05 牛顿运动定律-【伯乐马】2026年高考物理一轮复习同步考练卷

物理一轮复习同步考练（五） 牛顿运动定律 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每 小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1.如图所示，小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向 下运动，并沿右侧斜面上升。斜面上先后铺垫三种粗糙程度 逐渐降低的材料，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为 1、2、3。对三次实验结果进行对比，可以得到的最直接的 结论是 A.如果斜面光滑，小球将上升到迟 与O点等高的位置 B.如果小球不受力，它将一直保 持匀速直线运动状态或静止状态 C.如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变 D.小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小 2.如图所示是我国一种传统的民族体育项目“押加”，实际上 相当于两个人拔河，如果绳质量不计，且保持水平，甲、乙 两人在“押加”比赛中甲获胜，则下列说法中正确的是 A.甲对乙的拉力始终大于乙对甲的拉 力 B.甲把乙加速拉过去时，甲对乙的拉 力大于乙对甲的拉力 C.只有当甲把乙匀速拉过去时，甲对 乙的拉力大小才等于乙对甲的拉力大小 D.甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小，只是地 面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力 3.质量为1吨的汽车在平直公路上以12m/s的速度匀速行驶， 所受阻力大小不变，从某时刻开始汽车的牵引力减少 2000N,那么从该时刻起经过8s,汽车行驶的路程是 A.36m B.32m C.25m D.24m 4.如图所示，在升降机上用相同的轻绳悬挂三个小球，球1、 球2、球3的质量分别为1.5kg、1.8kg、2.0kg。已知轻绳 能承受的最大拉力为20N,若升降机向上的加速度大小满足 1m/s2<a<2m/s2,则下列说法正确的是 A.三根绳可能都会断 B.悬挂球1的绳可能会断 C.悬挂球2的绳可能不会断 2 D.悬挂球3的绳可能不会断 5.如图所示，一固定光滑杆与水平方向夹角为0，将一铁环套 在杆上，铁环通过轻绳悬挂一个小球。若铁环与小球保持相 对静止一起沿杆向下滑动，图中NM竖直向下，NP垂直于 杆，（空气阻力不计）则下列关于铁环与小球位置关系图正 确的是 N N 6.如图所示，水平传送带顺时针匀速转动，一物块轻放在传送 带左端，当物块运动到传送带右端时恰与传送带速度相等， 若传送带仍保持匀速但速度加倍，将物块轻放在传送带左 侧，本次物块在传送带上运动的时间与传送带速度加倍前相 比，下列判断正确的是 A.变为原来的一半 B.变为原来的2倍 C.不变 D.变为原来的4倍 7.我国高铁技术处于世界领先水平，复兴号动车组是由动车和 拖车编组而成，提供动力的车厢叫动车，不提供动力的车厢 叫拖车。某列动车组由8节车厢组成，其中第1、5节车厢为 动车，其余为拖车。假设某段时间内动车组在水平直轨道上 做匀加速运动，各车厢质量均相等，每节动车的动力大小均 为F,阻力与车重成正比，则在这段时间内 A.动车的惯性随时间增大 写6节车厢对第7节车厢的作用力大小 C.刹车时轨道对车厢的作用力等于车厢的重力 D.刹车时轨道对车厢作用力方向与运动方向相反 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每 小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全选对 的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.电梯内的地板上竖直放置一根轻质弹簧，弹簧上方有一质量 为的物体。当电梯静止时弹簧被压缩了x1；当电梯运动 时弹簧被压缩了x2,且有x2>x1,试判断电梯运动的可能情 况是 A.匀加速下降 B.匀加速上升 C.匀减速上升 D.匀减速下降 2026年伯乐马一轮复习同步考练（五）·物理·第1页（共2页） 9.如图所示，两个相同的小球通过两个相同 的弹簧和一个水平向左的外力在竖直平面F《 内达到平衡，则以下说法正确的是 A.A、B弹簧产生的弹力大小相等 B.A、B两弹簧形变量之比为1：4 o C.撤去F的瞬间，a球的加速度为2√3g D.撒去F的瞬间，b球处于失重状态 10.如图所示，质量为m的小球放在半径为R的光滑半球形槽 内，当槽以加速度α向右匀加速运动时，球离开槽底部的 高度为h,下列说法正确的是 A.槽加速度a越大，则h越大 B.槽加速度a越大，则h越小 C.槽加速度a越大，则球对槽的压力越大 D.槽加速度a越大，则球对槽的压力越小 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(8分) 某实验小组利用图()所示实验装置探究加速度与力、质 量的关系。 纸带木块 打点计时器 带滑轮的长木板 细缤 -小桶 (a) (b) (1)下列做法正确的是 A.调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行 B.在调节木板倾斜度来平衡木块受到的滑动摩擦力时，将 装有砝码的小桶通过定滑轮拴在木块上 C.实验时，先放开小桶，再接通打点计时器的电源 (2)为使小桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块 运动时受到的拉力，应满足的条件是： 小桶及桶内砝码的总质量 （选填“远大于”“远小 于”或“近似等于”)木块和木块上砝码的总质量。 (3)甲、乙两同学分别用此装置研究加速度a与拉力F的 关系。实验中，木块上均未放砝码，没有平衡摩擦力，分别得 到图(b)中甲、乙两条直线。设甲、乙用的木块质量分别为 m甲、m乙，甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为以甲、 乙，由图(b)可知，m甲 m乙，甲 一4z(均 选填“大于”“小于”或“等于”) 12.(8分) 为测量在平直路面上行驶的汽车加速度，某兴趣小组设计 了一款如图所示的简易加速度测量仪。将贴有白纸的木板竖直 固定在车上，在板上P点固定一铁钉，将一根细绳一端固定在 铁钉上，另一端系一小钢球。过P点正下方40cm处的O点作 一条水平直线，在直线上O点两侧画出均匀分布的刻度线，并 将O点标为零刻度，测量时细绳和该直线交点所对应的刻度值 可表示加速度的大小，重力加速度g取10m/s2。 mmanjmmmnm (1)水平直线上标注的加速度刻度值是 (选填 “均匀”或“不均匀”)的； (2)若细绳长为50cm,则加速度测量仪的量程为 m/s2; (3)某次测量过程中，观察到加速度测量仪的读数由大逐 渐变小。则汽车的运动可能是 A,匀加速直线运动 B.匀减速直线运动 C.加速度减小的减速运动 D.加速度减小的加速运动 (4)若用加速度测量仪直接测量正在爬坡的汽车加速度， 则加速度的测量值 真实值（选填“大于”、“小于”或 “等于”)。 13.(10分) 如图所示，在水平气垫导轨上放置一质量为M的滑块，一 不可伸长的轻绳跨过光滑轻质定滑轮，两端分别与滑块和一悬 挂物相连接，滑块与滑轮间的轻绳与导轨平行。现将滑块从静 止释放，测得滑块先后通过两光电门时的速度大小分别为1和 2,两光电门间的距离为1。 光电门 (1)求绳对滑块的水平拉力； (2)求悬挂物的质量； (3)请推导绳的拉力F与滑块质量M、悬挂物质量m以及 重力加速度g之间的函数关系。 14.(13分) 如图，单人双桨赛艇比赛中，运动员用双桨同步划水使赛 艇沿直线运动。运动员每次动作分为划水和空中运桨两个阶段， 假设划水和空中运浆用时均为0.8s,赛艇（含运动员、双浆） 质量为70kg,受到的阻力恒定，划水时双桨产生动力大小为赛 艇所受阻力的2倍，某时刻双桨刚人水时赛艇的速度大小为 4m/s,运动员紧接着完成1次动作，此过程赛艇前进8m,求： (1)划水和空中运桨两阶段赛艇的加速度大小之比； (2)赛艇的最大速度大小和受到的恒定阻力大小。 2026年伯乐马一轮复习同步考练（五）·物理·第2页（共2页） 15.(15分) 如图所示，质量m1=2000kg的货物放在质量为m2= 4000kg,长为l=6m的货车车厢中央，货物可视为质点，货物 与车厢之间的动摩擦因数为以=0.4，已知货车紧急制动时获得 的制动阻力f=48000N,g取10m/s2。 (1)若货车从静止开始启动，为防止货物与车厢相对滑动， 求货车启动时的最大加速度大小； (2)若货车以v。=20m/s行驶，突然紧急制动，求货物与 车厢前端相撞前货物的速度大小： (3)若货车以v。=20m/s行驶，为防止货物与车厢前端相 撞，求货车减速的最大加速度大小。 而 面 ®V®V®r五、牛顿运动定律 1.答案：A 其余不是直接的结论，是推论得到的结论。 2.答案：D 根据牛顿第三定律得，甲、乙之间的相互作用力在任何情况下都 大小相等，ABC错误；将甲、乙看成一个整体，甲把乙拉过去，说 明地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力，D正确。 3.答案：A 由fa得a-太-00/g=-2m/ 汽车减速到零时所需时间为：4=”二”=0一12 a -2 =6s<8s, 则8s内通过的位移即为6s内的位移为：x=二1=2 21= 2 ×6m= 36m,A正确。 4.答案：C 对小球受力分析，受到重力和绳子拉力作用，由牛顿第二定律列 10 球1的最大加速度为a,=3m/s 方程：T一mg=ma,可得 10 球2的最大加速度为a2=gm/s 球3的最大加速度为0 所以悬挂球1的绳一定不会断，悬挂球3的绳一定会断，悬挂球2 的绳可能不会断，故选C。 5.答案：C 设铁环的质量为m1,小球的质量为m2,当铁环与小球保持相对 静止一起沿杆向下滑动，对整体分析， 根据牛顿第二定律可得(m1十m2)gsin0=(m1+m2)a 可得a=gsin0 设轻绳与竖直方向的夹角为3，对小球分析，沿光滑杆方向根据 牛顿第二定律可得Tsin(3-0)十m2gsin8=m2a 垂直光滑杆方向有Tcos(3一0)一m2gcos0=0 联立可得3=0 即轻绳垂直光滑杆，故C正确。 6.答案：C 物块与传送带之间有相对运动时，所受合外力即滑动摩擦力f= mg不变，由f=ma知，a=ug不变 物块从传送带左端运动到右端位移x不变， 由 可知，物块到达右端所用时间t、速度v均未变， w2-0=2a.x C正确。 7.答案：B 动车的质量不变，故惯性不变，A错误； (对动车整体：2F一8kmg=8ma, 对最后的7、8节车厢：T-2kmg=2ma 解得T一号，B正确 刹车时轨道对车厢有竖直向上的支持力和向后的摩擦力，因竖直 向上的支持力和重力相等，则轨道对车厢的作用力大于车厢的重 力，方向斜向后上方，与运动方向不共线，CD错误。 8.答案：BD 电梯静止时小球的重力mg=kx1,电梯运动时弹簧的弹力 k.x2>kx1=mg,小球合力竖直向上，加速度竖直向上，BD对。 9.答案：BC 先对b球受力分析，受重力和拉力，根据平 衡条件，有：F,=mg 600 再对a、b球整体受力分析，受重力、拉力和F B弹簧的拉力，如图所示： 2mg Y 根据平衡条件，有：F2= 2mg c0s60° =4mg A弹簧受力F1=mg 明显A、B两弹簧形变量之比为1：4，A错，B对； 弹簧产生的弹力不能发生突变，即在突然撤去F的瞬间，弹簧 A、B对球a、b的拉力不变，则b仍处于平衡状态，a球的加速度 为F=25g,C对D错。 m 10.答案：AC 设小球所在位置的半径与水平方向的夹角为0。 则小球所受的合力F合=mg tan mg 根据牛顿第二定律得：F合= mg tang =2a 得tan0=8,则槽加速度a越大，0越小，由几何关系可知h越 0 大。故A正确B错误。 由图可得：槽对球的支持力N=mg sin 槽加速度a越大，0越小，由器知，N越大，由牛银第三定 律知球对槽的压力越大。故C正确D错误。 11.(1)A(2)远小于(3)小于，大于 解析：根据牛颜定律F一mg=ma,得a= F一mg,整理成y 2026年伯乐马一轮复习同步考练·物理答案·第1页 =十6的形式，得a=F一g,则图象的斜率人=】，从图知 m k甲>k之，所以m甲<m元； 则图象在纵轴上的截距的绝对值|b|=g,从图知|b|甲> |b元，所以甲>元· 12.(1)均匀 (2)7.5 (3)CD (4)大于 解析： 心根据牛顿第二定律可得以“=，故a=气x mg h 加速度与小钢球相对零刻度的位移x成正比，故加速度的 刻度为均匀的。 (2)若细绳长为50cm,根据勾股定理可知x=30cm 则加速度测量仅的量程为a-是=1.5m/ (3)加速度测量仪的读数由大逐渐变小，则其加速度逐渐变 小，故其可能做加速度减小的减速运动或者加速度减小的加速 运动。故选CD。 (4)由(1)分析知a测=gtang; 正在爬坡的汽车加速度方向与坡面方向平行，作出力三角 形如图，从图中可看出，显然"<tana,即a真<gtana,即测量 mg 值大于真实值。 ma 。P a mg jrmnphpinpmnjrmpinjjimp 13.(1)加速度a=- 21 绳对滑块的水平拉力F=Ma= M(v-v) 21 (2)对m,根据牛顿定律mg一F=ma, 解得m= M(v-v) 2gl-v3+vi Mmg (3)mg-F=ma,F=Ma,解得F=M十m 14.(1)设赛艇受到的阻力大小为f,双浆划水时的动力为F,设划 水和运浆阶段的加速度大小分别为a1、a2,由牛顿第二定律 划水时F一f=ma1 空中运浆时f=ma2 依题意有F=2f 联立解得=1 (2)由以上分析可知，赛艇匀加速和匀减速前进时加速度大小相 等，加速结束时速度达到最大，则vm=vw十a1t 1 划水时x1=wt+2at 1 运桨时x2=vmt-2a2t 又x1十x2=8 联立并代入数据解得：om=6m/s,f=175N 15.（1)对货物m1g=m1a1 解得a1=4m/s2 (2)对车f-m1g=m2a2 得a2=10m/s2 1 2=x:-x1=(01-2a12)-(0,1-20t2) 代人数据得t=1s 所以货物与车厢前端相撞前速度v=v。一a1t=16m/s (3)临界情况下，货物从开始滑动到停止运动通过的位移为 2a1 =50m 则汽车从开始刹车到停止运动通过的位移为 =x'-2 =47m v8200 故汽车刹车的最大加速度为am=2。=7m/s 2026年伯乐马一轮复习同步考练·物理答案·第2页