卷3 新试题精选（三）物理试题-【创新教程】2026年高考物理新试题精选模拟仿真卷

绝密★启封并使用前 新试题精这（三）》 物理试题 满分100分 注意事项： 1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写在相应位置，认真核对条形码上的姓名、准 考证号，并将条形码粘贴在指定位置上。 2.选择题答案必须使2B铅笔（按填涂样例）正确填涂；非选择题答案必须使用0.5毫米黑 整 色签字笔书写，字体工整、笔迹清楚 3.请按照题号在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题 卷上答题无效.保持卡面清洁，不折叠、不破损。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.每小题只有一个选项符合题目要求。 将 1.放射性同位素锗一68的衰变方程为Ge→Ga+X,则下列说法正确的是 () A.X为负电子 B.X来自原子核外 C.sGe比Ga多一个中子 D.Ge的比结合能小于Ga的比结合能 2.随着科技的进步，越来越多的人使用蓝牙耳机，手机与基站及耳机的通信如图所示。若 基站与手机、手机与耳机之间通信的电磁波分别为甲波和乙波，下列说法正确的是 可见光 波长1/m 10 10 10-12 101s () 手机 蓝牙耳机 基站 波长0.333-0.375)m 波长(0.121-0.125)m 手机与基站通信（甲波） 手机与耳机通信（乙波） A.甲波和乙波都是机械波 B.甲波的波长比乙波的短 C.甲波和乙波的频率都比可见光的频率小 D.甲波相对于乙波更加容易被障碍物阻挡 3.如图所示，曲面光滑的半圆柱体C放置在水平桌面上，足够长的轻绳绕过半圆柱体，左端 悬挂物块A,右端拴接小车B。已知半圆柱体始终静止不动，物块和半圆柱体的质量分别 为和M,重力加速度为g。现让小车B水平向右运动，过程中保持物块A竖直向上做 匀速直线运动。忽略空气阻力。此过程中，下列说法正确的是 () A.轻绳对半圆柱体的作用力逐渐变小 B.桌面对半圆柱体的摩擦力水平向右 C.小车B的速度逐渐增大 D.轻绳对小车B的弹力逐渐变大 物理试题（三）第1页（共6页） 4.某原子的部分能级如图中水平线所示，相邻水平线之间的距离与相应的能4 级差成正比，当原子中的电子发生跃迁时，辐射如图所示的A、B两种光 子，则两光子的波长满足 A.入A<AB B.入A=入B C.λA入B D.不确定 5.如图所示，甲、乙两个底面积不同的圆柱形容器，内部装有深度相同的 水，此时水对容器底部的压强均为，将甲容器中的水全部倒入乙容 器中，乙容器中的水对容器底部压强增加量为0.4p;若将乙容器中的 水全部倒入甲容器中，甲容器中的水对容器底部压强为 () A.1.4p B.2.5 C.3.5p D.4.5p 6.沿空间某直线建立x轴，该直线上的静电场方向沿x轴， 其电场强度E随位置x变化的图像如图所示，x1与x3关 于坐标原点对称，x2与x3两个位置电场强度相同，电场 强度正方向与x轴正方向相同，取无穷远处电势为零.下 列说法正确的是 () A.x2电势高于x3电势 B.x轴负半轴各点电势均小于零 C.带正电的粒子仅在电场力作用下由x2到x3先加速再减速 D.一个电子在x,处静止释放，只在电场力作用下沿x轴负方向运动 7,已知通电直导线的电流与其周围产生磁场的关系为B了，其中B是某位置处 磁感应强度的大小，I是通电直导线的电流，是该位置到通电直导线的距离.如 图所示，在平面内固定有两根平行通电长直导线L1、L2,两导线中通有垂直纸面 向外的恒定电流，电流大小分别为I、I2,其中I2=2I1,在两导线连线上，有一个 可以自由转动的小磁针，与导线L1距离为d,小磁针静止时，N极所指的方向平 ⊙L 行于纸面向左。忽略地磁场的影响，则关于小磁针与导线L2的距离d',下列可 能正确的是 A.d'=d B.d-Ed C.d'=3d D.d'=4d 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求，全 部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.如图甲所示，物块以一定的初速度冲上倾角为30°的固定斜面，运动过程中摩擦力大小恒 定，物块动能Ek与位移x的关系如图乙所示。重力加速度取10/s2,关于物块在斜面 上运动的过程，下列说法正确的是 () E/ 40 汤 7777777777777777777777777 >x/m 10 甲 乙 A.物块的质量为0.6kg B.摩擦力大小为2N C.上滑所用的时间为√3s D.产生的热量为10J 物理试题（三）第2页（共6页） 9.如图1所示，小球悬挂在轻弹簧的下端，弹簧上端连接传感器。小球上下振动时，传感器 记录弹力随时间变化的规律如图2所示。已知重力加速度g=10/s2。下列说法正确 的是 () A F/N 传感器■ 0246810t/s 图1 图2 A.t=0时，小球处于平衡位置 B.小球在最低点时的加速度大小为10m/s C.0一2s内，弹力对小球做的功为0 D.0~2s内，小球受弹力的冲量大小为4N·s 10.某种以自由电子作为载流子的霍尔元件，可以应用于检测电流的装置中，基本结构如图 所示.通有待测电流I,的螺线管在其正上方的霍尔元件处产生的磁场B,=,I1,通有电 流I2的直导体棒在其左侧的霍尔元件处产生的磁场B,=k。I2.给霍尔元件通以由前表 面到后表面的电流I,则下列说法正确的是 () A.只有导体棒通电时，霍尔元件左侧面α端电势高于右侧面b端 B.当α、b两端电势差为零时，螺线管所在回路的电源正极方向向下 C.霍尔元件处的磁感应强度恒定不变时，I增大，a、b两端电势差变大 k12 D.当电流表读数为1，时，发现a,b两端电势差为零，则螺线管中电流1一 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.（6分)在做“测定一节干电池电动势和内阻”的实验时，实验室给出下列器材： A.一节待测干电池 B.电流表，量程0.6A,内阻22左右 C.电压表，量程3.0V,内阻5k2左右 D.滑动变阻器a,最大阻值为2002 E.滑动变阻器b,最大阻值为202 F.开关一个、导线若干 (1)实验中选择滑动变阻器 (填器材前面字母序号)更加合理；(1分)》 (2)图甲为某同学连接好的实物图，请在虚线框中画出对应的电路图； (2分) 印 物理试题（三）第3页（共6页） (3)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移动到最 (填v)1 1.60 “左”或“右”)端(1分)；该同学多次移动变阻器滑片，并读出对 1.50 1.40 应的电压表和电流表示数U、I,根据测出的数据绘制出UI图 1.30 线如图乙所示，根据图线计算一节干电池的电动势为 1.20 V,1.10 内阻为 2.(结果均保留2位小数)(2分) 1.00 0.20 0.40 0.60(A) 12.（10分)用图1所示实验装置探究加速度与力、质量的关系. 打点计时器 定滑轮细绳砝码 纸带 ,垫块 小 槽码 木板 图1 (1)以下操作正确的是 。(多选)(2分) A.拉小车的细绳要与长木板平行 B.需要拾高长木板的右侧以平衡阻力 C.平衡阻力时要移去槽码和纸带 D.释放小车后立即启动打点计时器 (2)某次正确操作后获得一条如图2所示的纸带，建立以计数点0为坐标原点的x轴， 各计数点的位置坐标分别为0、x、x2、…、x。.已知打点计时器的打点周期为T,则小 车加速度a的表达式是 。(2分) 0 4。。 6 0"T'2'34'356789102B14151671819202223242526272829308132334353637383940414243454647484930 图2 A.a=6-2x3 B.a=o-2xs (3T)2 (15T)2 C.a=6十十x4,-22- D.a=s十x十x-x3x2- (3T) (15T)2 (3)甲乙两组同学各自独立实验，都探究加速度与质量的关系.他们都以小车和砝码的 总质量M为横坐标，加速度的倒数二为纵坐标，甲、乙两组同学分别得到的」M图像如 图3所示，纵轴上的截距均为b.由图像得甲组同学所用的槽码质量 (选填“大 于”、“小于”或“等于”)乙组所用的槽码质量，根据理论推导可知b= (已知重力 加速度为g)(4分) a(m) 2.0 1.5 甲 1.0 0.5 0.2000.4000.6000.8001.000M/kg 图3 (4)图3中的图线不过原点的原因是 。(2分) A.没有以小车、砝码和槽码的总质量作为自变量 B.未满足槽码的质量远小于小车质量 C.平衡阻力时，木板的倾斜角度过大 物理试题（三）第4页（共6页） 13.(10分)如图甲所示，倒挂的彩虹被叫作“天空的微笑”，实际上它不是彩虹，而是日晕，又 称“环天顶弧”，是由薄而均匀的卷云里面大量扁平的六角片状冰晶（如图乙）折射形成， 因为大量六角片状冰晶的随机旋转而形成“环天顶弧”。如图丙所示，从O点与上表面 成(a=30°角入射的一束绿光从M点射出，已知O点到侧面的距离为L=5cm,冰晶厚 度为d=5√3cm。已知光在真空中传播的速度为c=3.0×10°m/s。求： 0 丙 (1)该冰晶对绿光的折射率n。;(6分) (2)该绿光在冰晶里的运动的时间t。(4分) 14.(13分)我国在“深中通道”海底基槽的“整平处理” 项目中，首创了“用凿子凿开岩石”的办法解决了 世界难题。某次施工中，先将质量m=40t斧头状 凿岩棒从靶点C。缓缓拉到A。点，再松开钢丝绳 使其自由下落，砸向水下岩石C。靶点，接下来凿 岩棒沿A。A,P线上不断更换释放点，凿开正下方 作业船 斧头状开凿岩棒 岩面硬度不同的靶点，每一次凿岩棒砸碎岩石皆 甲 下移△h=1m的深度，如图乙。以A。为原点，沿水平向右为正向建立x轴，水下岩面 C,C,C为与x轴平行的水平面，岩面到水面的高度H=35,水面到x轴的高度h= 10m,AoA1长度x1=10m,A1A2长度x2=20m,A1P与A1A2夹角为37°。假设凿岩棒 始终保持在竖直方向上运动，受到水的浮力F,-日mg,水的阻力F。=名mg,忽略空气 阻力和凿岩棒大小，重力加速度g=10m/s2。求： 物理试题（三）第5页（共6页） P A A2 B日 B 水面 B2 G 花岗岩 乙 (1)凿岩棒从靶点C,到达点A。的过程中，钢丝绳对凿岩棒所做的功；(4分) (2)凿岩棒对岩石靶点C。的平均作用力F的大小；(4分) (3)沿A,A,P线上不断更换释放点，求凿岩棒克服岩石作用力所做的功W与x的关系， 并在坐标纸上画出W-x的图像。(5分) 等 15.(15分)如图所示，两根足够长的间距为L的光滑平行金属导轨固定放置，导轨平面与水 平面夹角为O。与导轨垂直的边界MN将导轨分为上下两个区域，下方区域存在竖直向 些 上的匀强磁场，磁感应强度大小为B。将导轨与阻值为R的电阻、开关S、真空光电管P 用导线连接，P侧面开有可开闭的通光窗N,其余部分不透光；P内有阴极K和阳极A。 关闭N,断开S,质量为m的导体棒ab沿导轨由静止下滑，下滑过程中始终与导轨垂直 且接触良好，除R外，其余电阻均不计，b到达边界MV的瞬间恰好做匀速直线运动。 重力加速度大小为g,电子电荷量为e,普朗克常量为h。 焙 单色光 (1)求ab到达边界MN时的速度大小v;(4分) (2)求ab释放位置到边界MN的距离x;(5分) (3)ab进入磁场区域后，闭合S,打开N,用频率为v的单色光照射K,若ab保持运动状 态不变，求阴极材料的逸出功应满足的条件。(6分) 物理试题（三）第6页（共6页） 新试题精运（三》 (物理)答题卡 姓 名 准考证号 条形码粘贴区（居中） 缺考 注意事项 填涂样例 1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，并认真在规定位置贴 正确填涂 好条形码。 违纪 2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米及以上黑色字 错误填涂 迹的签字笔书写，要求字体工整，笔迹清楚。 3.严格按照题号在相应的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效 ☑×] 4.保持卡面清洁，不装订，不要折叠，不要破损。 】0 选择题(1~7小题，每小题4分，共28分： 正确填涂 8~10小题，每小题6分，共18分) 各 1ABg回 3A®@回 5 A BCD 7 ABC D 9 ABCD 目 ABCD 4ABCD 6 ABCD 8 ABCD 10A®@D 的 答题 非选择题（本题共5小题，共54分） 11.(6分，除标注外，每空1分) 内作答，超出边框的答案无效 (1) (2)(2分) (3) 12.(10分，每空2分) (1) (2) (3) (4) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（三）第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 13.(10分) 0 甲 丙 14.(13分) 水面 花岗岩 乙 请在各题目的答题区域内作答 ,超出边框的答案无效 15.(15分) M 单色光 0C-- 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（三）第2页（共2页）物 理 15.解析：(1)由题意，可画出粒子在磁场和电场中的运 2d 动轨迹如图所示 粒子第一次在电场中来回的时间为红=2× =4d 粒子第二次在磁场中还是以速度运动，则粒子第 二次在磁场中的时间为1=十T-纸 此时沿边界线OM移动的距离为l2=√2d, 粒子第二次在电场中以初速度做类平抛运动，则 由于粒子在磁场中的匀速圆周运动，洛伦兹力提供 在x方向x=ot4, 向心力，根据牛顿第二定律可得qB=m, 在y方向=了， 由几何关系得r=d, 解得B=m (4分) 联主舒得一号 gd 此时沿边界线OM移动的距离为13=4√2d, (2)粒子在电场中做匀减速运动，由动能定理，得 则粒子从O点射出至第四次穿过边界线OM的时间 Bd-0-名nd, 2πd+8d t总=t十t2十t3十t4= 解得E- (5分) 第四次穿过边界线OM时到O点的距离为l总=十 2qd' (3)粒子在磁场中运动的周期为T=2m元_2lx】 l2+l3=6√2d. (6分) Bq vo 答案：(1)B=m d 粒子第一次在磁场中运动的时间为小 2vo (2)E=m听 第一次穿过边界线OM时到O点的距离为l1=√2d, 2qd 在电场中的加速度为a=E-喝 (3)t总= 2xd+8d ,l总=6√2d m 2d1 新试题精选（三） 选择题答案速查 题号 3 6 8 9 10 答案 D C A C C A 7 AC BD AC 1.D[衰变中原子序数减少1，质量数不变，属于3衰 4.C[原子发生跃迁时，辐射出的光子能量等于两能级 变，X为正电子，故A错误；B衰变的粒子来自原子核 间的能量差，由题意及图A、B两种光子对应的水平线 内中子与质子的转化，故B错误；Ge的中子数为68 间距离可知EB>EA,根据E==力无，可得两光子 32=36,Ga的中子数为68-31=37，Ge比Ga少1个 中子，故C错误；衰变后产物更稳定，比结合能更大， 的波长满足入A>B 故Ge的比结合能小于G的比结合能，故D正确。] 故选C。] 5.C「设初始状态两个容器装水的高度为h,甲、乙的底 2.C[甲波和乙波都是电磁波，故A错误；题图可知甲 面积分别为S1和S2,根据题意p=Pgh,故pcch,将甲 波的波长比乙波的波长长，故B错误：由图可知甲、乙 容器中的水全部倒入乙容器中，乙容器中的水对容器 波的波长都比可见光的波长大，由c=入f,可知甲、乙 底部压强增加量为0.4p,故高度增加了0.4h,则hS 波的频率都比可见光的频率小，故C正确：波长越长 =0.4hS2,解得S1=0.4S2,故若将乙容器中的水全部 的波越容易发生明显衍射现象，由图可知甲波波长大 倒入甲容器中，设甲容器高度将增加hx,故hS2= 于乙波波长，所以甲波比乙波更容易绕过障碍物，即 hS1,联立解得九x=2.5h,故此时甲容器中的水对容 甲波更加不容易被障碍物阻挡，故D错误。] 器底部压强为px=pg(h十2.5h)=3.5p。] 3.A[光滑半圆柱体相当于定滑轮，所有物体均处于平 6.A[作出x轴上的电场线如图所示， 衡状态，可知轻绳上的弹力F大小始终等于mg,故D 个E 错误；随着小车缓慢右移，两侧轻绳的夹角逐渐变大， 轻绳弹力F大小不变，合力变小，即轻绳对半圆柱体 的作用力逐渐变小，故A正确；对半圆柱体受力分析 可知，其受到桌面的摩擦力f水平向左，故B错误；设 -E1 右侧轻绳与水平面的夹角为α，将小车的速度沿绳和 沿电场线电势降低，无穷远处电势为零，故x轴上所 垂直绳方向分解，可知v绳=v车cosa,过程中保持物 有点的电势都大于零，x2电势高于x3电势，A正确，B 块A竖直向上做匀速直线运动，即绳大小保持不 错误；带正电的粒子由x2运动到x3的过程中，电场 变，而夹角a减小，cosa增大，则可知小车B的速度 力的方向始终沿x轴正方向，粒子做加速运动，C错 v车减小，故C错误。] 误：电子在x1处静止释放后，受到的电场力沿x轴正 。 6… 参考答案 方向，将沿x轴正方向运动，过O点后，受到的电场力 电源正极方向向上，故B错误：霍尔元件处的磁感应 沿x轴负方向，做减速运动，所以电子先加速后减速， 强度恒定不变时，I增大，根据电流的微观表达式I 到x3处速度为零，最终在x1和x3之间做住复 =gS,可知电荷运动速度增大，再根据qB=q U 运动。] 7.A[由安培定则可知，直导线L1在小磁针位置产生 可得U=vBd,则a、b两端电势差变大，故C正确；当 的磁场方向向右，L2在小磁针位置产生的磁场方向向 αb两端电势差为零时，说明螺线管和导体棒在霍尔 左，由于小磁针N极所指方向平行于纸面向左，可知 元件处形成的磁场大小相等，方向相反，可得111= 直导线L1、L2在该位置的合磁场方向平行于纸面向 左，所以L2大于L1在该位置产生的磁感应强度。设 g12,可得1-是12故D错误：] L1、L2在该位置产生的磁感应强度分别为B1、B2,则 11.解析：(1)由于千电池的内阻较小，为了调节方便，使 B<B.由题意可知Bc,12=21,对于A,当d= 电表示数变化明显，滑动变阻器应选用阻值较小 的E。 d时，则有B2=2B1,所以B1<B2,故A正确；对于B, 当=受d时，则有B=号B,所以B>≥B2,放B错 误4对于C,音=3时，则有Bg=号B,所以B> (2 B,故C辑误：对于D,当=d时，则有=子B, (3)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移动到最左 所以B1>B2,故D错误。] 端，使变阻器接入电路的阻值最大从而保护电流表. 8.AC[根据动能定理可知Ek一x图像斜率绝对值表 根据闭合电路欧姆定律，则有E=U十Ir, 示物体合力大小，结合图乙可知，上滑过程物块合力 即U=E-Ir, k1=铝N=mgsm30十人，下济过程物块合力k, 可知U-I图像的纵轴截距等于电动势，可解得E= 1.45V,UI图像的斜率绝对值等于内阻，可解得r 0N=mgsin30°-f, 20 =k1=.451,050≈0.670. 0.60-0 联立解得m=0.6kg,f=1N,故A正确，B错误：图乙 答案：（除标注外，每空1分）(1)E 可知位移为0时动能40=名m, 解得物块初速度大小=20臣m 3 2m/s,则上滑过程有x1 2 (2分) =10m=1,联立解得1=s,故C正确：整个过程 产生的热量等于克服摩擦力做的功，即Q=f×2x= (3)左1.450.67 20,故D错误。] 12.解析：(1)为了减小误差，拉小车的细绳要与长木板 9.BD「t=0时，弹簧弹力最大：小球处于平衡位置时 平行，否则小车所受拉力大小等于绳上力沿木板方 弹簧弹力的大小与小球的重力相等，故A错误：弹簧 向的分力，A正确；为了保证小车所受细线拉力等于 与小球组成的系统，静止时弹簧处于伸长状态，仲长 小车所受合力，则需要抬高长木板的右侧以平衡阻 量为，此时弹簧弹力等于小球重力，根据题中信息可 力，B正确：平衡阻力时需要移去槽码，但不能移去打 知，小球运动到最上端时，弹簧的弹力为0，弹簧处于 点计时器和纸带，阻力也包含纸带与限位孔间的阻 原长，根据弹簧运动的对称性可知，弹簧位于最下端 力，且需要通过纸带上点迹是否均匀来判断小车是 时，弹簧的伸长量为2x,此时弹簧的弹力为4N,因此 否做匀速运动，C错误：D,应先启动打点计时器再释 当弹簧伸长量为x时，弹力大小为2N,此时弹力等于 放小车，D错误。 小球的重力，因此小球的质量为=0.2kg,小球在最 (2)根据逐差法可知，小车的加速度为a=(3X5T) .x36一X03 低，点时F-mg=ma,解得a=10m/s2,故B正确：0~ 2s内，小球从最低点到最高点，弹力对小球做的功不 x6-2.x3 为0，故C错误；根据动量定理可知，外力的冲量之和 (15T)2: 等于动量的变化量，即IF十IG=△p,零时刻小球位于 (3)设槽码的质量为m,细绳的拉力为F,由牛顿第二 最低点，速度为零，第2s末时刻小球位于最高点，速 度也是零，因此可知Ft=一Gt,所以弹簧弹力的冲量 定律得，对槽码有mg一F=ma, 对小车和砝码有F=Ma, 大小是IF=2×2N·s=4N·s,故D正确。] 10.AC[只有导体棒通电时，根据安培定则可判断在 解得上=L·M+上， a mg g 霍尔元件处产生向上的磁场，根据左手定则可判断 1 电流对应的电子受到洛伦兹力向b端聚集，所以左 则图像斜率为k= mg' 侧面a端电势高于右侧面b端，故A正确：当ab两 故斜率越小，槽码的质量越大，由图可知甲的斜率 端电势差为零时，说明螺线管和导体棒在霍尔元件 较小，故甲组所用的槽码质量大于乙组所用的槽码 处形成的磁场大小相等，方向相反，即螺线管在霍尔 元件处形成的磁场方向向下，则螺线管所在回路的 质量.根据理论推导可知，纵轴截距b=】 g ·7· 物 理 国根据以上分析可知，图像与纵轴交点为如果 其中x1=10m,W1=1.48×107J,x2=30m,W2= 2.08×107J(图像) (5分) 以小车，肤码和精码的总质童作为自变量，则} WI×10J (M十m),图线过原点，A正确：对B.C,并非未满 mg 2.08 2.00 足槽码的质量远小于小车质量，如果平衡阻力时，木 板的倾斜角度过大，则mg+Mgsin0一f=(M+m) 1.48 a,图像仍不会过原，点，但是图像不会是直线，故BC 错误。 1.00 答案：（每空2分）(1)AB (2)B (3)大于 1 >x/m 010203040 (4)A 答案：(1)1.8×107J:(2)F=1.48×107N:(3)W= 13.解析：(1)由几何关系可知，折射角的正弦值sin0 (1.18×107+3×105x)J,图像见解析 1 15.解析：(1)由于ab到达边界MN的瞬间恰好做匀速 i.2+d2 2 直线运动，则有F安=ngsin0 入射角90°-a=60 将磁场沿垂直斜面的方向进行分解则有B= 折射率0=sin60° =√3 (6分) Bcos 0 sin 导体棒切割磁感线产生的电动势E=B⊥L心 (2)绿光在冰晶中的传播速度v=C=√5×108m/s 回路中的电流1=景 710 (4分) 导体棒受到的安培力F安=B上IL 联立解得u=Bc00 mgRsin 0 (4分) 运动时间1=+正5X109 3 (2)导体棒下滑到MN的过程中，机械能守恒，则有 1 答案：1疗2号x10 mgasin 2m 14.解析：(1)凿岩棒从靶点C0到达A。点的过程中，由 mgRsin 0 动能定理得W+F1H-mg(h十H)-F2H=0, B212cos2 0 解得W=mg(h+H)=1.8×107J (4分) 解得x m2gR2sin 0 (5分) (2)从自由释放处到靶，点C的全过程，由动能定理得 2B4L4 cos 0 mg(h+H+△h)-(F1+F2)(H+△h)-F△=0， (3)根据上迷结论可知，回路中的电流I一Bc0s日 mgsin 0 解得F=1.48×107N, 由牛顿第三定律得：凿岩棒对岩石的平均作用力的 光电管的栽止电压U=E=IR=mngRsin BL cos 大小为1.48×107N。 (4分) 根据光电效应方程hv一Wo≤eU (3)①当0≤x<10m时，从出发点到岩面：mg(h十H +△)-(F1+F2)(H+△h)-W=0, 联立解得W。≥hy- emgRsin 0 (6分) BLcos 0 得w=1.48×107J, ②当10m≤x≤30m时，从出发点到岩面mg[h十H 答案：(1)mngRsin0 (2)m'gR2sin 0 (3)W。≥h B212cos 20 2BLcos 0 +(x-x)tan0+△h]-(F1+F2)(H+)-W=0, emgRsinθ 得W=(1.18×107+3×105x)J, BL cos 0 新试题精选（四） 选择题答案速查 题号 1 2 3 4 6 7 8 9 10 答案 D B B C A AB AD 1.D [根据质量数守恒可知X核的质量数y=210一4 收并引发裂变，快中子需通过慢化剂（如水、石墨）减 =206,X的质子数为82，中子数为206-82=124，故 速为慢中子以维持链式反应，故D正确。] A错误：中子不带电荷，电磁场对其无作用力，无法加 2.B[根据题意可知角速度w=2π=314rad/s,则距 速、减速或束缚中子，故B错误：一个中子裂变成一个 离中心1cm处的点向心加速度大小a=wr 质子和电子，在衰变的过程中，同时会释放出能量，而 不是质子，故C错误：慢中子（热中子）更容易被铀吸 [(314)2×0.01]m/s2≈1000m/s2,故选B.] ·8·