广东省2026届高三物理一轮复习卷（二）

2025年高三物理高考复习卷（二）适用于广东广州市白云区 说明： 1．全卷共8页，15小题，满分100分．测试用时为80分钟． 2．答卷前，在答题卡上用黑色字迹的钢笔或签字笔填写学校、班级、准考证号、姓名、考场号、座位号． 3．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动，修改时用橡皮擦干净后，重新填涂所选选项． 4．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答、答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液．不按以上要求作答的答案无效． 5．务必保持答题卡的整洁．测试结束时，将测试卷和答题卡一并交回． 一、单项选择题：本大题共7个小题，每小题3分，共21分．在每个小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求． 1．近年来，人们不断追求清洁、高效能源，其中最有效的是核聚变。“第三代”核聚变又称氦3反应，其核反应方程为。已知、和的质量分别为、和，下列说法正确的是（　　） A．该核反应方程中的是正电子 B．该反应过程中满足关系 C．的比结合能小于的比结合能 D．目前我国的秦山、大亚湾等核电站广泛使用氦3为原料进行核反应发电 2．如图甲所示，生活中常用两根并排的竹竿将砖块从高处运送到低处。将竹竿简化为两根平行放置、粗细均匀的圆柱形直杆，一长方体砖块放在两竹竿的正中间，由静止开始从高处下滑。图乙为垂直于运动方向的截面图（砖块截面为正方形）。若仅将两竹竿间距减少一些，则（　　） A．竹竿对砖块的弹力变小 B．竹竿对砖块的摩擦力变大 C．砖块的加速度不变 D．砖块下滑到底端的时间变短 3．水面下深处有一点光源，发出两种不同颜色的光和，光在水面上形成了如图所示的一个有光线射出的圆形区域，该区域的中间为由两种单色光所构成的复色光圆形区域，周围为光构成的圆环。若光的折射率为，则下列说法正确的是（　　） A．光从水中进入空气中传播速度变大，波长变短 B．复色光圆形区域的面积为 C．在水中，光发生全反射的临界角比光的小 D．用同一装置做双缝干涉实验，光的干涉条纹比光的窄 4．中国科学院紫金山天文台围绕空间探测任务“近邻宜居行星巡天计划”开展了先期研究，探测类太阳恒星的宜居类行星，宜居类行星和地球分别绕类太阳恒星和太阳近似做匀速圆周运动，若类太阳恒星和太阳的质量比为k1，宜居类行星和地球的质量比为k2、公转轨道半径比为p，宜居类行星与地球的密度近似相同，则下列说法正确的是 A．宜居类行星和地球公转线速度之比为 B．宜居类行星和地球表面重力加速度之比为 C．宜居类行星和地球的第一宇宙速度之比为p D．宜居类行星和地球的自转周期之比为 5．如图甲所示为家用燃气灶点火装置的电路原理图，转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交流电加在理想变压器的原线圈上，设变压器原、副线圈的匝数分别为。当两点火针间电压大于就会产生电火花进而点燃燃气，闭合S，下列说法正确的是（　　） A．电压表的示数为 B．在正常点燃燃气的情况下，两点火针间电压的有效值一定大于 C．当时，点火针每个周期的放电时间约为 D．当时，点火针每个周期的放电时间约为 6．篮球是人们生活中比较喜爱的运动之一，既能锻炼身体又能带来欢乐。某场比赛中由于对手防守强度大，某运动员选择在篮板正对面的三分线外投篮，如图所示，结果篮球打板反弹后进入篮筐中心。已知篮球出手的位置距地面的高度为2.05 m，距篮筐中心的水平距离7.25 m，篮球途经的最高点比篮筐高0.8 m。篮筐中心与篮板的水平距离为0.375 m，篮筐距地面的高度为3.05 m，篮球碰到篮板后水平速度瞬间反向，大小不变，竖直速度不受影响，忽略篮球的大小和空气阻力，重力加速度g取，，，下列说法正确的是（　　） A．篮球从出手至撞到篮板经历的时间为1 s B．篮球出手时速度的方向跟竖直方向的夹角为37° C．篮球经过的最高点的位置与篮筐中心的水平距离为3.2 m D．篮球落入篮筐时的速度方向与竖直方向夹角的正切值为2 7．如图所示，一个圆柱体空间被过旋转轴的平面MNPQ划分成两个区域，两区域分布有磁感应强度大小相等、方向相反且与z轴平行的匀强磁场。一质子以某一速度从圆柱体左侧垂直Oyz平面进入磁场，并穿过两个磁场区域。质子重力忽略不计。下列关于质子运动轨迹在不同坐标平面的投影中，可能正确的是（　　） A． B． C． D． 二、多项选择题:本大题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题列出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．如下图，是以状态a为起始点、在两个恒温热源之间工作的卡诺逆循环过程（制冷机）的图像，虚线、为等温线。该循环是由两个等温过程和两个绝热过程组成，该过程以理想气体为工作物质，工作物质与低温热源或高温热源交换热量的过程为等温过程，脱离热源后的过程为绝热过程。下列说法正确的是（　　）    A．过程气体压强减小完全是由于气体的温度降低导致的 B．一个循环过程完成后，气体对外放出热量 C．过程向低温热源释放的热量等于过程从高温热源吸收的热量 D．过程气体对外做的功等于过程外界对气体做的功 9．如图所示，在xOy平面直角坐标系内，两相干波源S2和S1分别位于（±6m，0）处，以左支为界（虚线），两侧为不同种均匀介质。t=0时两波源同时垂直于坐标系平面向纸外开始振动，振动周期为T=0.02s。当t=0.1s时，两列波在x轴与边界的交点P处相遇。不考虑反射、折射波的影响，则（　　） A．坐标原点O为振动加强点 B．虚线界面上各点均为振动加强点 C．在x轴上，间共9个加强点 D．在x轴上，间S1的波长为0.8m 10．如图，足够长光滑绝缘斜面的倾角为，且，斜面上相距为1m的水平虚线和之间有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为，一边长、质量、电阻的正方形金属线框的边紧靠磁场边界。时刻，线框在沿斜面向上的外力作用下，由静止开始以大小为的加速度匀加速进入匀强磁场，当线框边到达磁场边界时，撤去外力，当线框边到达磁场边界时，线框速度恰好减为零。重力加速度取，此过程中说法正确的是（　　） A．线框进磁场过程与出磁场过程安培力的冲量相同 B．整个过程线框中感应电流的最大值为2A C．线框进入磁场过程中，拉力的功率与时间的关系为 D．线框从边刚离开边界到边抵达边界经历的时间为 三、非选择题:本大题共5小题，共54分。考生根据要求作。 11．如图所示是“探究向心力的大小F与质量m、角速度ω和半径r之间关系”的实验装置。皮带分别套在左右两侧变速塔轮的不同圆盘上，转动手柄，可使两侧变速塔轮及长槽和短槽随之匀速转动，两个槽内的小球分别以各自的角速度做匀速圆周运动，其向心力由挡板对小球的压力提供，球对挡板的反作用力通过杠杆作用使弹簧测力筒下降，从而露出标尺，标尺上露出的红白相间的等分格显示出两个球所受向心力的比值。当皮带分别处于两侧变速塔轮1、2、3层时，左、右塔轮以及长槽和短槽的角速度之比分别为1∶1、1∶2和1∶3，那么： （1）若探究向心力的大小F与半径r的关系时，两侧变速塔轮应该同时选择第 层（选填“1”、“2”或“3”），长短槽放置质量 （选填“相等”或“不相等”）的小球，小球应分别放C处和 处。（选填“A”或“B”）。 （2）为了进一步精确探究，小组同学利用传感器验证向心力的表达式，如图乙所示，装置中水平直槽能随竖直转轴一起转动，将滑块套在水平直槽上，用细线将滑块与固定在槽上的力传感器连接。当滑块随水平直槽一起匀速转动时，细线的拉力大小可以通过力传感器测得，滑块转动的角速度可以通过角速度传感器测得。将相同滑块分别以半径r为0.30m、0.25m、0.20m、0.15m、0.10m做匀速圆周运动，在同一坐标系中分别得到图丙中①、②、③、④、⑤五条F-ω图线，则图线①对应的半径为 m，各图线均不过坐标原点，原因可能是 。 12．每年均有因燃气泄漏导致事发生的事例，某实验小组找来气敏传感器，通过实验测定其阻值随燃气浓度变化的规律，实验器材如下： A．气敏传感器（其阻值随浓度变化范围从几欧姆到几十欧姆） B．直流电源E（电动势为，内阻很小） C．电流表A（量程，内阻很小） D．电压表（量程为，内阻为） E.电压表（量程为，内阻为） F.电阻箱（最大阻值为） G.电阻箱（最大阻值为） H.滑动变阻器R（阻值为） I.开关一个，导线若干 （1）实验小组设计的实验电路如图甲所示，请将电路中的连线补充完整； （2）实验中电压表应选用 、电阻箱应选用 （填器材前面的序号）； （3）实验中测定的气敏传感器的阻值随燃气浓度变化的图像如图乙所示，查阅资料知道，天然气的爆炸临界浓度范围约为（体积百分比），这意味着当空气中的天然气浓度高于或低于时，就不会发生爆炸。若某次实验中电压表和电流表的示数分别为和，电阻箱接入电路的阻值与所选电压表的内阻相等，则气敏传感器的阻值 ，此时 （选填“会”或“不会”）发生爆炸危险。 13．如图所示，质量m=10 kg的物体静止在水平地面上，在斜向上的恒力F拉动下，开始向右运动。已知力F=100 N，物体与地面间的动摩擦因数μ=0.5，力F与水平方向的夹角θ=37°，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，取g=10 m/s2。 （1）求物体受到的摩擦力的大小； （2）求力F作用5 s时物体的速度大小； （3）如果力F作用5 s后撤去，则物体在从静止开始运动的12 s内通过的位移是多大? 14．（15分）地表附近存在着环境电场，该电场可视为场强大小为E、方向竖直向下的匀强电场，蜘蛛可以通过向空中吐出带电蛛丝实现飞行。如图所示，在无风的天气里，质量为m的蜘蛛从地面向空中吐出4根蛛丝，恰好可以使它脱离地面；在有水平风的天气里，t＝0时蜘蛛从地面向空中吐出n（n＞4且为偶数）根蛛丝，T时刻咬断一半蛛丝，经过一段时间后蜘蛛落到地面完成“迁徙”。假设蜘蛛吐出的每根蛛丝都相同，且电荷集中在蛛丝顶端，不计蛛丝重力，蜘蛛自身始终不带电，已知重力加速度为g，水平风力大小恒为f＝mg，忽略空气对蜘蛛的其他作用力。 （1）判断蛛丝的电性，并求每根蛛丝的电荷量q； （2）蜘蛛要实现空中“迁徙”，求n的值； （3）求蜘蛛“迁徙”一次飞行的水平距离x（结果可以用根号表示）。 15．（15分）如图，竖直平面内一足够长的光滑倾斜轨道与一长为L的水平轨道通过一小段光滑圆弧平滑连接，水平轨道右下方有一段弧形轨道PQ。质量为m的小物块A与水平轨道间的动摩擦因数为μ。以水平轨道末端O点为坐标原点建立平面直角坐标系xOy，x轴的正方向水平向右，y轴的正方向竖直向下，弧形轨道P端坐标为（2μL，μL），Q端在y轴上。重力加速度为g。 （1）若A从倾斜轨道上距x轴高度为2μL的位置由静止开始下滑，求A经过O点时的速度大小； （2）若A从倾斜轨道上不同位置由静止开始下滑，经过O点落在弧形轨道PQ上的动能均相同，求PQ的曲线方程； （3）将质量为λm（λ为常数且λ≥5）的小物块B置于O点，A沿倾斜轨道由静止开始下滑，与B发生弹性碰撞（碰撞时间极短），要使A和B均能落在弧形轨道上，且A落在B落点的右侧，求A下滑的初始位置距x轴高度的取值范围。 参考答案 1．C 2．C 3．B 4．A　 5．D 6．D 7．D 8．BD 9．CD 10．ACD 11．（1）若探究向心力的大小F与半径r的关系时，则应该保持角速度和质量不变，转动半径不同，则两侧变速塔轮应该同时选择第1层，长短槽放置质量相等的小球，小球应分别放C处和B处。 （2）根据F=mω2r可知质量和角速度相同时，半径r越大，则向心力F越大，则由图可知图线①对应的半径为0.30m，各图线均不过坐标原点，原因可能是滑块与水平直槽之间存在摩擦力作用。 12．（1）连线如图所示（理由见第二问） （2）因滑动变阻器阻值较小，选用分压式接法；量程较大，舍去，选择电压表D，因其量程较小，需改装，电源电动势为，改装成的电压表量程也在附近，根据串联电阻分压，要串联左右的电阻，因此需选用电阻箱F，使改装后的电压表与气敏传感器和电流表串联电路相并联。 （3）根据题意和电路图可知，改装成的电压表量程是，电压表与电阻箱两端电压相等，有，解得，根据乙图可知，此时浓度大约为，不在临界范围之内，不会发生爆炸危险。 13．（1）物体受力如图所示 物体所受的支持力的大小为 FN=mg-Fsin 37°=100 N-100×0.6 N=40 N 则物体受到的摩擦力大小为 Ff=μFN=0.5×40 N=20 N （2）根据牛顿第二定律得，物体的加速度为 a== m/s2=6 m/s2 力F作用5 s时物体的速度大小为 v=at=6×5 m/s=30 m/s （3）力F作用5 s时物体的位移为 x=at2=×6×52 m=75 m 撤去F后，物体的加速度大小为 a'==5 m/s2 滑行至停止运动的时间为 t'== s=6 s 撤去F后滑行的位移为 x'=t'=×6 m=90 m 故物体在从静止开始运动的12 s内通过的位移为 x总=x+x'=165 m。 14．（1）以蜘蛛和蛛丝整体为研究对象，在无风天气里，蜘蛛所受重力大小与蛛丝所受电场力大小相等、方向相反，所以蛛丝带负电（1分） 由平衡条件得 mg＝4qE（1分） 解得q＝（1分） （2）蜘蛛要完成起飞，则需满足n＞4；其咬断一半蛛丝后，能够降落，则需满足＜4（1分） 故4＜n＜8（1分） 又因n为偶数，则n＝6（1分） （3）设蜘蛛咬断蛛丝前、后竖直方向的加速度大小分别为a1、a2，咬断蛛丝前 6qE－mg＝ma1（1分） 咬断蛛丝后 mg－3qE＝ma2（1分） 设蜘蛛咬断蛛丝时，在竖直方向的速度大小为v，距离地面高度为h1，蜘蛛咬断蛛丝后，上升到达最高点后下落，有 v＝a1T（1分） h1＝a1T2（1分） 设蜘蛛咬断蛛丝后，继续飞行的时间为t，有 vt－a2t2＝－h1（1分） 蜘蛛在空中飞行时，设水平加速度大小为ax，有 f＝max（1分） 飞行的水平距离x＝ax（T＋t）2（1分） 联立解得x＝gT2（2分） 15．（1）A从倾斜轨道上距x轴高度为2μL的位置由静止开始下滑到O过程中，根据动能定理可得 mg·2μL－μmgL＝mv2－0 （2分） 可得A经过O点时的速度大小v＝ （1分） （2）小物块A从O点落在弧形轨道PQ上的过程中做平抛运动，设水平位置坐标为x，竖直位置坐标为y，则有x＝v0t， y＝gt2 （1分） 根据动能定理可得mgy＝Ek－m （1分） 小物块A从O点落在弧形轨道上P点时， 有μL＝gt2，2μL＝vPt （1分） 根据动能定理可得mg·μL＝Ek－m （1分） 联立可得x2－8μLy＋4y2＝0，其中0≤x≤2μL，μL≤y≤2μL （2分） （3） A沿倾斜轨道由静止开始下滑到经过O点过程中，根据动能定理可得mgh－μmgL＝m－0 （1分） A与B发生弹性碰撞，根据动量守恒、机械能守恒，有 mv1＝λmvB－mv2 （1分） m＝λm＋m （1分） 由题意知A与B碰撞后A会反弹，A反弹后再回到O点的过程中，根据动能定理有－μmg·2L＝m－m （1分） 由于A落在B落点的右侧，则有v3＞vB， 联立可得h＞， 要使A和B均能落在弧形轨道上，则有v3≤， 联立可得h≤， 由题意知λ≥5，有＜μL （1分） 则A下滑的初始位置距x轴高度的取值范围为 ＜h≤ （1分） 【一题多解】（1）小物块A由静止开始下滑到倾斜轨道底端，根据牛顿第二定律可得a1＝gsin θ， 根据运动学公式v'2＝2a1， 在水平轨道上，根据牛顿第二定律可得a2＝μg， 根据运动学公式v2－v'2＝－2a2·L， 可得A经过O点时的速度大小v＝。 第 page number 页，共 number of pages 页 第 page number 页，共 number of pages 页 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $