周测评(2) 相互作用(一)-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养周测评（冀粤辽黑赣桂吉晋豫陕青宁蒙新藏鲁渝甘贵云川皖B版）

2024一2025学年度学科素养周测评（二） 物理·相互作用（一） (考选时可40分钟，惑分100分》 一、单项达择题：本题共3小恩，每小题10分，共地分。每小题只有一个迹原符合题日 要求。 超号 8 答案 1,“儿童般学归来早，忙接东风放纸誉”，放风筝是民同传统蓉戏之。如图 所示，一只风筝高高地悬停在空中，已知风筝受到重力G,绳子拉力F 空气作用力F,下列受力分所示章图可能正确的是 () F D 2.某一平衡艺术家将石块A,B、C从下到上依次叠成在一块大石美上，使它们始终保持 静止，脏个环境处于无风状态，则 A.石块C对B的压力与C的重力产生理相同 我石块B量多受4个力的作用 C石块A受到的合力向上 D.石块B对石块A的作用力一定竖直向下 3,如图所示，光滑潮圆环固定在竖直平面内，O为（图心、P为其最高 点。轻弹簧a一操国定在P点，另一端与餐在环上的质量为丽的 甲 小球甲相连，轻弹簧多一端连接甲，另一端与套在环上的质量也为 m的小球乙连接，系统处干静止状态时，两弹簧长虞均与图环率径 相等。喇、6两弹簧对甲较力大小之比为 A2,1 且落1 C2·1 D.11 学科素养周测浮[二】物理第1页{共4页) 衡水真 二.多项选择瓶：本愿共2小题，每小题10分，共20分。每小题有多个选项符合题目要求， 全部选对得10分，进对但不全的得5分，有选铺的得0分， 题号 4 答案 4,黄河铁牛是质界桥零史上的传世之宝。如图所示，唐代龍律浮桥通过两岸的铁牛固定， 失牛底部的铁柱桥入地下。设桥累对铁作的控力为F,铁柱对铁牛的作用力为F,用 A.若F增大，期也增大 B若F增大，F将诚小 C.F与下的合力方向竖直内上 D.F与F的合力方向竖直向下 5,如图所示，B和C两个小球重力均为G,用轻绳悬挂面分别静止于图示位置上，期以下说 法正确的是 A.AB泪海的拉力为G BCD组绳的拉力为G C.绳EC与经直方向的夹角&一0 D.绳C与竖直方向的夹角一45 三、非选择驱：本题共3小题，共50分。 6.(12分)某实险小组用一只弹簧测力计和一个藏角器等指材 “险证力的平行固边形定测”，设计的实险素置如图所承，园 定在竖直木板上的量角器直边水平，橡皮简一操固定在量角 4圆心O的正上方A点，另一离系绳套1和绳套2： (1)实购步撑如下： ①弹簧海力计挂在绳套1上竖直向下拉橡皮皓，使橡度 依的结点到达O点，记下弹赞测力计的示数F ②弹簧测力计挂在绳套1上，手拉着绳套2，级慢拉缘皮筋，使像皮筋的结点达到O 点，此时绳套1沿0方向，绳套2沿120方向，算簧测力计的示数为F: ③根据力的平行四边形定划计算绳套1的拉力F,= ④比较 ,即可初步验证力的平行四边影定则 题密程 学科素养周测坪二)物理第2页（共4贾} B 《2)将绳套1由0方向规慢转动到60方向，同时绳套2沿1方向不变，此过程中保特 8,(N分)如图所示，筷角为的等面体固定在水平面上，一情截面半径为R的园柱体 橡皮筋的站点在O点不骑，关于绳套！的拉力大小的变化，下列结论正角的是 丙放在水平而上，可税为质点的光滑小缘乙质量为微，用轻绳控接置于半柱上：物块 。(填正确答者标号) 甲用轻绳拾接故在斜面体上，轻绳与解面上表面平行，甲与每面间的动家擦W数为： A,逐新增大 且先增大后减小 C.逐南诚小 D.先或小后常大 复。拾接个球乙与检接物块甲的轻绳与竖直的轻绳系于0点，且O点位于本员柱调心 ?,(18分)知图所示，光补圆柱体的质量为m,置于顿角=3”，爱量均为M的两个斜面体 的正上方，已知O点到水平面的高度为2R,拴接小球乙的轻绳长度为5R,整个装置处 上，已如两斜面体与水平跑面月的动摩擦因数均为严一0.4，s加53一0.8，cas53'一 于静止状态，重力加速度为g,最大静摩擦力等于滑动摩擦力。求： 0.6。求： (1)小球乙对半圆柱体的压力的大小 《)每个斜面体对地面压方的大小F。 (2)半侧柱体所受的摩擦力的大小。 (2)为了不让麟面体出现滑动，得的最大值。 (3)物块甲的质量的取值范用。 8 18 学科素养周测浮[二】物理第3页共页) 衡水真题密程 学科素养周御坪二)物理第4页（共4贾}衡水真题密卷 （3)由h=t-7g,可得=w一2g,因4图 1 线斜率的纶对值为飞，故有k=弓g,所以g=2。 7(1)8m/s(2)号m/g224m 【解析】(1)设最大速度为，在加速阶段无人机 上升的高度1=所=受 匀速阶段无人机上升的高度h2=m 减速阶段无人机上升的高度=-学 上升的总高度h=h1十h2十h: 解得最大速度m=8m/s (2)在匀减速阶段加速度a==手 t3 m/s? 匀减递阶段的位移=04一受，=24m 8.(1)894m(2)10.7s 【解析】(1)设汽车匀减速过程位移大小为d,由 运动学公式得听一优=一2ad山 解得d1=442m 根据对称性可知从开始减速到恢复正常行驶过 程中的位移大小 x1=2d1+d=894m (2)若汽车以一10m/s的速度通过匀速行驶区 2024一2025学年度学科素养周测 一、单项选择题 1.C【解析】在A、BD三个受力分析图中，合力不 可能为零，不能处于平衡状态，只有C图中的风 筝，在三个力的作用下可能处于平衡状态，C正确。 2.D【解析】压力与重力是两种不同性质的力，产 生原理不同，A错误：石块B受力的个数最多可 能为5个，即重力、C对B的压力和摩擦力、A对 B的支持力和摩擦力，由于石块B、C整体可以正 立在石块A上，以石块B、C整体为研究对象，根 据平衡条件可知A对B、C整体的作用力竖直向 上，与B、C的总重力平衡，所以石块B对石块A 的作用力一定竖直向下，B错误，D正确；石块A 处于静止状态，合力为0，C错误。 3.C【解析】对甲、乙两球受力分析，如图所示，由 几何关系可知，圆环对甲的支持力F以及弹簧a 1B ·2 学科素养周测评 间，设汽车提速后匀减速过程位移大小为d2,由 运动学公式得吃-6=-2ad2 解得d2=400m 提速前，汽车匀减速过程时间为，则d1= 山十边 2 解得t=26s 通过匀速行驶区间的时间为t,有d=助 解得t=2.5s 从开始减速到恢复正常行驶过程中的总时间为 T1=241十t=54.5s 提速后，汽车匀减速过程时间为t2,则d2= w十必红 2 解得t2=20s 通过匀速行驶区间的时间为t?,则d=吃t? 解得t位=1s 匀速通过(d一d)位移的时间△y=4二4=L4s 通过与提速前相同位移的总时间为T2=22十 t+2△t=43.8s 所以汽车提速后过收费站过程中比提速前节省 的时间△T=T1一T2=10.7s 评（二）物理·相互作用（一） 对甲的拉力的方向F。与竖直方向夹角均为60°， 则两力大小相等，即F。=F￥，且弹簧b在竖直方 向，则对甲球根据共，点力平衡条件有2Fc0s60°= mg十F,对乙球，圆环对小球乙的弹力为零，则 F6=mg,解得F。:F。=2：1,C正确。 F“ 甲 mgb mg 二、多项选择题 4.AC【解析】对铁牛受力分析，如图所示，铁牛受 到自身重力G、桥索对铁牛的拉力F,铁柱对铁 牛的作用力F2,三力平衡。根据共点力平衡条件 ·物理· 和三角形定律可得，若F1增大，则F2也增大，A 正确，B错误；F与F2的合力与重力平衡，故F 与F2的合力方向竖直向上，C正确，D错误。 YG 5.BC【解析】对B、C两球整体受力分析，由平衡 条件得FA想cos30°+Facos60°=2G,Fan sin30 =Fasin60°，联立解得FB=√3G,Fm=G,A错 误，B正确：对C球受力分析，由平衡条件得 Ficcos0+Facos60°=G,Fac sin0=Fosin60°，联 立解得0=60°，C正确，D错误。 三、非选择题 6.(1③号F④R与F的大小(2)D 【解析】(1)③根据力的平行四边形定则，计算绳套 1的拉力F=Fan3对=F④比较R和F的 3 大小，即可初步验证力的平行四边形器定则。 (2)保持绳套2方向不变，绳套1从0°方向向下 缓慢转动到60°方向，此过程中保持橡皮筋的结 点在O处不动，说明两个细绳拉力的合力不变， 作图如图所示，故绳套1的拉力先减小后增加， A、B、C错误，D正确。 A 绳套1 09 180° 30￥ 150° 60 6绳套2 7.D2mg+Mg(2②贤-号 【解析】(1)对整体受力分析，根据平衡条件有 2Mg+mg=2FN 解得地面对每个斜面体的支持力为氏=2mg十Mg 根据牛领第三定律得，每个斜面体对地面的压力 大小为R=F=mg+Mg。 (2)对其中一个斜面体受力分析，如图所示，当斜 参考答案及解析 面体恰好不发生滑动时，根据平衡条件有 F=Fx sin 0 F=uFN Fx-mg+Mg 对圆柱体受力分析，根据平衡条件和牛顿第三定 律有mg=2 FN COs0 联立解得沿一乌 Mg &(ang(停g号mm<m 【解析】(1)对小球乙受力分析如图1所示，设拴 接小球乙的轻绳与竖直方向的夹角为α，由几何 关系可知 (2R)2=R2+(√3R)2 所以连接乙球的轻绳与半圆柱体相切，即sina= 最- 解得a=30 小球乙受到的支持力Fv=mngsin a 解得FN=2mg 根据牛频第三定律可知，小球乙对半圆柱体的压 方大小为mg。 3R R 甲 R内 309 mg 图1 图2 (2)栓接小球乙的轻绳拉力大小Fr=mgcos a 解得，=号m8 以小球乙和半圆柱体丙整体为研究对象，由力的 平衡条件可知，半圆柱体丙所受的摩擦力方向水 1B 衡水真题密卷 平向左，大小等于拉力F,沿水平向右方向的分 力，即F=Frsin a 解得F-mg (3)以结点O为研究对象，对其受力分析如图2 所示，拉力FT和F2的合力与F1等大反向，由平 衡条件得拴接物块甲的轻绳的弹力为 F2=Frtan a 代入数据解得P=之mg 2024一2025学年度学科素养周】 一、单项选择题 1.D【解析】瓜子处于平衡状态，若仅减小A、B距 离，A、B对瓜子的弹力方向不变，则大小也不变， A、B错误；若A、B距离不变，顶角0越大，则A、 B对瓜子弹力的夹角减小，合力不变，则两弹力 减小，C错误，D正确。 2.C【解析】设F与斜面夹角为0，则恰好拉动物 体时有Fcos0=ngsin15°十u(mgcos15° Fsin,)整理可得F=mgsin15十mgcos15°- usin 0+cos 0 mg√1+sin45°=mgsin45° V1+sin(0叶p)sin（0叶p,故当sin(0+ F p）=1时，m最大mm一gin45=200kg,C 正确。 3.C【解析】根据题意可知，物体C的质量为43，m 3, 其重力沿斜面的分力为2mg,对A、B及中间的 弹簧组成的系统，有2mg=2 mgsin30°+F:,所以 F:=mg,又动摩擦因数4<1，所以A、B一定受 摩擦力作用，且方向均沿斜面向下；由于物体A 受到的摩擦力方向沿斜面向下，所以弹簧处于拉 伸状态，物体A、B的受力分析分别如图甲、乙所 示，根据平衡条件有Fr=mgsin30°+Fh,F-十 FB十mgsin30°=2mg,将Fr=Fr=mg代入得 Fh=F2mg,A,B错误，C正确：由上述分析 可知，对于A,斜面对它的最大静摩擦力F> 受，剪断弹簧瞬间，A受到的摩擦力向上，由于 mgsin30°="受<Fa,物体A仍处于静止找态， 1B 学科素养周测评 以物块甲为研究对象，对其受力分析，当静摩擦 力沿斜面向上达到最大值时有 F2十mgcos0=magsin0 解得mp=4m 当静摩擦力沿斜面向下达到最大值时有 F2=mngsin 0+umegcos 0 解得mr=身n 综上，物块甲的质量范围满足号m<m,<4m。 则评（三） 物理·相互作用（二） D错误。 F 2mg Fa Ymg mg 甲 乙 二、多项选择题 4.BD【解析】对小物块受力分析如图甲，物块缓 慢下滑，即处于平衡状态，F始终沿圆弧的切线 方向即始终垂直于圆柱面支持力F,的方向，如 图乙，由三角形法则知总有F=mgsin0,F1= ngcos0,下滑过程中0增大，因此F增大，F1减 小，A错误，B正确；对半圆柱体分析，地面对半圈 柱体的摩擦力F,=F1sin0=mgcos Osin0= 之ngsin20,地面对半圆柱体的支持力FN= Mg十Fcos0=Mg十mngcos20,0从接近0°到90 变化的过程中，摩擦力先增大后减小，支持力一 直减小，D正确，C错误。 ￥mg 甲 乙 5.CD【解析】保持F水平，逐渐缓慢减小0，对小 球受力分析有FTcos 0-=mg,F=mngtan,可知随 着0减小，F和FT都在减小，A错误；换一根更 长的轻绳，保持0、a不变，则F、FT都不变，B错 误：保持小球位置不变，F沿逆时针方向缓慢转