周测评(5) 牛顿运动定律(二)-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养周测评（湖南专版）

2024一2025学年度学科素养周测评（五） 物理·牛顿运动定律（二）】 (考选时可75分钟，惑分100分》 一、达择题：本题共6小是，每小盟4分，其24分。在每小思给出的四个透项中，只有一项 符合题日要求。 题号 2 4 6 答案 1,期滴在空气中由静止开始下落，在其道率不太大时，形滴质受到的阻力大小与其速度大 小成正比。则在此过程中雨满的速率陆时同，的变化关系最接近图中的 2.如图所承，A,B两木块收在相精水平酯上，它们之间用不可种长的轻能相连，两次连接 情虎中轻绳倾斜方不同。已知两木块与水平面阿的动摩擦因数均为，先后用水平钓 力F和F:拉奢B使它们一忌水平内右做匀速运动，则匀违运动过程中 A.FCF BF>下 C.F-F D.无弦减定 3.如图所示，足够长韵慎角0一37的光滑斜面体固定在水平地面上，一限径绳药过定滑 轮，一圳与质量为州一1kg的物块A连接，另一端与质量为一3kg的物块B连接， 绳与时而保持平行。开始时，用手按住A,使B悬于空中，释放后在B落地之前，所有保 擦均葱略不计，不计空气阻力，m3?”=1,6,9037”=0,8.取10m/W,下列说法正确 的是 A绳的牧力大小为沿N 我绳的拉力大小为6N C.物块B的知速度大小为6m/s 口，如果将物块换成一个竖直向下且大小为的N的力，对物块A的运功设有影啊 学科素养周测浮（五）物理第1页（共8页） 衡水真题三 4.如图所示，在竖直平面内建立直角坐标系，孩平面内有AMBM,附三条光滑固定 轨道，其中B,C两点处于同一个拥上，C是圆上任意一点，B、M分制为此到与y轴，x轴 的切点，A点在y轴上且∠AkO-0,可为圆心。凳将a.b,c三个小球分别从A,B,C 点同时由静止释放，它打将沿轨道运动到M点，所用时间分期为以 a,,则 A.MSalc t-aic C.tta-ic D由于C点的位置不确定，故无法比较时间大小关系 五，如图所示，便角为的足够长的光滑到面围定在水平地面上，轻 弹簧一端迷接在斜而底端，另一确控接质量为m:的物体P,另 一质量为m的物体Q叠改在物体P上，P,Q可以看作覆点，轻 弹簧以及物体P、,Q处于静止状态，此时弹簧的形变量为年残 给物体Q施加，个沿料面向上的拉力F,桂它从静止开始沿斜面向上瞪匀加速直线运 动。下列关于拉力F两物体间弹力F与将体Q的位移x美系的图像正确的是 B.如图所示，经弹簧一精与质量为m的物块A相连接，另一端与小立柱（质量怎略不计）控 接，第一次将A败在物块B上，物块B的上表面水平，小立柱周定在B上，物块B放在 固定斜面上，A,县相对静止楚一显沿斜而下带，第二次将A放在物块C上，C的上表而 与斜而平行，小文柱四是在C上，物块C放在周定斜而上，AC相对静止地一起沿斜而 下滑。已知料面横角为一3对，品.C质量相等，与斜面到的动摩擦因数均为：<侵<< 号).两次轻资均处于种长秋态，路方大小均为了g。卫知重力加速度为：则两次下 滑过程中A,B间的摩擦力大小与A,C闻的摩擦力大小之比为 B A.I/5+3 1+5-5w c1+5- n1+5+w 2v3+1 2W3x+1 23x-1 2W3-1 学科素养周衡坪（五）物理第2页（共8页} 二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题始出的四个选项中，有多项行 合题日要求。全郎老对的得5分，慧对但不全的得3分，有选蜡的得0分。 题号 7 8. 910 答案 7.如图所示，光滑水平面上故置有絮靠在一起但并不黏合的A,B两个物体，A,B的质量 分别为wa=2hg=3kg从=0开始，推力F和拉力F,分周作用于A,B上，FA、 下：大小随时间变化的规律分别为F,=(7一2)N,下，一(3十2)N。周 AA、B两物体一直做匀加速有线运动 国图-+ B当FA一F时，A,B两物体之问的弹力为零 C-1,5时，A,B两物体开的分离 D.=6时，目物体的加迪度为5m/ 8.如图新示，质量m一2kg的小球用闺海栓在倾角8一$的光滑料 而上，此时细蝇平行于到面。取g=0m/W.n3=06, ● c0s37-0.8。下列说法正确的是 A.当阁面体以5m/W的加速度向右加速运动时，细绳拉力大小为0N B当制面体以5m/的加速度向右加速运动时，细绳拉力大小为0N C当斜由体以0m/日的加速度向右加速运动时，细简拉力大小为0N D.当斜面体以0血/的加速度向右加通运动时，胜绳拉力大小为20,5N 9.如图所示，A,B、C三个物体分判用轻绳和轻弹簧莲接，改置在领角为&的亮滑斜面上。 当用沿的面向上的恒力F作用在物体A上时，三者恰好保持静止，已知A,B,C三者质 量相等，重力加速度为g。下列说法正确的是 A在轻绳被烧断的解间，A的加速度大小为2gn0 B在轻绳被烧断的瞬间，B的加违度大小为gB C的断第簧的期间，A的加速度大小为2gn A奖然最去外力F的颠间，A的超速度大小为号：n0 10.知图所示，一质量为M=2感.顿角为三37的斜面体放在光滑水平地面上。斜面上叠 放一质量为州一1kg的光滑视形物烧，物块在水平力F作用下与解而体一起恰好保 持相对静止地向右运动。重力加速度为g一10m/?。下列说法正确的是 ( A.到面体对物块的支持力为12.5N 我解面体的加知速度大小为@一3.75m/s C水平恒力大小F=11.5N D若水平作用力F作用到斜面体上系统仍保持相对静止，则F 将变小 学科素养周测浮五)物理第3页{共8页) 衡水真是 三，非共择m:本题共5小题，共56分， 1山.(7分)天宫课登中，我同航天员演示了用动力学爆理测质量的实数。受此启发，某同学 设计了如图甲所示测量物体质量的实验装置：滑块上固定有条彩挡光片与力传感器： 线的两瑞分则连接在传怒器上和梢码上。当滑块通过G,G两个光电门到，光桌被 逸挡的时何的，可以技数字计时器测量并记录。己知挡光片的宽度为D,光电门 间的距南为x。 力传站源 光片 m“ 1.0 1.00 2.50 2间 10 1 90100200300.400500604m (1)调节气终导轨下面的螺钉.在不转情码的情况下轻離滑块，果△：《填 一<“或>")心，说明气垫导地已水平 (2)以下提牛能提高实验精确度的是 。《填正痛答案标号) A让牌码的总质量证小于小车的质量 且这用宽度较小的指无片进行实验 C适当增粗两光电门同的距离 (3)本实验中，计算滑块加违度的表达式为“一 .《用品1，D,￥表示 (4)该月学保精滑块（包括传感器及挡光片）的质量M不变，改变所挂槽码的质量，多 次重复测量，作出F图线如周乙巾1所示：由此可得M= kg (5)在滑块上因定传测物体m,重复《4)中操作，在图乙中作出金下图线1，周m kg。(结果保图两位有效数学) 密卷 学科素养周测评五)物理第4页（共8贾} 12.(9分》某实骏小凯用图甲所示装置测量木块与本板到的动摩擦因数：. 打点计时器 甲 实验操作步深如下： ①取若干个完全相同的钩码，将部分钩码悬挂在湘线下，剩余的钩码成在木块凹槽中。 记录悬挂钩码的个数： 四保持长木板水平，环放木换后打点计时器打出纸静 将木块凹桶中的钩码逐个柔加到线下精，重复多次打出纸带 (1》知图乙所示用射度尺测量纸播上点的位置，其中第4点读数为 cm. 90112)m (2)已知打点周期为丁一0.2s,第5友的瞬时速度为 m3。《销果保留两位 有效数字】 (3)测得悬挂钩码数期与相应的加速度年如表格所示，请限蒸表中数据在图丙中作出 金和图像，已知当地重力加速度g=B.8m/g,由图线时求得木块与木板闻的动摩 擦因数 《结果保箭两位有效数字) a/(m+s) 玖0 139 1.6 2,6g 我 /个 6 10 40片am 20 2 20 3 -40 学科素养周测浮五)物理第5页共8页) 衡水真是 ()实验中发观木板未网节本平，右端偏高，考虑到北因素的影响，和的测量值 (填大于“小于”或“等于)直实值。 13.(10分)如图所示，质隆片为的滑块A,B章在一起，静止效置在水平地面上，滑块A 与地面同的动摩报因数为丝，滑块B与地面间的动摩察因数为2。现用水平向右的推 力F推动滑块B,作用一段时网与后搬去推力下。已知推力F一5mmg,重力加速度为 g。求： (1)在森力F推动滑块B的过醒中，带块B对滑换A的算力大小。 (2)置去水早推力下后，滑块A与滑块B之间的最大距离。 密鞋 学科素养周测坪五)物理第6页（共8页} 14.14分)如图所示，光滑本平桌面右端固定有一个定滑轮和挡板P,长木板。质量为 15,(16分)某机城装置可觉化为如图所示的物理模程，面量分划为2两和两的小球A.B 祸，一2kg,物块@静止放在长木板c左端，井通过与桌面平行的轻绳与重精女相连。重 穿在足够长的经直周定仟上，A,B之间有一长度可忽略，劲度系数足够大的轻质弹簧， 物6由静止释收后：一2s时，长木板c与特板P发生碰撞（㎡椅时料极短），同时轻绳立 弹簧下轴与B相连，上端与A球不连接。开始时弹簧处于压缩优态，同时由静止释故 即断裂，碰后长木板以碰简速率的0,8倍反弹。已知物块a和重物6的质量均为 两球，弹簧辑月恢复原长，鼻黄与A分离后，A显直上升的量大高度为为。若A与显直 网，一m一1kg,物块a与长木板c何的动摩擦因数为：一心.5，光滑水平桌面足够长， 杆间摩旅不计，B与竖直杆何的摩擦力大小任为重力的点倍(<1)，重力知速度为 重物6离地面的高度是够高，g=10m/公。 g。求： (1)重物6所开始下落时轻绳的拉力及长术板c与扫板P碰藏的速率为多少： (1)开始时洋簧储存的弹性势能配， (2)长木板系少要多长，物块每才不会从「上桥出？ (2)运动过程中两小球之司的最大距离。 (3)第一次A追上B压缩弹簧到最短距离时，B韵违度大小 学科素养周测浮五」物理第T页共8页) 衡水真题密程 学科素薄周测坪五)物理第8页（共8置}·物理 参考答案及解析 【解析】(1)根据平衡条件有 解得撒去F后木块能继续沿斜面上滑的距离为 FTAn sin a=FTcsin 8 x=6m, FTABcos a十FTIC COS B=mg 15.0.4g14mg(2贤(3)2m>M2m 解得FTAB=8N Fc=6N。 【解析】(1)将乙与丙间的线剪断，对甲、乙整体 (2)根据牛顿第二定律和平衡条件有 根据牛顿第二定律有mg=(1.5m十m)a FTAnsin a-F'Tcsin B=ma 解得a=0.4g FTAncos a十FTCCOS=mg 对乙进行受力分析有Fr一mg=ma 解得F糊=12.8N 则Fr=1.4mg。 Fx=-0.4N (2)设甲物体质量为M,开始时弹簧处于伸长状 由Fr<0可知小车以a=8m/s2的加速度向 态，其仲长量为x1,有 右水平行驶时，小球飘起，F一0，设小球飘起 =(2m-M)g 时AB绳与竖直方向的夹角为0，根据牛顿第二 解得西=2m-M。 8 定律和平衡条件有 剪断轻线，甲的加速度为零时，速度达最大，设 F'TAB sin 0=ma 此时弹簧压缩量为x2,有kx2=(M-m)g FTAB COS 0=mg 解得FrB=2√4红N。 解得=M气。 14.(1)0.75(2)2m/s2,方向沿斜面向上(3)6m 所以，甲速度最大时，下降的距离 【解析】(1)木块恰能沿斜面匀速下滑，有 x=十=。 mgsin37°-mgcos37°=0 解得4=tan37°=0.75。 (3)设丙到地面的距离为L,丙刚好落地时，甲、 (2)木块沿斜面向上匀加速时，由牛顿第二定律 乙的速度为，对于甲、乙、丙三物体组成的系 得Fcos37°-ngsin37°-F=ma 统，由机械能守恒定律有 F=uFN 2mgl.-MgL-(M+2m) Fw=mgcos37°+Fsin37 若乙恰能着地，此时甲、乙物体速度为零，对甲、 联立解得a=2m/s2,方向沿斜面向上。 乙两物体组成的系统，由机械能守恒定律有 (3)撤去F时木块的速度为1=at=12m/s 撒去F后，设木块加速度大小为a2,由牛顿第二 MgL-mgL-](M+m) 定律得 联立解得M=√2m mgsin37°+umgcos37°=mag 所以2m>M√2m时，乙物体将不会着地。 解得a2=12m/s 根据运动学规律有2a2x= 2024一2025学年度学科素养周测评（五）物理·牛顿运动定律（二） 一、选择题 2.C【解析】将A、B作为一个整体，受力分析，水 1.B【解析】因为阻力正比于速度，所以F:=k, 平方向受到拉力和摩擦力，竖直方向受到重力和支 而雨滴的加速度a=mg二E,当速度增加，阻力 持力，根据平衡条件，则F=F=(mA十ms)g, A、B、D错误，C正确。 增加，加速度减小，雨滴做加速度逐渐减小的加3.C【解析】对B分析，由牛顿第二定律得m2g一 速运动，当加速度减小为零时，微匀速直线运动， Fr=m2a,对A、B整体分析，由牛顿第二定律得 所以速度一时间图线的切线斜率逐渐减小，B正 mg一m gsin0=(h十m)a,联立解得a=6m/s2, 确，A、C、D错误。 Fr=12N,A、B错误，C正确；如果将物块B换成 ·13 衡水真题密卷 学科素养周测评 一个竖直向下且大小为30N的力，对A由牛顿第 受重力、物块C垂直斜面向上的支持力、弹簧沿 二定律得F-mgsin0=ma',解得a'=24m/s, 斜面向上的弹力，物块C对A沿斜面向上的静摩 前后加速度不一样，对物块A的运动有影响，D 擦力，由牛顿第二定律有mngsin B-F#一Fic= 错误。 4.C【解析】对于BM段，位移x=√2R,加速度 k2格是- ma,又F华=m a=阳5=号g,旅据五=支痛得 A、B、D错误，C正确。 二、选择题 √臣√区对于AM段，位移=2R,加逸度 7,CD【解析】对A、B整体受力分析，由牛顿第二 定律得FA十FB=(mA十mu)ao,解得a= a=gsin60°=3 8,由= 2a,得u 2m/s2,当A、B两物体恰好分离时，对A由牛领 第二定律得FA=mAa。,FA=(7一2t)N,解得t= 2运=8驱，对于CM段，设CM与竖直方向 1.5s,所以1=1.5s内A、B两物体一起向右做 匀加速直线运动，t一1.5s后A、B两物体分离， 夹角为0，同理可解得c一√月 2·2Rcos0_ 由于F、F:是变力，则两物体加速度发生改变， gcos 6 A错误，C正确；当t=1.5s时，A,B两物体之间 巫，即n=e<a,C正确。 的弹力为零，此时Fa=(7一2×1.5)N=4N,Fa =(3+2X1.5)N=6N,则FA≠F,B错误；当t 5.D【解析】静止时kx=(m1十m)gsin6,当P、Q =6s时，对B受力分析，由牛顿第二定律有F 分离时，两者加速度相等，两者间的弹力为零，则对 =maB,其中Fa=(3十2t)N,代入数据解得B物 Q有F-mgsin0=a,对P有kx-m gsin0= 体的加速度为aa=5m/s2,D正确。 ma,此时弹簧仍处于压缩状态，即物体Q的位移 8.AD【解析】小球刚好离开斜面时的临界条件是 小于x。,A、B错误；两物体分离之前，对整体有 斜面对小球的弹力恰好为零，斜面对小球的弹力 F+k(xo-x)-(m1十m2)gsin0=(m1十mg)a, 恰好为零时，设细绳的拉力为F,斜面体的加速度 对Q有F十FN-m2gsin0-m2a,联立解得FN- 为a0,以小球为研究对象，根据牛顿第二定律有 一m十7 gsin0-,Fm,当F、=0时解 m1十1m2 m1十nm2 Fcos0=ma,Fsin0-mg=0,解得ao≈l3.3m/s2。 得x=(m+m)gsin0_Fm<(m十m)gsin0 由于a1=5m/s2<ao,可见小球仍在斜面上，此时 k kmz k 小球的受力情况如图甲所示，以小球为研究对象 =x,C错误，D正确。 根据牛顿第二定律有F1cos0一Fwsin0=ma1, 6.C【解析】物块B、C质量相等，设B、C质量均 Fsin0+Fwcos0-mg=0,解得F=20N,A正 为M,A与B保持相对静止，则二者向下的加速 确，B错误：由于a2=20m/s2>a,可见小球离开 度是相等的，对A、B整体，由牛顿第二定律有 了斜面，此时小球的受力情况如图乙所示，设细绳 (M+m)gsin B-u(M+m)gcos B=(M+m)a1, 与水平方向的夹角为α，以小球为研究对象，根据 解得a1=gsin B--gcos。同理，A与C保持相 牛顿第二定律有F2cosa=ma2,F2sina一mg=0, 对静止，则二者向下的加速度也是相等的，对A 解得F2=20√5N,C错误，D正确. C整体，由牛顿第二定律有(M十m)gsin B u(M+m)gcos 8=(M+m)ag,解得a2=a1= gsin B-ugcos B,第一次以A为研究对象，A受 重力、物块B竖直向上的支持力、弹簧水平向左 mg 的弹力，因为A所受合力沿斜面向下，由力的合 成与分解知识可知，A在水平方向上所受合力一 甲 乙 定向右，即A所受静摩擦力水平向右，则有FB 9.AD【解析】把A,B、C看成是一个整体进行受 一F#=ma1cosB,第二次仍以A为研究对象，A 力分析，有F=3 ngsin0,在轻绳被烧断的瞬间， 14 ·物理 参考答案及解析 A、B之间的绳子拉力为零，对A,由牛顿第二定 D 1 1 律得F-mngsin0=maA,解得aA=2gsin0,A正 2xL(△42)z (△4)]· 确；对于C,由牛顿第二定律得F=mgsin0,在 (4)由于F=Ma,则M=E-0.40 a2.00 g=0.20kg。 轻绳被烧斯的瞬间，对于B,绳子拉力为零，弹力 不支，根据牛顿第二定律有F绿十mngsin日=maa, (5)图像的斜率= M解得m=是 解得aB一2gsin0,B错误；剪断弹簧的瞬间，对于 1 -0.20 整体A、B,弹簧弹力为零，根据牛顿第二定律有 M- 1.50 kg≈0.13kg。 0.50 F-2 g0=2na8,解得as=2gsin0,A的 12.(1)10.30 (2)0.85(3)见解析图0.35 加速度大小aA=a=2gsin0,C错误：突然撒 (4)小于 【解析】(1)刻度尺的分度值为0.1cm,需要估 去外力F的瞬间，A、B整体一起做匀减速直线运 读到分度值的下一位，第4点读数为10.30cm。 动，由牛顿第二定律有F+2 ngsin0=2ma8,解 (2)根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度 得aa=是gsin,A的加速度大小aA=dw= 等于该过程的平均速度，可得=器 是gsin0,D正确。 13.70-10.30×102m/s=0.85m/s。 2×0.02 10.ABC【解析】对整体进行受力分析，根据牛顿 (3)根据表中数据作出an图像如图所示，设每 第二定律有F=(M十m)a,再隔离物块，在竖直 个钩码的质量为m,所有钩码质量之和为M,木 方向有FNcOs0-mg=0,水平方向有F 块质量为。，当细线下端挂有n个钩码时，对这 Fysin0-ma,联立解得F-1l.25N,Fv=12.5N, n个钩码，根据牛顿第二定律有mg一Fr= a=3.75m/S,A、B、C正确：若力作用在面上， ma,对小车及剩余钩码，根据牛顿第二定律有 对物块进行受力分析，物块仅受重力和支持力， Fr一(M什m一m)g=(M十m-m)a,联立解 二力合成有mgtan0=ma0,解得a=7.5m/s2, 得a=mg1+ 2n一g,根据图像可得一g= 再对整体根据牛顿第二定律有F=(M十m)ao, M件 可知外力需增大，D错误。 -3.4m/s2,解得=0.35。 三、非选择题 aa/(m·s 11.(1)=(2)BC(3)P[1 4.0 1 2aL)() 3.0 (4)0.20(5)0.13(0.14亦可) 2.0 【解析】(1)调节气垫导轨下面的螺钉，在不挂 1.0 槽码的情况下轻推滑块，若滑块做匀速直线运 0 动，则滑块通过两光电门时速度相同，即光电门 -1.0 的遮光时间相同，证明气垫导轨已水平。 (2)本实验存在力传感器，示数是滑块的合外 -2.0 力，不需要满足槽码的总质量远小于小车的质 -3.0 量，A错误：用极短时间内的平均速度表示瞬时 -4.0 速度，则挡光片越窄，平均速度表示瞬时速度越 (4)实验中发现木板未调节水平，右端偏高，设 准确，B正确：适当增加两光电门间的距离，可减 木板与水平面夹角为0，根据(3)分析，纵物截距 小因测量带来的相对误差，C正确。 为g0os0=6,则Ag。g若仍接照一点计 (③)滑块经过光电门的选度为欧=4，巧 算，则以的测量值小于真实值。 ，根据公式透-=2ax,解得a=近 D 2x 13.(1)2omg (2)g ·15 衡水真题密卷 学科素养周测评 【解析】(1)用水平向右的推力F推动滑块B 长木板的位移为a=0.8u十包1=5：5m 时，设滑块A、B一起加速运动的加速度为a。, 2 3 根据牛顿第二定律有F一mg一2mg=2mao 长木板和物块共速时有a.t'=v一at 解得a0=g 解得1-品。 对滑块A进行受力分析，由牛顿第二定律有 此时长木板和物块的速度为=at'=1m/s FN-umg-=mao 解得FN=2pang。 该段时问长木板的位移为a-生一； 3 m (2)滑块A、B在时间为t。时的速度大小为 vo=aoto=ugto 物块a的位移为xa一昌-×号m品m 1 撒去向右的水平推力F后，滑块A的加速度为 则长木板的长度至少为 aA-g-ug L=无a十x十x2-xe=3.6m 滑块B的加速度为aB=2m8=2g 15.(1)6mgh 3(是-2)小vg 加 【解析】(1)设弹簧与A分离瞬间，A、B速度大 根据匀减速直线运动的规律知，滑块A减速运 小分别为1、改，A做竖直上抛运动，有 == 动的距离为xA一24=24g6 vi=2gh 滑块B运动的距离为工B一2aB一4g6 解得=√2gh 以竖直向下为正方向，根据动量守恒定律可得 滑块A与滑块B之间的最大距离为 0=m2-2m0 1 △x=xA-2B=4g6。 解得=2=2√/2gh 14.(1)7.5N5m/s(2)3.6m 根据能量守恒定律可得 【解析】(1)重物b释放后，假设a、b、c一起运 E-号×2md+2m4 动，根据牛顿第二定律有 解得Ep=6mgh。 mg=(ma十m十m,)a (2)对A,由牛顿第二定律可得 解得a=2.5m/s 则长木板c应受到的摩擦力为 2mg=2may F=ma=5 N<umag=7.5 N 解得1=g 故重物b释放后，a、b、c一起运动成立，根据牛 对B,由牛顿第二定律可得 顿第二定律有 mg一kmg=mag m6g一T=m4a 解得a2=(1-k)g 解得T=7.5N 设经过时间：两球速度相同，此时两球距离最 长木板c与挡核P碰前的速率为4=at=5m/s。 远，有 (2)长木板c与挡板P碰后，a、c均做减速运动， -十a1t=h十a2t a、c的加速度大小分别为a。=g=7.5m/s2, 解得=十=十边=32g巫 a1-az kg g a=2g=3.75m/g 此时A、B的位移分别为 物块a减速为零的时间为一-号。 2 石=-w+2a,a=t+2,r 1 长木板c减速为零的时间为2=08☑=16 ae158 两球之间的距离为5=一西一@》_弘】 2kg k1 则物块a先减逵为零的位移为a=三=三 (3)设经过时间t时，A追上B,此时有x=x 2a3m 此时长木板c的速度为=0.8u一at1=1.5m/s 其中=-nt叶a,=wt叶7a,h ·16 ·物理· 参考答案及解析 解得1-2（十） 速度相等，设此时速度为，根据动量守恒定律 kg 可得 此时两球速度分别为 2mv1十mw2=3mz tl=-h十a1t',h=h十a2t 第一次A追上B压缩弹簧到最短距离时，A、B 解得=（是-2V2gk。 2024一2025学年度学科素养周测评（六） 物理·牛顿运动定律（三） 一、单项选择题 5.C【解析】物体从A处由静止下落，开伞前加速 1.B【解析】根据题意有F:=6π℃，则有n= 度向下，物体所受合力为F。=mg一F,F 又由于F=ma,通过单位运算，可知空气粉 2CS,F不断增大，加速度减小，题图乙中右侧 滞系教的单位可以表示为船。A,CD错误，B 图线与此过程相符合，有mg一F=ma1,解得S1= 正确。 2mg二ma),A错误，C正确；题图乙中左侧图 Co 2.B【解析】假设由静止释放物块B后一小段时 间内，小球A与物块B之间的压力为零，此时，小 线为开伞后的国线，有B=CS,,当= 球A只受自身的重力作用，将竖直向下做自由落 时，有mg=B=9S味，解得S=器且当 体运动，加速度为g。对物块B而言，它将受到 自身重力以及斜面对它的垂直于斜面向上的支 v减小时，a减小，B、D错误。 6.B【解析】设AC一s,國环沿轻杆AC下滑时，圆 持力F、的作用，沿斜面向下滑动。在垂直于斜 面方向，物块B受力平衡；在沿斜面方向上，物块 环的加速度大小为4，=mgc0s0=gcos,根据运 m B所受合外力为其重力沿斜面向下的分力，此分 1 力为一定值，所以物块B沿斜面向下做匀加速直 动学公式有s= 2s 2a16,联立解得ie=√gc0s0' 线运动，设其加速度为a1,则有a1<g。设物块B 闻环沿轻杆AB下滑时，固环做自由落体运动，则 在竖直方向上的加速度为a2,则有a<a1<g。 1 25 在竖直方向上，物块B的加速度小于小球A的加 有细=。，解得一√g05)周环沿 速度，可见“两者之间压力为零的假设”不成立， 轻杆AD下滑时，圆环的加速度大小为a2= 两者之间应存在压力。小球A对物块B的压力 n90一20=g00s20,根据运动学公式有0 垂直于B的上表面，方向竖直向下。A、C、D错 m 误，B正确。 1 2s 3.D【解析】对人和吊板整体，根据牛顿第二定律 2a6,解得o-√cos (cos20,则有g=c< 有4F1-(M+m)g=(M+m)a,解得F= tD,B正确。 220N,对人根据牛顿第二定律有F十F: 二、多项选择题 Mg=Ma,解得F2=550N,根据牛顿第三定律得 7.AD【解析】小球以一定速度接触弹簧后，在开 始阶段，小球的重力大于电场力与弹簧弹力的合 人对吊板的压力F2=F2=550N,D正确，A、B、 C错误。 力，合力向下，加速度向下，根据牛顿第二定律得 4.D【解析】以六位特战队员为研究对象有F mg一k缸一gE=ma,解得a1=一话+7g,当x m 6(k十1)mg=6ma,设第二位队员和第三位队员 增大时，a减小，小球做加速度减小的加速运动： 间绳的拉力为T,以下面的4名特战队员为研究 当弹簧弹力与电场力的合力等于重力时，小球的 对象有T-4+1Dmg=nma,解得T=号F,a 合力为零，加速度a2=0,当弹簧弹力与电场力的 合力大于重力后，小球的合力向上，加速度向上， 一(k+1)g,D正确。 F 根据牛顿第二定律得一kx一gE十mg=maa,解得 17 S