周测评(2) 相互作用(一)-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养周测评（福建X版）

2024一2025学年度学科素养周测评（二） 物理·相互作用（一） (考试时可40分钟，总分100分) 一，单顶选择慧：本蓝共4小置，每小置$分，共32分。在每小■给出的四个进中，只有 一项是符合题日要求的。 题号 答案 1.“儿童散学归来早，忙趁东风敏纸香”，成风幕是民阿传绕游戏之一，如图 断示，一只风茶高高地悬停在空中，已每风筝受到重力G,局子牧力F,、 空气作用力F:,下列受力分析示意图可能正确的是 B D 2.板量为M的正方体A与质量为m的图球B在水平向右的外力F作用下静止在罐角 处，它幻的面图如图所示，薰面正方形的对角线与戴面圆的一条直径恰好在一条直线 上，断有摩擦忽略不计，重力相表度为g。则 A.F=(M十mg BF一mR G,地面受到的压力为Fw,下<(M十m)g D.胞面受到的压力为F,Fw>(M+m 3,某博物咖爆小抓金砖地战容，如图为一块质量两一5kg的棱台彩金氏，挑根者须藏 得物馆灵供的手套，单手教住金转的4，春同侧面向上提，保持全砖面水平朝上，面且 手指不能报底，在空中保持25s,才算拢成成功。已每金我2，。两解置与金砖底面的 夹角均为8=78,5，挑战者能加给金我的单侧显力为F,手套与金我之可的动翠期因 数为￥一0.25，樱设量大静摩擦力等于潜动摩整力，取重力加速度g一10m/,计算时 取m78.5”0,8,w78.50,20,若要起金砖，力.F至少约为 A.250N 队2778N C1389N 几无论多大的力都无法辄起金砖 学科素养周测评二)物罩第1面〈黄4夏 衡水真 4,如图所示，质量为M的木块A套在水平杆上，并用轻绳将木欢A与质量为网的小球相 连。观用与水平方向成一定角0的力下拉着球带动木块一起向右匀速超动，运动中木 块程小味相对位置保持不变，不计空气阻力，A与水平杆间的动摩擦因整为“一了，重 力加迪度为g,则下判说法正确的是 A力F的题小值为2(M中0派 民力F的镜小值为(a十mg +F C,力F取最小值时=60 D.力F章最小值时6=53 二、多流选狮雕：本赠共2小题，每小题10分，共20分。每小题有多项符合题日要求，全部 滋对的得1。分，选对但不全的得5分，有选键的得0分。 题号 答案 5,黄河铁牛是世界桥婆史上的传世之宝。如图所水，唐代精律浮桥通过两岸的棱牛固定， 铁牛度裤的铁柱销入地下。设桥索对铁牛的拉力为F,铁桂对铁牛的作用力为F,则 常 A,若F:增大，周F:电增大 弘若F,增大，则F:将减小 C,P:与F:的合力方向短直向上 D.F,与F:的合力方向整直向下 6.如图所示，D和C两个小球重力均为G,用径绳悬挂百分别静止干图示位置上，圈以下 说法正确的是 A,AH舞绳的拉力为G ACD润蝇的拉力为G C.绳BC与竖直方向的夹角0一G0 D.调BC与竖直方向的夹角- 密鞋 学科常养恩湖评（二}物重第2页（共4页】 2X 三，非选择题：共4州分，其中7为填空蓝，8为实暗骊，9、10为计算m, 7,《8分)如图甲所示，用瓦片做屋顺是我国建筑特色之一型顶部分结构如阁乙所示，枫 截面为阅氧的瓦片静置在两根相面平行的木板正中间。已知木板间距离为d,与水平面 夹角均为8，瓦片质量为m,图沉半径为d,忽略瓦片厚度，重力加速度为《，则每根木服 对瓦片的支持力大小为 ,每限木板对瓦片的摩擦力大小为 &(0分)某实验小组用一只弹簧测力计和一个量角器等器材“验证力的平行四边形定 则，设计的实验装置如图所承，固定在竖直木楼上的量角器直边水平，橡皮筋一馏州定 在量角圆心O的正上方A点，另一端系绳套1和蝇套2。 绳套 10 37 :闻2 1)实验步骤如下， ①弹簧测力计挂在绳套1上显直向下拉橡皮葛，使橡皮局的结点到达O点，记下阅 簧测力计的示数F, ②弹簧测力计挂在绳霾1上，手拉着绳套2，缓慢拉檬皮防，使操皮葛的结点达到口 点，此时绳套1沿方向，绳套2沿12D方向，弹簧测力计的示数为F: 根据力的平行四边彩定则计舞绳套1的拉力一 ①比较 ,明可粉步验证力的平行四边形定刻。 (2)将绳套1由0方向缓慢转动到60方向，同时绳套2府120方向不变，此过程中保持 橡皮筋的结点在)点不动，关于绳套1的拉力大小的变化，下列结论正稀的是 。(填正碑答紫标号) 入逐新增大 且先增大后减小 C遂渐诚小 D先截小后增大 9.12分)如图所示，光骨阅住体的质量为知，置于领角0一3.质量均为M的两个到面体 上，已知两断面体与水平地面同的站摩银因数均为：=04，n53”=8,3”三 2X 学科素养周测浮（二】物理第3页{共4页） 衡水真夏 0,5。求： ()每个斜面体对地面压力的大小F (2)为了不让斜面体出觉滑动，韵最大值 10,(18分)知图所示，倾角为30的斜面体固定在水平面上，一情截面半径为R的率周柱 体丙放在水平面上，可视为质点的光帝小缘乙质量为m,用轻绳栓接爱于半胃柱上：物 块甲用轻绳检提故在斜面体上，轻绳与斜面上表到平行，甲与斜国间的动摩擦因数为 :一真，拾接小球乙与检接物块甲的轻绳与整直的轻绳系子0点，且0点位于序圆桂 圆心的正上方。已每O点到水平面的高度为2R,拴接小球乙的轻绳长度为5R,整个 装置处于静止状态，重力加速度为g,最大静摩擦力等于滑动摩藤力。求： (1)小球乙对掌属柱体的压力的大小 (2)半周住体所受的摩援力的大小。 (3)物块甲的质量的取值范用： 领密在 学科素养周测评二)物理第4页（共4页}衡水真题密卷 学科素养周测评 此总路程为s=51十52= 5v 解得d1=442m 2a" 根据对称性可知从开始减速到恢复正常行驶过 &a1.102t-r (3)2k 程中的位移大小 【解析】(1)主尺读数为1.1cm,游标尺读数为 x=2d1十d=894m 0.05mm×14=0.70mm=0.070cm,所以最终 (2)若汽车以=10m/s的速度通过匀速行驶 读数为1.1cm十0.070cm=1.170cm. 区间，设汽车提速后匀减速过程位移大小为d2, (2)小球经过光电门1的速度为功=一g,根据 由运动学公式得一诉=一2ad2 匀变速直线运动的推论得两光电门间的距离h= 解得d2=400m u-. 提速前，汽车匀减速过程时间为，则d= 1 十边有 2 (3)由h=以-2g,可得上=0一 弘，因1图 解得t1=26s 1 线斜率的绝对值为k,故有k一乞g,所以g=2k。 通过匀速行驶区间的时间为(，有d=t( 解得t=2.5s 9.(18m/s(2号m/g24m 从开始减速到恢复正常行驶过程中的总时间为 【解析】(1)设最大速度为，在加速阶段无人机 T1=241+4-54.5s 提速后，汽车匀减速过程时间为2，则d2= 上升的高度=0=学 w士边 2 匀速阶段无人机上升的高度h2=m 解得t2-20s 减速阶段无人机上升的高度：==学 通过匀速行驶区间的时间为t,则d=吹t 上升的总高度h=h1十h2十h 解得t2=1s 解得最大速度vm=8m/s 匀速通过(d一d)位移的时间y=d一山=1,4s (②在匀浅连阶段加逢度a一碧-营m/g 通过与提速前相同位移的总时间为T2=212十 匀减速阶段的位移：=，-受=24m t6+2△t=43.8s 所以汽车提速后过收费站过程中比提速前节省 10.(1)894m(2)10.7s 的时间△T=T1一T2=10.7s 【解析】(1)设汽车匀减速过程位移大小为d1, 由运动学公式得-心=一2ad 2024一2025学年度学科素养周测评（二） 物理·相互作用（一） 一、单项选择题 Mg十mg cos=Mg十mg,C、D错误. 1,C【解析】在ABD三个受力分析图中，合力不 COs 8 可能为零，不能处于平衡状态，只有C图中的风 筝，在三个力的作用下可能处于平衡状态，C正确。 2.B【解析】对圆球B受力分析，如图，B=45°，A 对B的弹力F根据牛频第三定律，B时A mg 的弹力=R=gF=血月=mg,A错误， 3.B【解析】对金块受力分析，如图所示，由平衡条 B正确；地面受到的压力为Fw=Mg十FTCOS B 件可得F=F,2Fsin0=mg十2Fcos0,解得 F≈2778N,B正确。 2X 2。 ·物理· 参考答案及解析 板对瓦片的支持力的合力与瓦片垂直于木板向 下的重力分力等大反向，由几何关系可得a=30°。 瓦片静止，所受合力为零，根据平衡关系，可得 2 FNcos a=mgcos0,解得每根木板对瓦片的支持 G 力大小为F=臣 3mgC0s0:同理，每根木板对瓦 4.A【解析】对木块、小球组成的整体进行受力分 析，整体受到重力、支持力、摩擦力、拉力，正交分 片的摩擦力大小为F#=乞ngsin0. 解拉力可得Fcos0=Fi,Fsin0十FN=(M+m)g, F=hFN,联立可得F=(M什m)g。 F usin 0+cos 0 (M+m)g一，故当sin(0叶)=1时，拉力 1+2sin(0+e) 最小，最小值为F=丝件=号(M十 √1十 m)g,A正确，B错误；因为tan-子=3，故p 60°，当sin(0+p)=1时，拉力最小，此时0=30°， mg cos 0 C、D错误。 8.(1)③5r④F,与F的大小(2D 二、多项选择题 5.AC【解析】对铁牛受力分析，如图所示，铁牛受 【解析】(1)③根据力的平行四边形定则，计算绳套 到自身重力G、桥索对铁牛的拉力F、铁柱对铁 1的拉力月=mT=停.④比较R布R的 牛的作用力F2,三力平衡。根据共点力平衡条件 大小，即可初步验证力的平行四边形器定则。 和三角形定律可得，若F1增大，则F2也增大，A (2)保持绳套2方向不变，绳套1从0°方向向下 正确，B错误；F:与F:的合力与重力平衡，故F 缓慢转动到60°方向，此过程中保持橡皮筋的结 与F2的合力方向竖直向上，C正确，D错误。 点在O处不动，说明两个细绳拉力的合力不变， 作图如图所示，故绳套1的拉力先减小后增加， A、B、C错误，D正确。 G A 绳套1 6.BC【解析】对B、C两球整体受力分析，由平衡 0° 180° 条件得F想cos30°+Focos60°=2G,FAn sin30 30￥ 1509 60 =Fasin60°，联立解得F=√3G,Fam=G,A错 g9 误，B正确：对C球受力分析，由平衡条件得 b绳套2 Frccos0+Facos60°=G,Fic sin0=Fosin60°，联 立解得0=60°，C正确，D错误。 9.a2mg+Mg(29=号 三、非选择题 【解析】(1)对整体受力分析，根据平衡条件有 ? 号ms0 mgsin0 2Mg+mg=2FN 【解析】根据题意，作垂直平分一片瓦片且垂直 解得地面对每个斜面体的支持力为八=2mg十 于木板的截面，截面及受力分析如图所示，A、B Mg 分别为戴面上瓦片与两根木板的接触点，两根木 根据牛顿第三定律得，每个斜面体对地面的压力 ·3▣ 2X 衡水真题密卷 学科素养周测评 大小为R==名mg+Mg。 (2)对其中一个斜面体受力分析，如图所示，当斜 面体恰好不发生滑动时，根据平衡条件有 F=F sin 0 30 F=uFN 71g F-2mg+Mg 图1 图2 对圆柱体受力分析，根据平衡条件和牛顿第三定 (2)栓接小球乙的轻绳拉力大小F=mgc0sa 律有mg=2 FNI COS0 解得FR,=s 联立解得册-马。 以小球乙和半圆柱体丙整体为研究对象，由力 F 的平衡条件可知，半圆柱体丙所受的摩擦力方 向水平向左，大小等于拉力F:沿水平向右方向 的分力，即F:=Frsin a 解得F=9mg Mg (3)以结点O为研究对象，对其受力分析如图2 10.①2mg(2得g3号m<4n 所示，拉力F和F2的合力与F1等大反向，由 平衡条件得栓接物块甲的轻绳的弹力为 【解析】(1)对小球乙受力分析如图1所示，设 F:=Frtan a 拴接小球乙的轻绳与竖直方向的夹角为α，由几 代入数据解得F2=2mg 1 何关系可知 以物块甲为研究对象，对其受力分析，当静摩擦 (2R)2=R2+(W3R)2 力沿斜面向上达到最大值时有 所以连接乙球的轻绳与半圆柱体相切，即sina= F2十mgcos0=mgsin0 景-日 解得m甲=4m 解得a=30 当静摩擦力沿斜面向下达到最大值时有 小球乙受到的支持力Fv=mgsin a F2=mwgsin 0+umgcos 解得F=包mg 解得m,=号m 根据牛顿第三定律可知，小球乙对半圆柱体的 综上，物块甲的质量范国满足号m<m,<m 压力大小为2mg。 2024一2025学年度学科素养周测评（三） 物理·相互作用（二） 一、单项选择题 转动，弹力方向沿杆方向，题图乙中的杆一端插 1,D【解析】瓜子处于平衡状态，若仅减小A、B距 在墙里，不能自由转动，弹力方向不一定沿杆方 离，A、B对瓜子的弹力方向不变，则大小也不变， 向，而是沿两段绳合力的反方向，C错误：受力分 A、B错误；若A、B距离不变，顶角0越大，则A 析如图所示，甲中以B点为研究对象，根据平衡 B对瓜子弹力的夹角减小，合力不变，则两弹力 减小，C错误，D正确。 条件可得F一30=3mg,之中以D点为研 2.B【解析】题图甲中的杆有较链相连，可以自由 究对象，受到重物的拉力、上边绳的拉力和CD杆 2X 4。