周测评(3) 相互作用(二)-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养周测评（冀粤辽黑赣桂吉晋豫陕青宁蒙新藏鲁渝甘贵云川皖B版）

2024一2025学年度学科素养周测评（三） 物理·相互作用（二） (考选时可40分钟，惑分100分》 一，单项迹择题：本题共3小恩，每小题10分，共0分。每小题只有一个选原符合是日 要求。 超号 3 答案 ,有一种瓜子腹壳饕如图印所示，将瓜予放入两图柱体所夹的凹罐之间，技压瓜子即可破 开瓜子壳。废壳器戴而如图乙所示，瓜子的别面可视作顶角为？的扇形，将其竖直放人 两完全相同的水平等商圆柱体A,B之间，并用竖真向下的恒力F按压瓜子且保持的 止，若北时瓜子壳未酸开，忽略瓜子自重，不计摩报， A若仅诚小A,B距离，则网柱体A对瓜子的压力变大 B若仅诚小A,B距离，测圆柱体A对瓜子的压力变小 C若A、B距离不变，顺角植大，则图住体A对瓜子的压力感大 D,若A,B距离不变，顶角8越大，刚圆柱体A对瓜子的压力越小 2,小明同学喜衣体育运动，触孩拉物体时拉力最大为100复N,某次蜂中，体育老师将 不问质量的重物置干镜角为15的斜面上，让他拉动重物沿斜面向上运动，已知重筒与 解而间的动摩擦因数为 ,则他能拉动的重物质量最大为 A.100 kg &100w3kg C.200 kg D.200/3 kg 3.一横裁而为直角三角形的木块如图所示放置，质量为知的A,B两物体用经质弹簧相 连放在领角为0的斜面上，物体C放在领角为o的斜面上，B与C之同用轻绳连接 学科素养周3测浮三】物理第1页{共4页) 衡水真 A,C质量的比值为号，量个装置处于静止状态。已知物体A,B与斜画河的动摩球因数 相问(：<1且是大静摩擦力等于滑动摩整力，弹簧弹力大小为mg,(C与料由制无摩擦， 期 A.物体A,B均受到廖擦力作用且等大反向 且物体A受摩振力作用且大小为)mg,物体B不受摩擦力 作用 C弹簧处于拉辣状态，A,B两物体所受摩察力大小均为2四g·方向均沿斜面向下 D明断弹簧深间，物体A将沿斜而向下滑动 二，多项这择愿：本驱共2小题，每小题10分，共20分。每小短有多个选项符合题目要求， 全部选对得10分，进对但不全的得5分，有选错的得0分。 题号 4 答案 4,如图所示，上表面光滑的竿钢柱体成在水平地而上，一小物块从常近半圆柱棒顶点口的 A点，在外力F作用下沿圆面捉慢下带到B点，此过程中F始终沿码弧的切线方向且半 圆住体保持静止状态。下列说达正确的是 A.半圆柱体对小物块的支转力变大 B外力F变大 C,地面对半衡住体的支持力先变大后变小 D地面财半圆柱体的摩擦力先变大后变小 点，轻绳上瑞悬挂于天花板上的O点，另一线在质量为碎的小球上，小球在水平向右的外 力F作用下处于平衡状态，此时轻绳上的弹力大小为F:,轻绳与竖直方向的夹角为9、 与F的夹角为，如图所示。下其判断正确的是 A.若绿持F木平，谬南褪慢减小8，期F,F,都逐新增大 且若热一悬更长的者淘，保持▣不变，测F,F,可能富减小 C,若保持小球位置不变，F沿逆时针方向缓慢转动直至F整直向上， 刚F先减小后增大 D若保持。不变，连渐缓慢增大品，直至县线水平，则F,逐减小，F逐渐增大 三、非法择驱：本愿共3小题，共50分， 6,(12分)某同学用图甲所示装置“探究单力和果簧种长量的关系”。弹簧的上骑固定在铁 架台支架上，弹簧的下璃圆定一水平纸片（第簧和纸片的重力均忽略不什），激光测距仪 可测量地面至水平纸片的竖直距离本 超密卷 学科素养周测三)物理第2页（共4贾} B 120 +cm 80 1160 1140 1120 0.050100502m2.030m39F5N 《1》该同学在弹簧下璃逐一增挂陶码，每增挂一个构码，待弹簧 时，记录所挂肉 码的重力和对应的 《2》根据实验记录数起作出菌弹簧弹力F变化的图线如图乙所示，可得未挂岗到时本 平纸片到地面的竖直距离A,一 m,弹簧的劲度系数一 N/m (结果均绿前到小数点后1位) 7.(18分)图甲中的滑索巧妙地利用了景区的白答落差，为滑行提供了动力。游客供助 绳套保护，在高空领略相国大好河山的什美。其装置简化如图乙所示，领角为0的纯 道上套一个质量为m的滑轮P,质景为3则的绳套和滑轮之偏用不可仲长的轻绳相连。 某次检接时，工人对绳套佳加一个拉力P,使绳套从带轮正下方的A点银慢移动，运动 过但中F与轻绳的夹角始热保持1阳”，直到轻绳水平，绳套到达B点。整个试程帝轮闲 将静止，重力如速度为g,求： (1)绳套到达B友时，轨道对情轮的摩擦力大小和弹力大小 (2)绳套从A点暖慢移动可B点的过程中，轻绳上拉力的量大值 F 12r 18 学科素养周测浮三】物理第3页共4页) 衡水真夏 8.(0分)如图所示，水平轻绳AC一操围定在墙上，另一端连接小球A,另一根轻绳跨过 光滑定滑轮后分判连接小球A和水平地面上的物体B。已知物体B的质量m:一3kg, 小球A的质量mA一3k知。骑过定附轮的轻提两侧与整直方向夹角均为30'，小球A和 物体B均处于静止状态，取重力加速度大小g一10m/安，求： (1)轻绳AC的拉力大小F,. ()物体B所受地面的拳擦力大小F,和支持力大小F%。 通密卷 学科素养周测评三)物理第4页（共4页}衡水真题密卷 平向左，大小等于拉力F,沿水平向右方向的分 力，即F=Frsin a 解得F-mg (3)以结点O为研究对象，对其受力分析如图2 所示，拉力FT和F2的合力与F1等大反向，由平 衡条件得拴接物块甲的轻绳的弹力为 F2=Frtan a 代入数据解得P=之mg 2024一2025学年度学科素养周】 一、单项选择题 1.D【解析】瓜子处于平衡状态，若仅减小A、B距 离，A、B对瓜子的弹力方向不变，则大小也不变， A、B错误；若A、B距离不变，顶角0越大，则A、 B对瓜子弹力的夹角减小，合力不变，则两弹力 减小，C错误，D正确。 2.C【解析】设F与斜面夹角为0，则恰好拉动物 体时有Fcos0=ngsin15°十u(mgcos15° Fsin,)整理可得F=mgsin15十mgcos15°- usin 0+cos 0 mg√1+sin45°=mgsin45° V1+sin(0叶p)sin（0叶p,故当sin(0+ F p）=1时，m最大mm一gin45=200kg,C 正确。 3.C【解析】根据题意可知，物体C的质量为43，m 3, 其重力沿斜面的分力为2mg,对A、B及中间的 弹簧组成的系统，有2mg=2 mgsin30°+F:,所以 F:=mg,又动摩擦因数4<1，所以A、B一定受 摩擦力作用，且方向均沿斜面向下；由于物体A 受到的摩擦力方向沿斜面向下，所以弹簧处于拉 伸状态，物体A、B的受力分析分别如图甲、乙所 示，根据平衡条件有Fr=mgsin30°+Fh,F-十 FB十mgsin30°=2mg,将Fr=Fr=mg代入得 Fh=F2mg,A,B错误，C正确：由上述分析 可知，对于A,斜面对它的最大静摩擦力F> 受，剪断弹簧瞬间，A受到的摩擦力向上，由于 mgsin30°="受<Fa,物体A仍处于静止找态， 1B 学科素养周测评 以物块甲为研究对象，对其受力分析，当静摩擦 力沿斜面向上达到最大值时有 F2十mgcos0=magsin0 解得mp=4m 当静摩擦力沿斜面向下达到最大值时有 F2=mngsin 0+umegcos 0 解得mr=身n 综上，物块甲的质量范围满足号m<m,<4m。 则评（三） 物理·相互作用（二） D错误。 F 2mg Fa Ymg mg 甲 乙 二、多项选择题 4.BD【解析】对小物块受力分析如图甲，物块缓 慢下滑，即处于平衡状态，F始终沿圆弧的切线 方向即始终垂直于圆柱面支持力F,的方向，如 图乙，由三角形法则知总有F=mgsin0,F1= ngcos0,下滑过程中0增大，因此F增大，F1减 小，A错误，B正确；对半圆柱体分析，地面对半圈 柱体的摩擦力F,=F1sin0=mgcos Osin0= 之ngsin20,地面对半圆柱体的支持力FN= Mg十Fcos0=Mg十mngcos20,0从接近0°到90 变化的过程中，摩擦力先增大后减小，支持力一 直减小，D正确，C错误。 ￥mg 甲 乙 5.CD【解析】保持F水平，逐渐缓慢减小0，对小 球受力分析有FTcos 0-=mg,F=mngtan,可知随 着0减小，F和FT都在减小，A错误；换一根更 长的轻绳，保持0、a不变，则F、FT都不变，B错 误：保持小球位置不变，F沿逆时针方向缓慢转 ·物理· 动直至F竖直向上的过程，根据三角形定则，如 图甲所示，可知当F方向与F:方向垂直时，F有 最小值，则F先减小后增大，C正确；保持a不 变，逐渐缓慢增大，直至悬线水平，根据三角形 定则，如图乙所示，由图可知当F水平时F:最 大，当FT水平时F最大，所以FT逐渐减小，F逐 渐增大，D正确。 mg mg 甲 三、非选择题 6.(1)静止(2)120.031.3 【解析】(1)该同学在弹簧下端逐一增挂钩码，每 增挂一个钩码，待弹簧静止时，弹力与重力大小 相等，记录所挂钩码的重力和对应的h。 (2)由图可知，当F=0时h=120.0m,即为未挂钩 码时水平纸片到地面的竖直距离。由胡克定律可得 △F=k△h,即图像斜率绝对值的倒数表示弹簧劲度 3.13 系数，则有k=120.0-i10.0X10NWm= 31.3N/m。 7.(1)mg√3mg(2)2√3mg 【解析】(1)绳套到达B,点时，对质量为3m的绳 套，受力分析如图甲，有 F1=3 ngtan30°=√3mg 2024一2025学年度学科素养周测 一、单项选择题 1.B【解析】设箱子的质量为M,物体的质量为 m,箱子受到的空气阻力为kw,根据牛顿第二定 律可知，下落过程中有(M十m)g一ko=(M十 m)a,随着速度的增大，加速度在减小，A错误；以 箱内物体为研究对象，根据牛顿第二定律可知 mg一Fv=a,随着加速度的减小，物体受到的支 持力在逐渐增大，B正确；整体向下做加速度减小 的加速运动，物体受到的支持力一直在增大，当 加速度为零时，整体开始做匀速运动，此时箱内 物体受箱子底部的支持力与物体重力相等，所以 5 参考答案及解析 对滑轮受力分析如图乙，有 FN-F1sin30°-mgcos30°=0 F1十ngsin30°-F1cos30°=0 解得Fx=√3mg,Fi=mg。 F F 31g mg 甲 乙 (2)在绳套的动态平衡过程中，当F与绳套的重 力垂直时轻绳中的弹力最大，则有 R-器=28m8。 8.(1)F-=10N(2)F=10NFx=(30-105)N 【解析】(1)对小球A进行受力分析可知，小球A 受重力、轻绳AC的拉力和轻绳OA的拉力，根据 平衡条件得 Fr=Fc=mAg tan30° Fonco 解得Fr=10N。 (2)轻绳OA和OB为定滑轮两边的细绳，拉力相 等，即FaA=Fm 物体B受重力、轻绳OB的拉力、地面的摩擦力 Fr和支持力FN,则有F=Fossin30° Fascos30°+FN=mgg 解得F:=10N,Fw=(30-10√3)N。 平（四）物理·牛顿运动定律（一）】 最后不会出现支持力为零的情况，C错误：由于物 体受到向上的支持力，且支持力对物体做负功， 所以下落过程中箱内物体的机械能减小，D 错误。 2.A【解析】货车剃车经4s停止，从开始刹车至 停止，货车前进了40m,设货车的加速度大小为 a,根据逆向思维可得x=a,解得a=票 20mg-5a/S,以包复P为所完对象，格 据牛顿第二定律可得刹车后1s时，P所受合力 的大小为F◆=ma=100X5N=500N,A正确。 1B