2025年河北省唐山市第四中学校中考物理二模试卷

2025年河北省唐山四中中考物理二模试卷 一、单选题：本大题共10小题，共20分。 1.南海海底石油与天然气蕴藏丰富，具有重要的战略价值。下列关于天然气、石油的说法错误的是(    ) A. 天然气、石油都属于化石能源 B. 天然气、石油的大量使用会加剧温室效应 C. 在天然气压缩液化过程中，分子之间间距变小 D. 使用天然气、石油过程中，燃烧越充分，其对应的热值越大 2.控制变量法、类比法、模型法和转换法等都是研究科学问题时常用的方法。下表中实验与相关方法对应的是(    ) 选项 A B C D 实验 用带箭头直线表示光线 探究影响动能大小因素 探究平面镜成像规律 探究真空能否传声 实验方法 模型法 类比法 转换法 控制变量法 A. A B. B C. C D. D 3.“二十四节气”是中华民族农耕文明长期经验的积累和智慧的结晶，已被列入联合国教科文组织“人类非物质文化遗产代表作名录”。下列有关节气的谚语中涉及的物态变化及吸、放热分析，正确的是(    ) A. “伏天三场雨，薄地长好麻”，雨的形成是液化现象，液化吸热 B. “惊蛰云不停，寒到五月中”，云的形成是升华现象，升华吸热 C. “霜降有霜，米谷满仓”，霜的形成是凝固现象，凝固放热 D. “小寒冻土，大寒冻河”，河水结冰是凝固现象，凝固放热 4.在跨学科实践课上，小翠同学利用橡皮筋等材料，自制了如图所示的简易“古筝”并用它进行了演奏。下列说法中正确的是(    ) A. 弹奏“古筝”时，手在不同的位置按弦，目的是改变发出声音的响度 B. 同学们能感受到琴声表达的情感，说明声音能够传递能量 C. “古筝”发出的声音婉转悠扬，描述的是声音的音色 D. “古筝”琴弦振动停止，琴弦发声和琴声的传播都会停止 5.2024年4月8日地球上发生了一次日全食，这次日全食现象给人们带来了难得一见的天文盛宴，下列图中的光现象与该现象成因相同的是(    ) A. 松鼠在水中的倒影 B. 激光准直 C. 彩虹 D. “拐弯镜” 6.洗衣机是家庭常用电器，电动机驱动波轮或滚筒转动，实现衣物的洗涤、漂洗和脱水等有功能。图中是电动机工作原理图的是(    ) A. B. C. D. 7.2024年11月27日10时00分，朱雀二号改进型遥一运载火箭在东风商业航天创新试验区与发射升空如图，将搭载的光传01、02试验星顺利送入预定轨道，飞行试验任务获得圆满成功。下列相关说法错误的是(    ) A. 火箭升空时，以地面为参照物，火箭是运动的 B. 火箭向下喷出高温燃气，顺利发射升空，利用了力的作用是相互的 C. 飞行过程中，若所有力都消失，火箭将做匀速直线运动 D. 加速升空过程中，试验星受到的惯性逐渐增大 8.如图为“低压吸盘吊车”的结构示意图，吸盘的总重力为500N，每个滑轮重100N，吊车将一块重为900N的玻璃匀速吊高3m，已知与电动机相连的绕绳能承受的最大拉力是900N，与吸盘相连的科绳能承受的最大拉力是1600N，忽略抽气管和绳子重力及滑轮间摩擦。下列说法正确的是(    ) A. 该过程中电动机对绳子的拉力为700N B. 该过程中电动机所做的有用功为4200J C. 该装置此时的机械效率为 D. 该装置最多能拉起重1200N的玻璃 9.物理课上，老师将整个橙子放入水中，漂浮在水面上，如图甲。将其切成大小两块，再次投入水中，发现大块仍漂浮，小块缓慢沉入水底，如图乙。下列说法正确的是(    ) A. 整个橙子的密度等于水的密度 B. 大块橙子受到的浮力大于其重力 C. 小块橙子缓慢沉入水底的过程中受到的浮力逐渐变小 D. 两块橙子受到浮力之和不可能大于整个橙子受到的浮力 10.如图所示为小明同学设计的灰尘检测装置的电路图，电源电压恒定，为定值电阻，R是光敏电阻。测灰尘浓度时，装置自配的激光器照射在光敏电阻上，灰尘会阻挡部分激光，从而使光敏电阻阻值发生改变，光敏电阻R的阻值随着光照强度的增大而减小。下列分析正确的是(    ) A. 显示仪由电压表改装而成且电路中的定值电阻可以去掉 B. 灰尘浓度增大时，电路的总功率变大 C. 将更换为阻值更小的电阻，测相同环境时，显示仪的示数增大 D. 增大电源电压，检测装置可测的灰尘浓度最大值将增大 二、填空题：本大题共5小题，共10分。 11.请你根据安全用电原则，在图中的一个虚线框内填入开关的符号；如果仅把一个电饭煲的插头接入插座时，家中保险丝立刻熔断，其原因应该是      选填“功率过大”或“短路”。 12.冰雪同梦，亚洲同心！第九届亚洲冬季运动会于2月7日晚在黑龙江哈尔滨开幕，在开幕式现场，现场观众通过手中的智能设备实时分享精彩瞬间，这些智能设备之间是利用      来传输数据的，让大家可以随时交流和分享喜悦。短道速滑比赛中，运动员在弯道滑行时，受力      选填“平衡”或“不平衡”。 13.如图所示是一辆汽车车顶的外掀式天窗，将天窗A面关闭，B面微微向上打开，汽车行驶时就能使车内污浊的空气被自动“抽出”，从而保持车内空气清新。这种能够自动向外“抽气”的现象所依据的物理原理是      。汽车在匀速爬坡的过程中，它的机械能      选填“增大”“减小”或“不变”。 14.如图是同学们在实践活动中用带抽屉的纸盒和透镜自制的简易投影仪，将手机放入抽屉中，为了将手机上的画面放大投影到白墙上，手机到凸透镜的距离应      选填“小于透镜一倍焦距”“在透镜一倍焦距和二倍焦距之间”或“大于透镜二倍焦距”，若想让白墙上的像变大些，进行的操作是：      ，同时将投影仪远离白墙。 15.小明在寒假期间参加了一项有趣的科技体验活动。活动中，工作人员介绍了一种新型太阳能装置，可直接利用太阳能给水箱中的水加热。该太阳能装置在工作时，将太阳能转化为      能。若水箱中装有质量为50kg的水，在阳光照射一段时间后，水的温度从升高到，则水吸收的热量为      J。 三、实验探究题：本大题共3小题，共18分。 16.小明在进行“探究通电螺线管外部磁场方向”的实验。 实验装置如图甲所示，开关闭合前能在水平面内自由转动的小磁针静止后总是指向南北，说明地球周围存在______。 在面板上均匀地撒满铁屑，通电后，闭合开关并轻敲玻璃面板，观察到铁屑分布规律不明显，则接下来应进行的操作是：______；调整后铁屑的分布情况如图乙与______周围铁屑的分布情况相似，此时通电螺线管的右端为______选填“N”或“S”极。 对调电源正负极，闭合开关，小磁针静止时N极所指方向如图丙所示，说明：______。 17.实验小组自制了薄壁实验箱来探究“液体压强大小与什么因素有关”。薄壁实验箱结构如图甲所示，实验箱分为内箱A与外箱B，内箱A固定在外箱B的内侧，内箱A下部有一圆孔C，并在圆孔C上蒙上了一层橡皮膜，此时橡皮膜是平的。 圆孔C上蒙的橡皮膜应该选用较______选填“薄”或“厚”一些的。实验中，通过观察橡皮膜的______来反映液体压强的大小。 比较图______两次实验，可知道拦河大坝做成上窄下宽形状的原因。 由图丁现象可知，在液体深度相同时，______。若此时想要橡皮膜变平，可采取的操作是：______。 如图戊所示，在A箱内装入水，B箱内装入另外一种密度未知的液体，此时橡皮膜刚好变平，则未知液体密度的表达式为______用所测物理量和表示。 18.实验小组按照图1甲所示电路图进行“串联电路中电压、电流规律”的实验探究。 为了使探究得出的结论具有普遍意义，、应该选择规格______选填“相同”或“不相同”的小灯泡。如图1乙所示为实物部分连接，请用笔画线代替导线将电路连接完整，使其与图甲电路图对应。 连接好电路后，闭合开关，发现两灯均不亮，电压表无示数，然后用电压表测两端的电压，其示数接近电源电压，若电路中仅有一处故障，则电路故障可能是______。 用电压表分别测出AB、BC及AC之间的电压、和。其中测时，电压表的示数如图丙所示，示数为______ V。接着更换不同规格的灯泡并多次实验，数据记录如表： 实验次序 电压 电压 电压 1 2 3 分析表中数据，得到初步结论：______。 在“探究串联电路电流特点”时，发现较亮，较暗，则通过灯的电流______选填“大于”“小于”或“等于”通过灯的电流。 【拓展】上述实验结束后，如图2所示同学们利用一个检验装置对实验室的一个未知电学箱进行了探究，根据测量数据，推测电学箱内部的连接情况。已知信息如下： ①如图2甲，电源电压3V恒定不变，定值电阻R的阻值为，E、F为检验装置的两个接线端； ②电学箱外形如图2乙所示，箱外有四个接线柱A、B、C、D，箱体上部有一个滑块。箱体内部元件有一个滑动变阻器和两个定值电阻，滑动变阻器只有两个接线柱接入电路。下面是同学们将检验装置的E、F端分别与电学箱外的接线柱相连，测出的数据如下： 测试次数 与E、F连接的接线柱 电流表示数 第1次 A、B 第2次 A、C 第3次 A、D 第4次 B、C 第5次 B、D 第6次 C、D 请你根据实验数据推测箱内各元件连接情况，在图2丙中画出正确的电路图并在定值电阻旁标明其阻值。 四、计算题：本大题共2小题，共12分。 19.如图所示，2025蛇年央视春晚上最燃秧歌舞+最炫机器人的组合节目《秧Bot》点燃了全国观众的热情，传统秧歌和前沿AI科技创造了一场别开生面的视觉奇观。已知每个机器人的质量为70kg，其与地面的总接触面积为。在某次排练过程中，机器人先在水平舞台上沿直线匀速移动了10m，用时20s，然后将一个质量为20kg的道具从地面抬高了，用时5s。 求：取 机器人在水平移动过程中的速度； 机器人手拿道具静止在水平舞台上时对地面的压强； 机器人抬高道具过程中对道具做功的功率。 20.在图甲所示的电路中，电源电压恒定，小灯泡L的规格为“5V5W”，定值电阻的阻值可能为、或，滑动变阻器上标有“”字样。闭合开关，并将开关置于1位置，调节滑动变阻器滑片至中点，小灯泡正常发光。求： 小灯泡正常发光时的电流； 电源电压U； 闭合开关，将开关置于2位置，将一只电压表并联在电路中，移动变阻器滑片到某一位置，电路安全，电压表、电流表示数如图乙所示。请通过计算判断电压表并联的位置及的阻值。 答案和解析 1.【答案】D  【解析】解：A、化石能源是由古代生物的化石沉积而来的碳氢化合物或其衍生物，天然气、石油均属于化石能源，故A正确，不符合题意。 B、天然气、石油燃烧会产生大量的二氧化碳气体，二氧化碳是导致温室效应的主要气体之一，所以其大量使用会加剧温室效应，故B正确，不符合题意。 C、天然气压缩液化过程中，是通过增大压强等方式，使天然气分子间的距离变小，从而由气态变为液态，故C正确，不符合题意。 D、热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关，所以天然气、石油燃烧越充分，其热值也不会改变，故D错误，符合题意。 故选：D。 化石能源指的是亿万年前的大量生物经过地壳变化，被埋藏在地下，受地层压力和温度的影响，缓慢地形成的可以燃烧的矿物质，化石能源是在短时间内不能形成的能源，像煤、石油和天然气等。 天然气、石油燃烧会产生大量的二氧化碳气体，二氧化碳是导致温室效应的主要气体之一。C、天然气压缩液化过程中，是通过增大压强等方式，使天然气分子间的距离变小。D、热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。 本题考查了燃料热值的影响因素及分子间有间隙，能源的分类及能源利用的同时对环境的危害。 2.【答案】A  【解析】解：A、用带箭头的直线表示光线，是将抽象的光线用具体的有向直线来表示，运用了模型法，故A正确。 B、探究影响动能大小因素时，探究动能与质量关系需控制速度相同，探究动能与速度关系需控制质量相同，运用的是控制变量法；同时，通过观察木块被撞击后移动的距离来判断动能大小，将不易观察的动能大小转换为容易观察的木块移动距离，也运用了转换法，并非类比法，故B错误。 C、探究平面镜成像规律，是通过等效替代的方法，用未点燃的蜡烛替代点燃蜡烛的像来确定像的位置和大小等，主要运用的是等效替代法，不是转换法，故C错误。 D、探究真空能否传声，是在实验基础上，根据玻璃罩内空气逐渐减少时声音逐渐变小，推理得出真空不能传声，运用的是推理法，不是控制变量法，故D错误。 故选：A。 科学研究中常常用到“控制变量法”、“等效替代法”、“科学推理”、“模型法”、“转换法”、“类比法”、“比较法”等方法。 此题考查了常用科学探究方法的应用，选择正确的探究方法是得出科学探究结论的基础。 3.【答案】D  【解析】解：A、雨是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，该过程放热，故A错误； B、云是空气中的水蒸气变成的小水珠，由气态变为液态，属于液化现象，该过程放热，故B错误； C、霜是空气中的水蒸气遇冷变成的固态小冰晶，是凝华现象，该过程放热，故C错误； D、河水结冰是由液态变为固态，是凝固现象，该过程放热，故D正确。 故选：D。 物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。 六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。 分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。 4.【答案】C  【解析】解：A、弹奏“古筝”时，手在不同的位置按弦，目的是改变弦的振动频率，从而改变发出声音的音调，故A错误； B、同学们能感受到琴声表达的情感，说明声音能够传递信息，故B错误； C、不同发声体发出声音的音色不同，“古筝”发出的声音婉转悠扬，描述的就是声音的音色，故C正确； D、“古筝”琴弦振动停止，琴弦发声停止，但琴声仍在传播，不会马上停止，故D错误。 故选：C。 声音的高低叫音调，与发声体的振动频率有关；声音的大小叫响度，与发声体的振幅和距离发声体远近有关；声音的特点和品质叫音色，与发声体的材料和结构有关； 声能够传递信息，如声呐系统的“回声定位”，声能够传递能量，如“超声碎石”； 物体振动发声，振动停止，发声停止，但声波的传播不会马上停止。 此题考查了声音的产生和传播、声音的特性、声的利用，难度不大，属基础题目。 5.【答案】B  【解析】解：日食是光的直线传播： A、松鼠在水中的倒影是光的反射，故A错误； B、激光准直是光的直线传播，故B正确； C、彩虹是光的折射，故C错误； D、拐弯镜是光的反射，故D错误。 故答案为：B。 光在均匀介质中沿直线传播。 本题考查了光的直线传播，属于基础题。 6.【答案】B  【解析】解：A、图为奥斯特实验装置图，说明通电导线周围存在磁场，故A错误； B、闭合开关，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理图，故B正确； C、图为探究电磁感应实验装置图，说明闭合电路部分导体切割磁感线时会产生感应电流，故C错误； D、图为电磁铁的原理图，是利用电流的磁效应工作的，故D错误。 故选：B。 电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而转动。 本题考查电磁学实验装置，学生需要熟记不同实验装置的实验结论。 7.【答案】D  【解析】解：A、火箭升空时，与地面的距离越来越远，相对于地面，火箭位置发生了改变，火箭是运动的，故A正确； B、火箭点火向下喷出气体，给气体一个向下的力，由于物体间力的作用是相互的，火箭受到一个向上的力，所以火箭向上运动，故B正确； C、飞行过程中，若所有力都消失，由牛顿第一定律可知，火箭将做匀速直线运动，故C正确； D、惯性大小只跟物体的质量大小有关，加速升空过程中，试验星质量不变，惯性不变，且惯性不是力，不能说受到惯性作用，故D错误。 故选：D。 物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止； 物体间力的作用是相互的； 牛顿第一定律内容：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态； 一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；惯性与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。 此类题目通过热点新闻改编的综合题目，涉及的知识点多，但难度不大。 8.【答案】C  【解析】解：A、由图知，，忽略抽气管和绳子重力及滑轮间摩擦， 该过程中电动机对绳子的拉力： ，故A错误； B、该过程中电动机所做的有用功，即克服玻璃重力做的有用功： ，故B错误； C、电动机施加的拉力端移动距离， 拉力做的总功： ， 该装置的此时的机械效率： ，故C正确； D、忽略抽气管和绳子重力及滑轮转轴摩擦，当与吸盘相连的科绳能承受的最大拉力是1600N时，与电动机相连的绕绳能承受的最大拉力： ， 则该装置最多能拉起的玻璃重为： ，故D错误。 故选：C。 由图知，，忽略抽气管和绳子重力及滑轮间摩擦，该过程中电动机对绳子的拉力； 利用计算该过程中电动机所做的有用功，即克服玻璃重力做的有用功； 电动机施加的拉力端移动距离，利用计算拉力做的总功，该装置的此时的机械效率等于有用功与总功的比值； 忽略抽气管和绳子重力及滑轮转轴摩擦，当与吸盘相连的科绳能承受的最大拉力是1600N时，与电动机相连的绕绳能承受的最大拉力，据此确定该装置最多能拉起的玻璃重 。 本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率、拉力的计算，利用好关系式是关键。 9.【答案】D  【解析】解：A、整个橙子放入水中，橙子漂浮在水面上，所以整个橙子的密度小于水的密度，故A错误； B、大块橙子在水中处于漂浮状态，大块橙子受到的浮力等于其重力，故B错误； C、小块橙子缓慢沉入水底的过程中，水的密度不变，橙子排开水的体积不变，由可知，受到的浮力大小不变，故C错误； D、整个橙子在水中处于漂浮状态，整个橙子受到的浮力等于其重力，将小块放入水中，发现小块沉入水底，说明；大块仍漂浮，则，又因为，，则两块橙子受到浮力之和不可能大于整个橙子受到的浮力，故D正确。 故选：D。 物体漂浮时物体的密度小于液体的密度； 根据漂浮条件和沉底的条件分析解答； 由分析，受到的浮力变化； 漂浮时浮力等于重力，沉底时浮力小于重力。 本题考查了浮沉条件和阿基米德原理的应用，本题难点在D选项的解答，关键是在于正确得出大、小橙子所受的重力与浮力的大小关系。 10.【答案】C  【解析】解：根据电路图可知，R与串联，显示仪与R并联； A、电流表必须串联在待测电路中，电压表必须并联在待测电路的两端；图甲中显示仪并联在光敏电阻的两端，所以图中的显示仪相当于电压表，故A错误；当光敏电阻为零时，因为有，电路不会发生短路现象，所以此时的作用是防止电路短路，起到保护电路的作用，不能去掉，故A错误； B、灰尘浓度增大时，光照减弱，光敏电阻的阻值大，由知整个电路的电流越小，由知整个电路的电功率越小，故B错误； C、当测相同环境时，光照强度相同，说明光敏电阻的阻值不变，若将更换为阻值更小的电阻，串联电路中的总电阻变小，电流变大，由知光敏电阻两端的电压变大，显示仪的示数变大，故C正确； D、要使检测装置可测的灰尘浓度最大值增大，灰尘浓度增大，光照减弱，光敏电阻的阻值变大，由串联电路的分压作用知显示仪的示数增大，要使显示仪的示数不变，应减小电源电压，故D错误。 故选：C。 根据电流表和电压表的正确使用确定显示仪是电流表还是电压表；当R的电阻为零时，若没有，电路将发生短路现象，据此分析的作用。 被测扬尘浓度越高根据光敏电阻R的阻值与光照强度的关系判断出光敏电阻的变化，由串联电路的特点判断出电路总电阻的变化，由欧姆定律可知电路电流的变化，由判断出整个电路电功率的变化； 当测相同环境时，光照强度相同，说明光敏电阻的阻值不变，若将更换为阻值更小的电阻，由欧姆定律判断出电路中电流的变化和光敏电阻两端电压的变化； 要使检测装置可测的灰尘浓度最大值增大，光敏电阻的阻值变大，由串联电路的分压作用判断出显示仪的示数的变化，根据需要控制显示仪的示数不变，判断出电源电压的变化。 本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是题干中获取有效的信息，有一定的难度。 11.【答案】短路  【解析】解：开关和用电器串联后接到火线上，如图所示： 。 如果仅把一个电饭煲的插头接入插座时，家用的电饭锅的电功率不是很大，家中保险丝立刻熔断，其原因应该是短路。 故答案为：；短路。 开关和用电器串联后接到火线上。 家庭电路中电流过大的原因有两个：一是发生了短路，二是用电器的总功率过大。 本题考查的是家庭电路的连线问题；知道家庭电路中电流过大的原因。 12.【答案】电磁波 不平衡   【解析】解：智能设备如手机、平板等之间的无线数据传输，依靠电磁波实现。 短道速滑运动员在弯道滑行时，运动方向不断变化，因此运动状态发生改变，说明运动员受力不平衡。 故答案为：电磁波；不平衡。 广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的，物体受平衡力时，运动状态保持不变保持静止或匀速直线运动；若运动状态改变速度大小或方向变化，则受力不平衡。 本题考查电磁波的应用和力与运动的关系，难度不大。 13.【答案】流体中，流速越大的位置压强越小 增大   【解析】解：汽车车顶的外掀式天窗，当汽车行驶时，天窗A面关闭，B面微微向上打开，汽车上方空气流速大，压强小；下方空气流速小，压强大。车内空气压强大，在压强差的作用下，车内污浊的空气被自动“抽出”，从而保持车内空气清新。这种能够自动向外“抽气”的现象所依据的物理原理是流体中，流速越大的位置压强越小； 汽车在匀速爬坡的过程中，质量不变，高度增加，重力势能增大；质量不变，速度不变，动能不变。机械能等于动能与重力势能之和，所以它的机械能增大。 故答案为：流体中，流速越大的位置压强越小；增大。 流体中，流速越大的位置压强越小，据此解释； 机械能等于动能与势能之和；影响动能大小的因素：质量、速度；影响重力势能的大小的因素：质量、高度。 本题以汽车为背景，考查流体压强与流速的关系以及机械能的概念，属于基础题。 14.【答案】在透镜一倍焦距和二倍焦距之间 减小手机与透镜之间的距离   【解析】解：根据投影仪成像的原理可知，手机屏幕到透镜的距离物距应大于焦距，小于二倍焦距，白色墙上呈现的是倒立、放大的实像，要使墙上的像变大，需要增大像距，减小物距，即应该减小手机与透镜之间的距离，同时将投影仪远离白墙。 故答案为：在透镜一倍焦距和二倍焦距之间；减小手机与透镜之间的距离。 投影仪的成像原理是物距在一倍焦距和二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像；凸透镜成实像时，物近像远像变大。 本题以自制简易投影仪为例，考查了凸透镜成像规律的应用，要熟知其成像的特点与规律，并会分析其物距和像距的关系。 15.【答案】内   【解析】解：利用太阳能使水的温度升高，是将太阳能转化为内能； 50kg水从升高到水吸收的热量： 。 故答案为：内；。 分析利用太阳能把水加热的能量转换形式； 知道水的质量、比热容和升高的温度，根据吸热公式计算水吸收的热量。 本题主要考查了对太阳能的转化与利用和热量的计算，属基础题，难度不大。 16.【答案】地磁场；  增大电流；条形磁体；N；  通电螺线管外部磁场的方向与电流的方向有关  【解析】地球本身是一个大磁体，存在地磁场，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近。能在水平面内自由转动的小磁针静止后总是指向南北，是因为受到地磁场的作用。 铁屑分布很不明显，是因为磁场较弱，增大电流可以增强螺线管的磁场，使铁屑分布更明显。 对比图乙与条形磁体周围铁屑分布相似，说明通电螺线管的磁场与条形磁体的磁场相似。 根据小磁针指向判断得出通电螺线管的右端为N极。 对调电源正负极，螺线管中的电流方向改变，小磁针静止时N极所指方向也改变，这说明通电螺线管外部磁场的方向与电流的方向有关。 故答案为：地磁场；增大电流；条形磁体；N；通电螺线管外部磁场的方向与电流的方向有关。 地球存在地磁场。 铁屑分布很不明显，可增大电流增强螺线管的磁场，使铁屑分布更明显。 根据小磁针指向判断。 通电螺线管外部磁场的方向与电流方向有关。 本题探究通电螺线管外部磁场方向的实验，掌握影响通电螺线管外部磁场方向的因素是关键。 17.【答案】薄；形变程度；  乙、丙；  液体密度越大，液体压强越大；增大水的深度；   【解析】橡皮膜越薄，橡皮膜越容易发生弹性形变，反应越灵敏，所以橡皮膜应该选用薄一些的较好； 实验过程中通过观察橡皮膜的形变程度来比较液体内部压强的大小，采用了转换法； 探究液体压强与液体深度的关系时吗，应控制液体密度相同，只改变液体深度，应选择甲、乙两实验，丙中液体深度较大，橡皮膜形变程度较大，液体压强较大，所以液体压强与液体深度有关，所以拦河大坝做成上窄下宽形状； 比较图丁可知液体深度相同，盐水密度较大，橡皮膜向水的方向凸出，盐水方向液体压强较大，可得出结论：液体深度相同时，液体密度越大，液体压强越大；要想橡皮膜扁平，液体压强相同，应该增大水的深度； 橡皮膜相平，液体压强相同，所以，未知液体密度为。 故答案为：薄；形变程度；乙、丙；液体密度越大，液体压强越大；增大水的深度；。 橡皮膜越薄，橡皮膜越容易发生形变； 该实验中，用橡皮膜形变表示液体内部压强的大小，应用了转换法； 液体压强与深度和液体的密度有关，研究液体压强与其中一个因素的关系，要控制另外一个因素不变；分析实验中相同量和不同量，根据转换法得出结论； 根据分析回答。 本题是探究液体压强特点的实验，考查了转换法、控制变量法及压强的实际应用。 18.【答案】不相同；；  断路；  ；串联电路中电源电压等于各用电器两端电压之和；  等于；【拓展】  【解析】为了得到普遍规律，实验中应选用规格不同的灯泡进行多次实验； 由图甲可知，两灯泡串联，电压表测两端的电压，故图乙中将两灯泡串联，电压表并联在两端，如下图所示： ； 闭合开关，发现两灯均不亮，地面电路可能断路；电压表无示数，说明电压表与电源没有连通，即A到电源负极或B到电源正极存在断路；用电压表测两端的电压，其示数接近电源电压，说明与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即电路故障可能是断路； 由图乙可知，电压表选用小量程；其中测时，电压表的示数如图丙所示，电压表分度值，其示数为； 由表中数据可知，， ， ， 故可得出结论：串联电路中电源电压等于各用电器两端电压之和； 因为两灯泡串联，串联电路中各处的电流相等，通过灯的电流等于的电流； 【拓展】由表格数据可知，BC、BD、CD间的电流是定值，则它们之间的电阻是定值电阻，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，由可得BC、BD、CD间的电阻值分别为： ， ， ， 因， 所以，BC间为一定值电阻阻值为，BD间为一定值电阻阻值为，CD间为两电阻串联； 由表格数据可知，AB、AC、AD间电流是变化的，则它们之间有滑动变阻器； 当滑动变阻器接入电路中的电阻为零，的定值电阻和的定值电阻分别接入电路中时电路中的最大电流分别为： ， ， 结合表格数据可知，AC间滑动变阻器与的定值电阻串联，AD间滑动变阻器与的定值电阻串联， 因AB间电流最大时的阻值，小于两定值电阻的阻值， 所以，AB间只有滑动变阻器，且未将滑动变阻器调到阻值最大、最小位置； 由第三次数据可知，电路中的电流最小为，则滑动变阻器的最大阻值： ； 综上可知，AB之间只有滑动变阻器，AC间的定值电阻与滑动变阻器串联，AD间的定值电阻与滑动变阻器串联，BC间只有的定值电阻，BD间只有的定值电阻，CD间和的定值电阻串联，电路图如下图所示： 。 故答案为：不相同；；断路；；串联电路中电源电压等于各用电器两端电压之和；等于；【拓展】。 为了得到普遍规律，实验中应选用规格不同的灯泡进行多次实验；根据电路图连接实物图； 闭合开关，发现两灯均不亮，地面电路可能断路；电压表无示数，说明电压表与电源没有连通，即A到电源负极或B到电源正极存在断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，据此分析； 根据图乙确定电压表量程，由图丙确定分度值读数；根据表中数据分析得出结论； 串联电路中各处的电流相等； 【拓展】由表格数据可知，BC、BD、CD间的电流是定值，则它们之间的电阻是定值电阻，根据电阻的串联和欧姆定律分别求出它们之间的电阻，根据电阻判断定值电阻的阻值和连接；由表格数据可知，AB、AC、AD间电流是变化的，则它们之间有滑动变阻器，当滑动变阻器接入电路中的电阻为零电路中的电流最大，根据电阻的串联和欧姆定律求出两电阻接入电路中时电路中的最大电流，然后确定两者的位置，再根据欧姆定律求出AB间电流最大时的阻值确定AB间的连接方式，进一步确定未将滑动变阻器调到阻值最大、最小位置；综上分析确定电路连接方式。 本题探究串联电路中电压、电流规律实验，考查了电路连接、电路故障、电压表读数、数据分析以及黑匣子问题，最后一问难度较大。 19.【答案】机器人在水平移动过程中的速度为；   机器人手拿道具静止在水平舞台上时对地面的压强为；   机器人抬高道具过程中对道具做功的功率为60W  【解析】机器人在水平移动过程中的速度：； 机器人的重力：， 道具的重力：， 机器人手拿道具静止在水平舞台上时对地面的压力等于机器人和道具的总重力，即： ， 地面的受力面积等于机器人与地面的总接触面积，即：， 机器人静止时对地面的压强：； 机器人克服道具重力做的功：， 此过程中动力做功的功率：。 答：机器人在水平移动过程中的速度为； 机器人手拿道具静止在水平舞台上时对地面的压强为； 机器人抬高道具过程中对道具做功的功率为60W。 根据求机器人在水平移动过程中的速度； 根据求机器人和道具的重力；机器人手拿道具静止在水平舞台上时对地面的压力等于机器人和道具的总重力，地面的受力面积等于机器人与地面的总接触面积，根据可得机器人对地面的压强； 根据求机器人克服道具重力做的功，根据求机器人抬高道具过程中对道具做功的功率。 本题考查速度、重力、压强和功、功率的计算，难度一般。 20.【答案】小灯泡正常发光时的电流是1A；   电源电压U是10V；   电压表并联的位置可能是电源两端，也可能是滑动变阻器的两端，的阻值是  【解析】小灯泡L的规格为“5V5W”，由可得，灯泡正常发光的电流：； 闭合开关，并将开关置于1位置，调节滑动变阻器滑片至中点，电阻为，灯泡与滑动变阻器串联，灯泡正常发光的电压为5V； 电源电压； 闭合开关，将开关置于2位置，定值电阻与滑动变阻器串联，根据滑动变阻器允许的最大电流为1A，故电流表示数必须小于1A，因而是小量程，为； 此时电路的总电阻； 闭合开关时，滑动变阻器电阻最大，移动变阻器滑片到某一位置，电路安全，滑动变阻器必须不能取最大值，故定值电阻必须大于，因而的阻值是；根据电压表示数可能是10V或2V，故并联在电源两端时是10V，如果2V，必须电阻等于电压之比为2V：：4，而电阻的阻值是；滑动变阻器是，恰好满足1：4，故并联在滑动变阻器的两端时是2V。 答：小灯泡正常发光时的电流是1A； 电源电压U是10V； 电压表并联的位置可能是电源两端，也可能是滑动变阻器的两端，的阻值是。 根据计算灯泡正常发光时的电流； 闭合开关，并将开关置于1位置，调节滑动变阻器滑片至中点，灯泡与滑动变阻器串联，结合串联电路的特点和欧姆定律计算电源电压； 根据滑动变阻器的允许电流确定电流表的读数，结合欧姆定律计算总电阻，根据移动变阻器滑片到某一位置，分析定值电阻的阻值大小，结合串联分压规律计算电压表示数，得出并联的位置。 本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，属于中档题。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $