周测评(20) 电路(三)-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养周测评（冀粤辽黑赣桂吉晋豫陕青宁蒙新藏鲁渝甘贵云川皖A版）

2024一2025学年度学科素养周测评（二十） 物理·电路（三）】 (考试时间0分钟，盖分100分》 一、量项选择题：本器共3小题，每小题1山分，共地分。每小题只有一个选项符合是日要求。 题号 1 2 3 答案 L,半中体海圆辰最传感莽所受压力修大，其电阻越小，利用这一一特性设计成享果大小白动 分抹装置如图所示，装管可选出单果质量大于一定标准的草果。O:为固定转动轴，馨 果通过托让秤时作用在杠杆上从而快压做传感器R,受到压力，R,为可变电阻。当发 大电路的输人电辰大干某一个值时，电磁快工作将衔铁吸下并保持此代态一小段时可， 肇果进人通道2，否则革果将进人通道1。下判说法正确的 托复程 A选出的质量大的草果将进人道道1 我若将及：的电阻调大，则将挑选出硬量亚大的草果 C若电夏E1内阻变大，财将桃选出质量更大的苹果 D.若电尊E,电动势变大，期将挑选出质量更大的草果 2如图所示的电路中，电源电动势为2列V,内阻为2？，四个电阻 150 的阻值己在图中标出，电容器的电容C=4.4F。闭合开关S, 岛，电路稳定后，属 A电额的总功率为40W 15过 B电容器新带电背量为4×10子C C斯开开关S,电源的输出功率增大 D断开开美5，拉定后电容器上极板所萄电荷量与断开们相比的变化量为2.8×10~·C 如图所示为两个小灯卷的伏安特性曲线，将这两个小灯30Y 泡并腰后，接在电动势为3V,内1为3口的电颜上，期( A1,中的电流约为03A 2 B电蒙的效率的为阳% CLa的电功率约为Q2W 02 0.4 0.6PA D电源输出功率约为075W 学科素养周测评（二十）物理第1页（共4夏） 衡水真 二、条项选择愿：本题共2小题，每小题10分，共20分。每小题有多个选项符合题目要求， 班圾 全郎港对得10分，港对但不全的得5分，有进错的得心分。 思号 5 蛙名 答案 4,利用如图所示的电路调量电阻R两端的电压，测量时，移动带动 变阻器的滑片P,使其依次置于a,6,c,d,e五点〔各点间臣相同， 得分 且，雨点为滑动变阳器的两个端点)，将电压表的示数记及在表 中。经过检夜，发现电路中的滑动变阻器在某处发生了所路，则滑 片P在d,c之闻的某一点时，电压表的层数可能为 P的位爱 d 电压表的示数/V12.006.00400 1.00 2G0 A,1,80V 且270V C支40V D1.20V 5.如屠所示，图甲中M表示电动机，当滑动变器尺的滑片从一编滑到另一南的过程中， 两电压表的（数随电德表设数的变化情况如固乙所示。已知电流表读数在Q2A以下 时，电动机2有发生转动，不考虑电表对电路的影响，以下判断正确的是 甲 00120.3A A,电路中电濛电动势为名5V 且滑动变阻器的常片向右滑动时，电乐表V:的读数逐新或小 C电动机的线圈电阻为4口 D带动变阳器的最大阻蓝为20 三，非浩择揽：本驱共3小第，共0分。 6.14分)某物理实验小组为测量充电空的电动势和内阻.实验时使用了标志为“输出 5V”的某品牌充电宝，其内阳很小。除充电宝外，还准备了一些可能用到的普材： A.电压表V(量程0一3V.内慰怎00)： B电流表A(量程0一150mA,内阻极小》 C,定值电阻R,(阳值5,0)： D定值电阻R1(阻值1.0kn): 公定值电阻R,(阻值30kn) F,滑动变阻器R(最大阻值2的)： G开关个，导线若干 完成下列间思： 蹈密在 学科素养周测浮（二十）物理第2页（共4页引 1A 1)根据知图甲所示实验电路，定值电阻R,定远择 《填R,"或R”),电路中 定值电阻R,的作用是 2到 245 10 229 21为o利1可mA (2)按电路图正确连接实验善材，透行实验测量，记录爱据，并在坐标纸上捕点如图乙质 示，请念制I图像 (3)由图像和计算可得充电室的电动势E一 V,= D。(结果均保的 三位有效数学) (4)机场规定“严禁掬带额定能量超过10W·h的充电宝搭乘飞机”：已知藏充电家的 电法客量（电差放出的电量）为50000mA·h,根影(3)中测得的数据，估算知该充电 (填能”或不修”)带上飞机。 7.18分)某学习小组测量一个电源的电动劳及内阻。除孩电國外还准备的器材有：一 个电阻箱R(最大阻值为服，92).一个电花表A(量程D一20mA,内阻为10)，一个 定依电阻R,(1值为5)，一个开关和若干导线. (1)知果用多用电表相测电流表的内阻，需要将红表笔与电流表 (填“正“成 “负”)接线柱相连 (2)由于电流表A的量程较小，考意到安全因素，同学们利用定值电阻R,将该电德表进 行改装，改装后的量程为 (3)根据器材在虑线根中面出设针的电路图（改装部分也要面由）。若实验中记录电阳 箱的阻值R和电旋表的示数1，并计算出宁，得到多组数据后描点作出R图线如 图所示，则该电源的电动劳E V,肉阻r 0。(结果保留两位 有效数字) A &(18分)某同学要在确测量某型号电池的电动势和内阻，该电泡的电动势E,约为3V, 内阻1约为2自，实验室里还备有下列实验器材： A另一电流（电动势E约为4.5V,内阳r:约为3n) IA 学科素养周测评（二十）物理第3页（共4夏） 衡水真 B电压表（量程为0一1V,内用约为3000n) C,电压表（量程为0-3V.内图约为50000） D电荒表（量程为0~0.3A,内阳约为0.50） E电道传$《内阻未知) F,滑动变阻器（最大图值为0） G滑动变引器（最大鬼值为40） H滑动变阻器（最大阻值为0） 1,开关两个，学线若干 根都所提供的实险器材，该同学设计了如图甲所示测量电路 2 传 实险步家如下 ①将R、R,调草适当图值，闭合开关S: ②闭合开关S,再到节R1,R,,使电流传感普的示数为零： ③多次改变R,阻值，相应调节R:阻值，使电流传感器的示数仍然为零，并读取多组电 压表、电流表的示数： ④根据测得数据裁始出电压表示数U随电茂表示数！变化的-1图簿 请回答下列闻题 (1)按所设计的实验电路，请用笔线代营导线将图乙实物连接补函完整。 (2)在实验中，电压表定选择，若滑动变阻器R,选G,则滑动变阻器R,应过 。(均填器材前血的字母代号》 (3》作出的U了图像如图丙所示，则电动势 V,内阻r= 0.(结 果均绿留两位有效数字) (4)请从实险误差角度简要评价该实验方案， 通密岳 学科素养周测浮二十)物理第4页（共4页引衡水真题密卷 2024一2025学年度学科素养周 一、单项选择题 1.C【解析】质量大的苹果对压敏传感器R1的压 力大，压敏传感器R:的阻值小，电路中的电流 大，则电阻R2两端的电压大，即放大电路的输入 电压大于某一个值，电磁铁工作将衔铁吸下，苹 果将进入通道2，A错误；将R:的电阻调大，则电 阻R,两端的电压变大，则质量较小的苹果更容 易使放大电路的输入电压大于某一个值，从而进 入通道2，即将挑选出质量更小的苹果，B错误； 电源E1内阻变大，则电阻R2两端的电压变小， 要达到某一临界值，则需要减小压敏传感器R 的阻值，增大电路中的电流，从而使电阻R2两端 的电压达到临界值，则需要增大对压敏传感器R 的压力，即将挑选出质量更大的苹果，C正确：电 源E,电动势变大，则电阻R。的电压变大，质 量较小的苹果更容易使放大电路的输入电压大 于某一个值，从而进入通道2，即将挑选出质量更 小的革果，D错误 E2 2.D【解析】电源的总功率为P=EI=,十R弄 (24V)2 20+10n=48W,A错误；设电源负极电势为 零，则电源正极电势为p=24V,闭合开关S、 E S,电路稳定后，电路中电流1一，十R影2A,路 端电压U=E一Ir=20V,根据如图所示电路可 得9一P:一R1十Rg 一R U。R=15V,9-9R+R 5V,解得p。=9V,p。=19V,则U=g6一9a 10V,所以电容器所带电荷量为Q=CU= 4.4×105C,B错误；断开开关S2,稳定后电路为 串联电路，电容器两端电压等于R,两端的电压， E 剥U,十R,十RR,电容器所带电荷量为Q CU3=7.2×105C,所以断开开关S,稳定后电容 器上极板所带电荷量与断开前相比的变化量为 △Q=Q-Q=2.8X105C,D正确：闭合开关S、 S,电源的输出功率P出=U1=40W,断开开关 E S,电源的输出功率P-(十R+R)广(R+ R1)≈23.8W,所以断开开关S,电源的输出功率 1A 2 学科素养周测评 测评（二十） 物理·电路（三） 减小，C错误。 52a152 R R R R 152b52 3.D【解析】电源电动势为3V,内阻为3Ω，作出 电源路端电压和电流的关系图线，如图所示，两 个小灯泡并联，故接入电路时两小灯泡的电压和 电路的路端电压均相等，根据闭合电路欧姆定律 得E=U十Ir,且通过两小灯泡的电流之和等于 千路电流。综上分析，图中路端电压等于1.5V 时满足条件。根据图像得当电压为1.5V时， L、L2中的电流约为0.2A、0.3A,Le的电功率 约为P一UI2=0.45W,A、C错误；电源的效率钓 ,=P兰×100%=50%，B错误；电源输出功率 为门一P需 约为P±=U1=0.75W,D正确。 U/V LL 3.0 2.0 1.0 0 0.20.40.61A 二、多项选择题 4.BD【解析】设滑动变阻器的总阻值为R',滑片 左侧部分的电阻为x,则右侧部分的电阻为 (R'一x),按照题图的接法，滑动变阻器接入电路 的题位为R=微马=技，共中 R 0Cx≤R',由二次函数的性质可知，当工- 2 即滑片位于（处时，滑动变阻器接入电路的电阻 最大，此时电压表的示数应该最小：但是测量数 据却符合串联分压的规律，且滑片在d处时电压 表的示数最小，说明滑动变阻器的断点在d、e之 间。由电路图及测量数据可知，电阻R和滑动变 阻器两端的总电压为12V,当滑片在b点时，电 压表的示数为6V,说明电阻R的阻值是滑动变 ·物理· 阻器的四分之一。设断，点靠近e,点，则电压表的 示数将大于Um=12V-12V×号=2.4V,同 时小于3V;设断点靠近d点，则电压表的示数将 大于U一=12V-12VX号-6V,同时小于 12V。A、C错误，BD正确。 5.AC【解析】由电路图知，电压表V2测量路端电 压，电路中电流增大时，内电压增大，路端电压减 小，所以图像中最上面的图线表示V的电压与 电流的关系，此图线斜率的绝对值大小等于电源 的内阻，为r-0=20,当电流1 0.1A时，U=3.4V,则电源的电动势E=U十 Ir=3.4V+0.1×2V=3.6V,A正确：滑动变 阻器的滑片向右滑动时，R阻值变大，总电流减 小，内电压减小，路端电压增大，则V2读数逐渐 增大，B错误；已知电流表读数在0.2A以下时， 电动机没有发生转动，此时电压表V1的示数即 电动机内阻两端的电压，根据欧姆定律可知，电 动机的电租m-888兰n=4n,C正确：当 I=0.1A时，电路中电流最小，滑动变阻器的 电阻为最大值，所以R=号-r一rM与 (侵日-2-4到0-30n,D错误。 三、非选择题 6.(1)R2使电压表的读数有明显变化(2)见解 析图(3)4.980.862(4)不能 【解析】(1)由于电压表量程较小，所以应串联阻 值较大的定值电阻改装成较大量程的电压表，串联 的分压电租阻值为R≥ 0-Uy=5-30= Uv 3 Rv 3.0×10 2000n=2kn,故定值电阻R,应选择R2:由于 电源的内阻较小，所以当回路中电流发生变化时， 路端电压变化较小，所以电路中接入R。的作用是 使电压表的读数有明显变化。 (2)用一条平滑的直线将坐标纸上的点进行连 接，去除误差较大的点，绘制出UI图像如图 所示。 2 参考答案及解析 ↑U八V 2.55 2.50 2.45 2.40 2.35 2.30 2.25 2.20 2-15.2D00800206mA (3)根据闭合电路欧姆定律，有E=I(R。十r)十 U (R,+R,),代入数据化简整理得U=E 21(6十，结合图线可得号E=2.40,合(5十 r）=249-2.15,所以E=4.98V,r≈0.862n 0.116 (4)该充电宝储存的电能为W=UIt=4.98V× 50000mA·h=4.98×50×3600J=249W·h 160W,h,所以不能带上飞机。 7.(1)负(2)00.6A(3)见解析图6.02.7 【解析】(1)用多用电表测电阻时，电流从黑表笔 流出，连接时要注意红表笔要与电流表的负接线 柱相连。 (2)将定值电阻R。与电流表并联进行改装，改装 后的量程最大值为1=1，十1=0.2A十 R。 0.2×10A=0.6A. 5 (3)根据提供的器材，采用安阻法进行测量，电路 图如图所示，根据电路可知，电流表读数为I时，总 电流为3I,则E=IR。+3I(R+r),即R= 号}0，由图缘可如号-号=2 3'T- 10+3r=6,解得E=6.0V,r=8n≈2.7n. 3 A 8.(1)见解析图(2)CH(3)2.92.0 (4)一方面避免了电压表的分流作用或电流表的 分压作用，消除了系统误差：另一方面多次测量 可减小偶然误差 1A 衡水真题密卷 学科素养周测评 【解析】(1)根据电路图，连线如图所示。 端电压应接近E2,而E2大约是E1的1.5倍，且 R,与R2电流相同，则R:应该比R,大一些，故 R2应选H。 (3)要使电流传感器的示数为零，则电流传感器 电流 两端电势差为零，根据E1=Ir1十U,有U=E1 传感器 Ir1,结合图像可知，E1=2.9V,r1=2.02. (4)电流传感器的示数为零，整个电路等效为串 联回路，通过两电源的电流相等，电流表所测电 4 流为通过待测电源的真实值，电压表所测电压是 (2)根据题意要使电流传感器的示数为零，则电 待测电源两端的真实路端电压，避免了电压表的 流传感器两端电势差为零，则R1两端电压应满 分流作用或电流表的分压作用，消除了系统误 足E:=Ir1十U,故电压表选择C:要使电流传感 差：另外，多次测量可减小偶然误差。 器的示数为零，则R1两端电压应接近E1,R2两 2024一2025学年度学科素养周测评（二十一） 物理·磁场（一） 一、单项选择题 1.B【解析】由题图可知a、b两根导线通入的电 流方向相同，则a、b两根导线相互吸引，A错误； 如图甲所示为右侧视图，b、c两根导线对a的安 培力分别为引力和斥力，根据1，=21，B=k B B F=BI.L,可得Fc=2F.,则有sin0= F=1 Fuc 2' 解得0=30°，则b、c两根导线对a的安培力方向 乙 竖直向下，B正确；由于a、b两根导线对c的安培 2.B【解析】如图所示，O1是粒子甲运动轨迹的圆 力均为斥力，且I。=I6,则a、b两根导线对c的 心，由题意可知，四边形OQOM是正方形，所以 安培力大小相等，a、b两根导线对c的安培力方 向竖直向上，C错误；根据安培定则，如图乙所示， 甲、乙运动轨迹的半径均为R,甲的运动轨迹所 可知三根导线在图中三角形中心处的磁感应强 对的圆心角为受。而粒子乙往左偏转飞出磁场， 度不为零，D错误。 其运动轨迹所对的圈心角为行。甲运动的时间 1 为t= 2mm 元R 2x qB 2B20,乙运动的时间为，= 3"2mm wonR 2元9B39B30,因为两粒子同时射出磁场， 所以两粒子射入磁场的时间间隔为△=1一 πR元RπR =20一3别一6品B正确，A,CD错误。 1A ·24·