周测评(8) 圆周运动-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养周测评（冀粤辽黑赣桂吉晋豫陕青宁蒙新藏专版）

2024一2025学年度学科素养周测评（八） 物理·圆周运动 (考选时可75分钟，惑分100分》 一，选择题：本题共10小驱，其4桥分。在每小题给出的四个选项中，第1一7题只有一项料 合题目要求，每小蓝4分：第8一0题有多项符合题目要求，每小置6分，全部远对的得 6分，选对但不全的得3分，有谜错的得0分。 超号 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 1,在东北严寒的冬天，人们经常玩一项“凌水成冰“的游戏，具体提作是把一杯开水沿氧线 均匀快连地废向空中。图甲所示是某人玩“发水成冰”静成的最间，其示意图如图乙所 示。爱水过程中怀子的运动可看成匀速同履运动，人的手增种直，在Q5s内带动杯子 装转了210，人的骨长约为Q.6m。下列说法正确的是 ( A波水时杯子的旋转方向为顺时针方向 BP位置基出的小水珠初速度沿1方向 C杯子在旋转时的角速度大小为气d/:：D杯子在黄时的线速度大小的为气m/。 么明代出版的（天工开物）中足录了粗先的劳动智慧，知图甲所示为“牛转车“，利用备力 转动不同半径齿轮米改变水车的转速，从而将水运运到高处。粗先的智慧在今天也得 到了继承和发扬，我国白主研发的齿轮传动系统，打破了国外案断，使中国高候持续运 行速度达到350km/h,中国高快成为中国制造的一张“金名片”，图乙中A,B是齿轮边 缘两点，C点位于A所在尚轮的中得（图中未标出），三点距各自轴心的距离a·方：： 312年2，在齿轮转动过程中 甲轮程车军 乙观代轮 学科素养周测浮八)物理第1页共8页) 衡水真夏 A.%==时 AB,C两点线速度大小满足m= CA.B的向心加速度大小之比为a。1aa=3:2 D若两按轮做非匀速圆周运动，则A,B两点线速度大小仍有⅓=w 3,如图所示，在镇角为g=30的光滑斜面上，有一根长为上，=0,8m的轻杆，一端固定在O 点，另一精系一质量为两=0,2越的小球，沿斜面做属周运动。慧取10m/W。若要小 球能通过最高点A,则小球在最 A.2 m/s 且4m/a C21石m/s D.2.5 m/a 4,如图甲所示，被麻为“魔力龙螺玩具的陀螺能在限轨道外侧旋转不服落，其原理可等效 为如图乙所示的模数：半径为R的赋性阔轨道显直国是，质量为m的株球（视为质点）沿 轨道外侧运动，A,登分别为轨道的最高点和最低点，轨道对铁球的遮性引力始缝指向圆 心且大小不变，不计摩搬和空气阻力，重力加速度为g,则 (》 W定支某 A.铁球绕轨道可能：匀速园周运动 B由于磁力的作用，铁球烧地道诺动过程中机械熊不守恒 G线球在A点的速度必须大于CN D轨道对钱球的磁性引力至少为5m取，才能使铁球不聪物 5,幻牙利物理学家厄缶在19世纪着出："沿水平地面向东运动的物体，其重量（即：列车的 视重或列车对水平轨道的压力)一定会减轻.“后来，人们常把这是物理现象称之为“厄 缶效应”。一静止在水道某处的列车，随蛙球自转的线速度为。已知列车的质量为 m,烛球的半径为R。若列率相对地面以速率▣沿水平轨道向东行鞋，由于列车向东行 使雨引起列车对轨道的压力减少的数值为 《》 A Cm”已 nn牛 密卷 学科素养周衡坪（八）物理第2页（共8页} 1 6.如图所示，水平杆固定在竖直杆上，两者互相垂直，本平杆上O,A两点壶接有两轻绳，两 绳的另一编都系在质量为的小球上，Q4=OB=AB。现通过转动整直杆，使水平杆 在水平面内酸匀速图周运动，三角形QMB始终在繁直平昨内。若转动过程中OB,A品 两绳始终处于拉直状态，重力粗速度为g,则下列说法正确的是 人OB绳的拉力施围为0一号 且0路绳的拉力范国为号一草s C想绳的拉力版照为号g2碧 几加果把绳A形背唐，都么小球一定会偏肉原来位置 7,电动打夯机可以帮册筑路工人压实路面，大大是高了工作效率，知图所示为某地动打 夯机的结构示意图，由偏心轮（飞轮和配重物组咸），电动机和底座三部分组成。电动 机、飞轮和底室总霞量为M,配重物质量为m,配重物的重心到轮轴的距南为「。重力面 速度为x。在电动机带动下，偏心轮在竖直平面内匀速转动，皮带不打带。当偏心轮上 的配重物转到顶端时，刚好使整体离开地面。下列判断正确的是 飞轮 电动机 配重物 A,电动机蛇轴与偏轮转动角速度相同 五配重物转到最高点时，处于短重状态 C棉（轮转动的角速度为，/m区 D.打劳机对地面压力的最大值为(M十网)g 8四个完全相同的小球A,BC,D当在水平直内做园能摆运动。如图甲所示，其中小球 A、B在日一水平面内做国锥摆适动（连接B球的绳较长）：如图乙所示，小球C,D在不 同水平面内做侧锥银运动，氨是连接小球C,D的绳与经直方向之同的夹角相同（连接D 球的蝇较长》，则下列脱法正确的是 1 学科素养周测浮八】物理第3页共8页)】 衡水真复 A.小球A,B角速度相等 且小球A,B线速度大小相等 C,小球C,D线建度大小相等 几小球D受到蝇的拉力与小球C受到绳的拉力大小相等 B.如图所示，领角为3的解面体置干粗制的水平地面上，斜面上质量为网的滑块通过轻 质刚性绳穿过光滑的周环与质量为和的小球（可视为质点）相连，轻绳与斜面平行。小 球在水平面内做属周运动，轻绳与竖直方向的夹角也为30°。斜面体和滑块始终静止， 小球与环之利的绳长为L,重力都速度为g,下列说法正确的是 X30 A.斜面体所受到地面的摩擦力大小为网g B剂块所受摩银力大小为2架g C若政变小球的转速，则当清块恰好不受降擦力时.小球的明能为停L D若改变小球的钟速，则当滑块恰好不受摩整力时，小球的向心加速度大小为g 10.如周所示，长为L的年绳一搅栓一黄量为网的小球，另一端固定在O点，绳的最大采受能力 为11零，在O点正下方可点有一小钉，先把解拉至水平再释成小球.为桂绳不被拉唐且小 球雀以了为柏完成竖直面内完整的到周运动的位置到O点的距离为 》 A最小为红 且最小为L C最大为L n最大为 领密移 学科素养周测评！八)物理第4页（共8页） 二，非选择题：本题共5小题，共54分。 11,6分》某实验小组通过如图所示的装置验正向心力的表达式。滑块套在水平杆上，角 杆一起烧竖直杆敏匀速图周运动，力传移器薄过一细绳连接滑块，用来测量向心力F 的大小。滑块上固定一途光片，宽度为，与图定在铁果台上的光电门可测量滑块的角 建皮，旋转率轻为尺，每经过光电门一次，通过力传感据和光电门就间时获得一组向 心力F和角速度m的数据 力传感 1》某次契转过程中，惑光片经过光电门时的速光时判为，侧角速度w (2)以F为织坐标，以 (实产a““(a震”）为横坐标，可在坐标纸 中描出数据点作一条直线 (3》该小组验证(2)中的表达式时，经多次实验，分析检查，仅器正常，操作和读数均没 有问题，发现示数F的测量值与其理论值相比 (填“偏大”“或“偏小)，主要 原因是 I2.8分)探究向心力大小F与小球质量m,角速度和半径厂之间关系的实验装置如周 所示，转动手柄，可使变速塔轮长婚阳加槽随之匀速转动。皮带分别套在情轮的圆盘 上，可桂两个槽内的小球分别以不同角速度酸匀速图圆运动。小球做翼周运动的向心 力山横臂的挡板提供，同时小嫁对挡板的弹力使弹簧测力简下降，从面露出测力篇内 的标尺，标尺上露出的红白相间的等分格数之此即为两个小球所受向心力的比值，已 知小球在挡板A.B,C处做国同运动的轨迹半径之比为11211 小 交速塔轮 手 (1)在这个实验中，利用了 (埔理想实验法”“等效替代法”或控制变量法) 米探究向心力的大小与小球质量m,角速度m和半径F之阿的关系 (2)探究向心力的大小与园周运动半径的关系时，应选择两个质量 (填“相同 或“不同)的小球，分别放在挡板C与 填"挡板A"域挡版B)处，同时选 学科素养周测浮八)物理第5页共8页) 衡水真是 择半轻（填“相同或“不同的两个塔轮 (3)当用两个质量相等的小像敏实验，调整长槽中小球的轨道半径是短情中小球轨通 半轻的2倍，转动时发观左，右标尺上露出的红白相间的等分格数之比为1：2，则 左，右两)塔轮的半径之比为 13.(10分)如图所示，一轻支架由水平段ON和竖直段0组成，轻弹簧一淘国定于O 点，另一南与套在水平纤ON上的A球相连，一根长为L.=10m的轻绳连接A、B两 球。A球质量ma一1kg,B球质量m。一4kg,A球与水平杆问的动摩擦因数一0,36， 弹簧原长1=0m,劲度系数专=450N/m。初始时桂A球尽量压缩弹黄并恰好处于 静止状态。现使系绕烧O了帕暖慢转动起米，转动过程中保持A,B两球始篷与(O在 同一竖直平面内。背系统以某角速度稳定转动时，细绳与竖直方向成3了角，此时弹簧 的弹力大小恰好与初始时相同。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计空气阻力。 in37-06,cms37'-08,g-10m/s,: (1)初始时弹簧的长度。 (2)细混与竖直方向成3角时，系能转动的角速度， 密鞋 学科素养周测坪八)物理第6页（共8页} 14.13分)如图所示，两个团定的，大小不同的竖直半圆形光滑轨道在最高点A平滑连 接，小阅半径一Q5回，大网毕径厅一10m,小图最低点0恰在大阅图心处，0点有 一弹射装置图中术自)，可水平向右弹解质量为丽一02k翠的滑块。收置在光滑 水平而上的中空长直跟料板与大调的最低点召平滑过度。若银料板质量网一Q2吧 长度L一2.4m,厚度A一0.06m,滑块与复料板上表面之间的动摩擦因数：一0.5，滑 块可视为质点，重力加速度g取10回/。求： ()若滑块能做完整的闭周运动，滑块在最高点的最小速度4大小。 ()以精=√石m/向右弹射滑块，滑块到达大圆领道B点时所受支持力的大小。 ()以一√有m“向右弹财滑块，滑块第一次落地点到B点的水平距离。 塑料板 1 学科素养周测浮八】物理第7页{共8页) 衡水真是 15.(17分)如图甲所示是一款名为“反重力“盛性轨道车的玩具，轨道和小车都装有磁条， 轨道造型可以自山调节，小率内装有发景，可储存一足弹性势能。如图乙所示为小明 间学将建的轨道的简化示意图，它由水平直轨道AB.竖直置轨道B仪D,本平直轨道 DMM和两个四分之一圆轨道N与NP平带连接面组成，圆蛛道MN的阅心O),与圆 轨道NP的圆心O位于同一高度，已知小车的质量为一50g,直轨道AB长度为 L=0,5m,小车在轨道上运动时受到的越暖引力始终垂直于轨道面，在轨道A以DM 段所受的磁力大小征为其重力的·在载道MNP段所受的磁力大小征为其重力的 2.5婷，小车脱离轨道后磁力影响忽略不计。现小明将具有弹性势能E=6,3」的小 车由A友静止释效，小车恰好衡通过竖直圆轨道BD,并最终从P点水平飞出。假设 小车在轨道AB段运动时所受阻力大小等于轨道与小车河弹力的；，其余轨道均光滑， 不计其他阻力，小车可祝为质点，小车在到达B点前发条的弹性势健已完全释放，重力 如速度g取10m/分。 (1)求小车运动罚B点时的速度大小。 (2)求小车孟动到置物道B点时对轨道的压力大小F⅓ (3)同时调节置轨道N与NP的半径：，其他条件不变，求小车落地点与P点的最大 水平单离工m: 密卷 学科素养周测评八)物理第8页（共8页}·物理· m(听+呢+d) 1 Vy-gtein 解得E=2m(好+6+d (3)箭在竖直方向下落高度满足 [H-(H,+受)]≤[H-(H-受)] y-8 Inind 2 联立可得 2024一2025学年度学科素养 一、选择题 1.D【解析】由图乙中小水珠做离心运动的轨迹 可知，杯子的旋转方向为逆时针方向，P位置飞 出的小水珠初速度沿2方向，A、B错误；杯子旋 转的角造度为w一总-高nds-d.C 7 3 错误：杯子旋转的轨迹半径约为0.6，则其旋转 的线速度大小约为=aR=行X0.6m/s= 号m/s,D正确. 2.D【解析】由图可知，A、B同缘传动，无论是做 匀速圆周运动还是变速國周运动边缘线速度大 小均相等，故由D=wr,可得wA:B=rB:TA= 2:3,A错误，D正确；A、C同一齿轮同轴转动， 角速度相同，则有A:化=rA:TC=3:2,A、B 钱速度大小相同，所以明：化=3：2，B错误：由 向心加速度公式a-号，可知A,B两点向心加建 度之比为aA:aB=TB·rA=2:3,C错误。 3.B【解析】小球受轻杆控制，在A点的最小速度 为零，由动能定理得2 mgLsin a=2m呢-0，可 得g=4m/s,B正确。 4.D【解析】磁力和支持力都不能对铁球做功，只 有重力会对小铁球做功，所以铁球的机械能守 恒，铁球不可能做匀速圆周运动，A、B错误：铁球 的速度只要大于0即可通过最高，点，C错误；铁球 在最高点的速度恰好为0，到达最低，点时的速度 2 参考答案及解析 d√2H-H)+a≤≤d√2H-H=a 设运动员的射箭位置在AB方向上与击中点的 距离为x0,则 2o=V1tmin 所以 2H-H)=a≤≤ /2(H-H)+a g g 设击中，点离靶右边缘的距离为L,则运动员的射 箭位置在AB方向上离靶右边缘的距离满足：= 十L,且0≤L≤a 周测评（八）物理·圆周运动 满足mg·2R=乞m心，轨道对铁球的支持力拾 好等于0，则磁力与重力的合力提供向心力，即 F-mg=m辰，联立得F=5mg,D正确. 5.D【解析】若仅仅考虑地球的自转影响时，列车 绕地心做圆周运动的线速度大小为，以列车为 研完对象，根扬牛频第二定律得mg一=m爱。 若列车相对地面又附加了一个线速度，列车绕 地心做圆周运动的线速度大小为%十，根据牛 颜第二定排得mg一代一m农》，可知下 K=m景，D正境， 6.B【解析】转动的角速度为零时，OB绳的拉力 最小，AB绳的拉力最大，这时二者的值相同，设 为Fn,则2 Fncos30°=mg,解得Fn=9w 3mg,增 大转动的角速度，当AB绳的拉力刚好为零时， OB绳的拉力最大，设这时OB绳的拉力为Fm, 剥Pm6os30=mg,解得F=25mg,因光OB 3mg、2g 绳的拉力范国为 3mg,AB绳的拉力 范国为0号mg,A,C错误，B正确：当AB桃的 拉力为零时，如果把绳AB剪断，那么小球不会偏 离原来位置，D错误。 7.C【解析】电动机轮轴与偏心轮转动属于同传送 衡水真题密卷 带传动，线速度相等，根据=w,可知角速度不相 等，A错误；配重物转到最高点时，加速度向下， 处于失重状态，B错误：当偏心轮上的配重物转到 顶端时，刚好使整体离开地面，则有F=Mg,对 配重物有mg十Fr=wr,解得w一 (Mm)g.C r 正确；在最低，点，对配重物有F一mg=mr,对打 夯机有FT十Mg=FN,解得FN=mur十mg+ Mg=2(M十m)g,根据牛顿第三定律可知打夯机 对地面压力的最大值为2(M十m)g,D错误。 8.AD【解析】对题图甲中A、B两小球分析，设绳 与竖直方向的夹角为0，绳长为L,小球的质量为m, 小球A,B到悬点的竖直高度为h,如图所示，则有 gm9=心如0解得w)√层，可 g 知小球A、B的角速度相同，由v=r可知，小球 AB的线速度大小不同，A正确，B错误；对题图乙 中C、D两小球分析，设绳与竖直方向的夹角为a, 小球的质量为m,绳长为L,有ngtan a=ma Lsin a, 解得w√&a又r=Lma,由=ow可知u √gLsin atan a,连接小球C、D的绳与竖直方向 之间的夹角相同，绳长不同，因此小球C、D线速 度大小不同，C错误；设绳上的拉力为F,竖直方 向有Frcos a=mg,则有F,=mg,因连接小球 COS a C、D的绳与竖直方向夹角相同，可知小球D受到 绳的拉力与小球C受到绳的拉力大小相等，D 正确。 0万 mg 9.AD【解析】对小球进行受力分析，有mg= Frc0s30°，对滑块进行受力分析，有F,= 4ngsm30°-F=2mg一25mg,#清块和针面 看成整体，由平衡条件得，斜面体所受摩擦力大 小为Fa=Frcos30°=mg,A正确，B错误：当滑 块恰好不受摩擦力时，绳的拉力为Fr=2mg,小 球做圆周运动，设此时细绳与竖直方向夹角为， 2 学科素养周测评 则水平方向和竖直方向分别有Frsin0 mLin0Fcos0=mg,解得0=60，= ,得小球的动能为E=m:=子mgL, 2 向心加速度为a=i血0=5g,C错误，D 正确。 10.BC【解析】当小球恰好到达圆周运动的最高 点时小球的转动半径为，重力提供向心力，则 有mg=m”,根据机械能守恒定律可知，mg(L一 2)=md,联立解得一号L,故钉的位置到0 点的距离为L;当小球转动时，治好达到蝇子 的最大拉力，即F=11mg,此时一定处在最低 点，设半径为R,则有11mg一mg=m爱，根据机 械能守恒定律可知，mgL-2m6,联立解得R= 号，故此时高最高点距高为L,则可知，距离 最小为L,距离最大为L,B.C正确，A、D 错误。 二、非选择题 . (2 :(3)偏小(4)滑块与水平 杆之间存在静摩擦力 【解析】(1)每次遮光片经过光电门时的线速度 大小为。一忌由线选度大小和角选度大小的关 d 系式可得u一R一R△ (2)根据牛颜第二定律可得F=mRu= md2 1 R《△，可知F与（△成正比，以F为纵坐 1 标，（△为横坐标可在坐标纸上描出一条直 线鲜奉为紧。 (3)力传感器测量的F是绳子的拉力，而在实际 情况中，滑块在做圆周运动时还会受到水平杆 对它的静摩擦力，向心力等于绳子拉力F和静 摩擦力之和。因此，在滑块与水平杆之间存在 ·物理· 的静摩擦力的影响下，力传感器示数F作为向 心力时会比向心力理论值偏小。 12.(1)控制变量法(2)相同挡板B相同 (3)2:1 【解析】(1)本实验中要分别探究向心力大小与 质量m、角速度、半径r之间的关系，所以需要 用到控制变量法。 (2)探究向心力大小与圆周运动半径的关系时， 需要控制小球的质量和运动角速度相同，所以 应选择两个质量相同的小球，小球应分别放在 挡板C处和B处，同时选择半径相同的两个 塔轮。 (3)根据F。=mw2R,由题意可知Fn=2Fnk, R:=2R右，可得w志：w陆=1：2，由于两塔轮边 缘线速度大小相等，由v=r,可得r友：r右 2:1,即左、右两边塔轮的半径之比是2：1。 13.(1)0.16m(2)5rad/s 【解析】(1)初始时弹簧处于压缩状态，A球恰 好处于静止状态，设初始时弹簧的压缩量为 △1，则 k△l=4(mA十mg)g 解得△1=0.04m 则初始时弹簧的长度为l6一l一△l=0.16m。 (2)当系统以某角速度稳定转动，弹簧的弹力大 小与初始时相同时，弹簧处于拉伸状态，拉伸量 与初始状态的压缩量相等，对B球有 mag tan37°=ma2rB rB=l+△l+Lsin37 解得w=5rad/s。 14.(1)/10m/s(2)14.8N(3)3.4m 【解析】(1)若滑块恰能做完整的圆周运动，滑 块在最高点只有重力提供向心力，有m1g= my 解得a=√10m/s (2)从O,点到B点，对滑块根据动能定理有 m1gr=2m哈-2m听 在B点根据牛顿第二定律有Fw一mg=m1通 解得Fw=14.8N。 (3)滑块与塑料板组成的系统动量守恒，规定向 2 参考答案及解析 右为正方向，根据动量守恒定律有 m%=ht十m2v 根据能量守恒定律有 mgL=m6-m-2m的 对滑块，根据能量守恒定律有 mg=之味一之m 1 滑块离开塑料板后做平抛运动 x=vt A=28r 滑块第一次落地点到B点的水平距离为x x1十x2 解得x=3.4m。 153n/s(28N8号m 【解析】(I)小车由A运动至B过程，由能量关 系可知 E,=k(mg+FDL+2m味 其中F=0.5mg,代入数据解得g=3m/s。 (2)设小车在C点的速度为c,恰好通过最高 点，则根据牛顿第二定律有 mg-0.5mg=m 辰，小车从B到C,由动能定 理得 1 1 一mg2R=2m呢-2m呢 解得R=0.2m 在B,点，根据牛顿第二定律有 R-mg-05mg=m是每得R=3N 由牛顿第三定律，小车运动至B,点时对轨道的 压力大小为3N。 (3)小车从B到P,由动能定理得 】 mg2r=2m呢-2m呢 小车从P点飞出后做平抛运动 I=Upl 1 2r=28t 解得x√16㎡+-√16（品）+ 衡水真题密卷 当r=0.1125m时，小车落地点与P点的水平 距离最大 小车从P点飞出vP>0,则 r<0.225m 但因为小车在N点有 m≤2.5mg 护 2024一2025学年度学科素养周测 一、选择题 1.A【解析】要想使天舟五号与空间站在同一轨 道上对接，则需要使天舟五号加速，与此同时要 想不脱离原轨道，根据F=m二，则必须要增加向 心力，即喷气时产生的推力一方面有沿轨道向前 的分量，另一方面还要有指向地心的分量，而因 喷气产生的推力与喷气方向相反，A正确。 2.A【解析】哈雷彗星在椭圆轨道上绕日公转，而 地球绕日轨道比哈雷慧星近日轨道要远一些，根 ,所以地球环日速度小于哈雷慧星在 近日点的速度，A正确；根据牛顿第二定律a -G-以，哈雷普里在M点时的加逢度 m rm 等于地球在M点时的加速度，B错误；根据开普 C错误；根据开普勒第二定律可知，同一颗行星与 太阳的连线在相同时间内扫过的面积相等，所以 地球与太阳的连线和哈雷彗星与太阳的连线在 相等时间内扫过的面积不一定相等，D错误。 3.D【解析】静止轨道上的卫星角速度与赤道上 物体的角速度相等，卫星的轨道半径更大，其速 率更大，A错误；S点与P点到地球中心的距离 是相等的，根据牛顿第二定律和万有引力定律得 ，α=G,所以卫星在静止轨道上经过S,点与在转 移轨道上经过P点的加速度相同，B错误；在椭 國轨道近地点实施变轨成椭圆轨道是做逐渐远 离圆心的运动，要实现这个运动必须给卫星加 速，所以卫星在异常轨道上经过Q点的速率大于 在近地轨道上经过Q点的速率，卫星在近地和静 2 学科素养周测评 小车从B到N的过程中，由动能定理得 -mgr=m6-之m 解得r≥≥0.2m 综合可知，当r=0.2m时，小车落地，点与P点 水平距离最大，为工= 5m。 评（九）物理·万有引力与航天 止轨道上运动，由万有引力提供向心力得GMm 2 四，所以卫星在近地轨道经过Q点的连度大于 在静止轨道上经过S点的速度，所以卫星在异常 轨道上经过Q点的速率大于在静止轨道上经过 S,点的速率，C错误；由几何知识知转移轨道的半 长轴为地球半径的4倍，由开普勒第三定律有 票-6：语-俱如卫里在近地银道上的同期 与在转移轨道上的周期之比约为1：8，D正确。 4.A【解析】取B为研究对象，B绕O点做匀速圆 周运动，设A、B的质量分别为m和，由万有引 力定律及牛频第二定律得G四型=m(停)。， 解得m-4,又根据=7一，则A的质 量为m1=4）,A正确。 G72 5.C【解析】开普勒第二定律只造用于某一个卫星 绕中心天体的情况，故A、B错误：根据万有引力 提供向心力有G=r答，变形有下= ,因像的斜奉=品根据题意，地球和木 4π2r2 星的密度分别为5.52g/cm3和1.33g/cm2,木 星的体积约为地球体积的1313倍，可知木星的 质量约为地球质量的310倍，则图像B的斜率约 为图像A的斜率的310倍，图像B为地球卫星的 图像，C正确。 6.C【解析】在月球表面，根据万有引力提供向心 力有G0=加辰，解得月球的第一宇省地度。 √义，根据题意可得飞船对样品做的功至少为