江西省新余市第四中学2025-2026学年高三上学期开学物理试题

2025年9月江西六校创新班联考 高三物理试卷 一、单选题（本大题共7小题，每小题4分，共8分。每小题只有一个选项符合题目要求） 1. 某同学用可拆变压器探究变压器原、副线圈两端的电压与匝数关系，该实验中下列说法正确的是（　　） A. 原线圈可直接接入交流电路 B. 为确保安全，原线圈匝数应多于副线圈匝数 C. 用交流电压表测副线圈两端电压时，副线圈应空载 D. 用交流电压表测副线圈两端电压时，副线圈接小灯泡 2. 用如图所示的装置做光电效应实验，闭合开关S，用一发光功率为P的激光光源照射金属K，移动变阻器的滑片，当电压表的示数为U时，电流表示数恰好为0，已知金属K的逸出功为W0，电子电荷量为e，则光源单位时间内发出的光子数为（　　） A. B. C. D. 3. 如图所示，在匀强电场中有一个与该电场平行的圆，为圆心。和是圆的两条直径，两直径的夹角为。沿直径从到，每电势降低，沿直径从到，每电势降低。关于该电场，下列说法正确的是（　　） A. 点电势比点电势低 B. 匀强电场的电场强度大小为 C. 电场强度方向从指向 D. 将一个质子沿圆弧从点移动到点，该质子的电势能先变大后变小 4. 在时坐标原点处的质点O从平衡位置开始向上振动，波沿x轴正方向传播。时，x轴上的之间第一次出现如图所示的波形，此时质点P、Q到平衡位置的距离相等，则下列说法中正确的是（　　） A. 波的传播速度为8 B. 时，质点P沿y轴负方向运动 C. 时，质点P和Q的加速度相同 D. 时，质点P和Q的速度大小相等 5. 如图所示，两段等长细线串接着两个质量相等的小球a、b，并悬挂于O点，其中，小球a带电量为，小球b带电量为，现在两球所处空间加上水平向右匀强电场（图中未画出），则此装置平衡时的位置可能是下列图中的（　　） A. B. C. D. 6. 如图甲所示，某蹦极运动员从平台由静止下落，利用其身上的传感器测量出下落不同高度时对应的速度，得到如图乙所示的速度—位移图像，图像最高点坐标为。运动员连同携带装备的总质量为80kg，弹性绳原长为10m。不计空气阻力，重力加速度，则下列判断正确的是（　　） A. 弹性绳的劲度系数为 B. 运动员在最低点的加速度大小等于 C. 运动员从开始下落到最低点的过程中，所受合力的冲量始终向下 D. 若从到共用时1.1s，弹性绳对运动员及装备的冲量大小为 7. 如图所示，等腰直角三棱镜ABC，直角边长为a，一束波长为λ的单色光垂直AB面从距离B点0.6a位置的D点处射入棱镜，棱镜对该光的折射率为，下列说法正确的是（　　） A. 有折射光从AC面射出 B. 使入射光绕D点顺时针转动60°的过程中，该光在棱镜BC界面上会发生全反射 C. 入射光绕D点顺时针转动，当入射角等于60°时，该光在棱镜中传播所用的时间 D. 当入射角等于60°，在AB界面上发生折射的光子动量变化的大小为，方向垂直于AB向右 二、多选题（本大题共3小题，每小题6分，共18分。每小题给出的4个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 8. 将一质量为m的物体放在月球“赤道上”，受到的“重力”为mg0；而将该物体放在月球的“北极点”，物体受到的“重力”为mg。月球可视为质量分布均匀的球体，其半径为R，引力常量为G。已知重力加速度为g。则月球的（　　） A. 质量为 B. 质量为 C. 自转周期为 D. 自转周期为 9. 如图所示，一半圆柱形光滑管水平固定在地面上，其横截面为圆心为的半圆。可视为质点的小球、中间用轻杆连接后放置在管内，初始时两球保持静止，、与水平方向的夹角分别为和。对小球施加始终沿水平方向的作用力，使缓慢移动到与圆心等高处。已知球的质量为，两球始终在同一竖直面内，重力加速度为。下列说法正确的是（　　） A. 初始时轻杆中的弹力大小为 B. 移动过程，管壁对支持力的最大值为 C. 移动过程，轻杆对的弹力先增大后减小 D. 最终静止时力的大小为 10. 如图所示，将两根质量均为的金属棒、分别垂直地放在光滑水平金属导轨和上，左右两部分导轨间距分别为，，导轨间存在磁感应强度大小相等方向相反的竖直匀强磁场，磁感应强度。两棒电阻与棒长成正比，不计导轨电阻。金属棒用绝缘细线绕过光滑定滑轮和一质量为物块相连，物块开始时距地面的高度，此时绝缘细线刚好伸直。现将物块由静止释放，物块触地前瞬间两棒速率之比，触地后不反弹，此过程中棒上产生的焦耳热为。设导轨足够长且两棒始终在不同的磁场中运动，，整个过程中导轨和金属棒接触良好。下列说法正确的是（ ） A. 物块触地时，金属棒的速度大小为 B. 物块下落过程中，通过金属棒的电量为 C. 物块触地后，金属棒稳定运动时，a棒的速度为 D. 从物块触地后开始，到两棒匀速运动过程中系统产生的热量为 三、实验题（本题共两小题，第11题7分，第12题9分，总共16分） 11. 在“探究平抛运动的特点”实验中，实验小组同学设计了如下实验。如图甲所示，将不透明的小球从O点水平抛出，在该处有一点光源，在抛出点的正前方竖直放置一块毛玻璃，O点与毛玻璃水平距离，小球初速度与毛玻璃平面垂直；小球抛出后在毛玻璃上留下小球运动的投影点，利用闪光频率为30Hz的频闪相机记录投影点的位置。当小球以初速度水平抛出时，频闪相机记录各投影点实际间距如图乙所示，已知重力加速度为。 （1）分析频闪照片可知，在实验误差允许的范围内，小球在毛玻璃上的投影点做______运动，投影点的速度大小为______m/s（结果保留三位有效数字）； （2）试推导从抛出点开始计时，小球在毛玻璃上的投影点运动的位移y随着时间t变化的表达式为______（用L、、g表示）； （3）小球平抛的初速度______（结果保留两位有效数字）。 12. 某同学用如图（a）所示的电路观察电容器的充放电现象，实验器材有电源，电容器，电压表（可视为理想电压表），定值电阻，电流传感器（不考虑内阻），计算机，单刀双掷开关，导线若干。 （1）将接1，电压表示数逐渐增大，最后稳定在。在此过程中，电流传感器的示数_____； A. 一直稳定在某一数值 B. 由某一数值逐渐减小为零 C. 先逐渐增大，后逐渐减小为零 D. 先逐渐增大，后逐渐减小至某一非零数值 （2）电容器充电完成后，电容器_____极板带正电（选填“上”或“下”），再将S接2，通过传感器将电流信息传入计算机，画出电流随时间变化的图像，如图（b），时，，图中两阴影部分的面积之比为，则时，电容器两极板间电压_____，电阻_____；（结果均保留2位有效数字） （3）图（b）中时刻，图线切线的斜率大小，由此可计算电容器的电容_____。（结果保留2位有效数字） 四、解答题（本题有3个小题，共38分。解答应写出必要的文字说月、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值运算的题，答案中必领明确写出数值和单位） 13. 真空吸盘原理是通过抽气机抽气使吸盘内部的气压低于大气压，在大气压的作用下，吸盘就能吸附物体并进行搬运。若吸盘导热性能良好，容积为，抽气机一次抽出体积为V的气体。初始时吸盘内的气体与外界大气压强均为，抽气过程中环境温度保持不变，求： （1）第一次抽气后，吸盘内的气体压强； （2）第N次抽气后，吸盘内的气体压强。 14. 如图所示，长的水平传送带的左、右两侧为光滑的水平台面，传送带与左、右两侧台面等高且平滑连接，左台面上有五个挨一起质量均为的刚性小球，右台面上放了一曲面光滑，半径为的圆弧（圆弧的最高点的切线竖直，最低点切线刚好在水平台面上）物体Q，其质量为。一质量为的小物块P从圆弧的最高点由静止释放。已知物块P与传送带间的动摩擦因数，传送带始终以速度逆时针转动，物块和小球的碰撞为弹性碰撞，。 （1）求物块P第一次运动到圆弧的最低点时对圆弧的压力大小； （2）通过计算说明物块P与小球a第一次碰撞后能否再次运动到光滑圆弧曲面上； （3）求物块P在传送带上运动的总时间。 15. 如图所示，在处有一平行于轴的虚线，在第一象限内虚线下方和轴下方存在方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为，在上方存在方向垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小未知。在第二象限内的下方存在方向竖直向下的匀强电场，大小。现有一质量为，电荷量为的带负电的粒子，从点沿轴正方向以（大小未知）射出，途经点，粒子自第二象限偏转后过点，且速度方向沿轴正方向。不计粒子重力， （1）求大小； （2）求第二象限中电场的大小； （3）若在第三四象限（包括轴）加上大小为方向竖直向上的匀强电场，求在接下来的运动中粒子的最大速度和距离轴的最远距离。 2025年9月江西六校创新班联考 高三物理试卷 一、单选题（本大题共7小题，每小题4分，共8分。每小题只有一个选项符合题目要求） 【1题答案】 【答案】C 【2题答案】 【答案】D 【3题答案】 【答案】D 【4题答案】 【答案】D 【5题答案】 【答案】C 【6题答案】 【答案】D 【7题答案】 【答案】D 二、多选题（本大题共3小题，每小题6分，共18分。每小题给出的4个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 【8题答案】 【答案】AD 【9题答案】 【答案】BD 【10题答案】 【答案】BD 三、实验题（本题共两小题，第11题7分，第12题9分，总共16分） 【11题答案】 【答案】 ①. 匀速直线 ②. 1.22 ③. ④. 4.1 【12题答案】 【答案】（1）B （2） ①. 上 ②. 3.2 ③. 3.2 （3） 四、解答题（本题有3个小题，共38分。解答应写出必要的文字说月、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值运算的题，答案中必领明确写出数值和单位） 【13题答案】 【答案】（1） （2） 【14题答案】 【答案】（1） （2）不能 （3） 【15题答案】 【答案】（1） （2） （3）， 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $2025年9月江西六校创新班联考高三物理参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 8 9 10 答案 C 0 0 D C 0 AD BD BD 匀速直线(1分) g 11. 1.22(2分) y= t(2分) 2' 4.1(2分) 【详解】(1)1]由投影可知，误差允许的范围内，相等的时间走过的位移相等，故投影点 做匀速直线运动： [2]由题可知 f=30Hz 故两相邻投影点的时间间隔为 投影点的速度大小为 v=4.07+4.05+4.06 m/s=1.22m/s 3x、1 30 (2)[3]由平抛运动的规律可知 1 28 解得 y=g 21 (3)[4由题可知，竖直方向投影点做匀速直线运动，故 gL=v 20 解得 %=4.1m/s 12.(1)B(1分) (2) 上(1分) 3.2(2分) 3.2(2分) (3)4.0×10-4(3分) 【详解】(1)电容器充电过程中，当电路刚接通后，电流表示数从0增大某一最大值，后随 着电容器的不断充电，电路中的充电电流在减小，当充电结束电路稳定后，此时电路相当于 开路，电流为0。 答案第1页，共5页 故选B。 (2)[1]根据电路图可知充电结束后电容器上极板带正电； [2][3]t=1.2s时，I=1.0mA,此时电容器两端的电压为U。=IR 电容器开始放电前两端电压为8V,根据I-t图像与横轴围成的面积表示放电量可得0~1.2s 间的放电量为9=△UC=(8-1.0×103×R) 1.2s后到放电结束间放电量为Q2=△U'.C=1.0x103.RC 根据题意9-g-3 03S,2 解得R=3.2k2,Uc=3.2V (3》电容器的电容C=2=1.1 '△U△IR△ R级 △t 1.0×10-3 代入数值解得C 0.781x10x3,2x10F≈40x10-4℉ 13.(1)乃= Povo 1o+V N (2)P=P ,+V 【详解】(1)气体等温变化，第一次抽气有P,=B(V+) (2分) PoYo 解得n二，+V (2分) (2)气体等温变化，第N次抽气后，设吸盘内的气体压强，，根据玻意耳定律第一次抽气 有，'%=B(V+) 第二次抽气有A%=P(W+) 第三次抽气有P,%=2(V+) (2分) 同理，第N次抽气有Pw-'=Pw(V+) (2分) N 联立解得P=P+V (2分) 14.(1)40N (2)不能，具体计算见解析 答案第2页，共5页 3)84 243 【详解】(1)物块P在圆弧面上运动时，物块P和Q组成的系统在水平方向上动量守恒， 有%p=%o (1分) 物块P从圆弧的最高点到第一次运动至圆弧的最低点过程，根据动能定理 mgR=号4呢+号%哈 (1分) 2 联立解得.=2W5m/s,。=√5m/s 慰 对物块卫，根据牛顿第二定律耳一%8=叫R m（+o) (2分) R 解得圆弧对物块P的支持力=40N 根据牛顿第三定律可得，物块P对圆弧的压力大小=40N (1分) （2)设物块P在传送带上滑动过程中因受摩擦力所产生的加速度大小为α，有Lg=a 设物块P通过传送带后运动速度大小为，有-=-2L (1分) 联立解得=4m/s 设物块P与小球α第一次碰撞后的速度分别为和y。,取向左为正方向，根据动量守恒和机 械能守恒可得6=%+。， 2 5+二M好 (2分) 4 解得=- m/s 3 碰撞后，物块P向右滑上传送带，根据动能定理有-gx=0-】m 2 4 解得x=。m<1m 9 故物块P与小球α第一次碰撞后不能再次运动到}光滑圆弧曲面上。 (1分) (3)物块P第一次与小球α碰撞后，五个挨在一起的小球依次连续碰撞，最终小球e以速 4 度，向左运动，物块卫向右运动至传送带上，然后以速度片=m/s离开传送带向左运动， 物块卫在传送带上运动的时间飞=2上_4 (1分) a 3 设物块P与小球α第二次碰撞后的速度分别为和'a,根据动量守恒和机械能守恒可得 答案第3页，共5页 1 2 2 解得=- m/s 4 物块P第二次与小球α碰撞后，五个挨在一起的小球依次连续碰撞，最终小球d以速度a向 左运动，物块P向右运动至传送带上，然后以速度。m/s离开传送带向左运动，物 在传送市上运动的时间6=2店子 (2分) 物块P第n次与小球α碰撞后，物块P在传送带上运 物块P一共和小球α碰撞五次，则物块P在传送带上运动的总时间 S= (1分) 15.(1)%= 5gdB 2n (2)E,= 2gdB2 (3)1m-7g 2nl ，ym=2d 【详解】(1)粒子在从O点沿x轴正方向以，射出后运动轨迹如下图 y◆ M ···2aoN 。 O Vo 由几何关系(r-d02+(2d)2=2 (2分) 得=d 根据洛伦兹力提供向心力g%B=mh (1分) 所以1，=5gB (1分) 2n (2)由几何关系得轨迹圆半径与MN夹角α=37° 由对称性可知，粒子第二象限出磁场时速度方向与y轴夹角为α=37 (1分) 答案第4页，共5页 电场中的运动，将速度分解到x轴正方向和y轴正方向分别为y,=sina,o,=oc0s 则粒子沿x轴正方向做匀速直线运动，沿y轴正方向做初速度为为，的匀减速直线运动 则y轴正方向满足d=oy·t- 1 a.t2 2 (1分) 牛顿第二定律可知qB=a (1分) 又由粒子自第二象限偏转后过O点，且速度方向沿x轴正方向可知cos“=t(1分) 联立E= 2gdB2 (1分) 《3)yx=osin2 (1分) 根据配速法，设粒子受到的电场力和洛伦兹力相等时的速度为Y,即qB=qE, 可得= E2 5qdB (1分) B 2 将粒子O点时的速度为y,分解为沿x轴正方向的？和沿x轴负方向的1，由分析可知？对应 的洛伦兹力平衡电场力，故对应的运动为匀速直线运动，速度对应匀速圆周运动，故粒 子将做轮摆运动。 由速度关系-=Vx 可得3-9Bd (1分) 由粒子做轮摆运动，当2速度方向为x轴正方向时，粒子速度将取最大值，故m=y+V2 得w7g吧 (1分) 2n 当粒子做匀速圆周运动时，满足，B=m (1分) 可得半径5==d gB 故粒子距离x轴的最远距离ym= 2nm2=2m.940B=2d gB gB m (1分) 答案第5页，共5页