湖北省孝感市2025-2026学年高二上学期9月起点考试物理试卷

2025-2026学年度上学期高二9月起点考试 高二物理试卷 命题学校：大悟一中 命题教师：徐圆圆 审题学校：汉川一中 审题教师：娄延安 考试时间：2025年9月9日上午10：30-1145 试卷满分：100分 注意事项： 1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在 答题卡上的指定位置。 2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写 在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3非选择题的作答：用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷、草稿纸 和答题卡上的非答题区域均无效。 4.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并上交。 一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只 有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得4分，选对但 不全的得2分，有错选或不选的得0分。 1.将一质量为m的带正电小球，在竖直方向的匀强电场中以水平速度抛出，小球运动的加速度大 小为号，方向竖直向下，不计空气阻力，小球在下落九的过程中，下列计算结果正确的是(） A动能塔加 B.重力势能减少" 2 C.机械能减少8 D.电场力大小为3 2 2.我国发射“天问一号”探测器对火星开展广泛的科学探测工作。已知探测器质量为m,在火 星表面附近悬停，受到竖直向上的升力F,火星半径为R,万有引力常量为G,忽略火星自 转。下列说法正确的是() A.火星表面的重力加速度大小为P-G B.火星质量为织 。火星的第一字南速度大小为，网 D.火星密度为 3F Gxm 3.如图所示是等量异种点电荷形成的电场中的一些点；O是电荷连线的中点，E、F是连线中 垂线上相对O对称的两点，B、C和A、D也相对O对 称。则下列说法中正确的是() E A.E、F两点电场强度不同 +9 -9 B.A、D两点电场强度相同 D C.B、O、C三点，O点电场强度最大 ● D.电子从E点向F点运动的所受静电力逐渐增大 楚天教科研协作体*物理试卷（共6页)第1页 4.如图所示，在倾角为37°的斜面上，轻质弹簧一端连接固定在斜面底端的挡板C上，另一端 连接滑块A。一轻细绳通过斜面顶端的定滑轮（质量忽略不计），一端系在滑块A上，另一 端与小球B相连，细绳与斜面平行，斜面足够长。用手托住小球B,此时弹簧长度为原长， 滑块A刚好要沿斜面向上运动。现在由静止释放小球B,不计轻绳与滑轮间的摩擦。己知 =2a=2g,滑块A与斜面间的动摩擦因数u=0.5,最大静摩擦力等于滑动摩擦力， 取g=10m/s2,弹簧的劲度系数k=100N/m。若弹簧原长时弹性势能为0，弹簧伸长x时的 弹性势能为二2。(sim37°=0.6，cos37°=0.8)下列说法正确的是() 2 A.释放小球B前，小球B对手的压力为12N B.滑块A向上滑行0.2m时速度最大 OB C.当滑块A向上滑行到速度最大时，弹簧对滑块A做功-0.5J 370 D.经过足够长的时间，滑块A、小球B都处于静止状态，且弹 nnnnnnnnnnnnnnnnnnnnnn 簧长度为原长 5.如图甲所示，绝缘粗糙水平面上x=一21处和x=4处分别固定两个点电荷（场源电荷），其 中x=-2处的电荷量大小为Q。以无限远处作为零电势点，两点电荷在x轴上形成的电场其 电势P与x关系如图乙所示，其中坐标原点处电势为、且为极小值，x=-1和x=21处电 势分别为亏%和2。下列说法正确的是( ) 、Pa 甲 A.x=-1处和x=21处的场强等大反向 B.x=4l处的电荷的电荷量为49 C.x=-1处无初速度释放一个带正电的光滑质点物块，物块会以O点为中心来回往返运动 gpo D.质量为”，电荷量为+9的带电物体（视为质点），与地面动摩擦因数业为Og,欲 使它从O点向右出发刚好到达x=21处，则物体在坐标原点处的初速度大小为， 6q4 5m 6.某同学在实验室利用如图甲所示的电路测定定值电阻R、电源的电动势E和内阻r。调节滑 动变阻器的滑动触头P向某一方向移动，记录了电流表A和电压表V1及电压表V2的测量 数据，所有电表都视作理想电表。根据数据描绘了如图乙所示的两条一I直线，则下列说 ◆UV 法中正确的是() 1.20 A.定值电阻R的阻值为12 1.00 A B.电源的内阻为12 V2 0.50 C.电源的电动势为1.5V IA 0.250.50 D.滑动变阻器上消耗的功率最大为0.175W 甲 乙 楚天教科研协作体*物理试卷（共6页)第2页 7.如图所示，在竖直平面内有水平向左的匀强电场，一根长L=0.625m的绝缘细线的一端固定 在电场中的O点，另一端系住一质量m=0.kg、带电量q=-3×107C的小球，小球静止时细 线与竖直方向成0=37°角。现给小球一个与细线垂直的初速度，使其从静止位置开始运动， 发现它恰好能绕0点在竖直平面内做完整的圆周运动。已知g=10m/s2,sin37°=0.6， c0s37°=0.8，则() E A.匀强电场的电场强度大小为1.8×10个N/C B.小球获得的初速度大小为6.25m/s C.小球从初始位置运动至轨迹最左端的过程中机械能减小了3.6J D.小球在竖直平面内顺时针运动一周回到初始位置的过程中，其电势能先增大后减小 8.如图所示，甲卫星在圆轨道上绕地运行，乙卫星在某次变轨过程中的运行轨道为椭圆，两卫 星轨道相交于P、Q两点。B、D分别是椭圆轨道的近地点和远地点，A、C为圆轨道上的两 点，A、B、C、D和地心在同一直线上，且AB<CD。则下列说法正确的是() A.甲在A点的速度一定等于乙在D点的速度 B.甲、乙经过Q点时受到地球的引力大小一定相等、方向相同 地球 C.乙卫星在B、P、D、Q点的机械能关系满足Ea=E。=E。=ED D D.甲从A运行到C所需的时间小于乙从B运行到D所需时间 9.如图所示，M、N是两块水平放置的平行金属板，R,为定值电阻，R和R为可变电阻，开 关S闭合。质量为的带正电荷的微粒从P点以水平速度。射入金属板间，沿曲线打在N 板上的O点。若经下列调整后，微粒仍从P点以水平速度V。射入，则关于微粒打在N板上 的位置说法正确的是() A.断开开关S,M极板稍微下移，粒子打在O点右侧 M B.断开开关S,M极板稍微上移，粒子依然打在O点 R C.保持开关S闭合，增大R,粒子依然打在O点 N D.保持开关S闭合，减小R2,粒子打在O点左侧 10.工程师设计了一个货物缓冲装置。如图（ā）所示，倾角日=30°的固定光滑斜面与水平地面 在C点平滑连接，两条宽度不计的缓冲条（货物每次经过时损失的机械能相等）分别嵌入地 面上A、B两处。为检验装置缓冲性能，工程师使货物以一定的初速度从O点水平向右滑出， 并记录了货物从O点开始至动能首次减为零的过程中，动能E与路程s的关系图像，如图 (b)所示。己知OA=AB=BC=1m,货物质量l=1kg,重力加速度g取10m/s2,不计空 气阻力，货物可视为质点，则货物() ↑E/J 3 16 mimmmmmmmm O A B C 0 x/m 图(a) 图(b) A.与地面间的动摩擦因数为0.6 B.沿斜面上滑的最大距离为2.2m C.每次经过缓冲条损失的机械能为5.5JD.最终停止的位置与O点的距离为1.8m 楚天教科研协作体*物理试卷（共6页)第3页 二、非选择题：本大题共5小题，共60分。 11.(6分) 某实验小组利用竖直固定的钢管圆形轨道和力传感器来验证“机械能守恒定律”。将力传感 器嵌入轨道最高点和最低点，并连接数据采集系统。质量为的钢性小球可在管道内近似无摩擦 地运动，经测量小球做圆周运动的半径为”，已知当地的重力加速度为8。请回答下列问题： ☐力传感器b 口力传感器a (1)让小球多次从开口处P点以较大初速度沿轨道切线方向射入，直到小球经过轨道底部 和顶部时力传感器均出现示数，并记录其大小分别为F、。: (2)小球在轨道底部的速度可表示为v。= (F-8)r ,小球在轨道顶部的速度可表示为 L 6= (用F。、m、r、8表示)： (3)小球从底部到项部重力势能变化量的大小为△E。、动能变化量的大小为△E:。根据机 械能守恒定律，若满足△E。=△Ek,则F与的差值为 (用8表示)。 12.(10分) 某兴趣小组为测量一电子元件的阻值。 (1)他们首先用多用电表欧姆档的“×10”档粗略测定电子元件阻值，表盘中指针位置如图 (a)所示，则阻值为2： 100504030 2015 10 GRL⊥LEL,o 8 、0 20 ANV-Q 图(a) (2)为了精确测量电子元件的阻值，小组找到了如下实验器材： A.电源E(电源电压9V,内阻约为22)： B.电压表V(量程0~15V,内阻约为涨2) C.电流表A1(量程0~15mA,内阻1为102) D.电流表A2(量程0~100A,内阻2为22) E.滑动变阻器R(最大阻值为502) F.滑动变阻器R2(最大阻值为4k) G.开关S,导线若干。 楚天教科研协作体*物理试卷（共6页)第4页 ①小组设计了如图(b)所示的实验原理图，其中电流表应选用；滑动变阻器应选 用；（均填器材前序号) ☐(A 图(b) ②兴趣小组在测量过程中发现电压表已损坏，他们找到了一个定值电阻R,并重新设计了如 图(d)所示的电路图，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应处在（填“M”或“N”) 端。当开关S闭合后，改变滑动变阻器滑片P的位置，记录电流表A的示数I1、电流表A,的示 数I2,作出了I2-I的图像，如图()所示，己知图线的斜率为k(k>1),则该电子元件的阻值 R=（用R、1、k字母表示)。 图(d) 图(e) 13.(10分) 如图所示，在水平向左的匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道竖直放置，轨道与一水平绝 缘轨道N连接，半圆形轨道所在竖直平面与电场线平行，其半径R=0.90,电场强度的大小 为E=2×103Vm。一带电荷量q=+1×103C的小滑块质量为m=0.4kg,，与水平轨道间的动摩擦 因数=0.2，滑块从水平轨道上某处由静止释放，小滑块恰好运动到半圆形轨道的最高点C。8 取10m/s2,求： (1)滑块在水平轨道上由静止释放的位置离N点的距离x。: (2)滑块通过半圆形轨道中点P点时对轨道压力大小N?; (3)小滑块经过C点后的落地点离N点的距离x1· C E 中 楚天教科研协作体*物理试卷（共6页)第5页 14.(16分) 如图所示，光滑曲面轨道AB、光滑竖直圆轨道O、水平轨道BD、水平传送带DE各部分平 滑连接，水平区域FG足够长，圆轨道最低点B处的入、出口靠近但相互错开。现将一质量为 =0.5kg的滑块（可视为质点）从AB轨道上高度为h处由静止释放，若已知圆轨道半径R=2m, 水平面BD的长度x1=4,传送带长度x2=8n,滑块始终不脱离圆轨道，且与水平轨道BD和传 送带间的动摩擦因数均为=0.4，传送带以恒定速度=6/s逆时针转动（不考虑传送带轮的半 径对运动的影响)，g取10/s2。求： (1)若h=3m,则滑块运动至B点时对圆弧轨道的压力： (2)若滑块不脱离圆轨道且从E点飞出，求滑块释放点高度h的取值范围； (3)当=6.6m时，计算滑块从释放到飞出传送带的过程中，因摩擦产生的热量Q是多少。 B G 15.(18分) 如图所示，xOy为竖直平面内的直角坐标系，该空间存在平行xOy平面但方向未知的匀强电 场，将一质量为、带电量为十q的小球从O点抛出，抛出的初速度大小均为。=2√3gd,抛出 的方向可沿xOy平面内的任意方向。将小球沿某一方向抛出后，一段时间后小球通过A2√3d,0)】 点时速度大小为3√2gd;若将小球向另一方向抛出，一段时间后小球通过B(0,-3d)点时速度大 小为V21gd。求： (1)O、A两点间的电势差U。4及O、B两点间的电势差Ua: (2)电场强度的大小和方向： (3)若将小球沿y轴正方向抛出，小球运动过程中的最小速度以及此时小球离O点的距离S。 B 楚天教科研协作体*物理试卷（共6页)第6页2025-2026学年度上学期高二9月起点考试 高二物理参考答案与解析 一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只 有一项符合题目要求，第810题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得4分，选对但 不全的得2分，有错选或不选的得0分。 题号 1 3 4 5 6 > 8 0 10 答案 ACB C B D B CD BC BD 1.【答案】A 【解析】根据动能定理：小球动能的变化量等于合力做功△E:=h=一gh,故A正确；重力 2 势能减小等于重力做的功，所以重力势能减小gh,故B错误；重力势能减小gh,动能增加一gh, 所以机械能减小了受么，故C错误：根据牛顿第二定律可知，小球所受电场力大小为受，方向 竖直向上，故D错误。 2.【答案】C 【解析】A.探测器悬停时，升力F与火星重力平衡，即F=g F 可得火星表面重力加速度g= ,故A错误。 L B.由万有引力提供重力有G R2 ,=l8g GM F 解得8= R2 联立g= ，得M=R2 ,故B错误。 GnL C.第一宇宙速度v=√gR= FR 故C正确。 V M 3F D.火星密度P= 4 3R3 4GπR,故D错误。 3.【答案】B 【解析】A.等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线，电场强度方向与等势线垂直，因此E、 F两点电场强度方向相同，由于E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，则其电场强度大小也 相等，故A错误； B.根据对称性可知，A、D两点处电场线疏密程度相同，则A、D两点电场强度大小相同，A、 D两点电场强度方向也相同，都水平向左。故B正确： C.由题图可知，B、O、C三点比较，O点的电场线最稀疏，电场强度最小，故C错误： D.由题图可知，电子从E点向F点运动过程中，电场强度先增大后减小，则电子所受静电力先 楚天教科研协作体*物理答案（共8页)第1页 增大后减小，故D错误。 4.【答案】C 【解析】A.释放B球前用手托住球B,此时弹簧刚好处于原长，设绳子拉力为T,滑块A刚要 沿斜面向上运动可知 T=lA8sin37°+4uLA8cos37°=10N 对B受力分析，设手的托力为F,F=8-T=10N 根据牛顿第三定律可知，手受到B球的压力为1ON,A错误： B.松手后，A做加速度减小的加速运动，当A受到的合力为零时，速度最大，当A加速度为零 时，B的加速度也为零，对A受力分析得F弹+ma8sin37°+ma8cos37°=8，F弹=k,代 入k=100N/m解得x=0.1m,B错误； C.松手后到滑块A最大速度时，弹簧对滑块A做功为W=-二x2=-0.5J,C正确： 2 D.当滑块A和小球B最终都静止时，由平衡条件可知，弹簧应处于伸长状态，D错误。 5.【答案】B 【解析】p-x图像斜率表示电场强度： A.由图像的斜率等于场强可知，x=-1和x=21处场强反向，但场强大小不等，A错误； B由图可知在x=0处的场强为零，则 ko ko 2)24,可得O=40,故B正确， C物体在运动过程中，电势能和动能等量转化，质点向右运动到0点右侧电势为5处速度为 6 零，由图可知在x=1右侧，即物块会以O点右侧某一点为中心来回往返运动，故C错误； D由动能定理g1=0m,又所E=9%,解得 7q9,D错误。 51 6.【答案】D 【解析】由题意可知上边的直线表示电源的路端电压随电流的变化关系；下边的直线表示电阻两 端的电压随电流的变化关系：交点处说明两图线表示的电流相等，并且电压相等，故说明此时滑 动变阻器短路，即滑动触头滑到了最左端：由题图可知凡=100-050Q=22,故A错误：电源 0.50-0.25 内阻7=120-1002=082，故B错误，电源的电动势E=+R,)=0.5×0.8+2P=1.4W,故 0.50-0.25 C错误，当滑动变阻器的阻值R=r+R,=2.82时，滑动变阻器功率最大为Pm= E2 =0.175w,故 4R D正确. 7.【答案】B 【详解】A.小球静止时细线与竖直方向成角，对小球受力分析如图 楚天教科研协作体*物理答案（共8页)第2页 A O mg 根据平衡条件有gtan0=qE 可得 .选项A错误： ng tan E= =2×10N/C q B.小球受重力和电场力的等效合力为F=mg G0g320三10W，小球恰能经过等效最高点A,则在A 点时满足F=m L 从开始到A点由动能定理m=F.2L 2 2 解得小球获得的初速度大小为v。=6.25m/S,选项B正确： C.小球从初始位置运动至轨迹最左端的过程中电场力做功为W=-gL(1+sn37°)=-6J,则小 球的机械能减小了6J,选项C错误： D.小球在竖直平面内顺时针运动一周回到初始位置的过程中，电场力先做负功，再做正功，再 做负功，则其电势能先增大后减小，再增大，选项D错误。 8.【答案】CD 【解析】A.根据题意可知，乙在D点的速度小于卫星在经过D点的圆轨道上的速度，由万有引 力提供向心力有G=二 GM P2三一，解得v二r 可知乙卫星在经过D点的圆轨道上运行的速度小于甲运行速度，则甲在A点速度一定大于乙在D 点的速度，故A错误： Mn B.由万有引力定律公式=G R2 可知由于两卫星的质量关系未知，故两卫星经过Q点时受到地球的引力方向相同，均指向地心， 但大小不一定相等，故B错误； C.乙在椭圆轨道上运行过程中机械能守恒，即在B、P、D、Q点的机械能关系满足 E。=E。=E。=ED,故C正确： D.由AB<CD可知，甲卫星圆轨道的半径小于乙卫星椭圆轨道的半长轴，根据开普勒第三定律 可知，甲卫星绕地球运行的周期小于乙卫星绕地球运行的周期，所以甲从A运行到C所需的时间 小于乙从B运行到D所需时间，故D正确。 9.【答案】BC 【详解】AB.设两板间的电压为，两板间的距离为d,粒子的电荷量为q,微粒从P点以水平 楚天教科研协作体*物理答案（共8页)第3页 速度o射入金属板间，沿曲线打在N板上的O点，则根据牛顿第二定律可得加速度为 a=mg-g8 qu u - md 方向垂直于板向下，断开开关，平行板带电量不变，平行板间的电场强度为B= d 结合c= 4πa’可得B=4πg C=S ES 电场强度不变，故加速度不变，M极板稍微上移或下移，不会影响离子的运动，故粒子仍然打在 O点，故A错误，B正确； E C.保持开关S闭合，由串并联电压关系可知，R两端的电压为= o+rRo 增大R,U将减小，电容器两端的电压减小，根据C=9可知电容器的电荷量减小，电容器放电， U 但由于晶体二极管具有单向导电性，所以电容器不能放电，故电容器的电荷量不变，电容器两端 的电压不变，故粒子仍然打在O点，故C正确。 D.保持开关S闭合，减小R,不会影响电阻Ro两端的电压，故粒子打在O点，故D错误。 10.【答案】BD 【详解】A.根据动能定理可知，卫：-5图像的斜率等于合外力，在平面时F合1=∫=g=10u个N) 在斜面上时F含2=gsin30°=5N 因从B点以后的图像是直线，可知三段图像应该是平行的，由图可知F合1=F合2， 可得=0.5，选项A错误： B.从B点到到达斜面最远点gc+F合xm=16J,解得xm=2.2 即物块沿斜面上滑的最大距离为2.2m,选项B正确： C.由图可知F合1(a4A+x4B)+2△E=36J-16J 可得每次经过缓冲条损失的机械能为△E=5J,选项C错误： D.由上述分析可知，物块每次经过缓冲条一次动能损失5J,在OA、AB、BC段每段损失动能也 是5J,回到斜面底端时的动能为36J-5×5J=11J,则物块能越过B点剩余1J的动能继续运动 △X= 马1=0,2m停止，即最终停止的位置与0点的距离为1.8m,选项D正确。 二.非选择题：本大题共5小题，共60分。 11.【答案】 (F。+g)r (3分)： 6g（3分) L 【详解】[1]小球在轨道项部时，力传感器b有示数为。，说明小球对外轨道有力的作用，大小 为F。,方向竖直向上，根据牛顿第三定律可知，外轨道对小球竖直向的作用力，大小也为乃， 楚天教科研协作体*物理答案（共8页)第4页 方向竖直向下，根据牛顿第二定律有居+s加坚 解得y,= (F +mg)r nL [2]小球从底部到顶部，根据机械能守恒定律有△E,=△Ek 1 则有827=三m好-2m 2 代入数据解得△F=F,-F,=61g 12.【答案】(1)100(2分) (2)①D(2分) E(2分)： ②M(2分) R+上(2分) k-1 【详解】(1)电阻挡的倍率为“×10'，由图(a)可知欧姆表显示该电阻的阻值为R=10×102=1002 (2)[电路中的最大电流为1=日=0.09A=90A,故电流表选D: R [2]由图(b)所示的实验原理图，可知滑动变阻器采用了分压式接法，需要测量的范围更大，而 滑动变阻器阻值越小，调节时电表变化越明显，为方便实验操作，滑动变阻器应选最大值较小的， 故选E: [3]由图()所示的实验原理图，可知滑动变阻器采用了分压式接法，并联部分的电压可以从零 开始测量，为保护并联部分电路中的仪器，故在闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应处在M 处： [根据图()所示的实验原理图，可得R=4(R+ I2-1 变形得12 R+h R 故I2-I1图像的斜率k=1+ R+方 R. ，部得风及行 13.【答案】(1)x=7.5m;(2)Np=18N;(3)0.9m 【解析】(1)小滑块在C点时，重力提供向心力，有g=m (1分) R 带入数据解得v。=3m/s(1分) 整个过程由动能定理得g瓜，-mg,-mg·2R=-0（1分) 解得x=7.5m(1分) 从初位置到达P点，由动能定理得gE(x+R)-mgx,-mg·R=m-0( 楚天教科研协作体*物理答案（共8页)第5页 到达P点时轨道对滑块的弹力和电场力的合力提供向心力，有N心-gB=m R 联立解得N。=18N(1分) 由牛顿第三定律，P点时滑块对轨道压力大小为N。=N?=18N 方向水平向左。(1分) 《3)经C点后，竖直方向做自由落体运动2R=，g (1分) 水平方向做匀减速运动gB=ma且飞=v1-】m:(1分)，联立解得x=0,9m (1分) 14.【答案】(1)20N,方向竖直向下 (2)h>5m (3)36J 【解析】(1)若h=3,则滑块运动至B点时，由动能定理可得gh=m后-0(1分) 2 在B点由牛顿第二定律F-g=mm (1分) R 解得F=20N(1分) 由牛顿第三定律可知，滑块运动至B点时对圆弧轨道的压力为20N,方向竖直向下。(1分) (2)若滑块恰好能过C点，则C点时有g=m。 （1分) R 从4到C,根据动能定理有g(-2R)=m2-01分 解得h=5m(1分) 要使滑块恰能运动到E点，则滑块到E点的速度Vg=O,从A到E,根据动能定理有 gh2-mg(x+x2)=0-0(1分) 解得h2=4.8m(1分)显然h>h2 若滑块不脱离圆弧轨道且从E点飞出，则滑块释放点的高度h>5m(1分) (3)从A到D点根据动能定理mgh-mmg=w6（1分) 解得vp=10m/s 从A到B点根据动能定理gh-mgx+)=:(1分) 2 可得vg=6/s 由运动学公式vg=vD-gt（1分) 则t=ls 在1s时间内，滑块的位移为x块=十"21=8m(1分) 2 传送带运动的位移为x传=vot=6m（1分) 楚天教科研协作体*物理答案（共8页)第6页 滑块相对于传动带的位移为△x=x滑块+x传=14m 由功能关系2=g(x1+△x)=36J（1分) 15.【答案】(1)U4=3s ，Uo-3mgd ；(2) g ，与x轴正方向夹角为30°斜向下： 2g g (3)Bg,方向与x轴正方向成30°角斜向上：y=3 2 -d。 【解析】(1)从O到A,据动能定理可得 (1分) 3ngd 解得Uaa= (1分) 4 从O到B,据动能定理可得gs+g×d-mg-m8 (1分) 2 2 解得Uo-3gd (1分) 2g (2)取OA的中点C,可知B、C为等势点，可得电场强度垂直BC连线斜向下，即与x轴正方 向夹角为30°斜向下（如图甲所示)，(2分) 00 A B 甲 取从O到B的过程有B= （1分) x=3dsin30°(1分) 1 解得B=s (1分) (3)将重力与电场力合成，可得它们的合力F会与x轴正方向成60°角斜向下。将初速度沿F合方 向和垂直F合方向分解，垂直合外力方向的速度即为运动过程中的最小速度，如图乙所示(1分) 则有vmn==Vosin30°=V3gd(1分) 方向与x轴正方向成30°角斜向上(1分) 2=cos30°=3√gd(1分) 小球运动的加速度a=含：5g(1分) 小球从0点运动到速度最小所用的时间t=上=， 3d ,（1分) a Vg 小球沿，方向的位移s,=t=3d(1分) 楚天教科研协作体*物理答案（共8页)第7页 小球沿，·方向的位移，=兰=3541分) 22 小球速度最小时离0点距离，=+5=3万d。(1分) 2 楚天教科研协作体*物理答案（共8页）第8页■■a■■■■■■■■■国■■ 2025-2026学年度上学期高二9月起点考试 高二物理答题卡 姓 名 贴条形码区 准考证号 ■ 填涂样例 贴缺考标识 正确填涂■ 考生禁填！由监考老师填写。☐ 注1.答题前，考生先将自已的姓名、准考证号填写清楚，并认真核准条形码上的姓名、准考证号，在规定的位置贴好条形码 意2.选释题必须使用2B铅笔填涂：非选择题必须使用签字笔或钢笔答题：字体工整、笔迹清楚， 事3请按题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效：在试题卷，草稿纸上答题无效。 项4保特卡面请清，不要折叠，不要养破。考试结束后，请将答题卡，试题卷一并上交。 选择题 1A)BCD可 5A幻B☐CD☐ 9A)B☐CD 2A)B☐C☒D 6AB☐CD 10AB☐CD回 3ABC☒D 7 AB CD 4A®☐© D 8AB©回 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 非选择题 (6分) (2) (3) 12.(10分) (1) (2) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 请在各题日的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 13.(10分) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 楚天教科研协作体物理答题卡（共页）第页 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 14.(16分) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 姓名 座位号 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 15.(18分) 少 A X B 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 请勿在此区域作答 请在各题日的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 楚天教科研协作体物理答题卡（共页）第页 请在各题日的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 请勿在此区域作答 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效