周测评(18) 电路(一)-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养周测评（福建X版）

2024一2025学年度学科素养周测评（十八） 物理·电路（一） (考试时间0分钟，盖分100分》 一，单项选择题：本题共4小恩，每小驱8分，共32分。在每小是给出的四个送项中，只有 一项是符合题目要求的。 题号 容案 1,如图厮示，将灯泡的灯丝与小灯池申联接人电路，同合开关使小灯泡发光。用酒精灯打给 灯丝如热，下列说法正确的是 A小灯泡变暗，灯丝电阻率变大 B小灯泡变啼，灯丝电阻率变小 C小灯泡变亮，灯丝电阻率变大 D.小灯泡变亮，灯丝电阻米变小 2.如图所示，来白凝子新的遁子（初速度为零》，经加速电压为U的加该望如速后，形成组 柱形的质子流。己知知柱形的质子流战蕉而积为S,其等效电流为【：质子的质量为网。 其电背量为。那么这束置子流内单位体积的盾子数是是 质子圈 圆 3,最近两年洗地机这一新鲜家电遇渐流行，便利了人们的生活。现有 某品牌法地机，知图所示，其工作参数如表所示，其工作模式有强效、 节能两种，强效模式下，孩徒地机以厕定功率工作，节能模式下，以额 定功率的一半功率工作，两种复式下，其工作电压均相同，其域航时 问是按程节能模式工作计算得到的，侧下列说法正确的是 产品名称 某品牌洗购机 产品指号 QX-V6 A 额定功率 220W 电德容罐 4000mM+a 续航时0 40 min 神衣箱客量 800 mL 外港尺寸 260*252+1115mm 污水箱客量 720mL 学科素养周测评（十八）物理第1页（共4夏） 衡水真 A.该徒地机在节能模式下的工作电德为6A 班圾 且藏洗范机在节能慎式下的工作电流为Q1A C该法地机内吼的为3 D强效模式下，该洗地机的工作电压的为36 姓名 么.用如图所示的电路可以测量电阳的刚值。图中R。是斧测电 阻，R。是定值电阻.阻值是3000，G是灵敏度很高的电麓表， 得分 MN是一段长20m的均匀电i些，闭合开关，改变滑动头P 的位置，当通过电德表G的电蓖为零时，测得P=书m,则 R。的阻值为 A.1000 R201 300n D.50n 二，多项湛择题：本驱其2小短，每小题10分，其20分。每小题有多项符合题日要求，全即 选对的滑10分，进对但不全的得5分，有选情的得0分。 题号 5 6 答案 5,某一热敏电阻的阻值随泪度的升高而减小，在一次实验中，将该热 纸电阻与一小灯泡审联，通电后各自的电流I随乐加电压U变化 的图像如图所际，点M为两元件的伏安特性山线的交点。则关于 德敏电阻和小灯泡，下列说法正确的是 A.。是热敏电阻的伏安转性由线，b是小灯准的伏安餐性由线 且是小灯泡的伏安特性由线，b是热敏电阻的伏安特性曲线 C由图可求得M点对应的小灯泡及热敏电1的阻值 DM点对度韵状态下，小灯泡的功率比热敏电阻的大 .某牧扬设计了一款补水提承器，其工作原理图所示，水量增加时滑片下移，电表均为 理想电表。下列说法正确的是 A,若达择电压表，水量增多时电压表示数变大 且若选择电流表，水量增多时电流表示数变小 C,若达择电流表，与电压表相比，电路更节能 D若选择地压表，或小及，可是高灵敏度 通密在 学科素养周测浮（十八）物理第2页（共4页引 2X 三，非选择通：共州分，其中7为填空置，8为实给蓝，9、10为计算， ?,(8分)小灯泡通电后其电流「随所加电压巴变化的图线如图所示，P为图线上一点， PN为图线的切战，Q为U拍的垂线，PM为」轴的重线。则随着所加电压的增大，小 灯泡的电用 (填“增大"或诚小“)：对皮P点，小灯池的电阻为R= (用题日中的字母表示》。 &.(10分)为了测量某持测电阻R。的算，的为0·，揭供了以下带材， 电压表V(量程0一3V,内阻很大)， 电压表V,(量程0-15V,内阻很大)： 电流表A(量程0一50mA,内阻约为10》： 电流表A:(量程0一3A,内I约为0122)： 电题E(电动势约为3V,内阻的为0,2几)： 定值电阻R(2D0,允许最大电流1.0A): 滑动变阻器及，(0一10)，允许量大电南20A 滑功变阻器R:(0一1n),允作量大电麓0.5A: 单刀单挥开关S一+个，导线若干 (1)为了使测量范围尽可能大，电压表夜选 ,电流表应选 ,滑动变阳墨 成选 ·(学每代号) (2)请在虚线松内国出测量电阻取，的实验电路图， (3)某次测量中，电压表示数为U时，电流表示数为，则计算待测电阻阻值的表达式 为R,= 。(用字母表示) 9.12分)某同学设计了一个如速度计，结构如图所示。原理为较重的滑块2可以在光滑 韵根架1中平移，滑换两侧用相同弹簧3拉着：滑功变阻器中4是滑动片，它与滑动变阻 器任一端之间的电阻值都与它到这端的距离成正比，工作时将加建度计固定在运动的 物体上，使弹簧及滑动变阻著均与物体的适动方向平行，滑块在弹簧作用下以同样的创 违度运动。闭合开关，当运动物体的加递度为零时，弹簧处于自然长度，骨动片在滑动 2X 学科素养周测评（十八）物理第3页（共4页） 衡水真 变阻器中点处，理想电压表的云数为零（零点位于表盘中央）：当物体具有图示方向的如 莲度时，P拨的电势高于Q州，电乐表指针向零点右侧偏转，已如滑块质量m,举簧动 度系数乘（领簧在单性限度内），电菊电功势E(内阻不计)，滑功变阻器全长L (1)当电压表示数大小为U时，求运动物体的加违度大小 (2定文电压表示数变化量大小与如速度变化量大小之比密)为加速度计的灵板度，改 变装置巾的元件参数可以提高加速度计的灵嫩度，请写出提高灵敏度的两种方法， 4 10.18分)图1所示的电路中，电御的U-I图像如图2所承，灯泡的U-了图像如图3所示， 铭牌上标有2,5V0,4A的电动机线圈电阻为r。=1.01.图1所示电路中，开关S 闭合后，电动机刚好正常工作 《1》求电源内阻， (2》求电动机正常工作时，灯泡的电功率： 《3》若某时别出现放障，电动机卡死不转，求电动杭线圆的电功率 20 2 22 03 2.0 用 2 密在 学科素养周测评十八)物理第4页（共4页引·物理· 参考答案及解析 度大小 B粒子在x轴上的入射点到坐标原点的距离 a-"E_d d=2x0 m T 根据运动的对称性可知，3粒子经过时间T运 在0~号时间内日粒子活x轴负方向运动的 动到y轴上，所以 位移 =·T=T√m =()-号 2024一2025学年度学科素养周测评（十八）物理·电路（一） 一、单项选择题 通电电流的增大而升高，其阻值会减小，所以图线 1.A【解析】灯泡的灯丝是一种金属，金属的电阻 a是热敏电阻的伏安特性曲线，A正确，B错误：由 率p随温度的升高而变大，由电阻定律R=PS 公式R=,可求出M点对应的小灯泡的阻植和 可知，电阻率变大，灯丝的电阻变大，通过小灯泡 热敏电阻的阻值，C正确：两图线的交点M,表示此 的电流变小，故小灯泡变暗，A正确。 状态下通过两元件的电流相等，两元件两端的电压 2.D【解析】质子经加速电压为U的加速器加速 也相等，所以功率相等，D错误。 后，有U=2m,根据电流的定义公式则有 6.AD【解析】如果选择电压表，滑动变阻器R和 定值电阻R。串联在电路中，且电压表测滑动变 1=?,这束质子流内单位体积的质子效为，则 阻器滑片至最上端两点间的电压，无论滑片如何 移动，滑动变阻器接入电路的阻值不变，闭合开 有g=Sme,联立解得n=人m S√2eUD正确 关S,水量增多时，滑片下移，滑动变阻器上半部 3.A【解析】该洗地机在节能模式下的工作电流 分的电阻增大，滑动变阻器上半部分两端的电压 为1=4000X10X360A=6A.A正确，B 增大，即电压表示数变大，A正确：如果选择电流 40×60 表，滑动变阻器滑片以下的部分和定值电阻R 错误：根据题中条件，无法得出该洗地机内阻，C 串联在电路中，电流表测电路中的电流，水量增 错误：两种模式下，其工作电压均相同，根据P。 多时，滑片下移，滑动变阻器连入电路的阻值减 P。_2×220 小，电路的总电阻减小，由欧姆定律可得，电路中 U1,该洗地机的工作电压U 6 的电流增大，即电流表示数变大，B错误：与电压 表相比，选择电流表设计电路的总电阻较小，电 V.D错误。 3 路中的电流较大，由P=U可知，电路的总功率 4,D【解析】由电桥知识可知 mN=R,根据R RMP Ro 较大，不节能，C错误：若选择电压表，减小R,电 路中的电流增大，电阻变化相同时，其两端电压 号有袋器是兴解样R,=0n,D运 支化增大，即电压表灵敏度提高，D正确。 三、非选择题 二、多项选择题 7.增大 U 5.AC【解析】小灯泡的灯丝温度随道电电流的增 大而升高，阻值也随着增大，所以图线b是小灯泡 【解析】图线上的点与原点O连线的斜率的倒数 的伏安特性曲线，同理可知，热敏电阻的温度随着 表示电阻值，由图像可知随着所加电压的增大，图 ·15 2X 衡水真题密卷 学科素养周测评 线斜率减小，故小灯泡的电阻增大：由欧姆定律可 2kLU 联立解得a= mE 得，对应P点，小灯泡的电阻为R一 (2)由U 点出號 mE 8.(1)V,AR,(2)见解析图 a-R 增大m、增大E、减小k、减小L可以提高加速度 【解析】(1)因为电源电动势约为3V,所以被测 计的灵敏度。 电阻两端电压不会超过3V,所以电压表选择 10.(1)12(2)0.04W(3)1.44W V1:电源电压约为3V,所以电路中的最大电流 【解析】(1)根据闭合电路欧姆定律可得 U=E-Ir 不会超过1一辰=0A=0.1A,放电流表选择 根据题图2可得电源电动势为 A,:本实验要求测量范国尽可能大，所以滑动变 E=3.0V 阻器应该选用分压式接法，故滑动变阻器应该选 图线斜率为 用R1。 =r=30-2.0 0=1.02 (2)因题目要求所测量的值的变化范固尽可能大 △I 1.0 一些，故应采用滑动变阻器分压式接法；由于电 (2)在题图1电路中，电动机正常工作电流为 流表量程只有050mA,若只接待测电阻，电路 0.4A,电动机两端电压为2.5V,电源内阻两端 中电流过大损坏电流表，故可将定值电阻接入与 的电压为 待测电阻串联：由于电压表的内阻很大，故电压 U,=Ir=0.4V 表分流较小，故应采用电流表外接法，电路如图 根据闭合电路欧姆定律可得 所示。 E=UM+U,+UL 解得U=0.1V 所以灯泡的电功率为 P.=U1I=0.04W (3)电动机卡死不转，电动机线圈相当于一个纯 电阻，此时电路简化为一个电动势为3.0V、内 阻为2.0的等效电源，外接灯泡，在灯泡的 (3)由欧姆定律可知R十R,= 受郎得见， U-】图像中作出等效电源的U-I图线，两图线 交点即为灯泡的工作点，如图所示 U一R 1 3.0 9(1)2LU mE (2)增大m,增大E、减域小k、减小 2.5 【解析】(1)设滑动变阻器总电阻值为R,当运 2.0 动物体的加速度大小为α时，滑块偏离滑动变阻 1.5 器中点的距离为x(<》,则P,Q间电阻为 1.0 0.5 R R,=x L 由A 00.51.01.52.0 此时对滑块由牛顿第二定律得2k.x=1a 由图可得此时灯泡电流为 由闭合电路欧姆定律得I一 E '=1.2A 所以通过电动机线圈的电流也为1.2A,此时线 E 则电压表示数为U=IR,RR,元T 图上的热功華为 P=1'2r=1.44W。 2X ·16