精品解析：福建省福州屏东中学2024-2025学年高二下学期3月月考物理试卷

福州屏东中学2024—2025学年第二学期高二3月份适应性练习 物理试卷 （满分：100分 考试时间：75分钟） 注意： 1、在本试卷上作答无效，应在答题卡各题指定的答题区域内作答。 2、本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）。 第I卷（选择题共40分） 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得4分，选错得0分。 1. 用如图所示的装置探究影响感应电流方向的因素。实验时将线圈放在水平桌面上，使磁铁的N极进入线圈或移出线圈。下列说法正确的是（　　） A. 感应电流的方向与N极进入线圈的快慢有关 B. N极从线圈中匀速移出的过程中有感应电流产生 C. N极进入线圈与移出线圈过程中感应电流方向相同 D. 感应电流的磁场方向与引起感应电流的磁场方向始终相同 【答案】B 【解析】 【详解】A．感应电流的方向与磁通量变化与磁场方向有关即与磁铁插入还是拔出有关，而N极进入线圈的快慢与感应电流的大小有关，故A错误； B．N极从线圈中匀速移出的过程中穿过线圈的磁通量减小，由楞次定律可知，线圈中有感应电流产生，故B正确； C．N极进入线圈过程穿过线圈的磁通量增大，移出线圈过程中穿过线圈的磁通量减小，且进入和移出过程中磁铁磁场方向相同，由增反减同可知，两过程中感应电流方向相反，故C错误； D．由楞次定律可知，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁场变化，但方向不一定总是相同，可能相同，也可能相反，故D错误。 故选B。 2. 很多人喜欢躺着看手机，经常出现手机砸到头部的情况。若手机质量为，从离人头部约的高度无初速度掉落，砸到头部后手机未反弹，头部受到手机的冲击时间约为，取，下列分析不正确的是（　　） A. 手机刚要接触头部之前的速度约为 B. 手机与头部作用过程中手机动量变化约为 C. 手机对头部的冲量方向向下 D. 手机对头部的平均作用力大小约为 【答案】D 【解析】 【详解】A．手机刚要接触头部之前的速度约为，A正确； B．手机与头部作用过程中手机动量变化约为，B正确； C．手机对头部的冲量方向向下，C正确； D．设向上为正方向，则 解得F=2.4N 根据牛顿第三定律可知，手机对头部的平均作用力大小约为，D错误。 此题选择不正确的，故选D。 3. 圆环形导体线圈a平放在水平绝缘桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路。若将滑动变阻器的滑片P向上滑动，下列表述正确的是（　　） A. 线圈a中将产生俯视为逆时针方向的感应电流 B. 穿过线圈a的磁通量变大 C. 线圈a有收缩的趋势 D. 线圈a对水平桌面的压力将减小 【答案】D 【解析】 【详解】AB．当滑片P向上移动时电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知通过线圈b的电流减小，从而判断出穿过线圈a的磁通量减小，方向向下，根据楞次定律即可判断出线圈a中感应电流方向俯视应为顺时针，故A错误，B错误； C．再根据楞次定律推论“增缩减扩”判断出线圈a应有扩张的趋势，故C错误； D．根据“增离减靠”可知线圈a对水平桌面的压力将减小，故D正确。 故选D 4. 如图所示，虚线框内为漏电保护开关的原理示意图，变压器A处用火线和零线双线平行绕制成线圈，然后接到用电器。B处有一个输出线圈，一旦B处线圈中有电流，经放大后便能推动继电器切断电源。如果甲、乙、丙、丁四人分别以图示方式接触电线（裸露部分），甲、乙、丙站在木凳上，则下列说法正确的是（　　） A. 甲会发生触电事故，继电器不会切断电源 B. 乙会发生触电事故，继电器不会切断电源 C. 丙会发生触电事故，继电器会切断电源 D. 丁会发生触电事故，继电器会切断电源 【答案】D 【解析】 【详解】AB．从图中可知A处线圈是用火线和零线双股平行线绕制成线圈，正常情况下火线和零线中电流方向相反、大小相等，A处线圈产生的总磁通量为零。当漏电时，火线和零线中电流方向、大小不等，A处线圈产生的总磁通量不为零（磁通量增大），故会在B处线圈中产生感应电流，经放大后便能推动继电器切断电源，甲、乙站在木凳上（人与地绝缘）只接触火线时，不会通过人体形成电流，故火线和零线中电流方向、大小不变， A处线圈产生的总磁通量为零，B处线圈中不产生感应电流，继电器均不会切断电源，甲、乙不会发生触电事故，AB错误； C．当丙双手分别抓住火线和零线，在火线、人体、零线间形成电流，而使人发生触电事故，但火线和零线中电流始终方向相反、大小相等，A处线圈产生的总磁通量仍为零，故B处线圈中不会产生感应电流，故继电器不会切断电源，但人会触电，C错误； D．丁通过手，使电流从火线流到大地，使火线和零线中大小不等，A处线圈产生的总磁通量增大，故会在B处线圈中产生感应电流，经放大后便能推动继电器切断电源，D正确。 故选D。 二、双项选择题（每小题6分，共24分。在每小题给出的四个选项中，有两项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 5. 如图所示，、为两个相同的灯泡，线圈L的直流电阻可忽略不计，下列说法正确的是（　　） A. 闭合开关S的瞬间，和都立刻变亮 B. 闭合开关S稳定后，只有亮 C. 断开开关S的瞬间，a点的电势比b点的电势高 D. 断开开关S，亮起后熄灭，立即熄灭 【答案】AD 【解析】 【详解】A．闭合开关S的瞬间，线圈自感阻碍流过线圈的电流增大，和都立刻变亮，故A正确； B．闭合开关S稳定后，线圈L的直流电阻可忽略不计，被短路，只有亮，故B错误； CD．断开开关S的瞬间，立即熄灭，线圈与L1构成回路，亮起后熄灭，因线圈阻碍电流变化，则新回路的电流为逆时针，即线圈左端相当于电源正极，所以a点的电势比b点的电势低，故C错误，D正确。 故选AD。 6. 如图所示，理想变压器原线圈接在电压有效值不变的正弦交流电源上，图中各电表均为理想电表，为定值电阻，为滑动变阻器。当滑动变阻器滑片P向下滑动时，下列说法正确的是（　　） A. 电压表示数不变 B. 电压表示数变小 C. 电流表A示数变大 D. 电阻功率变大 【答案】AC 【解析】 【分析】 【详解】A．变压器输入端电压有效值不变，变压器原副线圈匝数不变，根据理想变压器原理 电压表示数不变，故A正确； B． 和并联，示数相同，故B错误； C．滑片P向下滑动，电阻变小，副线圈电流增大，原线圈电流增大，故C正确； D．两端电压不变，功率不变，故D错误。 故选AC。 7. 如图甲所示，曲面为四分之一圆弧、质量为M的滑块静止在光滑水平地面上，一光滑小球以某一速度水平冲上滑块的圆弧面，且没有从滑块上端冲出去，若测得在水平方向上小球与滑块的速度大小分别为v1、v2，作出图像如图乙所示，重力加速度为g，不考虑任何阻力，则下列说法不正确的是（　　） A. 小球的质量为 B. 小球运动到最高点时的速度为 C. 小球能够上升的最大高度为 D. 若，小球在与圆弧滑块分离后向右做平抛运动 【答案】CD 【解析】 【详解】A．设小球的质量为，初速度为，在水平方向上由动量守恒定律有 得 结合图乙可得 ， 求得 故A正确； B．小球运动到最高点时，竖直方向速度为零，在水平方向上与滑块具有相同的速度，在水平方向上由动量守恒定律得 解得 故B正确； C．小球从开始运动到最高点的过程中，由机械能守恒定律得 解得 故C错误； D．对小球和圆弧滑块组成的系统，分离时有 解得小球在与圆弧滑块分离时的速度为 若时，，即小球的速度方向向左，所以小球与圆弧分离后将向左做平抛运动，故D错误。 由于本题选择错误的，故选CD 。 8. 电磁减震器是利用电磁感应原理的一种新型智能化汽车独立悬架系统。某同学设计了一个电磁阻尼减震器，图为其简化的原理图。该减震器由绝缘滑动杆及固定在杆上的多个相互紧靠的相同矩形线圈组成，滑动杆及线圈的总质量，每个矩形线圈abcd的匝数为匝，每个矩形线圈电阻值。ab边长，bc边长，该减震器在光滑水平面上以初速度向右进入磁感应强度大小、方向竖直向下的匀强磁场中，磁场范围足够大，不考虑线圈个数变化对减震器总质量的影响。则（　　） A. 刚进入磁场时减震器的加速度大小 B. 第二个线圈恰好完全进入磁场时，减震器的速度大小为4.2m/s C. 滑动杆上至少需安装12个线圈才能使减震器完全停下来 D. 第1个线圈和最后1个线圈产生热量比为 【答案】BD 【解析】 【详解】A．线圈在磁场中受到安培力的作用做减速运动，故安培力 其中 联立以上两式可得 刚进入磁场时，速度为，代入数据可得 根据牛顿第二定律可得加速度 故A错误； B．设向右为正方向，对减震器进行分析，当第二个线圈恰好完全透入磁场时设所用时间为，此时减震器的速度大小为，则由动量定理可得 即 代入数据可得 故B正确； C．由以上分析可知，每一个线圈进入磁场后，减震器的速度减小量 则要减震器的速度减为零需要的线圈个数为 可知需要13个线圈，故C错误； D．只有进入磁场的线圈产生热量，根据能量守恒可知，线圈上产生的热量在数值上等于减震器动能动能的减少量，第一个线圈恰好完全进入磁场时有 最后一个线圈刚进入磁场时有 因此 故D正确。 故选BD。 第Ⅱ卷（非选择题共60分） 三、非选择题：共60分。考生根据要求作答。 9. 如图所示为某一输电示意图，电厂的发电机输出功率为100kW，输出电压，升压变压器原、副线圈的匝数比为，输电线电阻为40Ω，用户需要的电压，变压器均为理想变压器，则输电线上的输送电流为______A；降压变压器的原、副线圈的匝数比为______。 【答案】 ①. 10 ②. 480∶11 【解析】 【详解】[1]发电机输出电流（即升压变压器原线圈电流）为 输电线上的输送电流为 [2]升压变压器副线圈两端电压为 降压变压器原线圈两端电压为 降压变压器的原、副线圈的匝数比为 10. 一线圈匝数为匝，线圈电阻，在线圈外接一个阻值的电阻，如图甲所示。在线圈内有指向纸内方向的磁场，线圈内磁通量随时间t变化的规律如图乙所示。则在0~4s内线圈内的磁感应强度是______（选填“逐渐减小”、“逐渐增加”、 “保持不变”）的，a、b两点的电势差为______V。 【答案】 ①. 逐渐增加 ②. 4 【解析】 【详解】[1]根据，在0~4s内线圈内的磁感应强度是逐渐增加的； [2]感应电动势为 感应电流为 a、b两点的电势差为 11. 在“探究变压器线圈两端的电压和匝数的关系”实验中，可拆变压器如图所示，图中数字表示线圈匝数。 （1）变压器的铁芯不是整块硅钢，而是用彼此绝缘的硅钢片叠成，其目的是__________。（填正确答案标号） A. 为了减轻变压器的重量 B. 使原、副线圈彼此绝缘 C. 减少工作时产生涡流而发热 （2）实验中将电源接在原线圈的“0”和“8”两个接线柱之间，用交流电压表测得副线圈的“0”和“4”两个接线柱之间的电压为4. 0V，则原线圈的输入电压可能为__________。（填正确答案标号） A. 1. 5V B. 2. 0V C. 7. 0V D. 9. 0V （3）实验发现，原、副线圈两端的电压比与它们的匝数比不相等，原因可能是____________________（至少答出2种原因）。 【答案】 ①. C ②. D ③. 见解析 【解析】 【详解】（1）[1]变压器的线圈都绕在铁芯上，线圈中流过变化的电流，在铁芯中产生的涡流使铁芯发热，浪费能量。为了减少工作时产生涡流而发热，变压器的铁芯用彼此绝缘的硅钢片叠成。 故选C。 （2）[2]若是理想变压器，则有变压器线圈两端的电压与匝数的关系为 由题意可知，将电源接在原线圈的“0”和“8”两个接线柱之间，副线圈接在“0”和“4”两个接线柱之间，可知原、副线圈的匝数比为，副线圈的电压为4.0V，则原线圈的电压为 考虑到不是理想变压器，有漏磁等现象，则原线圈所接的电源电压应大于8..0V，可能为9.0V。 故选D。 （3）[3]变压器铁芯漏磁损耗能量；铁芯在交变磁场作用下产生涡流从而发热损耗能量；原、副线圈上通过的电流发热损耗能量等。 12. 在验证动量守恒定律实验中，实验装置如图所示，a、b是两个半径相等小球，按照以下步骤进行操作： ①在平木板表面钉上白纸和复写纸，并将该平木板竖直立于紧靠槽口处，将小球a从斜槽轨道上固定点处由静止释放，撞到平木板并在白纸上留下痕迹O； ②将平木板水平向右移动一定距离并固定，再将小球a从固定点处由静止释放，撞到平木板上得到痕迹B； ③把小球b静止放在斜槽轨道水平段的最右端，让小球a仍从固定点处由静止释放，和小球b相碰后，两球撞在平木板上得到痕迹A和C。 （1）若碰撞过程中没有机械能损失，为了保证在碰撞过程中a球不反弹，a、b两球的质量m1、m2间的关系是m1_________m2（选填“＞”“=”或“＜”）。 （2）为完成本实验，必须测量的物理量有________。 A．小球a开始释放的高度h B．平木板水平向右移动的距离l C．a球和b球的质量m1、m2 D．O点到A、B、C三点的距离y1、y2、y3 （3）在实验误差允许的范围内，若动量守恒，其关系式应为_______________。 【答案】 ①. ＞ ②. CD##DC ③. 【解析】 【详解】（1）[1]在小球碰撞过程中水平方向动量守恒，故有 m1v0=m1v1+m2v2 碰撞前后动能相等，故有 m1v=m1v+m2v 解得 若要使a球的速度方向不变，则m1＞m2。 （2）（3）[2][3]小球做平抛运动的时间 则初速度 显然平抛运动的初速度与下落高度二次方根的倒数成正比，根据动量守恒定律 又因 解得 上式成立时系统的动量守恒； 由以上可知，需测量的物理量有a球和b球的质量m1、m2和O点到A、B、C三点的距离y1、y2、y3，AB错误，CD正确。 故选CD。 13. 如图所示，线圈面积为，共100匝，线圈总电阻为，与外电阻相连，线圈在的匀强磁场中绕轴以转速匀速转动。从线圈处于中性面开始计时，求： （1）电动势的瞬时值表达式； （2）两电表的示数； （3）线圈转过的过程中，通过电阻的电荷量； （4）线圈匀速转一周外力做的功。 【答案】（1）；（2）；（3）；（4）100J 【解析】 【分析】 【详解】（1）依题意有 则角速度为 故交变电流的最大值为 从线圈转到中性面开始计时，根据交变电流瞬时值表达式有 （2）根据闭合电路欧姆定律，有 电压表示数为 （3）线圈转过的过程中，通过电阻的电荷量为 其中 联立可得 （4）线圈匀速转一周外力做的功与电流做功相等 14. 如图所示，MN、PQ为水平放置的足够长的平行光滑导轨，导轨间距L为0.5m，导轨左端连接一个阻值为2Ω的定值电阻R，将一根质量为0.2kg的金属棒cd垂直放置在导轨上，且与导轨接触良好，金属棒cd的电阻r=2Ω，导轨电阻不计，整个装置处于垂直导轨平面向下的匀强磁场中，磁感应强度为B=2T。若棒以1m/s的初速度向右运动，同时对棒施加水平向右的拉力F作用，并保持拉力的功率恒为4W，从此时开始计时，经过2s金属棒的速度稳定不变，试求： （1）金属棒的最大速度； （2）金属棒速度为3m/s时的加速度； （3）从开始计时起2s内电阻R上产生的电热。 【答案】（1）4m/s；（2）；（3）3.25J 【解析】 详解】（1）金属棒匀速时，根据 F=BIL E=BLvm P=Fvm 联立解得 vm=4m/s （2）当速度3m/s时，由牛顿第二定律有 F-F安=ma P=Fv F安=BI1L E=BLv1 解得 a= （3）由能量关系 2QR=W安 解得 QR=3.25J 15. 如图所示，一质量、长的长木板静止放置于光滑水平面上，其左端紧靠一半径R=10m的光滑圆弧轨道，但不粘连。圆弧轨道左端点与圆心的连线与竖直方向夹角为60°，其右端最低点处与长木板上表面相切。距离木板右端处有一与木板等高的固定平台，平台上表面光滑，其上放置有质量的滑块。平台上方有一固定水平光滑细杆，其上穿有一质量M0=2.0kg的滑块，滑块与通过一轻弹簧连接，开始时弹簧处于竖直方向。一质量的滑块从点静止开始沿圆弧轨道下滑。下滑至圆弧轨道最低点并滑上木板，带动向右运动，与平台碰撞后即粘在一起不再运动。随后继续向右运动，滑上平台，与滑块碰撞并粘在一起向右运动。、组合体在随后运动过程中一直没有离开平台，且没有滑离细杆。与木板间动摩擦因数为。忽略所有滑块大小及空气阻力对问题的影响。重力加速度，求： （1）滑块到达圆弧最低点时对轨道压力的大小； （2）滑块滑上平台时速度的大小； （3）若弹簧第一次恢复原长时，的速度大小为。则随后运动过程中弹簧的最大弹性势能是多大？ 【答案】（1）20N；（2）2m/s；（3）2J 【解析】 【详解】（1）从P点到圆弧最低点，由动能定理 在最低点，由牛顿第二定律可知 由牛顿第三定律可知，滑块到达圆弧最低点时对轨道压力的大小 （2）假设物块A在木板B上与B共速后木板才到达右侧平台，对AB系统，由动量守恒定律 由能量关系 解得 B板从开始滑动到AB共速的过程中，对B由动能定理 解得 即假设成立；B撞平台后，A在B上继续向右运动，对A由动能定理 解得 v3=2m/s （3）A与D发生碰撞，设碰后速度为v，则 解得 v=1m/s 若弹簧初态是压缩状态，则弹簧第一次恢复原长时，C的速度方向向左，以向右为正方向，设为 v5=﹣0.5m/s 对AD和C系统，由动量守恒定律 三者速度相同时弹性势能最大，由动量守恒定律 由能量关系可知 解得 若弹簧初态是原长或伸长状态，则弹簧第一次恢复原长时，C的速度方向向右，以向右为正方向，设为 v5'=0.5m/s 代入上述方程可解得 v4'=0.5m/s 不符合弹簧恢复原长时的特点。 故弹簧的最大弹性势能是2J。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 福州屏东中学2024—2025学年第二学期高二3月份适应性练习 物理试卷 （满分：100分 考试时间：75分钟） 注意： 1、在本试卷上作答无效，应在答题卡各题指定的答题区域内作答。 2、本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）。 第I卷（选择题共40分） 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得4分，选错得0分。 1. 用如图所示装置探究影响感应电流方向的因素。实验时将线圈放在水平桌面上，使磁铁的N极进入线圈或移出线圈。下列说法正确的是（　　） A. 感应电流的方向与N极进入线圈的快慢有关 B. N极从线圈中匀速移出的过程中有感应电流产生 C. N极进入线圈与移出线圈过程中感应电流方向相同 D. 感应电流的磁场方向与引起感应电流的磁场方向始终相同 2. 很多人喜欢躺着看手机，经常出现手机砸到头部的情况。若手机质量为，从离人头部约的高度无初速度掉落，砸到头部后手机未反弹，头部受到手机的冲击时间约为，取，下列分析不正确的是（　　） A. 手机刚要接触头部之前的速度约为 B. 手机与头部作用过程中手机动量变化约为 C. 手机对头部的冲量方向向下 D. 手机对头部平均作用力大小约为 3. 圆环形导体线圈a平放在水平绝缘桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路。若将滑动变阻器的滑片P向上滑动，下列表述正确的是（　　） A. 线圈a中将产生俯视为逆时针方向的感应电流 B. 穿过线圈a的磁通量变大 C. 线圈a有收缩的趋势 D. 线圈a对水平桌面的压力将减小 4. 如图所示，虚线框内为漏电保护开关的原理示意图，变压器A处用火线和零线双线平行绕制成线圈，然后接到用电器。B处有一个输出线圈，一旦B处线圈中有电流，经放大后便能推动继电器切断电源。如果甲、乙、丙、丁四人分别以图示方式接触电线（裸露部分），甲、乙、丙站在木凳上，则下列说法正确的是（　　） A. 甲会发生触电事故，继电器不会切断电源 B. 乙会发生触电事故，继电器不会切断电源 C. 丙会发生触电事故，继电器会切断电源 D. 丁会发生触电事故，继电器会切断电源 二、双项选择题（每小题6分，共24分。在每小题给出的四个选项中，有两项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 5. 如图所示，、为两个相同的灯泡，线圈L的直流电阻可忽略不计，下列说法正确的是（　　） A. 闭合开关S的瞬间，和都立刻变亮 B. 闭合开关S稳定后，只有亮 C. 断开开关S的瞬间，a点的电势比b点的电势高 D. 断开开关S，亮起后熄灭，立即熄灭 6. 如图所示，理想变压器原线圈接在电压有效值不变的正弦交流电源上，图中各电表均为理想电表，为定值电阻，为滑动变阻器。当滑动变阻器滑片P向下滑动时，下列说法正确的是（　　） A. 电压表示数不变 B. 电压表示数变小 C. 电流表A示数变大 D. 电阻功率变大 7. 如图甲所示，曲面为四分之一圆弧、质量为M的滑块静止在光滑水平地面上，一光滑小球以某一速度水平冲上滑块的圆弧面，且没有从滑块上端冲出去，若测得在水平方向上小球与滑块的速度大小分别为v1、v2，作出图像如图乙所示，重力加速度为g，不考虑任何阻力，则下列说法不正确的是（　　） A. 小球的质量为 B. 小球运动到最高点时的速度为 C. 小球能够上升最大高度为 D. 若，小球在与圆弧滑块分离后向右做平抛运动 8. 电磁减震器是利用电磁感应原理的一种新型智能化汽车独立悬架系统。某同学设计了一个电磁阻尼减震器，图为其简化的原理图。该减震器由绝缘滑动杆及固定在杆上的多个相互紧靠的相同矩形线圈组成，滑动杆及线圈的总质量，每个矩形线圈abcd的匝数为匝，每个矩形线圈电阻值。ab边长，bc边长，该减震器在光滑水平面上以初速度向右进入磁感应强度大小、方向竖直向下的匀强磁场中，磁场范围足够大，不考虑线圈个数变化对减震器总质量的影响。则（　　） A. 刚进入磁场时减震器的加速度大小 B. 第二个线圈恰好完全进入磁场时，减震器的速度大小为4.2m/s C. 滑动杆上至少需安装12个线圈才能使减震器完全停下来 D. 第1个线圈和最后1个线圈产生的热量比为 第Ⅱ卷（非选择题共60分） 三、非选择题：共60分。考生根据要求作答。 9. 如图所示为某一输电示意图，电厂的发电机输出功率为100kW，输出电压，升压变压器原、副线圈的匝数比为，输电线电阻为40Ω，用户需要的电压，变压器均为理想变压器，则输电线上的输送电流为______A；降压变压器的原、副线圈的匝数比为______。 10. 一线圈匝数为匝，线圈电阻，在线圈外接一个阻值的电阻，如图甲所示。在线圈内有指向纸内方向的磁场，线圈内磁通量随时间t变化的规律如图乙所示。则在0~4s内线圈内的磁感应强度是______（选填“逐渐减小”、“逐渐增加”、 “保持不变”）的，a、b两点的电势差为______V。 11. 在“探究变压器线圈两端的电压和匝数的关系”实验中，可拆变压器如图所示，图中数字表示线圈匝数。 （1）变压器的铁芯不是整块硅钢，而是用彼此绝缘的硅钢片叠成，其目的是__________。（填正确答案标号） A. 为了减轻变压器的重量 B. 使原、副线圈彼此绝缘 C. 减少工作时产生涡流而发热 （2）实验中将电源接在原线圈“0”和“8”两个接线柱之间，用交流电压表测得副线圈的“0”和“4”两个接线柱之间的电压为4. 0V，则原线圈的输入电压可能为__________。（填正确答案标号） A. 1. 5V B. 2. 0V C. 7. 0V D. 9. 0V （3）实验发现，原、副线圈两端的电压比与它们的匝数比不相等，原因可能是____________________（至少答出2种原因）。 12. 在验证动量守恒定律实验中，实验装置如图所示，a、b是两个半径相等的小球，按照以下步骤进行操作： ①在平木板表面钉上白纸和复写纸，并将该平木板竖直立于紧靠槽口处，将小球a从斜槽轨道上固定点处由静止释放，撞到平木板并在白纸上留下痕迹O； ②将平木板水平向右移动一定距离并固定，再将小球a从固定点处由静止释放，撞到平木板上得到痕迹B； ③把小球b静止放在斜槽轨道水平段的最右端，让小球a仍从固定点处由静止释放，和小球b相碰后，两球撞在平木板上得到痕迹A和C。 （1）若碰撞过程中没有机械能损失，为了保证在碰撞过程中a球不反弹，a、b两球的质量m1、m2间的关系是m1_________m2（选填“＞”“=”或“＜”）。 （2）为完成本实验，必须测量的物理量有________。 A．小球a开始释放的高度h B．平木板水平向右移动的距离l C．a球和b球的质量m1、m2 D．O点到A、B、C三点的距离y1、y2、y3 （3）在实验误差允许的范围内，若动量守恒，其关系式应为_______________。 13. 如图所示，线圈面积为，共100匝，线圈总电阻为，与外电阻相连，线圈在的匀强磁场中绕轴以转速匀速转动。从线圈处于中性面开始计时，求： （1）电动势的瞬时值表达式； （2）两电表示数； （3）线圈转过的过程中，通过电阻的电荷量； （4）线圈匀速转一周外力做的功。 14. 如图所示，MN、PQ为水平放置的足够长的平行光滑导轨，导轨间距L为0.5m，导轨左端连接一个阻值为2Ω的定值电阻R，将一根质量为0.2kg的金属棒cd垂直放置在导轨上，且与导轨接触良好，金属棒cd的电阻r=2Ω，导轨电阻不计，整个装置处于垂直导轨平面向下的匀强磁场中，磁感应强度为B=2T。若棒以1m/s的初速度向右运动，同时对棒施加水平向右的拉力F作用，并保持拉力的功率恒为4W，从此时开始计时，经过2s金属棒的速度稳定不变，试求： （1）金属棒的最大速度； （2）金属棒速度为3m/s时的加速度； （3）从开始计时起2s内电阻R上产生的电热。 15. 如图所示，一质量、长的长木板静止放置于光滑水平面上，其左端紧靠一半径R=10m的光滑圆弧轨道，但不粘连。圆弧轨道左端点与圆心的连线与竖直方向夹角为60°，其右端最低点处与长木板上表面相切。距离木板右端处有一与木板等高的固定平台，平台上表面光滑，其上放置有质量的滑块。平台上方有一固定水平光滑细杆，其上穿有一质量M0=2.0kg的滑块，滑块与通过一轻弹簧连接，开始时弹簧处于竖直方向。一质量的滑块从点静止开始沿圆弧轨道下滑。下滑至圆弧轨道最低点并滑上木板，带动向右运动，与平台碰撞后即粘在一起不再运动。随后继续向右运动，滑上平台，与滑块碰撞并粘在一起向右运动。、组合体在随后运动过程中一直没有离开平台，且没有滑离细杆。与木板间动摩擦因数为。忽略所有滑块大小及空气阻力对问题的影响。重力加速度，求： （1）滑块到达圆弧最低点时对轨道压力的大小； （2）滑块滑上平台时速度的大小； （3）若弹簧第一次恢复原长时，的速度大小为。则随后运动过程中弹簧的最大弹性势能是多大？ 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $