尘被滤网吸附，则滤网应带负电荷。 【小问2详解】 “主动式空气净化”技术中负离子主动出击寻找空气中的颗粒物，并与其凝聚成团，这是分子在不停地做无规则运动的体现，属于扩散现象。 【小问3详解】 已知洁净空气量（CADR）为138m3/h ，即该空气净化器每小时使房间污染物浓度下降后洁净空气的体积为138m3。根据，可得房间容积 房间高度，根据V=Sh（S为房间面积），可得房间面积 三、作图题（本大题共2小题，共4分） 17. （1）当光从空气斜射入水中时，在水面发生了反射和折射，如图所示，请画出入射光线和折射光线的大致方向。 （2）图甲为人用手提物体时的情境。手臂桡骨在肱二头肌的牵引下绕肘关节转动的模型如图乙，请在图乙中作出力F的力臂L及物体所受重力的示意图。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 由图知，反射光线与水面的夹角45°，则反射角为90°-45°=45°。先过反射点作分界面的垂线为法线，根据反射角等于入射角作出入射光线；光从空气斜射入水中，折射光线向靠近法线的方向偏折，折射角小于入射角，据此作出折射光线，如图所示： 【小问2详解】 过支点O做力F的作用线的垂线，该垂线段为F的力臂L；重力的方向是竖直向下的，作用点在物体的重心上，据此做出物体所受重力的示意图，如图所示： 四、实验探究题（本大题共4小题，共24分） 18. “探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，小英做了如图甲所示的三次实验，用到了一个弹簧测力计、一个木块、一个砝码、两个材料相同但表面粗糙程度不同的长木板。实验中第1次和第2次用相同的长木板，第3次用表面更加粗糙的长木板。 （1）实验时用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平桌面上做_____运动，根据二力平衡知识，可知滑动摩擦力的大小_____（选填“大于”、“小于”或“等于”）拉力的大小。 （2）比较1、2两次实验，得出结论：_____。 （3）比较_____两次实验，探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系。 （4）刚开始小英做第1次实验时控制不好力度，不小心将木块拉出了桌面三分之一，则木块所受摩擦力会_____（选填“改变”或“不变”）。 （5）小芳同学将实验方法进行了改进，实验装置如图丁所示：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，木块下面是一长木板，实验时拉着长木板沿水平地面向右运动，此时木块受到的摩擦力方向_____（选填“水平向左”或“水平向右”），大小为_____N，这样改进的好处是_____。 【答案】（1） ①. 匀速直线运动 ②. 等于 （2）见解析 （3）2和3 （4）不变 （5） ①. 水平向右 ②. 2.8 ③. 便于操作且示数稳定 【解析】 【小问1详解】 [1][2]实验时需沿水平方向匀速直线拉动木块。根据二力平衡原理，此时拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等。 【小问2详解】 1、2次实验对比：接触面粗糙程度相同，但第2次增加砝码增大压力。结论：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。 【小问3详解】 探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系时，由控制变量法可知，需控制压力大小相等，对比不同粗糙程度的接触面。由图可知，第2次与第3次实验的压力相等，第3次木板接触面比第2次更粗糙，故填“2和3”。 【小问4详解】 木块拉出桌面三分之一时，木块对桌面的压力和接触面粗糙程度均未改变，因此摩擦力不变。 【小问5详解】 [1]向右拉动长木板时，木块静止但相对木板向左滑动，摩擦力阻碍物体做相对运动，则木块所受摩擦力方向水平向右。 [2]图中测力计的分度值为0.1N，示数为2.8N。木块静止，处于平衡状态，所受弹簧测力计的拉力和木板的摩擦力是一对平衡力，大小相等，则木块受到的滑动摩擦力大小为2.8N。 [3]改进优势：木块相对地面静止，处于平衡状态，无需保证木板匀速运动，避免因速度波动导致测力计示数不稳定；木块静止时测力计读数更准确，操作更便捷。 19. 在探究“水的沸腾”的实验中，当水温升到90℃时，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾5min后停止读数，部分数据记录如表： 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 水的温度/℃ 90 92 94 98 98 98 98 98 （1）某次数据没有记录，当时温度计示数如图甲所示，该温度示数为_____℃。 （2）实验中观察到水沸腾前和沸腾时水中气泡的上升情况不同，如图乙a、b所示。图_____是水在沸腾前的情况。 （3）通过实验观察，可得出水的沸腾特点是：_____。 （4）如图所示，甲容器内装有水，乙试管内也装有水，并通过甲容器密封盖上的孔插入甲容器的水中，且乙试管与密封盖紧密接触。现给甲容器加热，经过一段时间后，则_____。 A. 甲容器内的水先沸腾 B. 甲容器、乙试管内的水同时沸腾 C. 乙试管内的水先沸腾 D. 甲容器内的水沸腾，乙试管内的水不会沸腾 【答案】（1）96 （2）b （3）吸收热量，但温度保持不变 （4）C 【解析】 【小问1详解】 由图知，温度计的分度值为1℃，温度计的读数为96℃。 【小问2详解】 沸腾前，水中的气泡主要是水蒸气，气泡在上升过程中，水蒸气遇到冷的水液化成水，气泡减小。沸腾时，烧杯内水的温度相同，水大量汽化成水蒸气进入气泡，气泡上升时不断增大。故图b是水在沸腾前的情况。 【小问3详解】 通过实验观察，水沸腾时温度保持不变，如表格中98℃持续不变，同时需要持续吸热。 因此，水的沸腾特点是：吸收热量，但温度保持不变。 【小问4详解】 甲容器是密封的，给甲容器加热，经过一段时间后，甲容器水面上的气压增大，沸点升高，会高于100℃；乙容器的水从甲容器的水吸收热量，温度升高，当达到水的沸点100℃时就会沸腾，而此时甲容器的水还不能沸腾，但经过一段时间后，甲容器的水温达到沸点，也会沸腾，则乙容器中的水先沸腾。故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 20. 绮妍同学为了探究“电流与电压、电阻的关系”，设计了如图甲的实验电路，她在学校实验室找来了如下一些实验器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，一个开关，阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω、50Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器上标有“20Ω 1A”字样，导线若干。 （1）请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物连接完整___。 （2）闭合开关前，应将滑动变阻器滑片滑到最_____端（选填“左”或“右”）。 （3）闭合开关，绮妍同学发现电流表无示数，电压表指针有明显偏转，原因可能是定值电阻R_____（选填“断路”或“短路”）。 （4）故障排除后，绮妍同学先把10Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为2V，读出电流表示数后，断开开关，她拆下10Ω的电阻，改换成阻值为20Ω的电阻继续做实验，闭合开关，电压表示数如图丙所示，其示数是_____V，要完成这次实验，接下来她应将变阻器滑片向_____端（选填“左”或“右”）移动，使电压表的示数为_____V。 （5）绮妍同学还把5Ω的电阻接入电路中，来探究“电流与电压的关系”。她通过调节滑动变阻器的滑片P，测出通过定值电阻R的不同电流和对应的电压值，并记录在下表中。老师看了表中的实验数据后，却说其中有一次是错误的数据。请你帮她分析一下，出错的是第_____次。 实验次数 1 2 3 4 5 6 电压U/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 电流I/A 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6 （6）实验结束后，绮妍同学向老师提出可以用小灯泡来代替定值电阻，进行“电流与电压关系”的实验探究，老师指出这个实验操作是不可行的，原因是_____。 【答案】（1） （2）右 （3）断路 （4） ①. 2.4 ②. 右 ③. 2 （5）1 （6）灯的电阻随温度的变化而变化 【解析】 【小问1详解】 图甲中，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测电阻R两端电压，电流表测串联电路中的电流。由图乙可知电源由两节干电池串联，则电源电压为3V，则电压表选用0~3V量程接入电路，滑动变阻器按“一上一下”接线原则接入电路中。如图所示： 【小问2详解】 为保护电路，闭合开关前应使滑动变阻器接入阻值最大。观察滑动变阻器接线，滑片向右移阻值变大，则滑片移至最右端。 【小问3详解】 串联电路中，电流表无示数，说明电路断路；电压表有明显偏转，说明电压表与电源连通，且电压表测的是定值电阻两端电压，因此故障是定值电阻断路。 【小问4详解】 [1]之前用10Ω电阻时，电压表示数为2V，即控制电压为2V不变。换为20Ω电阻后，根据分压原理，电压表示数会变大。实验中电压表选用小量程，分度值0.1V，则图丙中电压表的示数为2.4V。 [2][3]要控制电压仍为2V，由串联分压规律可知，应增大滑动变阻器阻值，使滑动变阻器分压增多，从而降低定值电阻两端电压。所以滑片应向右移动。使电压表示数为2V不变。 【小问5详解】 第一次实验中，电压表示数为0.5V，电流表示数为0.1A，所接定值电阻阻值为5Ω。此时滑动变阻器分压为2.5V，电流0.1A，则滑动变阻器接入电路中阻值应为25Ω，但实际滑动变阻器最大仅20Ω，无法达到25Ω。因此第1次数据不可能实现。 【小问6详解】 进行“电流与电压关系”的实验探究，要控制电阻的大小不变，而灯的电阻随温度的变化而变化，故这个实验操作是不可行的。 21. 小明将静置在室温下的矿泉水放入的冰箱中，冷冻1.5h后拿出，发现水并没有结冰，但是这时候他手没抓稳，矿泉水掉落到地面上，他惊奇地看到瓶子中的水就像被施了魔法一样迅速结了冰！于是他猜想震动可能会影响水的凝固点。小明利用冰箱、水、两个相同的烧杯、震动器、温度计进行实验。他先在两个相同的烧杯中装入___________和___________相同的水，再把烧杯放入冰箱中，将震动器启动后放入其中一个烧杯中。接下来的操作：___________。根据实验数据得出结论：若___________，则说明震动会影响水的凝固点。 【答案】 ①. 质量 ②. 温度 ③. 观察两个烧杯中水的凝固情况，测量其对应的凝固点 ④. 两个烧杯中水的凝固点不同 【解析】 【详解】[1][2]根据控制变量法的要求，利用冰箱、水、两个相同的烧杯、震动器、温度计进行实验时，应控制水的质量和温度相同。 [3][4]把烧杯放入冰箱中，将震动器启动后放入其中一个烧杯中。接下来的操作是：观察两个烧杯中水的凝固情况，测量其对应的凝固点；若两个烧杯中水的凝固点不同，则说明震动会影响水的凝固点。 五、综合题（本大题共2小题，每小题9分，共18分） 22. 如图所示，闭合开关，当滑片P移动到最左端a处时，电压表示数为6V，电流表示数为0.6A：当滑片P移动到最右端b处时，电压表示数为2V。电源电压保持恒定，求： (1)电源的电压； (2)的阻值； (3)滑动变阻器的最大阻值。 【答案】(1)6V；(2)；(3) 【解析】 【详解】(1)由图可知，当滑片P在a端时，只有连接入电路，电压表测两端电压，即电源电压，所以电源的电压 (2)滑片P在a端时，电压表示数为6V，电流表示数为0.6A，由欧姆定律可得的阻值 (3)由图可知，当滑片P在b端时，与变阻器的最大阻值串联，电压表测两端电压，电流表测电路中电流，由串联电路特点和欧姆定律可得，此时电路中的电流 此时变阻器两端的电压 所以滑动变阻器的最大阻值 答：(1)电源的电压是6V； (2)的阻值是10Ω； (3)滑动变阻器的最大阻值是20Ω。 23. 如图甲所示，水平桌面上有一装有40g水的圆柱形容器，容器底面积为5.0×10-3m2。现将一个体积为5.0×10-5m3的A物块（不吸水）放入容器中，A物块漂浮在水面上，露出水面的体积为1.0×10-5m3。求： （1）A物块受到的浮力； （2）水对容器底部的压强； （3）如图乙所示，在A物体上轻放一个物块B，A物块恰好完全浸没在水中（水未溢出）。此时容器对桌面的压强比物块被下压前增加了多少?（=1.0×103kg/m3，g取10N/kg） 【答案】（1）0.4N；（2）；（3） 【解析】 【详解】解：（1）A物块排开水的体积为 则A物块受到的浮力为 （2）A物块漂浮在水面上，浮力等于重力，所以A的重力为 水对容器底部的压力等于水和A的总重力，则水对容器底部的压力为 所以水对容器底部的压强为 （3）放入B后，整体漂浮，总浮力等于总重力，所以增加的浮力等于B的重力，所以B的重力为 则容器对桌面的压力增加了0.1N，所以容器对桌面的压强与物块被下压前相比增加量为 答：（1）A物块受到的浮力为0.4N； （2）水对容器底部的压强为； （3）此时容器对桌面的压强比物块被下压前增加了。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 华山中学2024年秋季学期11月学习效果跟踪与反馈 初三物理试卷 一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。全部选对得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分） 1. 对于一些物理量的估测，下列说法正确的是（　　） A. 家庭餐桌的高度约为80cm B. 人正常行走速度约为5m/s C. 一名健康中学生的质量约为100kg D. 人体感觉最舒适的气温约为37℃ 2. “谚语”是中华民族智慧的结晶，下列说法正确的是（　　） A. 霜降有霜，米谷满仓——霜的形成是凝华现象，需要吸热 B. 白露种高山，秋分种平川——露的形成是液化现象，需要放热 C. 大雾不过晌，过晌听雨响——雾的形成是汽化现象，需要吸热 D. 立春雪水化一丈，打得麦子无处放——冰雪消融是熔化现象，需要放热 3. 如图，一只白鹤静立在平静的水中，在岸边可以看到它的倒影。下列分析正确的是（　　） A. 白鹤在水中的倒影一定是等大的实像 B. 倒影是由于光从水折射出空气而形成的 C. 当水面下降时，白鹤的倒影也在下降 D. 水中的鱼也能看到白鹤的倒影 4. 对下列实例的解释不正确的是（ ） A. 图钉钉帽的作用是为了减小钉帽对手的压强 B. 潜水艇是通过改变自身的重力来实现上浮和下沉 C. 用高压锅煮食物熟得快是利用了大气压强 D. 站在领奖台上的运动员受到的支持力和运动员的重力是一对平衡力 5. 用丝绸摩擦过的玻璃棒接触不带电的验电器，金属箔张开。下列说法正确的是（ ） A. 正电荷从丝绸转移到玻璃棒 B. 玻璃棒带正电是因为得到了电子 C. 摩擦起电是创造了电荷 D. 验电器金属箔张开，是由于同种电荷相互排斥 6. 下列对欧姆定律的公式及其变形式的理解，正确的是（　　） A. 根据可知，同一导体的电阻与该导体两端的电压成正比 B. 根据可知，同一导体两端的电压与该导体的电阻成正比 C. 根据可知，电阻一定时，通过导体的电流与该导体两端的电压成正比 D. 因为电阻是导体本身的一种性质，所以导体中的电流只与导体两端的电压有关，与导体的电阻无关 7. 如图所示电路，电源电压保持不变，和是两个相同的小灯泡。先闭合开关，记录两电表示数；再闭合开关，电流表和电压表的示数变化情况是（　　） A. 电流表示数减小，电压表示数减小 B. 电流表示数增大，电压表示数减小 C. 电流表示数增大，电压表示数不变 D. 电流表示数不变，电压表示数不变 8. 如图甲所示，水平地面上的一物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体的速度v与时间t的关系如图乙、丙所示。以下说法正确的是（　　） A. 0~2s，物体没有被推动，推力小于摩擦力 B. 2~4s内物体受到的摩擦力是2N C. 2~4s内物体做匀速直线运动 D. 4~6s，推力的功率为8W 9. 下列对实验过程的分析，正确的是（　　） A. 图甲：厚玻璃筒内空气被压缩时，空气温度升高，内能增大 B. 图乙：向瓶内打气后，空气推动塞子做功，空气温度会升高 C. 图丙：试管内的水蒸气推动塞子冲出时，内能转化为机械能 D. 图丁：是汽油机工作过程中的做功冲程，可以对外提供动力 10. 如图甲所示电路，电源电压保持不变．闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，R1、R2的I－U关系图象如图乙所示．则下列判断正确的是 A. 图线A是电阻R1的I－U关系图象 B. 电源电压为18V C. R1的阻值是20Ω D. 滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω 二、填空题（本大题共6小题，11~15题每小题2分，16题4分，共14分） 11. 如图所示，壶身与壶嘴中的水面之所以保持相平是因为______原理；活塞A、B面积如图所示，当的力作用在活塞A上，活塞B能举起______N物体。 12. 如图所示，一名工人站在地上用400N的拉力使重900N的建筑材料以0.2m/s的速度匀速上升，不计绳重和绳与滑轮之间的摩擦，10s内物体上升__________m，拉力的功率为__________W。 13. 质量为1t的热水放出热量后温度降低_____℃。暖气能使室内温度升高、内能增加，这是通过_____的方式实现的。[] 14. 若某单缸四冲程汽油机的转速为3600r/min，在1s内汽油机对外做了_____次功。如果汽油机在某段时间内消耗了500g汽油，这些汽油完全燃烧可释放的热量为_____J。 15. 如图所示，要使灯和灯并联在电路中，应闭合的开关是______；要使灯和灯串联在电路中，应闭合的开关是______。 16. 阅读短文，回答问题 空气净化器由于雾霾天气的增多，空气净化器逐渐走入家庭。随着科技的进步，“净化”的原理不断优化，功能也逐渐增强。最早的空气净化器由于大多采用风机+滤网的模式，很长时间才能将室内空气全部过滤一遍，另外PM2.5等小微粒能轻易透过滤网。后来滤网采用“静电驻极式”技术，灰尘通过滤网前，先由钨丝高压放电而带上正电，再被同样带电的滤网吸附（如图所示），大大提高净化能力。现在有一种“主动式空气净化”技术，净化器向空气中释放负离子，负离子能够主动出击、寻找空气中的污染颗粒物，并与其凝聚成团，主动将其沉降，净化能力再次明显提升。洁净空气量（CADR）是反映净化能力的性能指标，CADR值越大，其净化效率越高。利用CADR值，可以评估其在运行一定时间后，去除室内空气污染物的效果。按下列公式计算（CADR：（V表示房间容积、t表示空气净化器使房间污染物的浓度下降90%运行的时间）。某空气净化器铭牌如下表： 规格 额定电压 频率 额定功率 洁净空气量（CADR） GH-2034A型 220V 50HZ 44W （1）“PM2.5”的是指环境空气中直径小于等于2.5_____（填写单位）的细微颗粒物：“静电驻极式”技术中滤网应带_____电荷； （2）“主动式空气净化”技术中负离子主动出击寻找空气中的颗粒物是种_____现象； （3）此空气净化器能在1.2小时内使某高度为3m的房间污染物浓度下降90%，则该房间面积为_____。 三、作图题（本大题共2小题，共4分） 17. （1）当光从空气斜射入水中时，在水面发生了反射和折射，如图所示，请画出入射光线和折射光线的大致方向。 （2）图甲为人用手提物体时的情境。手臂桡骨在肱二头肌的牵引下绕肘关节转动的模型如图乙，请在图乙中作出力F的力臂L及物体所受重力的示意图。 四、实验探究题（本大题共4小题，共24分） 18. “探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，小英做了如图甲所示的三次实验，用到了一个弹簧测力计、一个木块、一个砝码、两个材料相同但表面粗糙程度不同的长木板。实验中第1次和第2次用相同的长木板，第3次用表面更加粗糙的长木板。 （1）实验时用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平桌面上做_____运动，根据二力平衡知识，可知滑动摩擦力的大小_____（选填“大于”、“小于”或“等于”）拉力的大小。 （2）比较1、2两次实验，得出结论：_____。 （3）比较_____两次实验，探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系。 （4）刚开始小英做第1次实验时控制不好力度，不小心将木块拉出了桌面三分之一，则木块所受摩擦力会_____（选填“改变”或“不变”）。 （5）小芳同学将实验方法进行了改进，实验装置如图丁所示：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，木块下面是一长木板，实验时拉着长木板沿水平地面向右运动，此时木块受到的摩擦力方向_____（选填“水平向左”或“水平向右”），大小为_____N，这样改进的好处是_____。 19. 在探究“水的沸腾”的实验中，当水温升到90℃时，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾5min后停止读数，部分数据记录如表： 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 水的温度/℃ 90 92 94 98 98 98 98 98 （1）某次数据没有记录，当时温度计示数如图甲所示，该温度示数为_____℃。 （2）实验中观察到水沸腾前和沸腾时水中气泡的上升情况不同，如图乙a、b所示。图_____是水在沸腾前的情况。 （3）通过实验观察，可得出水的沸腾特点是：_____。 （4）如图所示，甲容器内装有水，乙试管内也装有水，并通过甲容器密封盖上的孔插入甲容器的水中，且乙试管与密封盖紧密接触。现给甲容器加热，经过一段时间后，则_____。 A. 甲容器内的水先沸腾 B. 甲容器、乙试管内的水同时沸腾 C. 乙试管内的水先沸腾 D. 甲容器内的水沸腾，乙试管内的水不会沸腾 20. 绮妍同学为了探究“电流与电压、电阻的关系”，设计了如图甲的实验电路，她在学校实验室找来了如下一些实验器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，一个开关，阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω、50Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器上标有“20Ω 1A”字样，导线若干。 （1）请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物连接完整___。 （2）闭合开关前，应将滑动变阻器滑片滑到最_____端（选填“左”或“右”）。 （3）闭合开关，绮妍同学发现电流表无示数，电压表指针有明显偏转，原因可能是定值电阻R_____（选填“断路”或“短路”）。 （4）故障排除后，绮妍同学先把10Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为2V，读出电流表示数后，断开开关，她拆下10Ω的电阻，改换成阻值为20Ω的电阻继续做实验，闭合开关，电压表示数如图丙所示，其示数是_____V，要完成这次实验，接下来她应将变阻器滑片向_____端（选填“左”或“右”）移动，使电压表的示数为_____V。 （5）绮妍同学还把5Ω的电阻接入电路中，来探究“电流与电压的关系”。她通过调节滑动变阻器的滑片P，测出通过定值电阻R的不同电流和对应的电压值，并记录在下表中。老师看了表中的实验数据后，却说其中有一次是错误的数据。请你帮她分析一下，出错的是第_____次。 实验次数 1 2 3 4 5 6 电压U/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 电流I/A 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6 （6）实验结束后，绮妍同学向老师提出可以用小灯泡来代替定值电阻，进行“电流与电压关系”的实验探究，老师指出这个实验操作是不可行的，原因是_____。 21. 小明将静置在室温下的矿泉水放入的冰箱中，冷冻1.5h后拿出，发现水并没有结冰，但是这时候他手没抓稳，矿泉水掉落到地面上，他惊奇地看到瓶子中的水就像被施了魔法一样迅速结了冰！于是他猜想震动可能会影响水的凝固点。小明利用冰箱、水、两个相同的烧杯、震动器、温度计进行实验。他先在两个相同的烧杯中装入___________和___________相同的水，再把烧杯放入冰箱中，将震动器启动后放入其中一个烧杯中。接下来的操作：___________。根据实验数据得出结论：若___________，则说明震动会影响水的凝固点。 五、综合题（本大题共2小题，每小题9分，共18分） 22. 如图所示，闭合开关，当滑片P移动到最左端a处时，电压表示数为6V，电流表示数为0.6A：当滑片P移动到最右端b处时，电压表示数为2V。电源电压保持恒定，求： (1)电源的电压； (2)的阻值； (3)滑动变阻器的最大阻值。 23. 如图甲所示，水平桌面上有一装有40g水的圆柱形容器，容器底面积为5.0×10-3m2。现将一个体积为5.0×10-5m3的A物块（不吸水）放入容器中，A物块漂浮在水面上，露出水面的体积为1.0×10-5m3。求： （1）A物块受到的浮力； （2）水对容器底部的压强； （3）如图乙所示，在A物体上轻放一个物块B，A物块恰好完全浸没在水中（水未溢出）。此时容器对桌面的压强比物块被下压前增加了多少?（=1.0×103kg/m3，g取10N/kg） 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $