周测评(6) 牛顿运动定律(三)-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养周测评（冀粤辽黑赣桂吉晋豫陕青宁蒙新藏鲁渝甘贵云川皖B版）

衡水真题密卷 学科素养周测评 错误：用极短时间内的平均速度表示瞬时速度， .1 则挡光片越窄，平均速度表示瞬时速度越准确，B xB=4g6。 正确；适当增加两光电门间的距离，可减小因测 8.(1)7.5N5m/s(2)3.6m 量带来的相对误差，C正确。 【解析】(1)重物b释放后，假设a、b、c一起运动， 根据牛顿第二定律有 (3)滑块经过光电门的速度为2= D D mg=(m。十m6十m,)a 根据公式吃-听=2ax,解得a=。近 解得a=2.5m/s 2x 则长木板c应受到的摩擦力为Fk=m,a=5N< [] 17 umag=7.5 N 由于F=,则M=E-公8g=Q.20如 故重物b释放后，a、b、c一起运动成立，根据牛颜 第二定律有 (5)图缘的斜率长=m解得m=名一M mg一T=ma 解得T=7.5N 1 长木板c与挡板P碰前的速率为=at=5m/s。 1.50 -0.20 kg≈0.13kg. 0.50 (2)长木板c与挡板P碰后，a、c均做减速运动， 7.(1)2mg (2②)7g a,c的加速度大小分别为a。=g=7.5m/s, 1 【解析】(1)用水平向右的推力F推动滑块B时， a,=2g=3.75m/8 设滑块A,B一起加速运动的加速度为ao,根据 物块a减速为零的时间为1=些=号 牛顿第二定律有F-mg-2mg=2mao 解得ao=g 长木板c减速为零的时间为2=0.8型=15。 对滑块A进行受力分析，由牛顿第二定律有F、 ung=mao 则物块口免减建为率的任移为一盖一号m 解得FN=2mg。 此时长木板c的连度为=0.8一al1=1.5m/s (2)滑块A,B在时间为t0时的速度大小为%= 卡木板的位移为-08十-m aoto-ugto 2. 撒去向右的水平推力F后，滑块A的加速度为 长木板和物块共速时有at'=一at dA-tung-g 解得1=品s 滑块B的加速度为aB-2g=2g 此时长木板和物块的速度为v=al'=1m/s 根据匀减速直线运动的规律知，滑块A减速运动 该後时同长木瓶的位移为=生-0； 3 m 的距离为xA=2=之g6 物块a的位移为xa==名×品m=品m 6=】 则长木板的长度至少为L=xa1十xa十x2一x2= 滑块B运动的距离为xB一2aa4ug6 3.6me 滑块A与滑块B之间的最大距离为△x=xA 2024一2025学年度学科素养周测评（六） 物理·牛顿运动定律（三） 一、单项选择题 1.B【解析】根据题意有F=6πu,则有7 滞系数的单位可以表示为：。A,CD错误，B 正确。 ,又由于F=m,通过单位运算，可知空气粘 6πr0 2.C【解析】直升机悬挂空桶匀速飞往水源取水 时，空桶受力平衡，有T1sin0-f=0,Tcos0- 1B 8 ·物理 参考答案及解析 mg=0,解得f=ngtan0,直升机加速返回时，由牛 时间为t=t十t2=(1十√5)s,B错误；煤块相对传 顿第二定律得T2sin0-f=(m十MDa,T2cos0 送带上滑的位移为△x1=x1=5m,相对传送带 (m十MDg=0,解得空桶中水的质量为M=800kg, 1 C正确。 下滑的位移大小为△=乞5+=17.5m,由于 3.D【解析】对人和吊板整体，根据牛顿第二定律 传送带总长12m,则煤块在传送带上留下的痕迹 有4F1一(M+m)g=(M+m)a,解得F1= 为12m,C正确：煤块与传送带间产生的热量为Q 220N,对人根据牛顿第二定律有F+F2 gcos 0X(△0十△2)-90J,D正确。 Mg=Ma,解得F?=550N,根据牛领第三定律得 三、非选择题 人对吊板的压力F2=F2=550N,D正确，A、B、 6.130 (2)平衡摩擦力不足名 C错误。 二、多项选择题 【解析】(1)根据△x=aT,有2一=2a(5T)2,解 4.AD【解析】小球以一定速度接触弹簧后，在开 得a=0品. 始阶段，小球的重力大于电场力与弹簧弹力的合 (2)题中图像的横截距为正，即在砝码盘及砝码受 力，合力向下，加速度向下，根据牛顿第二定律得 到的总重力F较小时，小车不动，说明木板平衡摩 mg一k红-gE=ma,解得a1=一解+2g,当z 擦力不足（或木板右端垫得太低）：根据牛顿第二定 增大时，4减小，小球微加速度减小的加速运动； 排有F+Mgn-了=M,a,整理得a=F- 当弹簧弹力与电场力的合力等于重力时，小球的 合力为零，加速度a2=0,当弹簧弹力与电场力的 话十m8,因此图线的斜率&=，解得 合力大于重力后，小球的合力向上，加速度向上， M=2: 根据牛顿第二定律得一kx一qE十mg=ma3,解得 a④=一船+2g,当x增大时a增大，小球微加 1.(1)55N (2)1kg<M≤5kg m 速度增大的减速运动，到最低点时小球的遠度为 【解析】(1)设沿斜面向上为正方向，若P的质量 零，A、D正确；弹簧压缩至最低，点时速度为零，但 M=0.5kg,由于 小球刚接触弹簧时，速度不为零，B错误：a与x mgsin 0=Mg=5 N 为线性关系，x与t为非线性关系，故a与t为非 可知P、Q均处于静止状态，轻绳上拉力为 线性关系。即at图线不为一条直线，C错误。 F=Mg 5.ACD【解析】煤块滑上传送带做匀减速直线运动， 以斜面体和Q为整体，根据受力平衡可得，地面 加速度大小为a,=mg血6叶ngcos9-10m/S,经 对斜面体摩擦力的大小为f=Fcos30 联立解得f=5y5N 2 过时间4速度减小到零，则4=西-1s,0一1s传送 a (2)P着地后，设Q继续上滑的加速度大小为a1, 带选度为本，则珠块向上清动的位移西一要-5m 上滑的距离为x,对Q受力分析，由牛顿第二运 动定律得mgsin0十mgcos0=ma 1s后传送带开始加速，其加递度为4= 解得a1=10m/s2 5m/s,由于煤块受力满足mgcos mgsin,煤块 P着地前瞬间，设Q速度大小为口，对Q分析，由 向下加速，其加速度为a=mgi血0mgc0s0- 运动学公式可得2=2ah 0-=-2a1x 2m/s,所以煤块运动至最高点，位移为5m,A正 Q恰好不从斜面顶端滑出需满足x=L一h 确：煤块向下加速到A点的时间为，则西 20 联立解得a=3m/s a近，解得红=√5s,则煤块在传送带上运动的 对于P、Q组成的系统，根据牛顿第二定律可得 9 1B 衡水真题密卷 学科素养周测评 Mg-mgsin 0-umgcos =(M+m)a 解得-4日 联立解得M=5kg 7t 为了使P能下落，必须满足Mg>ngsin0十 则加速度a=卫=4日 t72 tmngoos 0 解得MC>1kg (2)匀减速阶段的加速度a=0.5t一7 为使Q能够向上运动且不从斜面顶端滑出，P的 此时绳子向上的拉力满足T一mg=a 质量需满足的条件为1kg<M≤5kg 解得T=mg+8m &提②警+1 7t2 21t2 对结点处3 FNCOS37°=T 【解析】(1)设匀加速阶段的最大速度为，则由 题意可得受十+受·台=H 解得=登+1 2024一2025学年度学科素养周测评（七） 物理·抛体运动 一、单项选择题 上升的竖直高度H相同，可知竖直方向的初速度 1.B【解析】因为汽艇的静水速度小于河水的流 助相同，从出发到落到水面，由y=1一g心 速，可知汽艇合速度方向不能垂直于河对岸，即 汽艇不能垂直于河岸渡河；如图所示，当汽艇的 可知，运动时间相等，B错误：对水平方向的运动， 速度方向垂直于合速度的方向时，合速度方向与 从出发点到最高点，水平位移x.<x,由x=Uo 河岸的夹角最大，汽艇的位移最小，B正确。 且时间t'相等，则水平初速度)<U6,而初速 度功=√十，得初速度h<,C错误：从 出发到落水运动的全过程，由动能定理得mgh一 2m21 2m听，则入水时的末连度u,<w,D 正确。 河岸 M 二、多项选择题 2.B【解析】设B点做圆周运动的线速度大小为 4.AC【解析】小球的初速度为%=Acos30°= ',此速度为B的实际速度，根据运动的合成与 5√3m/s,在A点时竖直速度为=vA sin30°- 分解，可以分解为沿杆AB方向的速度和垂直于 5m/s,则在B点的竖直速度为，=wtan60°= 杆AB方向的速度，如图所示，沿杆方向的速度为 15m/s,故小球经过A、B两，点间的时间为t= m=tcos(B)=sin B,A点速度为水平方 四二h=18,A正确，B错误：A,B两点间的高度 向的口，根据运动的合成与分解，可以分解为沿杆 方向的速度和垂直于杆方向的速度，沿杆方向的 差为h=运，远=10m,C正确，D错误。 2g 速度为以=c0sa,又有二者沿杆方向的速度相 5.BD【解析】根据题意可知，高尔夫球飞行中，水平 等，即cosa=v'sin月，则-Cosg,B正确。 方向做匀减速直线运动，竖直方向做自由落体运 sin B 动，则高尔夫球飞行中做的不是平抛运动，竖直方 向上有h=号g,解得高尔夫球飞行的时间为= ，A错误，B正确；根据题意，设初遽度为，水 入g 3.D【解析】两石子做斜抛运动，加速度a=g,A 平方向上有受=L,解得功=2L√景C错误：根 错误：对竖直方向的运动，从出发，点到最高点，由 据题意，由运动学公式v=h十t可得，高尔夫球 1B ·102024一2025学年度学科素养周测评（六） 物理·牛顿运动定律（三） (考选时可40分钟，惑分100分》 一、单项迹择题：本题其3小整，每小题1分，共地分。每小题只有一个遗质符合题同 要求。 ”号 3 答案 1,密立根通过油滴实验首先测出了元电背的要值，能满在运动过程中受到的困力可由斯 托克斯公式F=6mgT计算（其中r为油演平径，v为泊滴下落的速率，9为空气粘滞系 数)。测空气粘蒂系数的单位可以表示为 A A cN· BN·s m 2,如图所示为“225”应急救援直升机在水嘉碧莲桶执行买火任务时 的情景。直升机沿水平方向匀速直线飞往水源城寂水时，悬拉空水 桶的悬索与竖直方向的夹角为37了，直升机取本后整往火场灭火，沿 水平方向以5m/公的加速度匀加速直线飞行时，悬挂水桶的悬索与 竖直方向的夹角也为3。若空气阻力大小不变，空桶质量为40心kg,忽略悬素的质量 别此时水插中水的爱量为(m37”=0,6,%37”=Q,8,取g=10m/网) A.260 kg 且500g C800k每 D.1000kg a.跨过光滑轮的经绳一物固定在吊板上，另一璃拴在一个动滑轮的怕上，药过动滑伦的经 绳一端固定在吊板上，另一端被吊板上的人拉住，如周所示。已知人的质量为M 70kg,吊板的原量为m=10kg,佩、定滑轮、动滑轮的腰量以及滑轮的摩擦均可不计。 数重力加莲文为g一10m/s,当人和板一起以加速皮a一1.0m/公向上做加速运动 时，人对绳的拉力F和人对吊版的压力下大小分别为 A.F,=400N,F=300N BF1400N,F-330N CF,=440N.F=650N D.F-220N,F2=550N 学科素养周测悍六】物理第1页共4页) 衡水真 二、多项选释原：本愿共2小题，每小题10分，共20分。每小题有多个选项符合题目要求， 全部选对得10分，选对但不全的得5分，有选情的得心分。 题号 4 5 答案 .如图所示，竖直平面内存在看整直向上的匀电场〔木全部标出》，一根绝缘 轻弹簧经直立在水平地而上，下端固定。一情正电的小球从高处由静止释 放，竖直落到弹簧上幕，并压指塑翼。已知小球所受的电肠力大小为重力的 一半，不计空气刻力，且算簧始终处于郑性限度内。若规定餐直向下为运动 的正方向，从小球接触弹簧到运动至最低点的过程中，下列关于小球建度甲、加速度a与 运动时间(，位移x的关系图豫可能正确的有 丘，如图甲所示，顿斜传送梦丙侧端点阿距6m,皮带总长12m,颜角3T。=0。一质量 为1kg的煤块从传遇特底部的A点，以1Dm/s的迷度冲上传送带。1一1s时，传遗带 开始沿展时针方向匀壶速转动，A点运动的（图像如图乙所示，煤块与传善带间动摩 察因数为a5,传运轮和块大小均可以忽略（取g一10m/s,sin3?-06,cas7”- L.)。煤块在传送梦上运动的过醒中，下列说法正确的是 11知4 2 甲 A,煤换运动至最高点，位移大小为5回 且煤块在传送带上运动时间为2 C.煤块在传运带上侧下的痕连为12四 D.煤块与传递倍何产生的热量为90] 三，非进择撒：本题共3小题，共50分。 6,(12分)在深究加速度与力，质量的关系的实教中，采用如图甲所示的装量 小： 点训时播 世好… 中 题密程 学科素养周御悴六)物理第2页（共4页} B 《1)测出砖码盘及志码受到的总重力，记为远小于小车受到的重力)，将木板右端适当 转高后，打出了一条如图乙所示的纸梦，从比较清陆的点开始选，剂五个点取…个甘 登点，量出相邻计数点之间的距离。已知打点计时器打点的时间何隔为T,根据图 乙中给出的数据求出孩小车的相凉度大小⑧= ()改变砖码盘中陆码的置量，并测量小车对应的部速度。，根据测量数据作出的：F图 像为如图丙所示的直线，图线不过坐标原点的原因是 ,若图线的 解率为，则小车的质量M= ?.18分)如图所示，领角为一的斜面体静止效在水平地面上，到面长为L一3皿质原 为州一1知的物体Q收在解底底发，与斜面可的动摩擦因数为一，通过轻蝇寄过轻面 定滑轮与物体P相连接，连接Q的轻绳与斜面平行。经绳拉直时用于托生P使其在矩地 面=1.8m高处由静止释放，着地后P之即停止送动。若PQ可视为质点，斜面体给终 静止，最大静摩源力等于滑诗煤擦力，不计滑轮轴原据，取g一10m/分。承： 《1)若P的质量为M一0.5kg,地面对斜面体摩擦力的大小「。 (2)为使Q能够向上运动且不从斜面顶操滑出，P的质量M罪调足的条作 18 学科素养周测浮（六】物理第3页{共4页） 衡水真夏 8,(?0分)在某矿场，工作人员利用一收在水平地面上的三卑架向井讼送物隆，三脚架前 化图如图所示，支架与地而交点构成等边三角形。为将物资送达并底，物资完匀加速直 线运动一段时间，接看匀速运动时间最后匀诚速直线运动时间一珂达井底，此时速 度恰好为零。已知物置下落的总高度为H,总质量为m,支架及绳需质量不计，每根支 架与聚直方向均成37角，重力如建度为g,i加37”=0.5，cws37”=0.8。求： (1)物置在匀加速阶段的加速度大小。 (2)在匀减速阶段，每取支果的弹力大小 通密卷 学科素养周测评六)物理第4页（共4页}