第二章 第2讲 摩擦力（课件PPT）-【高考领航】2026年高考物理大一轮复习学案

第2讲　 摩擦力 返回 ‹#› 1.知道滑动摩擦和静摩擦产生的条件，理解动摩擦因数的概念。 2．会判断摩擦力的有无及方向，会计算摩擦力的大小。 复习 目标 返回 ‹#› 1 考点一　 2 考点二　 3 思维方法 4 限时规范训练 栏 目 导 引 返回 ‹#› 1．定义：两个相互接触的物体，当它们发生相对运动或具有相对运动的趋势时，在接触面上会产生阻碍____________或__________________的力。 2．产生条件 (1)接触面______。 (2)接触处有______。 (3)两物体间有____________或__________________。 3．方向：与受力物体____________或______________的方向相反。 考点一 摩擦力的有无及方向判断 相对运动 相对运动趋势 粗糙 压力 相对运动 相对运动趋势 相对运动 相对运动趋势 返回 ‹#› 4．静摩擦力有无及方向的判断“三法” (1)假设法：利用假设法判断的思维程序如下。 (2)状态法：先确定物体的运动状态，再利用牛顿第二定律(F＝ma)或平衡条件确定静摩擦力的大小及方向。 (3)牛顿第三定律法：先确定受力较少的物体受到的静摩擦力的方向，再根据“力的相互性”确定另一物体受到的静摩擦力方向。 返回 ‹#› 1．滑动摩擦力的方向与物体的运动方向一定相反。( ) 2．静摩擦力可能是动力，滑动摩擦力一定是阻力。( ) 3．运动的物体不可能受到静摩擦力作用。( ) × × × 返回 ‹#› (2024·黑吉辽卷，3)利用砚台将墨条研磨成墨汁时讲究“圆、缓、匀”。如图，在研磨过程中，砚台始终静止在水平桌面上。当墨条的速度方向水平向左时(　　) A．砚台对墨条的摩擦力方向水平向左 B．桌面对砚台的摩擦力方向水平向左 C．桌面和墨条对砚台的摩擦力是一对平衡力 D．桌面对砚台的支持力与墨条对砚台的压力是一对平衡力 C 解析：C　滑动摩擦力方向与物体间的相对运动方向相反，墨条相对砚台水平向左运动，则砚台对墨条的摩擦力方向水平向右，A错误；根据牛顿第三定律结合A项分析可知，砚台受到墨条水平向左的摩擦力，而砚台处于静止状态，其水平方向上受力平衡，则桌面对砚台的摩擦力方向水平向右，桌面和墨条对砚台的摩擦力是一对平衡力，B错误，C正确；对砚台受力分析，竖直方向上，砚台受到自身重力、墨条的压力和桌面的支持力，因此桌面对砚台的支持力与墨条对砚台的压力不是一对平衡力，D错误。 答案 解析 返回 ‹#› 如图甲、乙所示，物体P、Q在力F作用下一起以相同速度沿力F方向匀速运动，图乙中斜面体固定不动，关于物体P所受的摩擦力，下列说法正确的是(　　) A．图甲、乙中物体P均受摩擦力，且方向均与力F相同 B．图甲、乙中物体P均受摩擦力，且方向均与力F相反 C.图甲、乙中物体P均不受摩擦力 D．图甲中物体P不受摩擦力，图乙中物体P受摩擦力，且方向与力F方向相同 D 解析：D　在题图甲中，P做匀速直线运动，在水平方向所受合力为零，所以P不受摩擦力；在题图乙中，假设P不受摩擦力，P将相对Q沿斜面向下运动，因此P受与力F方向相同的摩擦力。D正确。 答案 解析 返回 ‹#› 摩擦力的三点提醒 (1)摩擦力的方向总是与物体间相对运动(或相对运动趋势)的方向相反，但不一定与物体的运动方向相反。 (2)摩擦力总是阻碍物体间的相对运动(或相对运动趋势)，但不一定阻碍物体的运动。即摩擦力可以是阻力使物体减速，也可以是动力使物体加速。 (3)受静摩擦力作用的物体不一定静止，但一定与施力物体保持相对静止。 返回 ‹#› 1．摩擦力的大小 (1)滑动摩擦力：Ff＝_________，μ为动摩擦因数。 (2)静摩擦力：________________________。 2．弹力与摩擦力的关系 若两物体间有摩擦力，则两物体间_________弹力(填“一定有”或“不一定有”)，若两物体间有弹力，则两物体间____________摩擦力(填“一定有”或“不一定有”)。 考点二 摩擦力的计算 μFN 0<F≤Fmax 一定有 不一定有 返回 ‹#› 3．静摩擦力大小的分析与计算 (1)物体处于平衡状态(静止或匀速直线运动)时，利用力的平衡条件来计算静摩擦力的大小。 (2)物体有加速度时，若只有静摩擦力提供加速度，有Ff＝ma。若除受静摩擦力外，物体还受其他力，则F合＝ma，先求合力再求静摩擦力。 返回 ‹#› (2024·广西卷，2)工人卸货时常利用斜面将重物从高处滑下。如图，三个完全相同的货箱正沿着表面均匀的长直木板下滑，货箱各表面材质和粗糙程度均相同。若1、2、3号货箱与直木板间摩擦力的大小分别为Ff1、Ff2和Ff3，则(　　) A．Ff1＜Ff2＜Ff3　　 B．Ff1＝Ff2＜Ff3 C．Ff1＝Ff3＜Ff2 D．Ff1＝Ff2＝Ff3 D 解析：D　根据滑动摩擦力公式Ff＝μFN，1、2、3号货箱与直木板间正压力相同，各表面材质和粗糙程度均相同，摩擦力大小与接触面积大小无关，则Ff1＝Ff2＝Ff3，D正确。 答案 解析 返回 ‹#› 在水平地面固定倾角为θ的斜面体，质量为m的物体在平行于底边、大小为F的水平力作用下静止于斜面上，如图所示。重力加速度大小为g。该物体受到的摩擦力大小为(　　) A．F　　　　　 B．F＋mg C．F＋mg sin θ D． D 解析：D　对物体受力分析可知，物体受重力、支持力、水平力F以及摩擦力的作用而处于平衡状态；将重力分解为垂直于斜面和沿斜面的两个分力，根据平衡条件可知，在沿斜面方向上，重力的分力mg sin θ与水平力F以及摩擦力的合力为零，则摩擦力大小等于水平力与重力沿斜面向下的分力的合力，由几何关系可知，该物体受到的摩擦力大小为，故D正确。 答案 解析 返回 ‹#› 如图所示，位于水平桌面上的物块P，由跨过定滑轮的轻绳与物块Q相连，从滑轮到P和到Q的两段绳都是水平的，已知Q与P之间以及P与桌面之间的动摩擦因数都为μ＝0.4，物块P重为40 N，物块Q重为20 N，滑轮的质量、滑轮轴上的摩擦都不计，若用一水平向右的力F拉P使它做匀速运动，求： (1)物块Q所受到的滑动摩擦力的大小和方向； (2)物块P所受桌面的滑动摩擦力的大小和方向； (3)拉动物块P所需的力F的大小。 返回 ‹#› 解析：(1)物块Q所受到的滑动摩擦力的大小 Ff1＝μFNQ＝μGQ＝0.4×20 N＝8 N 方向水平向右。 (2)物块P所受桌面的滑动摩擦力的大小 Ff2＝μFNP＝μ(GP＋GQ)＝0.4×(40＋20) N＝24 N 方向水平向左。 (3)设跨过定滑轮的轻绳拉力大小为FT，对物块Q，由平衡条件得FT＝Ff1＝8 N 对物块P受力分析，P水平方向受到向右的拉力F、向左的轻绳拉力FT、Q对P向左的摩擦力Ff1′及桌面对P向左的摩擦力Ff2，根据平衡条件，有F＝Ff1′＋Ff2＋FT＝8 N＋24 N＋8 N＝40 N。 答案：(1)8 N　水平向右　(2)24 N　水平向左　(3)40 N 返回 ‹#› 当物体的受力情况发生变化时，摩擦力的大小和方向往往会发生变化，有可能导致静摩擦力和滑动摩擦力之间的相互转化。常见的摩擦力突变模型如下： 思维方法 摩擦力的四类突变 突变模型 模型分析 “静—静” 突变 在水平力F作用下物体静止于斜面上，F突然增大时物体仍静止，则物体所受静摩擦力的大小或方向将“突变” 返回 ‹#› 突变模型 模型分析 “静—动” 突变   物体放在粗糙水平面上，作用在物体上的水平力F从零逐渐增大，当物体开始滑动时，物体受水平面的摩擦力由静摩擦力“突变”为滑动摩擦力 返回 ‹#› 突变模型 模型分析 “动—静” 突变   滑块以v0冲上斜面做减速运动，当到达某位置时速度减为零而后静止在斜面上，滑动摩擦力“突变”为静摩擦力 返回 ‹#› 突变模型 模型分析 “动—动” 突变 水平传送带的速度v1大于滑块的速度v2，滑块受滑动摩擦力方向水平向右，当传送带突然被卡住时，滑块受到的滑动摩擦力方向“突变”为向左 返回 ‹#› (2025·福建三明模拟)如图所示，质量为10 kg的物体A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的拉力为5 N 时，物体A与小车均处于静止状态。若小车以1 m/s2的加速度向右运动，则(　　) A．物体A相对小车向右运动 B．物体A受到的摩擦力减小 C．物体A受到的摩擦力大小不变 D．物体A受到的弹簧的拉力增大 C 解析：C　由题意得，物体A与小车的上表面间的最大静摩擦力Ffm≥5 N，当小车加速运动时，假设物体A与小车仍然相对静止，则物体A所受合力大小F合＝ma＝10 N，可知此时小车对物体A的摩擦力大小为5 N，方向向右，且为静摩擦力，所以假设成立，物体A受到的摩擦力大小不变，故A、B错误，C正确；弹簧长度不变，物体A受到的弹簧的拉力大小不变，故D错误。 答案 解析 返回 ‹#› (多选)如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动。在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ＜tan θ，则图中能客观地反映小木块的运动情况的是(　　) BD 返回 ‹#› 解析：BD　小木块刚放上之后的一段时间内所受摩擦力沿斜面向下，由牛顿第二定律可得mg sin θ＋μmg cos θ＝ma1，小木块与传送带同速后，因μ＜tan θ，小木块将继续向下加速运动，此时有mg sin θ－μmg cos θ＝ma2，有a1＞a2，故B、D正确，A、C错误。 返回 ‹#› 摩擦力突变问题的两点提醒 (1)静摩擦力是被动力，且静摩擦力存在最大值，当达到最大值时，发生突变。 (2)滑动摩擦力的突变问题：接触面的动摩擦因数发生变化或接触面受到的压力发生变化时，滑动摩擦力就会发生变化。 返回 ‹#› 3 4 5 6 7 8 9 10 12 11 1 2 (选择题1～7题每题5分，8～12题每题6分，共65分) [基础分组训练] 题组1　摩擦力的有无及方向判断 1．图甲是某同学写字时的握笔姿势，图乙是他在握笔时把拇指和食指松开时的状态，笔尖仍然斜向下且笔保持静止状态。关于两幅图中笔的受力，下列说法正确的是(　　) A．图甲中笔可能不受摩擦力 B．图乙中笔可能不受摩擦力 C．图甲和图乙中手对笔的作用力方向都为竖直向上 D．图甲中手的握力越大，笔所受的摩擦力越大 限时规范 训练(8) C 返回 ‹#› 3 4 5 6 7 8 9 10 12 11 1 2 解析：C　对题图甲中的笔受力分析，受到手指的压力、重力、摩擦力，假设没有受到摩擦力，笔就会顺着手指滑下来，故A错误；对题图乙中的笔受力分析，受到重力、支持力和摩擦力，假设没有受到摩擦力，笔就会顺着手指滑下来，故B错误；因为题图甲和题图乙中的笔都是静止状态，所以手对笔的作用力应与重力大小相等，方向相反，故C正确；题图甲中的笔受到的是静摩擦力，其大小等于重力沿笔方向的分力，与手的握力大小无关，故D错误。 返回 ‹#› 2 1 3 4 5 6 7 8 9 10 12 11 2．如图所示，沿直线运动的小车内悬挂的小球A和小车水平底板上放置的物块B都相对车厢静止，关于物块B受到的摩擦力，下列判断正确的是 (　　) A．物块B不受摩擦力作用 B．物块B受摩擦力作用，大小恒定，方向水平向左 C．物块B受摩擦力作用，大小恒定，方向水平向右 D．因小车的运动方向不能确定，故物块B受到的摩擦力情况无法判断 B 返回 ‹#› 2 1 3 4 5 6 7 8 9 10 12 11 解析：B　对小球A受力分析，它受绳的拉力和自身重力作用，两力的合力水平向左，且大小恒定，故小车有向左的恒定加速度，则物块B也有水平向左的加速度。由受力分析知，物块B必受到水平向左的摩擦力，且大小恒定，故B正确，A、C、D错误。 返回 ‹#› 2 3 1 4 5 6 7 8 9 10 12 11 题组2　摩擦力的计算 3．(多选)(2025·四川凉山模拟)某同学在家清洁墙面的情景如图所示，他用力推着一个0.8 kg的拖把沿墙竖直向上做匀速直线运动，推力保持在沿轻杆方向上，此时轻杆与竖直墙面的夹角为53°，推力大小为40 N。已知sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6，g取10 m/s2，则(　　) A．拖把头对墙的压力大小为32 N B．拖把头对墙的压力大小为24 N C．拖把头与墙面之间的动摩擦因数为0.5 D．拖把头与墙面之间的动摩擦因数为0.75 AC 返回 ‹#› 2 3 1 4 5 6 7 8 9 10 12 11 解析：AC　拖把沿墙竖直向上做匀速直线运动，根据平衡条件可得拖把头对墙的压力大小为FN＝F sin 53°＝40×0.8 N＝32 N，故A正确，B错误；拖把沿墙竖直向上做匀速直线运动，有 F cos 53°＝mg＋Ff，拖把受到的滑动摩擦力为Ff＝μFN，解得拖把头与墙面之间的动摩擦因数为 μ＝0.5，故C正确，D错误。 返回 ‹#› 2 3 4 1 5 6 7 8 9 10 12 11 4．如图所示，木块A、B分别重50 N和60 N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.20，夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了1 cm，弹簧的劲度系数为400 N/m，系统置于水平地面上静止不动(可认为木块与水平地面之间的最大静摩擦力大小等于滑动摩擦力)。现用F＝2 N的水平拉力作用在木块B上，此时木块A、B所受摩擦力分别记为FfA和FfB。则(　　) A．FfA＝10 N B．FfA的方向水平向左 C．FfB＝8 N D．FfB的方向水平向左 D 返回 ‹#› 2 3 4 5 6 7 8 9 10 12 11 1 解析：D　未加F时，木块A、B受力平衡，所受静摩擦力等于弹簧的弹力，则弹簧弹力为F1＝kx＝400 N/m×0.01 m＝4 N，B木块与地面间的最大静摩擦力FfBm＝μGB＝0.20×60 N＝12 N，施加F后，对木块B有F＋F1<FfBm，木块B受摩擦力仍为静摩擦力，其大小FfB＝F＋F1＝2 N＋4 N＝6 N，方向水平向左，故C错误，D正确；A木块与地面间的最大静摩擦力FfAm＝μGA＝0.20×50 N＝10 N，施加2 N的F之后，木块A所受摩擦力仍为静摩擦力，大小为FfA＝F1＝4 N，方向水平向右，故A、B错误。 返回 ‹#› 2 3 4 5 1 6 7 8 9 10 12 11 题组3　摩擦力的四类突变 5．如图所示，一质量为m的木块放在水平桌面上，在水平方向受到F1和F2作用而处于静止状态，其中F1＝10 N，F2＝3 N。已知木块与地面的动摩擦因数为0.1，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现撤去F1保留F2。则木块在水平方向受到的摩擦力为(　　) A．10 N，方向向左　　 B．3 N，方向向左 C．3 N，方向向右 D．0 C 返回 ‹#› 2 3 4 5 1 6 7 8 9 10 12 11 解析：C　因为F1＝10 N，F2＝3 N且物体保持静止，可知物体受静摩擦力大小为Ff＝F1－F2＝7 N，方向向左，物体受最大静摩擦力Ffm≥7 N；现撤去F1保留F2，因F2＝3 N<Ffm，则物体仍静止，此时木块在水平方向受到的摩擦力为3 N，方向向右。 返回 ‹#› 2 3 4 5 6 1 7 8 9 10 12 11 6．如图所示，斜面体固定在地面上，倾角为θ＝37°(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)。质量为1 kg的滑块以初速度v0从斜面底端沿斜面向上滑行(斜面足够长，该滑块与斜面间的动摩擦因数为0.8)，则该滑块所受摩擦力Ff随时间变化的图像是选项图中的(取初速度v0的方向为正方向，g＝10 m/s2)(　　) B 返回 ‹#› 2 3 4 5 6 1 7 8 9 10 12 11 解析：B　滑块上滑过程中受滑动摩擦力Ff＝μFN，FN＝mg cos θ，联立得Ff＝6.4 N，方向沿斜面向下。当滑块的速度减为零后，由于重力的分力mg sin θ＜μmg cos θ，滑块静止，滑块受到的摩擦力为静摩擦力，由平衡条件得Ff′＝mg sin θ，代入数据可得Ff′＝6 N，方向沿斜面向上，故选项B正确。 返回 ‹#› 7 8 9 10 12 11 1 3 4 5 6 2 7．某同学利用图甲所示装置研究摩擦力的变化情况。实验台上固定一个力传感器，传感器用棉线拉住物块，物块放置在粗糙的长木板上。水平向左拉木板，传感器记录的F-t图像如图乙所示。下列说法正确的是 (　　) A．实验中必须让木板保持匀速运动 B．图乙中曲线就是摩擦力随时间的变化曲线 C．最大静摩擦力与滑动摩擦力之比约为10∶7 D．只用图乙中数据可得出物块与木板间的动 摩擦因数 C 返回 ‹#› 7 8 9 10 12 11 1 3 4 5 6 2 解析：C　为了能研究摩擦力随时间的变化曲线，故物块一直要处于静止状态，则向左的摩擦力一直与向右的轻绳的拉力平衡，图乙是向右轻绳的拉力随时间变化的曲线，图乙也可以反映摩擦力随时间变化的曲线，由图乙可知向右轻绳的拉力先增大后减小，最后趋于不变，故物块先受 静摩擦力作用，后受滑动摩擦力作用，所以不需要让木板保持匀速运动，故AB错误；由图可知，最大静摩擦力约为10 N，滑动摩擦力约为7 N，故最大静摩擦力与滑动摩擦力之比约为10∶7，故C正确；根据Ff＝μFN，FN＝mg可知，由于不知道物块的重力，故无法求物块与木板间的动摩擦因数，故D错误。 返回 ‹#› 8 9 10 12 11 1 3 4 5 6 7 2 [创新提升训练] 8．如图所示，两个完全相同的长木块A、B叠放在粗糙的水平地面上，现用水平恒力F推长木块A，使得长木块A、B一起向右做匀速直线运动。已知两个长木块的质量均为m，长木块之间、长木块与地面之间的动摩擦因数均为μ，重力加速度大小为g，下列说法正确的是(　　) A．长木块A受到6个力的作用 B．地面受到长木块A的摩擦力大小为2μmg C．长木块A受到长木块B的摩擦力大小为μmg D．推力F的大小为3μmg B 返回 ‹#› 8 9 10 12 11 1 3 4 5 6 7 2 解析：B　对长木块B受力分析，由于长木块A、B一起向右做匀速直线运动，故B水平方向上不受摩擦力。对长木块A受力分析，受到重力、B对A的压力、地面对A的支持力、水平的推力F、地面对A的摩擦力，故长木块A受到5个力的作用，A错误；长木块A受到地面的摩擦力为滑动摩擦力，大小为Ff＝μFN＝2μmg，由牛顿第三定律知，地面受到长木块A的摩擦力大小为2μmg，B正确；长木块B水平方向上不受摩擦力，故长木块A受到长木块B的摩擦力大小为0，C错误；对A、B系统受力分析，根据平衡条件可知F＝Ff＝2μmg，D错误。 返回 ‹#› 9 10 12 11 1 3 4 5 6 7 8 2 9．在建筑装修中，工人用一质量为m、与墙面动摩擦因数为μ的磨石打磨竖直粗糙墙面，在与竖直面成θ角的推力F作用下，磨石以速度v向上匀速运动，如图所示。下列说法正确的是(　　) A．磨石受到的摩擦力大小为μF cos θ B．若撤掉F，磨石会立刻向下运动 C．若撤掉F，磨石受到的摩擦力大小变为0 D．若仅略微减小θ角，则磨石将做减速运动 C 返回 ‹#› 9 10 12 11 1 3 4 5 6 7 8 2 解析：C　磨石受到的摩擦力大小为Ff＝μFN＝μF sin θ，故A错误；若撤掉F，墙面对磨石的弹力为0，磨石受到的摩擦力大小变为0，磨石只受重力的作用，做竖直上抛运动，故磨石先向上运动再向下运动，故B错误，C正确；磨石向上匀速运动，根据平衡条件有F cos θ－mg＝Ff＝μF sin θ，若仅略微减小θ角，cos θ增大，sin θ减小，则F cos θ－mg－μF sin θ＝ma>0，可知若仅略微减小θ角，磨石将做加速运动，故D错误。 返回 ‹#› 10 12 11 1 3 4 5 6 7 8 9 2 10．一长方形木板放置在水平地面上，在长方形木板的上方有一条状竖直挡板，挡板的两端固定于水平地面上，挡板与木板不接触。现有一个方形物块在木板上沿挡板以速度v运动，同时长方形木板以大小相等的速度向左运动，木板的运动方向与竖直挡板垂直，已知物块跟竖直挡板和水平木板间的动摩擦因数分别为μ1和μ2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物块的质量为m，重力加速度为g，则竖直挡板对物块的摩擦力大小为 (　　) A．0　　　　　　　　 B．μ1μ2mg C．μ1μ2mg D．μ1μ2mg B 返回 ‹#› 10 12 11 1 3 4 5 6 7 8 9 2 解析：B　物块沿运动方向受挡板的摩擦力大小为Ff1＝μ1FN，因物块沿挡板运动的速度的大小等于木板运动的速度的大小，故物块相对木板的速度方向与挡板成45°角，物块受木板的摩擦力大小为Ff2＝μ2mg，其方向与挡板成45°角，如图，则物块与挡板之间的正压力FN＝μ2mg sin 45°＝μ2mg，故挡板对物块的摩擦力大小为Ff1＝μ1FN＝μ1μ2mg，故B正确。 返回 ‹#› 11 12 1 3 4 5 6 7 8 9 10 2 11．劳动教育应从娃娃抓起，如图所示，一位小朋友在家用拖把拖地，拖把头的质量为m，拖杆的质量可以忽略，小朋友沿杆方向对拖把头施加大小为F的推力，此时推力与水平方向的夹角为θ，拖把头沿水平地面做匀速直线运动，重力加速度大小为g，下列说法正确的是(　　) A.地面对拖把头的支持力与拖把头受到的重力大小相等 B．拖把头对地面的摩擦力大于F cos θ C．若只增大推力F，则拖把头受到的摩擦力一定增大 D．拖把头与地面间的动摩擦因数为 　 C 返回 ‹#› 11 12 1 3 4 5 6 7 8 9 10 2 解析：C　对拖把头进行受力分析，在竖直方向上有FN＝mg＋F sin θ，则地面对拖把头的支持力大于拖把头受到的重力，A错误；拖把头匀速运动，水平方向受力平衡，则拖把头所受地面的摩擦力大小Ff＝F cos θ，B错误；由Ff＝μ(mg＋F sin θ)可知，只增大推力F，则拖把头受到的摩擦力一定增大，拖把头与地面间的动摩擦因数μ＝，C正确，D错误。 返回 ‹#› 12 1 3 4 5 6 7 8 9 10 11 2 12．长木板上表面的一端放有一个质量为m的木块，木块与木板接触面上装有摩擦力传感器，如图甲所示，木板由水平位置缓慢向上转动(即木板与地面的夹角θ变大)，另一端不动，摩擦力传感器记录了木块受到的摩擦力大小Ff随角度θ的变化图像如图乙所示。下列判断正确的是(　　) A．木块与木板间的动摩擦因数μ＝tan θ1 B．木块与木板间的动摩擦因数μ＝ C．木板与地面的夹角为θ2时，木块做自由 落体运动 D．木板由θ1转到θ2的过程中，木块的速度变化越来越快 D 返回 ‹#› 12 1 3 4 5 6 7 8 9 10 11 2 解析：D　当夹角为θ1时，最大静摩擦力为Ff2，而滑动摩擦力为Ff1，此时木块是加速下滑的，则有μmg cos θ1<mg sin θ1，解得μ<tan θ1，由μmg cos θ1＝Ff1，解得μ＝，故A、B错误；当木板与地面的夹角为θ2时，木块只受重力，但初速度不为零，木块不是做自由落体运动，故C错误；在木板由θ1转到θ2的过程中，依据μmg cos θ＝Ff可知，木块受到的摩擦力会减小，则其受到的合力F合＝mg sin θ－μmg cos θ增大，则加速度增大，因此木块的速度变化越来越快， 故D正确。 返回 ‹#› 第2讲　摩擦力 点击进入WORD文档 按ESC键退出全屏播放 返回 ‹#› $