2025年辽宁省朝阳三中中考物理一模试卷

2025年辽宁省朝阳三中中考物理一模试卷 一、单选题：本大题共6小题，共12分。 1.下列估计值最接近实际的是(    ) A. 家用普通照明灯工作电流约为10A B. 夏季辽宁省的最高气温可达 C. 中学生的体重约 D. 正常人脉搏1s钟跳动60次 2.在一次体育课上，A、B两名同学在操场上沿同一条直线向东运动，他们相对同一参考点O的距离s随时间t变化的图象如图所示，以下说法正确的是(    ) A. 时刻，A在距离O点3m处，B在距离O点5m处 B. 从第3s开始，，5s末A、B速度相同 C. 5s内，A、B的平均速度相等 D. 时，A、B相距8m 3.下列古诗文涉及的物理现象对应的物态变化正确的是(    ) A. “日出雾露余，青松如膏沐”，雾的形成是升华现象 B. “孤舟蓑笠翁，独钓寒江雪”，雪的形成是汽化现象 C. “可怜九月初三夜，露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象 D. “秋阴不散霜飞晚，留得枯荷听雨声”，霜的形成是凝固现象 4.一个蕴含光学知识的小魔术：从图甲的角度看，起初茶碗是空的，当慢慢加水时，发现碗中其实藏有一枚硬币，如图乙所示，下列解释正确的是(    ) A. 看不到硬币是因为光的反射 B. 加水后看到硬币是因为光的折射 C. 看见的硬币是硬币真实所在的位置 D. 看见的硬币比硬币真实的位置要深 5.如图甲所示，烧杯里盛有的水，小球在水中恰好悬浮。经研究发现，水的密度随温度变化的关系如图乙所示。现将烧杯四周放上大量的冰块，烧杯内水的温度下降到的过程中，假设小球的体积始终不变，下列对小球浮沉情况的判断正确的是(    ) A. 先上浮后下沉 B. 下沉至沉底 C. 先下沉后上浮 D. 上浮至漂浮 6.下列有关信息与材料的说法正确的是(    ) A. 汽车的“倒车雷达”利用了次声波来定位的 B. 太阳光是由红、绿、蓝三种色光混合而成 C. 电饭锅的线圈用超导材料可以提高工作效率 D. 煤、石油、天然气是不可再生能源 二、多选题：本大题共3小题，共6分。 7.北京时间2024年12月19日18时18分，我国太原卫星发射中心在山东附近海域成功发射谷神星一号海射型遥四运载火箭，搭载发射的天启星座星顺利进入预定轨道，飞行试验任务获得圆满成功。如图所示是火箭发射时的场景，下列说法正确的是(    ) A. 火箭加速升空时，机械能增大，整个过程不遵循能量守恒定律 B. 燃料燃烧过程中，剩余燃料的热值越来越大 C. 火箭向下喷气而获得向上的动力是利用物体间力的作用是相互的 D. 火箭在上升过程中外壳与空气摩擦温度升高，机械能转化为内能 8.如图所示，两个质地均匀的长方体重物A、B，密度分别为和，重力和，底面积和，且。将它们放在水平地面上时，它们对地面的压强相等。现沿竖直方向各切去一半如图中虚线所示，它们剩余部分对地面的压强分别为和，对地面的压力分别为和。下列物理量大小关系正确的是(    ) A. B. C. D. 9.如图甲所示的电路图，从最左端向最右端移动滑动变阻器的滑片，两电表示数间的关系如图乙所示，则在移动滑片的过程中，下列说法正确的是(    ) A. P向右移动时两电表的示数都变小 B. 电路中定值电阻的电阻为 C. 电源电压为10V D. 电路的最大电功率是5W 三、填空题：本大题共7小题，共16分。 10.竽是我国古代的一种吹奏乐器，由多支长短不一的竹管和吹气管装在锅形的座子上制成，如图所示，吹奏时，竹管内的空气柱      发声，相同条件下，吹奏短管发出声音的音调较      。 11.如图是小明同学设计的“燃气内能转化”的实验装置。把电火花发生器紧紧塞进塑料瓶侧边的小孔中，往瓶中喷入雾状酒精，在瓶口上盖一个塑料杯，按动电火花发生器按钮后，观察到塑料杯向上飞起，这个过程中高温高压燃气的内能转化为塑料杯的      能，它与四冲程内燃机的      冲程的能量转化相同。 12.如图示是甲、乙两个电学元件的关系图像。当这两个元件并联接在电源上，乙电阻的阻值为      ：再将两个元件串联在某一电源上，电流为，则此电源电压为      V。 13.“低碳环保”是当今世界环境主题，天然气是一种低污染燃料，，完全燃烧的天然气所释放的热量为      J，若释放的这些能量能使100kg、的水温度升高，那么该过程中的热效率是      。 14.使用测电笔的方法正确的图是      选填“甲”或“乙”；在图丙所示的家庭电路，闭合开关S，电灯亮，站在地面上的人用手接触电路中的裸线B点      触电选填“会”或“不会”。 15.目前我国时速600公里的高速磁悬浮列车研制已取得重大技术突破，标志着我国磁悬浮技术已达到世界领先水平。磁悬浮列车是在车厢底部和轨道上分别安装了磁体，使车身在轨道上方几厘米的高度上飞驰，这是通过      方式减小摩擦的，磁悬浮列车中的电磁铁是利用电流的      效应工作的。 16.基本测量工具的读数： 如图甲所示，温度计的示数为______； 如图乙所示，使用刻度尺测量一木块的长度为______ cm。 如图丙所示，弹簧测力计的示数为______ N。 如图丁所示，停表的读数为______ s。 四、作图题：本大题共2小题，共4分。 17.如图，甲是插线板，请将乙图的内部电路连接完整。要求：在开关断开时插线板上的指示灯不发光，插孔不能提供工作电压；在开关闭合时指示灯发光，插孔可提供工作电压，若指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。 18.如图，O是透镜的光心，F是透镜的焦点，请将光路补充完整。 五、实验探究题：本大题共3小题，共20分。 19.如图是某小组在探究光现象的实验装置图。 在“探究光反射时的规律”实验中， ①把平面镜放在水平桌面上，再把一张纸板ENF ______放置在平面镜上，如图甲所示。 ②实验时，使一束光EO与平面镜夹角为射到O点，经平面镜反射，沿另一个方向射出，此时，反射角大小为______。 ③如图乙所示，把纸板NOF绕ON向后折，在纸板上看不到反射光。这表明：在反射现象中，反射光线、入射光线和法线都在______内。 “探究平面镜成像的特点”实验如图丙所示。 ①用玻璃板代替平面镜是为了便于确定像的______。 ②选择与A完全相同的棋子B，是为了比较像和物的______关系。 ③改变自己的位置，观察棋子A的像。当他远离玻璃板时，像的大小将______。 ④将光屏放在棋子A的像的位置，直接观察光屏，光屏上没有呈现棋子A的像，说明平面镜所成的像是______。 20.某兴趣小组利用如图所示器材，探究液体压强跟哪些因素有关。 实验前，利用U形管、橡皮管、扎紧橡皮膜的探头、红墨水等组装成压强计，放在空气中静止后，发现U形管两边的液面出现左高右低如图甲所示的情景，接下来正确的调节方法是______填字母； A.将U形管右侧高出部分的液体倒出 B.向U形管中继续盛装液体 C.取下橡皮管，重新进行安装 压强计是通过U形管两侧液面的______来反映橡皮膜所受压强大小的仪器； 通过比较图______中的两个实验，得出液体的压强与液体深度的关系：______； 利用图戊所示的实验器材进行拓展实验：容器中间用隔板分成A、B两部分，隔板底部有一个小圆孔用C表示，用薄橡皮膜封闭，橡皮膜两侧压强不同时，其形状会发生改变。如图己所示，在A中盛水，测得深度为12cm，在B中盛某种液体，测得深度为15cm，此时C处橡皮膜形状刚好不改变则B中液体密度______。 21.利用如图甲所示的电路探究电流跟电阻的关系，已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为、、、、。 请根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整，要求：导线不交叉且滑动变阻器滑片向右移动的过程中电阻变小； 小明同学刚刚连接完最后一根导线发现电流表和电压表均有示数且读数都不大，原因可能是连接电路的过程中______； 小花同学连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，故障原因可能是______填选项； A.电流表坏了 B.滑动变阻器短路 C.电阻处接触不良 D.电阻短路 实验中滑动变阻器的作用是使滑动变阻器两端电压______； 记下电流表的示数，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象； ①由图象可以得出电流和电阻关系为：______； ②上述实验中，小明断开开关，用的电阻替换接入电路，闭合开关，应向______方向移动滑片，使电压表示数为______ V时，读出电流表的示数； 为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于______的滑动变阻器。 六、计算题：本大题共2小题，共16分。 22.2024年5月1日，我国第三艘航母福建舰开始了第一次海试。如图所示是我国目前最先进的航空母舰——福建舰，据了解，福建舰排水量约为，最大输出功率为，最大吃水深度为11m。福建舰配备先进的电磁弹射装置可以让30t的舰载机以140节的速度离舰。节海里/小时，1海里约等于，海水密度取 福建舰漂浮时排水量为，求它受到的浮力和舰底所受海水的压强； 舰载机静止停在福建舰时，受力面积为，舰载机对福建舰的压强； 若福建舰输出功率最大时可以保持匀速直线航行1小时，求此时航母受到的阻力。 23.小明设计了一款简易烘干器模型，其简化电路如图甲所示。电源电压恒为12V，为一种特殊发热电阻，其阻值随温度变化的关系如图乙所示。只闭合时，照明灯L正常发光，通过灯L的电流为。求： 灯泡正常发光时的功率； 灯泡正常发光100s消耗的电能； 当温度为时，的阻值为______，此时消耗的功率达到最大； 电阻以最大功率工作10s产生的热量。 七、综合题：本大题共1小题，共6分。 24.在跨学科实践活动中，同学们以“杆秤”为主题开展研究。 [项目提出] 实验室我们常用的测量质量的工具是天平，而生活中经常需要测量质量较大的物体，就不是很方便了。“秤砣虽小压千斤”，我们的祖先很早就用杆秤解决了这样的问题。 [项目分解] ①查阅资料，认识杆秤构造和使用方法。 ②制作一个简易杆秤，并设计增大杆秤的量程。 [项目实施] ①查阅资料，认识杆秤构造和工作原理。 构造：带有秤星刻度的秤杆、秤砣、秤盘、提纽等组成。 使用方法：称量时将被称量物体放在秤盘中，移动系秤砣的挂绳使秤杆水平平衡，根据挂绳所处位置的秤星刻度就可以读出被称量物体的质量。 杆秤使用时利用到杠杆的平衡条件为：______用公式表示即可，使用提纽______时，杆秤的量程更大。选填“1”或“2” ②制作一个简易杆秤，并设计增大杆秤的量程。 材料：一根长度约为40cm的木制筷子，一个小盆，一个20g的钩码，一个100g砝码，细线若干，一把刻度尺，一支记号笔等。 步骤： ①在筷子的一端刻一个槽A，在距离槽A稍近处再刻一个槽B。把小盆挂在槽A处作秤盘，在槽B处系一根细线作为提纽。 ②用细线系一个20g的钩码，作为秤砣。空秤盘时，调节秤砣的位置使秤杆水平平衡，这时细线在秤杆上的位置为秤的定盘星O，用记号笔标记此位置，即为零刻度线。 ③在秤盘中放100g砝码，手提提纽，并调节秤砣的位置使秤杆水平平衡。此时，标记系秤砣的细线在秤杆上的位置C，并记为100g。在定盘星O到C之间均匀地画上49条刻度线，每一格就表示______ g，即为该杆秤的分度值，并确定量程。下列做法中能增大杆秤量程的方法是：______。至少一个选项正确 A.减小钩码的质量 B.减小AB间的距离 C.减小秤杆的质量 D.增加秤杆的长度 [项目拓展] 利用杆秤的原理，某物理兴趣小组设计了一个模拟超载报警的装置，如图c为该装置的一部分，模拟车辆放置在托盘内托盘、压杆和杠杆的质量均忽略不计。水平杠杆OAB，OA长为，AB长为，杠杆OAB通过压杆与压力传感器相连，当传感器受到压力为F时，装置开始发出报警信号。当报警器刚开始报警时，托盘限载重力______；用题中物理量表示结果为了调小报警装置超载报警的限载重力G，可以将A点适当的向______移动。选填“左”或“右” 答案和解析 1.【答案】C  【解析】解：A、家用普通照明灯的功率一般在40W左右，根据电功率的公式可估算出通过灯丝的电流，故A不符合实际； B、夏季辽宁省的最高气温可达，不会达到，故B不符合实际； C、一个中学生的质量一般在100斤即50kg左右，，故C符合实际； D、正常人的脉搏约每分钟跳动75次，故D不符合实际。 故选：C。 首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。 物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。 2.【答案】D  【解析】解：A、根据图像可知，A的起点坐标为，这表明时刻，A在O点；B的起点坐标为，说明B在距离O点5 m 处，故A错误。 B、在图象中，图线的斜率等于速度。从起，A的图线斜率更大，所以。5s 末时A、B均做匀速直线运动，A的速度大于B的速度，故B错误。 C、由图知，5s内A通过的路程为10m，B通过的路程为。根据平均速度公式，时间相同，路程不同，所以A、B的平均速度不相等，故C错误。 D、时，A在O点，B在距离O点处的速度为，所以 A、B相距8 m，故D正确。 故选：D。 图象描述路程随时间的变化规律。 图像上一点切线的斜率表示该时刻所对应速度。 图像是直线表示物体做匀速直线运动。 本题考查了速度公式的应用，从图中读取相关信息是解题的关键，难度不大。 3.【答案】C  【解析】解；A、雾的形成是液化现象，故A错误； B、雪的形成是凝华现象，故B错误； C、露的形成是液化现象，故C正确； D、霜的形成是凝华现象，故D错误。 故选：C。 液化指物质由气态转变成液态，液化要放热； 凝华指物质由气态直接转变成固态，凝华要放热。 本题考查了物态变化，属于基础题。 4.【答案】B  【解析】解：A、光在同种均匀的介质中沿直线传播，故倒水前眼睛刚好能看不到硬币是因为光的直线传播，故A错误； BCD、慢慢往碗内倒水时，保持眼睛和碗的位置不变，硬币反射的光线从水中斜射入空气中时，在水面处发生折射，折射光线远离法线，人眼逆着折射光线沿直线看去，看到的是变浅的硬币的虚像，故B正确、CD错误。 故选：B。 光在同种均匀介质中沿直线传播； 当光从空气斜射入水中或其他介质中时，折射光线向法线方向偏折；光从水或者其他介质斜射入空气中时，折射光线向远离法线的方向偏折。 本题来源于生活中的直线传播和折射现象，要求能够判断出折射现象，并且会根据折射定律判断光路是否正确，重点考查学生知识应用与实践的能力。 5.【答案】A  【解析】解：烧杯里盛有的水，小球在水中恰好悬浮，根据物体浮沉条件可知，小球的密度与此时水的密度相等； 由图像可知：烧杯内水的温度下降到的过程中，水的密度先变大，后变小，因而液体的密度先大于物体密度，后小于物体的密度，根据浮沉条件知，液体密度大于物体密度时，物体上浮而漂浮，故先上浮后下沉，故A正确，BCD错误。 故选：A。 根据悬浮时物体的密度等于液体密度，结合液体的密度变化分析。 本题考查浮沉条件的应用，属于中档题。 6.【答案】D  【解析】解：A、汽车的“倒车雷达”利用了超声波来定位的，故A错误； B、太阳光通过三棱镜后分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种颜色的光，这种现象是光的色散，说明太阳光是由各种色光混合而成的，故B错误； C、电饭锅是利用电流的热效应工作的，电饭锅的线圈用超导材料不可以提高工作效率，故C错误； D、在短期内无法从自然界得到补充，属于不可再生能源，例如煤、石油、天然气，故D正确。 故选：D。 倒车雷达是利用超声波工作的； 太阳光是由红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种颜色的光复合而成的；而色光的三原色：红、绿、蓝； 电饭锅是利用电流的热效应工作的； 在短期内无法从自然界得到补充，属于不可再生能源，例如煤、石油、天然气；在短期内可以从自然界得到补充，属于可再生能源，例如水能、风能、太阳能。 本题考查了能源的分类、超声波的应用、光的三原色和超导体材料的应用等，难度不大。 7.【答案】CD  【解析】解：火箭在加速升空的过程中，质量不变，速度变大，动能变大，高度增加，重力势能增大，则机械能增大，这个过程中火箭的化学能被转化为机械能，但整个系统的总能量仍然是守恒的，故A错误； B.热值是燃料的特性，它只与燃料的种类有关，与质量和燃烧程度无关。所以燃料燃烧过程中，剩余燃料的热值不变，故B错误； C.火箭向下喷气，气是施力物体，火箭获得推力向上升，是受力物体，故说明物体间力的作用是相互的，故C正确； D.火箭在上升过程中，外壳与空气摩擦会产生热量而温度升高，这是通过克服摩擦力做功的方式将机械能转化为内能，故D正确。 故选：CD。 能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量不变。这就是能量守恒定律； 热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关； 力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。 此题考查了能量守恒定律、热值的认识及力作用的相互性。 8.【答案】BC  【解析】解：AB、将柱体A、B放在水平地面上时，它们对地面的压强相等，根据知，沿竖直方向各切去一半，压力大小不变，故压强仍是相等的； 由于A的高度小，根据，压强相等时，高度小的密度大，故；故A错误，B正确； CD、由于，根据可得：剩余部分对地面的压力；而压力等于重力，故；C正确，D错误。 故选：BC。 对于放置于水平面的物体，其对水平面的压力等于其重力； 对于放置于水平面的柱状物体，其对水平面的压强。 此题是典型的柱状固体的压强问题，要根据已知条件，灵活选用压强计算式适用于实心柱体对支撑面的压强进行分析解答。 9.【答案】CD  【解析】解：两个电阻串联，电压表测量两端的电压，滑动变阻器接入电路的是右边部分的电阻。当从最左端向最右端移动滑动变阻器的滑片，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，电源电压不变，则电路中的电流变大，是定值电阻，两端的电压变大，根据欧姆定律可知电流表的示数变大，故A错误； 当滑动变阻器的滑片在最右端，滑动变阻器接入电路的阻值最小为零，此时只有接入电路，电路中的电流最大，此时电流为，两端电压即电源电压为10V，由得定值电阻的电阻为 ， 故B错误，C正确； D.电路中的电流最大为，由可知电路的最大电功率， 故D正确。 故选：CD。 A.由图甲可知，两个电阻串联，电压表测量两端的电压，滑动变阻器接入电路的是右边部分的电阻。当从最左端向最右端移动滑动变阻器的滑片，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，电源电压不变，则电路中的电流变大，是定值电阻，两端的电压变大，根据欧姆定律可知电流表的示数变化； 当滑动变阻器的滑片在最右端，滑动变阻器接入电路的阻值最小为零，此时只有接入电路，电路中的电流最大，由图乙可知，此时电流为，两端电压即电源电压为10V，由得定值电阻的电阻； D.由可知，当电源电压一定时，电路中的电流越大，电功率越大，由上述分析可知电路中的电流最大值，根据得出电路的最大电功率。 本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，是一道综合题。 10.【答案】振动 高   【解析】解：物体振动发声，吹奏竽时，竹管内的空气柱振动发声，相同条件下，吹奏短管时空气柱的振动频率较快，发出声音的音调较高。 故答案为：振动；高。 声音是由物体的振动产生的； 声音的高低叫音调，与发声体的振动频率有关；声音的大小叫响度，与发声体的振幅和距离发声体远近有关；声音的特点和品质叫音色，与发声体的材料和结构有关。 此题考查了声音的产生、声音的特性，比较简单，属基础题。 11.【答案】机械 做功   【解析】解：高温高压燃气推动塑料杯飞出去，将内能转化为机械能，而内燃机的做功冲程也将内能转化机械能，因此燃气推动塑料杯飞出的过程相当于内燃机的做功冲程。 故答案为：机械；做功。 做功改变内能的实质是能量的转化，物体对外做功是内能转化为机械能，再结合四冲程内燃机的能量转化过程分析作答。 本题考查了四冲程内燃机能量的转化和做功改变物体的内能，难度一般。 12.【答案】5 4   【解析】解：由并联电路特点知，这两个电阻并联后接在的电源上时，两电阻两端电压都为， 由图象知，当两电阻两端电压为时，，， 乙电阻的阻值为； 两个元件串联在某一电源上，电流为，电流都是，对应的电压是，，电源电压。故答案为：5；4。 根据并联电路的电压和电流规律，结合图象可求两电阻并联在电源上时的电流，结合欧姆定律计算电阻； 两电阻串联时通过它们的电流相等，根据图象读出两电阻两端的电压，然后根据串联电压特点计算电源电压。 本题考查串联和并联电路特点以及欧姆定律的应用，能从图象中获取有用信息是关键。 13.【答案】   【解析】解：完全燃烧的天然气放出的热量： ； 的水温度升高吸收的热量： ， 该过程中的热效率： 。 故答案为：；。 利用计算完全燃烧的天然气放出的热量； 利用计算水吸收的热量，热效率等于水吸收的热量与天然气完全燃烧放出的热量的比值。 本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式和热效率公式的应用，属于基础题目。 14.【答案】甲 会   【解析】解：正确使用测电笔：手接触笔尾的金属部分，这是为了形成电流回路，使测电笔内的氖管发光，从而判断是否接触到了火线，手不接触笔尾的金属部分时，电流无法通过人体形成回路，测电笔不会发光，无法判断是否为火线； 图丙所示的家庭电路，B点位于火线上，闭合开关S，电灯亮，这表明电路正常工作，火线和零线之间的电路是连通的，站在地面上的人用手接触裸线B点，因为火线与大地之间存在电位差，如果人站在地面上并直接接触火线，电流会通过人体流向大地，从而导致触电。 故答案为：甲；会。 正确使用测电笔：手接触笔尾的金属部分，这是为了形成电流回路，使测电笔内的氖管发光，从而判断是否接触到了火线； 点位于火线上，闭合开关S，电灯亮，表明电路正常工作，人用手接触裸线B点，电流会通过人体流向大地，从而导致触电。 本题考查家庭电路的安全用电知识及测电笔的使用。 15.【答案】使接触面分离 磁   【解析】解：高速磁浮技术是根据同名磁极相排斥的原理工作，从而使车体与轨道脱离，避免车轮与轨道之间的摩擦。 车厢底部和轨道上都安装有电磁铁，导体通电后，导体的周围存在磁场，因此电磁铁是利用电流的磁效应工作的。 故答案为：使接触面分离；磁。 减小摩擦的方法：在压力一定时，减小接触面的粗糙程度，在接触面的粗糙程度一定时，减小压力，使接触面分离；变滑动为滚动。 电磁铁是利用电流的磁效应和通电螺线管插入铁芯后磁性大大增强的原理来工作的。接通电路产生磁性，断开电路磁性消失。 本题考查了磁体间的相互作用和电磁铁的工作原理，熟练掌握这两方面的知识是解题关键。 16.【答案】；  ；  ；    【解析】解：图甲，温度计的分度值是，温度计的液面在以下，所以温度计的示数为； 图乙，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是，即此刻度尺的分度值位，所以木块的长度为； 图丙，弹簧测力计上1N之间有5个小格，一个小格代表，即弹簧测力计的分度值为，所以弹簧测力计的示数为； 图丁，在停表的中间表盘上，中间有两个小格，所以一个小格代表，指针在“5”和“6”之间，偏向“6”一侧，所以分针指示的时间为；在停表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表，指针在处，所以秒针指示的时间为，即停表的读数为。 故答案为：；；；。 温度计的读数要看清量程和分度值，视线与液柱上表面相平；看清液面是在零上还是零下； 使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要读出起始端和末端刻度值，末端的刻度与起始端的刻度差即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位； 用弹簧测力计测量力的大小时，首先要明确弹簧测力计的量程和分度值，读数时视线与指针所指刻线垂直； 停表的中间的表盘代表分钟，外圈的大表盘代表秒钟，停表读数是两个表盘的示数之和。 此题考查了温度计的读数、长度的测量、弹簧测力计的读数、停表的读数，涉及知识点较多，但难度不大。 17.【答案】  【解析】【分析】 干路开关控制所有的用电器。并联电路各用电器之间互不影响，串联电路的用电器互相影响。 根据用电器之间是否相互影响是判断用电器串联和并联的方法之一；家庭电路中，开关控制用电器，开关一定接在用电器和火线之间，既能控制用电器，又能保证使用安全。 【解答】 分析题意可知，说明指示灯和插座之间是并联的，开关同时控制指示灯和插座，接线时要注意：①开关接在指示灯、插座和火线之间使用更安全；②发光二极管长脚为正极，接火线，短脚为负极，接零线；③三孔插座的接线是左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，如图所示： 18.【答案】  【解析】解：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，过光心的光线传播方向不改变，如图所示： 在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。 凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，③过光心的光线传播方向不改变。 19.【答案】①垂直；②；③同一平面；  ①位置；②大小；③不变；④虚像  【解析】①纸板ENF竖直立在平面镜上，此时直线ON作为法线垂直于镜面； ②由题意可知，光线EO与平面镜夹角为，则入射角为， 反射角等于入射角，故反射角为； ③如图乙所示，把纸板NOF绕ON向后折，此时纸板F与入射光线不在同一平面内，在纸板上看不到反射光，说明在反射现象中，反射光线、入射光线和法线都在同一平面内； ①玻璃板不但反射光，能成像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛，便于确定像的位置。 ②实验利用等效替代法，选择与A完全相同的棋子B，移动蜡烛B，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合，是为了比较像与物体的大小关系。 ③平面镜成的像与物大小相等，当他远离玻璃板时，像的大小将不变。 ④实像可以被光屏承接，虚像不能被光屏承接。平面镜所成的像是反射光线的反向延长线形成的虚像，因此光屏上不能呈现蜡烛A的像。 故答案为：①垂直；②；③同一平面；①位置；②大小；③不变；④虚像。 ①探究光的反射定律时，应让硬纸板竖直放置在平面镜上，这样光的传播路径能呈现在纸上； ②求出入射角，反射角等于入射角，从而得到反射角； ③在反射现象中，反射光线、入射光线和法线都在同一平面内； ①用玻璃板代替平面镜，同时能看到镜前物体的像，又能看到物体，便于确定像的位置； ②选择与A完全相同的棋子B，当B与A的像重合时，可知像与物大小相等，据此分析； ③平面镜成像的特点：像物等大、像物到平面镜的距离相等、像物连线与镜面垂直，据此分析实验的操作步骤； ④虚像不能成在光屏上。 本题考查了平面镜成像特点及光的反射定律，属于基础题目。 20.【答案】C；  高度差；  乙、丙；同种液体中，液体深度越深，液体压强越大；    【解析】实验前U形管两侧出现高度差，说明橡皮管内压强和外界压强不相等，正确的操作是拆开橡皮管，重新安装，故选：C； 实验时，我们不能直接看到压强值的大小，要通过比较U形管两边液面高度差来反映液体压强大小，这种实验方法叫转换法； 要探究压强的与液体深度的关系，要控制出深度不同外的气体因素变量都相同，故通过比较图中乙、丙两个实验，由乙、丙两个实验知，由液体种类相同时，液体深度增大，压强增大，故可得出结论：同种液体中，液体深度越深，液体压强越大； 处橡皮膜形状刚好不改变，说明橡皮膜两侧受到的压强相等，根据液体压强可得中液体密度。 故答案为：；高度差；乙、丙；同种液体中，液体深度越深，液体压强越大；。 实验前U形管两侧出现高度差，说明橡皮管内压强和外界压强不相等，正确的操作是拆开橡皮管，重新安装； 在保证效果相同的前提下，把不易测量的物理量或不易观察的现象，转换成与之相关的易于测量的物理量或易于观察的现象的方法叫转换法 要探究压强的大小与液体深度的关系，要控制出深度不同外的气体因素变量都相同，这种探究方法是控制变量法；由液体种类相同时，液体深度增大，压强增大可知，修建拦河大坝时应采取的措施； 处橡皮膜形状刚好不改变，说明橡皮膜两侧受到的压强相等，利用液体压强公式计算B中液体的密度。 本题考查了压强计使用方法及工作原理，液体的压强的应用。 21.【答案】；  开关没有处于断开状态，且滑动变阻器的滑片没有调到阻值最大处；  C；  不变；  ①当电压一定时，通过导体的电流和导体的电阻成反比；②右；；  35  【解析】将电压表并联在电阻两端，滑动变阻器滑片向右移动的过程中电阻变小，故滑动变阻器选用右下接线柱与电源负极串联在电路中，如下图所示： ； 接完最后一根导线，电表有示数说明开关闭合；电流表示数较大，说明电路电阻较小，滑动变阻器滑片没有置于阻值最大位置；所以原因可能是连接电路的过程中开关没有处于断开状态，且滑动变阻器的滑片没有调到阻值最大处； 闭合开关，发现电流表没有示数，说明电路可能断路；移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即故障原因可能是电阻处接触不良，故选：C； 探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知，滑动变阻器两端电压也不变，故实验中滑动变阻器的作用是使滑动变阻器两端电压不变； ①由图丙可知，定值电阻两端电压为……，为一定值，故可得出结论： 当电压一定时，通过导体的电流和导体的电阻成反比； ②实验中，当R的电阻由更换为时，根据分压原理，电阻两端的电压变小，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要减小滑动变阻器电阻阻值，故应向右方向移动滑片，使电压表示数为时，读出电流表的示数； 实验中使用的定值电阻阻值最大为，定值电阻两端的电压始终保持，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的倍，根据分压原理，当接入电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：，即所选择的滑动变阻器的最大阻值不能小于。 故答案为：；开关没有处于断开状态，且滑动变阻器的滑片没有调到阻值最大处；；不变；①当电压一定时，通过导体的电流和导体的电阻成反比；②右；；。 将电压表并联在电阻两端，滑动变阻器滑片向右移动的过程中电阻变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱； 为防止电路中的电流过大、烧坏电路元件，连接电路时开关应断开，滑动变阻器处于阻值最大处； 闭合开关，发现电流表没有示数，说明电路可能断路；移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了； 根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同；根据串联电路电压规律确定滑动变阻器两端电压变化； ①根据电流与电阻的乘积为一定值分析得出结论； ②根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上小电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向； 探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入电阻时滑动变阻器连入电路中的电阻，进而确定滑动变阻器的规格。 本题探究电流跟电阻的关系实验，考查了电路连接、电路分析、电路故障、数据分析、实验操作、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。 22.【答案】福建舰漂浮时受到的浮力为；舰底所受海水的压强为；   舰载机静止时对福建舰的压强为；   此时航母受到的阻力为  【解析】福建舰漂浮时排水量为，则福建舰漂浮时受到的浮力为： ； 福建舰最大吃水深度为11m，则舰底所受海水的压强为：； 的舰载机产生的压力等于舰载机的重力，舰载机对福建舰的压力为： ； 舰载机静止时与福建舰的接触面积为，则舰载机对福建舰的压强为：； 福建舰输出功率最大时可以保持匀速直线航行，；最大输出功率为； 由得，此时航母受到的牵引力为：； 匀速直线行驶时，航母受到的阻力等于牵引力，所以此时航母受到的阻力为：。 答：福建舰漂浮时受到的浮力为；舰底所受海水的压强为； 舰载机静止时对福建舰的压强为； 此时航母受到的阻力为。 根据排水量，利用阿基米德原理，求出福建舰漂浮时受到的浮力；根据最大吃水深度，利用液体压强公式计算舰底受到的压强； 根据舰载机的质量求出舰载机的重力，舰载机对甲板的压力等于舰载机的重力，根据受力面积，求出舰载机对福建舰的压强。 根据航母航行时的输出功率和速度，利用公式求出航母受到的牵引力，匀速直线航行时航母受到的阻力等于牵引力。 本题考查有关功率、压强和阿基米德原理的综合计算，解答时注意公式的选择，单位的换算和解题过程的规范性。 23.【答案】解：由图甲可知，只闭合时，电路为L的简单电路，此时L正常发光， 灯泡正常发光时的功率：； 灯泡正常发光100s消耗的电能：； ； 由图乙可知当温度为时，的阻值为； 由图甲可知，再闭合时，与L并联，由并联电路的电压规律可知， 两端的电压为， 电阻以最大功率工作10s产生的热量：。 答：灯泡正常发光时的功率为； 灯泡正常发光100s消耗的电能为120J； ； 电阻以最大功率工作10s产生的热量为144J。  【解析】由图甲可知，只闭合时，电路为L的简单电路，此时L正常发光，根据求灯泡正常发光时的功率； 根据求灯泡正常发光100s消耗的电能； 由图乙可知当温度为时，的阻值； 由图甲可知，再闭合时，Rt与L并联。根据求电阻以最大功率工作10s产生的热量。 本题考查电功率、电能和电热的计算，难度一般。 24.【答案】  1  2  BD   右  【解析】解：[项目实施]查阅资料： ①杆秤使用时属于杠杆，杠杆的平衡条件为； 使用提纽1时，物体对杆秤拉力的力臂更小，当秤砣在同一位置时，秤砣对杆秤拉力的力臂更大，根据杠杆的平衡条件可知，秤砣质量一定时，所测物体的质量更大，杆秤的量程更大。 步骤：③在定盘星O到C之间均匀地画上49条刻度线，即把平均分成50格，每格表示2g，该杆秤的分度值为2g； A、杆秤的量程由秤砣的质量决定，秤砣的质量越大，量程越大，所以减小钩码的质量不能增大杆秤的量程，故A错误； B、减小AB间的距离，物体对杆秤拉力的力臂更小，当秤砣在同一位置时，秤砣对杆秤拉力的力臂更大，根据杠杆的平衡条件可知，秤砣质量一定时，所测物体的质量更大，杆秤的量程更大，故B正确； C、未测量物体时，杆秤已经调节平衡，所以杆秤的质量对量程无影响，故C错误； D、增加秤杆的长度，秤砣对杆秤拉力的力臂更大，根据杠杆的平衡条件可知，在秤砣质量不变，物体对杆秤拉力的力臂不变时，可以测量质量更大的物体，量程变大，故D正确。 故选：BD。 [项目拓展]：当报警器刚开始报警时，传感器受到压力为F，因为力的作用是相互的，杠杆OAB的B点受到竖直向上的力为F，根据杠杆的平衡条件可得 托盘限载重力：； 为了调小报警装置超载报警的限载重力G，根据杠杆的平衡条件可知，在压力F及其力臂不变的情况下，应增大限载重力G的力臂，可以将A点适当的向右移动。 故答案为： [项目实施]查阅资料：①；1；步骤：③2；BD； [项目拓展；右。 [项目实施]查阅资料： ①杠杆的平衡条件为； 使用提纽1时，物体对杆秤拉力的力臂更小，当秤砣在同一位置时，秤砣对杆秤拉力的力臂更大，根据杠杆的平衡条件可知，秤砣质量一定时，所测物体的质量更大，杆秤的量程更大。 步骤：③在定盘星O到C之间均匀地画上49条刻度线，把平均分成50格，每格表示的质量，即该杆秤的分度值； A、杆秤的量程由秤砣的质量决定，秤砣的质量越大，量程越大，减小被测物体的质量不能增大杆秤的量程； B、减小AB间的距离，物体对杆秤拉力的力臂更小，当秤砣在同一位置时，秤砣对杆秤拉力的力臂更大，根据杠杆的平衡条件可知，秤砣质量一定时，所测物体的质量更大，杆秤的量程更大； C、未测量物体时，杆秤已经调节平衡，所以杆秤的质量对量程无影响； D、增加秤杆的长度，秤砣对杆秤拉力的力臂更大，根据杠杆的平衡条件可知，在秤砣质量不变，物体对杆秤拉力的力臂不变时，可以测量质量更大的物体，量程变大。 [项目拓展]：当报警器刚开始报警时，传感器受到压力为F，因为力的作用是相互的，杠杆OAB的B点受到竖直向上的力为F，利用杠杆的平衡条件计算托盘限载重力； 为了调小报警装置超载报警的限载重力G，根据杠杆的平衡条件可知，在压力F及其力臂不变的情况下，应增大限载重力G的力臂，可以将A点适当的向右移动。 本题考查了杠杆平衡条件的应用，涉及到杆秤分度值、量程的确定，有一定的难度。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $