周测评(18) 电路(一)-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养周测评（冀粤辽黑赣桂吉晋豫陕青宁蒙新藏版）

2024一2025学年度学科素养周测评（十八） 物理·电路（一） (考试时间75分钟，惑分100分) 一，选择题：本翻共10小”，共桥分。在每小翻给出的四个达项中，第1~7第凡有一项有 合题目要求，每小题4分：第等一0题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得 6分，迹对但不全的得3分，有选错的得0分。 号123458 78910 容案 上.如图所示，将灯泡的灯丝与小灯卷中赋接人电路，闭合开关使小灯泡发光。用清精灯给 灯耸如热，下列说法正确的是 A小灯泡变暗，灯丝电阻率变大 我小灯泡变帝，灯丝电率变小 C小灯泡变亮，灯丝电阻率变大 D小灯泡变亮，灯銘电率变小 2.如图所示，四个完全相同的灯旅，亮度量高的是 L 了 A.L 且a CL D.L 3.R],尺：是用相同金属材料剂成的电阻，其上下表面分则是边长为：、b的正方形，厚度分 别为h:,A,按图不方式接人电路。期 A.R1,R:的电阻之比为61：h: B通过R:,R:的电流之此为b·@ CR1,R,的电功率之比为h,th D通过R1R:的电荷量之比为a:6 学科素养周测浮（十八）物理第1页（共8页） 衡水真写 4,如图所示，来自质子源的质子（初速度为零），经加速电压为U的加速器加速后，形成细 班圾 柱形的质子流.已知细柱形的质子流横候面积为S,其等效电流为：质子的质量为m, 其电背量为：。那么这束质子花内单位体积的质子数度是 姓名 子 得分 人塔图 照 n品 5,在如图所示的电路中，干电泡，开关和额定电压为1,5V的灯泡组成联电路。当闭合 开关时，发理灯泡不发光。为了检险故障，某月学在开关闭合的情况下，用多用电表的 电压挡对电路击行检测。检测结裂如下表所示，已卸电路仅有一处放障，由此蓝出的判 断中正确的是 侧试点 A.C A.D A.E A、F 多用电表尽数 约1.5V胸L5V Aa香 A.D,E间导线斯路 RB,F何导线新路 C灯泡底路 D.A,C间线断路 6,疑近两年洗勉机这一新鲜家电逐渐流行，便利了人门的生活。现有某品牌洗地机，如图 所示，其工作参数如表所示，其工作模式有烈效，节能两种，瑞效模式下，该洗地机以铜 定功率工作，节能模式下，以额定功率的一半功率工作，丙种模式下，其工作电压均相 间，其候航时何是按凰节能模式工件计算得到的，则下列说法正确的是 产品名存 某品牌选地机 产品墨号 QX-V6 A 定功率 公如零 电跑容且 4 000 mA -.h 线鞋时间 的min 青水箱存量 们0ml 外思尺寸 2404262:1115mm 矜水箱容量 20ml. A.该洗地机在节能板式下的工作电南为6A B减洗池机在节能模式下的工作电瓷为01A C,该达地机内阻的为3口 Q蜀爱模式下，该洗地机的工作电压约为36V 密岳 学科素养周测评（十八）物理第2页（共8页引 1 7.用知图所示的电路可以测量电阻的阻值。图中R,是待测电阻，R,是定值电阻，阻值是 D0Q,G是灵敏瘦很高的电流表，MN是一段长20em的均匀电阻丝。闭合开关，改变 滑动头P的位置，当通过电瓷表G的电流为零时，测得MP一8cm,喇R,的阻值为 A100n &.200n C300n D.50n &某一热嫩电用的阻置面混度的开高面减小，在一次实验中，将该热： 敏电刚与一小灯泡串联，菲电后各自的电流菌所加电层U变化 的图像如图所示，点M为两元牛的伏安转性情线的交点。则关于 热敏电阻和小灯泡，下列说法正确的是 A:是热搬电阻的伏安特性曲线，b是小灯盗的优安特性由线 R:是小灯卷的状安特性由线，山是核敏电阻的伏安特性由战 C由图可求得M点对应的小灯池及热敏电阻的阻值 D.M发对成的找态下，小灯泡的功率比结搬电阻的大 9.某汽车无线充电站的无线充电设备充电效率约为80%，一辆新使源汽车最大充电客量 为G4kW·h,从0到10的kmh的加通时问为？，当汽车电港容量低于最大容量的 20⅓时，要求进人充电站迭行充电。下列说法正确的是 A充电过阻能量不守恒 L从电池容量20%到充澜电，需要浒托电能54kW·古 C电机正常工作时的电筑等于物人电压与电动机电肌的比值 几保持最大欢率何定不变加速时，汽车的加违度减小 10如阁所示的电路中电那的电动势E=9V,内阻r=1口，R,=1Q,R,=R,=20。下列 说法正确的是 n A若C、D间连接一根导线，则电源效率最高 B若C,D闻连接一个拜想电流表，其示数为1.5A C若C,D间连接个理想电压表，则其示数为45V 八若C,D列连接一个100F的电容器，测电容器所带的电背量为3,0×10C 学科素养周测评（十八）物理第3页（共8页） 衡水真 二，非选释驱：本愿共5小题，共54分， 11,(8分)为了测量某待测电图R,的图值，约为301，提供了以下普材： 电压表V1(量程0一3V,内图银大)： 电压表V(量程0一15V,内目很大)： 电流表A:(量程0一50mA.内阻约为10) 电流表A(量程0-3A.内阳的为0.120)： 电源E(电动势约为3V,内图约为Q2): 定值电阻R(20n,允许最大电藏1.UA): 滑动变器R,(0一10)，允许最大电流2.0A: 附动变肌器R:0一1k0),允许最大电流Q5A: 单刀单常开关S一个，导娱若干。 (1)为了使测量范围尽可能大，电压表应法 ,电流表应选，滑动变阻 举应选 。(填字母代号) (2)请在煤线框内出测最电阻R,的实险电路图。 (3)某次测量中，电压表示数为U时，电流表示数为！。，则计算待测电阻阻值的表达式 为R=。〔用字衍表示) 12,(8分)在广测定金属的电阻率”实验中，所月测量仪器均已校衡，待测金属欲接入电路粥 分的长度的为0cm, (1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图甲所示，其读数应为 mm(该值误近多次测量的平均值)。 ● 甲 (2)用伏安法测金属丝的电阻R,。实矜所用器材为电池组（电动势3V,内阻不计》，电 流表（内阻约QI0),电乐表{内阻1的3k0》,滑动变1器R(0一20D,幅定电宽 2A)、开关、导线若干。某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量， 记季数据如下： 蹈密在 学科素养周测浮十八)物理第4页（共8页1 次数 1 2 356 U/V0.100.初070L02L.01.7020 1/A00200.0600.160.220Q.3400460520 由以上实验数据可知，触们脚量R。时采用的是 (填“乙或“丙"图。 (3》如图丁所示是测量R,的实验墨材实物图，图中己连接了部分导线，带动变阻器的 滑片P置于滑动变阻券的一南。请限据(2)所选的电路图，补充完成图中实物间的 违线， (4》这个小组的同学在坐标然上建之了，1坐标系，如图戊所示，图中已标出了与测量数 据附应的4个坐标点，请在图中标出第2、A,6次测量数据的全标点，并描绘出小「 图就。由图线得到金属的阻值R,= (保留两位有效数字)。 25w 20 05 010030009005010A (⑤)根据以上数据可以估算出金属丝电阻率的为 (填选项前的符号) A.1×1030·m 且1×1030·m C、1×10*0·m D.1×103n·m 《6)任树实验测量都存在是差，本实验所用测量仪器均已校准，下列关于误差的说法中 正确的是 学科素养周测评（十八）物理第$页（共8夏） 衡水真见 A用螺能测质器测量金属丝直径时，由放数引起的风求属于系统视差 且向电流表和电压表内阻引起的误差属于倒然谈差 C,若将电流表和电压表的内阻算在内，可以消除由测量仪表引起的系旋误差 D用U-了图像处见数据求金属能电阻可以被小偶然误差 13.(门0分)某同学授计了一个加速度计，结构如图所承。原理为较重的滑块2可以在光滑 的配架1中平移，滑块再解用相同弹簧3拉看：滑动变阻器中4是滑动片，它与滑动变 阻益任一确之料的电阻值都与它到这端的率离成正比，工作时将如速虞计同定在运动 的物体上，使弹簧及滑动变阻器为与物体的运动方向平行，滑块在弹簧作用下以同样 的加速度运动。闭合开关当运动物体的加速度为零时，弹簧处于白然长度，滑动片在 滑动变阻器中底处，理想电压表的示数为零（零点位于表盘中类），当物体具有图示方 肉的加速度时，P端的电势高于Q端，电压表指针向零点右侧偏转。已知滑块质量m: 弹簧劲度系数（弹簧在弹性限崖内》，电源电动势E内阻不计）>，滑动变阻器全长L, (1)当电压表示数大小为U时，求运动物体的加速度大小。 (2)定文电压表示数变化量大小与加速度变化量大小之比（出）为加速度计的灵敏皮， 改变装置中的元作参数可以提高加速度计的灵蚊度，请写出提高灵饭度的两种 方法， 1g·》 4 密程 学科素养周测浮十八》物理第6页（共8页1 1 14.(13分)知图所示，电源电动势E=6V、内阻r=11定值电阻R:=5n,R1-10,R 15,15分)图1所示的电路中，电源的1图像知图2所示，灯准的U1图豫如图3所示， 为电阻箱，电客葬的电客C一20P,闭合开关S,电路稳定后，求： 铭佛上标有“2.5V0,4A的电动机线阁电阻为。一1,00.图1所示电脐中，开关s (1)开关S阳合前，通过R1的电流大小. 闭合后，电动机好正意工作。 (2)开关S,闭合后，调节电阻霜R,=2,5口时，电容器所带的电背量Q. (1》求电源内阻： (3)开关S,用合后，要使R:与R,的总电功率最大，R,的烈值大小， (2)求电动机正常工作时，灯泡的电功率： 《3》若某时剩出说放障，电动机卡死不转，求电待机线圈的电功率 23 W 20 30 15 2.1 05 0头 00.51.01.52.01 图 图2 3 1 学科素养周测浮（十八）物理第7页（共8页） 衡水真蹈密在 学科素养周测博十八》物理第8页（共8页引衡水真题密卷 由运动学规律有 d=i,20s 代入数据解得 44-5-4 4 2024一2025学年度学科素养周 一、选择题 1,A【解析】灯泡的灯丝是一种金属，金属的电阻 率P随温度的升高而变大，由电阻定律R=PS 可知，电阻率变大，灯丝的电阻变大，通过小灯泡 的电流变小，故小灯泡变暗，A正确。 2.A【解析】根据电路图可知，灯泡L位于千路 上，即通过灯泡L的电流最大，实际功率最大， 亮度最亮，A正确，B、C、D错误。 3.C【解析】R1R,的电阻之比为尽-Ce:e R2 ah bh2 A错误；两个电租串联，则通过RR,的 P 之比为1：1，B错误R1R:的电功率之比为 TR-,C正确根据q=n可知，通过R1R: I2R2 hi 的电荷量之比为1：1，D错误。 4.D【解析】质子经加速电压为U的加速器加速 后，有U=弓mm,根据电流的定义公式则有 1一？，这束质子流内单位体积的质子数为n,则 有g=Sme联立解得a-5品D正角. 5.A【解析】若D、E间导线断路，则D点电势与 A点电势相等，E,点电势与B,点电势相等，A、D 间电压应为0，A、E间电压应为1.5V,A正确： 若F、B间导线断路，则F点电势与A点电势相 等，A、F间电压应为0，B错误：若灯泡断路，则E 点电势与A点电势相等，F点电势与B点电势相 等，A、E间电压应为0，A、F间电压应为1.5V,C ·2 学科素养周测评 综上，B再次返回木板上的初始位置的时刻为 4=6,+4,=31-14 4 测评（十八）物理·电路（一） 错误；若A、C间导线断路，则C点电势与B点电 势相等，A、C间电压应为1.5V,D错误。 6.A【解析】该洗地机在节能模式下的工作电流 为1=4000X103×3600 A=6A,A正确，B 40×60 错误：根据题中条件，无法得出该洗地机内阻，C 错误；两种模式下，其工作电压均相同，根据P。= UI,该洗地机的工作电压U= 6V 萝V,D错误。 7.D【解析】由电桥知识可知 器是根据R= ,有_尽-g,解得R,=4500D正确。 S,有RwR,iN 8.AC【解析】小灯泡的灯丝温度随通电电流的增 大而升高，阻值也随着增大，所以图线b是小灯泡 的伏安特性曲线，同理可知，热敏电阻的温度随着 通电电流的增大而升高，其阻值会减小，所以图线 a是热敏电阻的伏安特性曲线，A正确，B错误；由 公式R号，可求出M点对应的小女泡的胆值和 热敏电阻的阻值，C正确；两图线的交，点M,表示此 状态下通过两元件的电流相等，两元件两端的电压 也相等，所以功率相等，D错误。 9.BD【解析】能量守恒定律是物理的普适定律， 充电过程遵守能量守恒定律，A错误：从电池客 量20%到充满电，需要消耗电能E= 54×1-20%kw·h=54kW·h,B正确；电 80% 机不是纯电阻元件，不遵守欧姆定律，在电机工作 ·物理· 中电阻两端的电压小于电机两端电压，因此电机正 常工作时的电流小于输入电压与电动机电阻的比 值，C错误；保持最大功率恒定不变加速时，速度增 加，根据P=Fv可知，牵引力减小，由牛顿第二 定律F一f=ma知，加速度减小，D正确。 10.BC【解析】若C、D间用一根导线连接，外电 路总电阻为2，电源输出功率最大，但电源效 率为？=50%，电源效率不是最高，A错误；若 C、D间连接一个理想电流表，则R2、R,先并联 R2R3 再与R事联，外电路总电阻R=R十RR己 2D,总电流I一R十，=3A,理想电流表示数为 1-21=15A,B正确：若C,D间连接-个 理想电压表，R,断路，R:、R2与电源串联，电压 表测R?两端电压，电压表示数为Uv= ER:=4.5V,C正确；若C,D间连接一 R:+R:+r 个100F的电客器，R3断路，R1、R2与电源串 联，电容器两极板间电压等于R:两端的电压 ER2 Ue=R,十R+,=4.5V,电容器所带的电荷量 为Q=CUc=4.5×104C,D错误。 二、非选择题 .DYAR,(2)见解析图(3)兰-R 【解析】(1)因为电源电动势约为3V,所以被测 电阻两端电压不会超过3V,所以电压表选择 V1:电源电压约为3V,所以电路中的最大电流 不会超连1景-高A=01A,就电流表选择 A1:本实验要求测量范围尽可能大，所以滑动变 阻器应该选用分压式接法，故滑动变阻器应该 选用R1。 (2)因题目要求所测量的值的变化范围尽可能 大一些，故应采用滑动变阻器分压式接法：由于 电流表量程只有0~50mA,若只接待测电阻， 电路中电流过大损坏电流表，故可将定值电阻 接入与待测电阻串联：由于电压表的内阻很大， 故电压表分流较小，故应采用电流表外接法，电 路如图所示。 2 参考答案及解析 R R E S (3)由欧姆定律可知R+R:=。 ,解得R 。一R。 I。 12.(1)0.398(0.396~0.399均正确)(2)乙 (3)见解析图甲(4)见解析图乙4.4(4.3~ 4.7均正确)(5)C(6)CD 【解析】(1)固定刻度读数为0mm,可动刻度读 数为39.8X0.01mm,则螺旋测微器的读数为 0mm十39.8×0.01mm=0.398mm。 (2)由实验记录的数据可知R的阻值大约为 5Q,则R《Rv,电流表采用外接法：若滑动变 阻器采用限流式接法，电路中最小电流约为 E ImR1+R+R0.12A,其中R1为R:与 Rv的并联电阻值。实验数据中第一组的电流 为0.020A,小于限流式接法的最小电流，所以 滑动变阻器采用的不是限流式接法，而是分压 式接法，则采用的是乙图。 (3)电流表选用0一0.6A的量程，电压表选用 0一3V的量程，结合电路图进行实物连线，如图 甲所示。 0 甲 (4)在图中标出第2、4、6次别量数据的坐标点， 作一条直线，使尽可能多的点在这条直钱上，不 在直线上的点均匀分布在直线两侧，明显偏离 的点应舍去，如图乙所示。由图线斜率可求出 金属丝的电阻值为R,=222 a.50≈4.4n. 衡水真题密卷 25 2.0 1.5 1.0 0.5 0.100.200.300.400.500.60A 乙 (5)根据电阻定律，可得金属丝的电阻率为 RSRd_3.14X4.4X(0.398×10)2 4 4×0.5 n·m 1×10sn·m,故选C。 (6)用螺旋测微器测量金属丝直径时，由读数引 起的误益属于偶然误差，故A错误：由电流表和 电压表内阻引起的误差属于系统误差，故B错 误；若将电流表和电压表的内阻计算在内，可以 消除由测量仪表引起的系统误差，故C正确；用 U1图像求金属丝电阻，可以减小偶然误差，故 D正确。 13.(1)2LU mE (2)增大m、增大E、减小是、减小L 【解析】(1)设滑动变阻器总电阻值为R,当运 动物体的加速度大小为a时，滑块偏离滑动变 但器中点的距离为女<台)，则P,Q间电阻 L 为R:=x 此时对滑块由牛顿第二定律得2kx=ma 由闭合电路欧姆定律得I一R 则电压表示效为U=R:= E R 联立解得a= 2kLU mE a得”mE (2)由U=mE。 △a2k 增大m、增大E、减小k、减小L可以提高加速 度计的灵敏度。 14.(1)0.375A(2)7.5×10-C(3)152 【解析】(1)根据闭合电路欧姆定律，开关S闭 E 合前，通过R1的电流为I一R十R2十 ·3 学科素养周测评 代入数据解得I1=0.375A (2)开关S1闭合后，调节电阻箱R1=2.5Q时， R2R3 R,与R,的并联电阻RR,十R RE 电容器两端电压为U=R十R,十 代入数据解得U=3.75V 此时电容器所带的电荷量Q=CU=7.5X 105C (3)开关S1闭合后，设电路中的电流为I2,R: 和R的并联电阻为R',有 R一R R2R3 E I:-R+R+r 则R2与R,的总电功率P=IR 等效内阻为R,十r,根据数学知识可知，当R'= R,十r时，P取最大值 解得R,=152。 15.(1)12(2)0.04W(3)1.44W 【解析】(1)根据闭合电路欧姆定律可得 U=E-Ir 根据题图2可得电源电动势为 E=3.0V 图线斜率为 k=-r=300n=1.0n △U 1.0 (2)在题图1电路中，电动机正常工作电流为 0.4A,电动机两端电压为2.5V,电源内阻两端 的电压为 U,=Ir=0.4V 根据闭合电路欧姆定律可得 E=UM+U,+UL 解得U1=0.1V 所以灯泡的电功率为 PL=ULI=0.04 W (3)电动机卡死不转，电动机线圈相当于一个纯 电阻，此时电路简化为一个电动势为3.0V、内 阻为2.0的等效电源，外接灯泡，在灯泡的 U图像中作出等效电源的U-I图线，两图线 交点即为灯泡的工作点，如图所示 ·物理· V 3.0 2.5 2.0 1.5 1.0 0.5 十十十 田A 00.51.01.52.0 2024一2025学年度学科素养周 一、选择题 U2 1.A【解析】由题得，甲灯的电阻为R= 12102,乙灯的电阻为R2= U22 =484n,两灯串 P 联在电路中，通过两灯的电流相同，由U=R知 甲灯两端电压大，又由P=IR,知甲灯比较亮， A正确，B错误；由Q=IRt,知相同时间内甲灯 消耗的电能较多，C错误；由q=It,知相同时间 内通过两灯的电荷量一样大，D错误。 2B【解析】由于电源内阻不计，开关S断开时，电 容器两端的电压为山-号，电容器所带电将量为 Q:=CU,=C·号，开关S闭合时，电容器两端的 电压为U2=E,电容器所带电荷量为Q2=CU2= CB周有8-合B五角 3.C【解析】由电路可知，电阻R与滑动变阻器的 下半部分并联，并联后再与上半部分串联，由并 联电路特，点可知，并联部分的电阻小于滑动变阻 器电阻的一半，再由串联电路特，点可知，输出端 的电压即为并联事分的电压小于号A,B错视： 滑片P向上移动，并联部分的电阻变大，由串联 电路特点可知，输出电压增大，C正确：负载电阻 R的阻值越大，并联部分的电阻越大，由串联电 路特点可知，输出电压越大，D错误。 4,B【解析】若L2断路，外电阻增大，则干路电流 ·3 参考答案及解析 由图可得此时灯泡电流为 1'=1.2A 所以通过电动机线圈的电流也为1.2A,此时线 圈上的热功率为 P=I'2ro=1.44W。 测评（十九）物理·电路（二） I减小，A错误：若L断路，外电阻增大，通过X 和L1的电流都减小，X1和L的功率都减小，B 正确；若L2短路，外电阻减小，X两端的电压减 为0，X2的功率减小，通过其他指示灯的电流增 大，功率增大，C、D错误。 5.C【解析】闭合开关后，将滑动变阻器滑片向上 滑动，其接入电路的阻值增大，电路中总电流减 小，则V1,A示数均变小，内电压减小，则V2示 数增大，由于U2=U1十U3,则V3示数增大，A错 误；根据上述分析可知U2=△U3一△U1,B错 误：根据闭合电路欧姆定律有U2=E一Ir,则有 盟=晋=R+r,且爱<密C正确：定 值电阻阻值R大于电源内阻阻值，，所以滑动变 阻器滑片向上滑动，总电阻增大，电源輸出功率 一直减小，D错误。 6.A【解析】根据欧姆定律得U。=I.(R.十R1), U=I.(Rg+R1+R:),解得Um=30V,A 正确。 7,C【解析】设每秒出水量为m,根据题意有m= pV,V=S·W=S0,联立解得S=7.5X104m2,A 错误；以每秒出水量为研究对象，每秒内水流机 减能增加量为△E=mg十之m,h=(6十 0.45)m=6.45m,解得△E=217.5J,B错误；根 W P 据题意，水系的输出功率为P出=75%一5% t